精品解析：山东济南市钢城区2026-2027学年九年级上学期11月期中数学试题

2026-2027学年度上学期期中诊断性评价 九年级数学试题 注意事项： 1．答卷前请考生务必在试卷的规定位置将自己的姓名、准考证号等内容填写准确． 2．本试题．分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共150分，考试时间为120分钟． 3．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题用0.5mm黑色签字笔直接答在答题卡相应区域，不能答在试卷上：解答题作图需用黑色签字笔，不能用铅笔． 4．考试结束后，由监考教师把答题卡收回． 第I卷（选择题40分） 一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分，每小题只有一个选项符合要求．） 1. 下列函数中，是二次函数的是（ ） A. B. C. D. 2. 已知的半径为，点为平面内一点，且，则点与的位置关系是（ ） A. 点在上 B. 点在内 C. 点在外 D. 无法判断 3. 将抛物线先向左平移2个单位，再向上平移3个单位，所得抛物线的解析式为（ ） A. B. C. D. 4. 对于抛物线，下列判断不正确的是（ ） A. 抛物线的开口向下 B. 当时，有最大值1 C. 当时，随的增大而增大 D. 对称轴为直线 5. 点，，均在二次函数的图象上，则，，的大小关系是（ ） A. B. C. D. 6. 如图，已知、是的弦，且，如果，则的度数是（ ） A. B. C. D. 7. 如图，本学期在学习二次函数时，小明借助＂GeoGebra＂软件绘制了函数的图象．下列说法错误的是（ ） A. 当时，随的增大而减小 B. 有三个不相等的实数根 C. 该函数图象关于点成中心对称 D. 当时，函数取得最大值为4 8. 在同一坐标系中，二次函数与的图象可能是（） A. B. C. D. 9. 如图，内接于，点B是的中点，是的直径．若，，则的长为（ ） A. 5 B. C. D. 10. 在平面直角坐标系中，已知抛物线．已知是抛物线上的点，的横坐标是．抛物线的顶点为，且可以由抛物线平移得到（特别地，当是的顶点时，即为），当时，抛物线都与轴有两个交点，则的取值范围（ ） A. 或 B. 或 C. D. 第Ⅱ卷（非选择题110分） 二、填空题（本题共5小题，只要求填写最后结果，每小题填对得4分，共20分） 11. 函数的自变量的取值范围是_________． 12. 如图，已知直线与正五边形的边，分别相交于点，，形成夹角和，则______． 13. 数学来源于生活，伞是生活中常见的一种工具，伞撑开后如图①所示，由此发现数学知识抛物线．如图②，以伞柄所在的直线为轴，以伞骨、的交点为坐标原点建立平面直角坐标系，为抛物线的顶点，点、在抛物线上，、关于轴对称．已知抛物线的解析式为，若点到轴的距离是，则、两点之间的距离是__________． 14. 已知：如图，为的直径，且，与相切于点，交延长线于点，连接，，，平分交于点，过点作，垂足为，求线段的长______． 15. 如图，二次函数的部分图象与轴交于点，与轴的交点位于和之间，顶点为，对称轴为直线．下列说法：①；②；③；④设抛物线与轴的另一交点为，当时，．其中正确的是_____． 三、解答题（本题共10小题，共90分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤） 16. 已知函数是关于的二次函数． （1）求的值． （2）写出这个二次函数图象的开口方向、对称轴和顶点坐标． 17. 石拱桥是我国古代人民勤劳和智慧的结晶（如图1），赵州桥是我国古代石拱桥的代表．图2是根据该石拱桥画出的几何图形，桥的主桥拱是圆弧形，表示为，桥的跨度（弧所对的弦长），设所在圆的圆心为，，为半径，半径，垂足为．拱高（弧的中点到弦的距离）．求这座石拱桥主桥拱的半径． 18. 如图，点，，在上，，． （1）求的度数； （2）求的度数． 19. 已知，二次函数的与的部分对应值如下表． … 0 1 2 … … 9 3 1 3 … （1）求________，并在平面直角坐标系中画出函数图象； （2）①当时，的取值范围是_________； ②当时，的取值范围是_________． 20. 抛物线经过，两点． （1）求抛物线的解析式； （2）求抛物线与轴的另一个交点的坐标． 21. 如图，、是的切线，切于点，的周长为12，． （1）求的长； （2）求的度数． 22. 今年清明节前后，钢城区南湖公园美丽的风景吸引了众多的孩子去那里玩耍，锁大爷看到了商机，决定进一批风筝销售，经过他几天的市场调研：燕子型风筝进价每个为10元，当售价每个为12元时，销售量为180个，若售价每提高1元，销售量就会减少10个，请回答以下问题： （1）求出燕子型风筝销售量（个）与售价（元）之间的函数关系式（）； （2）当售价定为多少时，锁大爷获得的利润最大，最大利润是多少？ 23. 如图，是的直径，点在上，，点在线段的延长线上，且． （1）求证：EF与相切； （2）若，求的长． 24. 如图是新能源汽车充电站遮阳棚横截面的示意图，其中棚顶的横截面可以看作是抛物线的一部分，棚顶的端点为该抛物线的最高点，点到地面的距离为米，棚顶与立柱的交点到地面的距离为米，且点和点的水平距离为米． （1）按如图所示的平面直角坐标系，求抛物线的函数解析式； （2）一辆观光车需要充电，如图，已知车身长约米，车厢最高点与遮阳棚接触点离地面高约米，请通过计算说明这辆观光车是否可以完全停进遮阳棚正下方； （3）为了让遮阳棚更加稳固和美观，计划在遮阳棚内侧安装钢架．如图所示，钢架分两段，其中一段连接点与点，然后在棚顶上某处取点，在钢架和棚顶之间竖直安装第二段钢架．求出第二段钢架长度的最大值． 25. 如图，抛物线与轴交于，两点，与轴交于点． （1）求抛物线的表达式． （2）若为直线上方的抛物线上一动点，连接，若的面积为3，求点的坐标． （3）抛物线上是否存在一点，使得？若存在，请直接写出点的坐标；若不存在，请说明理由． 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026-2027学年度上学期期中诊断性评价 九年级数学试题 注意事项： 1．答卷前请考生务必在试卷的规定位置将自己的姓名、准考证号等内容填写准确． 2．本试题．分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共150分，考试时间为120分钟． 3．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题用0.5mm黑色签字笔直接答在答题卡相应区域，不能答在试卷上：解答题作图需用黑色签字笔，不能用铅笔． 4．考试结束后，由监考教师把答题卡收回． 第I卷（选择题40分） 一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分，每小题只有一个选项符合要求．） 1. 下列函数中，是二次函数的是（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】本题考查了二次函数的定义；熟练掌握二次函数解析式的一般形式（其中）是解题的关键． 根据二次函数的定义，形如（其中）的函数是二次函数．检查各选项，只有选项B符合此定义． 【详解】解：二次函数要求自变量的最高次数为2，且系数不为0． 选项A：，的最高次数为1，是一次函数； 选项B：，的最高次数为2，且系数，符合定义； 选项C：，分母有未知数，不是二次函数； 选项D：，分母有未知数，不是二次函数； 故选：B． 2. 已知的半径为，点为平面内一点，且，则点与的位置关系是（ ） A. 点在上 B. 点在内 C. 点在外 D. 无法判断 【答案】B 【解析】 【详解】的半径，点到圆心的距离， ． 点在内． 3. 将抛物线先向左平移2个单位，再向上平移3个单位，所得抛物线的解析式为（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】解：将抛物线向左平移2个单位，得， 再向上平移3个单位，得． 4. 对于抛物线，下列判断不正确的是（ ） A. 抛物线的开口向下 B. 当时，有最大值1 C. 当时，随的增大而增大 D. 对称轴为直线 【答案】D 【解析】 【分析】根据抛物线顶点式的性质，判断开口方向、对称轴、最值及增减性． 【详解】解：∵ 中，， ∴ 抛物线开口向下，故A正确； ∴ 对称轴为直线，顶点为， ∴ 当时，有最大值1，故B正确； ∵ ，对称轴， ∴ 当时，随的增大而增大，故C正确； 对称轴为，不是，故D错误． ∴ 不正确的是D， 故选：D． 5. 点，，均在二次函数的图象上，则，，的大小关系是（ ） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】求出二次函数的对称轴，结合开口方向，通过比较各点到对称轴的距离判断函数值大小． 【详解】解：二次函数的对称轴为直线． ∵， ∴抛物线开口向上，抛物线上的点到对称轴的距离越远，对应的函数值越大． 点到对称轴的距离为， 点到对称轴的距离为， 点到对称轴的距离为， ∵， ∴． 6. 如图，已知、是的弦，且，如果，则的度数是（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】连接，根据，得到，则，再根据等腰三角形求的度数. 【详解】解：连接， ∵， ∴， ∴，即， ∴， ∵， ∴. 7. 如图，本学期在学习二次函数时，小明借助＂GeoGebra＂软件绘制了函数的图象．下列说法错误的是（ ） A. 当时，随的增大而减小 B. 有三个不相等的实数根 C. 该函数图象关于点成中心对称 D. 当时，函数取得最大值为4 【答案】D 【解析】 【分析】本题考查函数图象的应用、中心对称，能从函数图象获取信息是解答的关键．从函数图象特征结合选项逐个分析可得答案． 【详解】解：A、由图象，当时，随的增大而减小，选项A正确，不符合题意； B、由图象，函数的图象与直线有3个交点，则有三个不相等的实数根，选项B正确，不符合题意； C、根据图象，该函数关于某点成中心对称，设中心对称点坐标为， 由图象，点和点是对应点，和是对应点， ∴，，则，满足 故该函数图象关于点成中心对称，选项C正确，不符合题意； D、由图象，该函数没有最大值和最小值，选项D错误，符合题意， 故选：D． 8. 在同一坐标系中，二次函数与的图象可能是（） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】根据二次函数的开口方向、对称轴位置确定、的符号，进而判断的符号，结合反比例函数的图象性质进行排除． 【详解】解：A选项：抛物线开口向上，则；对称轴在轴右侧，即， ∵， ∴， 此时，反比例函数的图象位于第一、三象限，符合题意； B选项：抛物线开口向下，则；对称轴在轴左侧，即， ∵， ∴， 此时，反比例函数图象应位于第二、四象限，不符合题意； C选项：抛物线开口向上，则；对称轴在轴左侧，即， ∵， ∴， 此时，反比例函数图象应位于第二、四象限，不符合题意； D选项：抛物线开口向上，则；对称轴在轴左侧，即， ∵， ∴， 此时，反比例函数图象应位于第二、四象限，不符合题意． 9. 如图，内接于，点B是的中点，是的直径．若，，则的长为（ ） A. 5 B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】连接，先求得，再利用直角三角形的性质求得，又由点是的中点得，进而利用勾股定理即可得解． 【详解】解：如图，连接， ∵是的直径， ∴， ∵， ∴， ∴， ∵点是的中点， ∴， ∵， ∴即， 解得， 故选：B． 【点睛】本题主要考查了勾股定理，圆周角定理，直角三角形的性质，弧、弦之间的关系，熟练掌握圆周角定理及勾股定理是解题的关键． 10. 在平面直角坐标系中，已知抛物线．已知是抛物线上的点，的横坐标是．抛物线的顶点为，且可以由抛物线平移得到（特别地，当是的顶点时，即为），当时，抛物线都与轴有两个交点，则的取值范围（ ） A. 或 B. 或 C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】由平移性质写出的顶点式，分、两种情况，结合抛物线与轴交点条件和的范围求解的范围． 【详解】解：∵　M在抛物线上，横坐标为， ∴　. ∵　抛物线由平移得到，顶点为， ∴　的解析式为； ∵　， ∴　． ①当时，开口向上， 若与轴有两个交点，则顶点纵坐标小于0，即， ∵　， ∴　. ∵　，随的增大而增大， ∴　当时，取得最大值，要使时恒成立，需， 解得； ②当时，开口向下，若与轴有两个交点，则顶点纵坐标大于0，即. ∵　，， ∴　， ∴　. 又∵　， ∴　恒成立，即满足条件． 综上所述，的取值范围是或． 第Ⅱ卷（非选择题110分） 二、填空题（本题共5小题，只要求填写最后结果，每小题填对得4分，共20分） 11. 函数的自变量的取值范围是_________． 【答案】且 【解析】 【分析】该函数同时包含二次根式和分式，需分别根据二次根式和分式有意义的条件列不等式，再取交集得到自变量的取值范围． 【详解】解：要使函数有意义 需满足且， 解不等式得， 由得， 因此自变量的取值范围是且． 12. 如图，已知直线与正五边形的边，分别相交于点，，形成夹角和，则______． 【答案】 【解析】 【详解】解：∵正五边形， ∴， ∵四边形中，，， ∴， ∴． 13. 数学来源于生活，伞是生活中常见的一种工具，伞撑开后如图①所示，由此发现数学知识抛物线．如图②，以伞柄所在的直线为轴，以伞骨、的交点为坐标原点建立平面直角坐标系，为抛物线的顶点，点、在抛物线上，、关于轴对称．已知抛物线的解析式为，若点到轴的距离是，则、两点之间的距离是__________． 【答案】 【解析】 【分析】本题主要考查了二次函数的应用，正确理解题意是解题的关键．将代入求出，再计算、两点之间的距离． 【详解】解：根据题意可知， 当时，， 解得：， ∴． 故答案为：． 14. 已知：如图，为的直径，且，与相切于点，交延长线于点，连接，，，平分交于点，过点作，垂足为，求线段的长______． 【答案】 【解析】 【分析】根据切线的性质，直径所对的圆周角是，先求出，得，再求出，最后根据勾股定理可求出答案． 【详解】解：如下图，连结， 与相切于点C， ， ， ， ， ， ， 为的直径， ， ， 平分， ， ， ， ， ， ，即， 解得． 15. 如图，二次函数的部分图象与轴交于点，与轴的交点位于和之间，顶点为，对称轴为直线．下列说法：①；②；③；④设抛物线与轴的另一交点为，当时，．其中正确的是_____． 【答案】 【解析】 【分析】由函数图象的开口方向、对称轴、与轴的交点分别判断、、的正负，进而判断的正负；用对称轴公式变形推导等式；把、代入解析式得，结合的范围解不等式；利用二次函数图象的对称性得点坐标，据得点坐标，将，，代入得出点的坐标，根据勾股定理列方程求出． 【详解】二次函数开口向下， ， 对称轴， ， 二次函数图像与轴交于点位于和之间， ， 故，错； 对称轴， ， ，正确； 二次函数图象与轴交于点， ， ， ， ， 二次函数图像与轴交于点位于和之间， 可得， ，不正确； 二次函数图象与轴交于点，对称轴， 点坐标为， ， 点的坐标为， 当时，， 将，代入，可得， 点的坐标为， ，，， ， ，可得， 解得：或， ， ，正确； 综上所述：正确的是． 三、解答题（本题共10小题，共90分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤） 16. 已知函数是关于的二次函数． （1）求的值． （2）写出这个二次函数图象的开口方向、对称轴和顶点坐标． 【答案】（1） （2）这个二次函数图象的开口向下，对称轴为直线，顶点坐标为 【解析】 【分析】（1）根据二次函数的定义，二次项系数不为零，自变量次数最高为2次，据此解答即可； （2）将二次函数化为顶点式，求出对称轴和顶点坐标． 【小问1详解】 解：由题意，得， 解得； 【小问2详解】 解：由（1）得二次函数解析式为：， 这个二次函数图象的开口向下，对称轴为直线，顶点坐标为． 17. 石拱桥是我国古代人民勤劳和智慧的结晶（如图1），赵州桥是我国古代石拱桥的代表．图2是根据该石拱桥画出的几何图形，桥的主桥拱是圆弧形，表示为，桥的跨度（弧所对的弦长），设所在圆的圆心为，，为半径，半径，垂足为．拱高（弧的中点到弦的距离）．求这座石拱桥主桥拱的半径． 【答案】这座石拱桥主桥拱的半径为 【解析】 【分析】本题考查垂径定理，勾股定理． 设这座石拱桥主桥拱的半径为，由垂径定理，结合已知可得，根据勾股定理，即可得这座石拱桥主桥拱的半径． 【详解】解：设这座石拱桥主桥拱的半径为， ∵，， ∴， ∴， 解得， ∴这座石拱桥主桥拱的半径为． 18. 如图，点，，在上，，． （1）求的度数； （2）求的度数． 【答案】（1） （2） 【解析】 【分析】（1）先根据平行线的性质可得，再利用圆周角定理即可求解； （2）先求出，进而求出的度数． 【小问1详解】 解：∵，， ∴， ∵弧弧， ∴， ∴的度数是50°． 【小问2详解】 解：∵， ∴， ∴，且， ∴， ∴， ∴， ∴的度数是40°． 19. 已知，二次函数的与的部分对应值如下表． … 0 1 2 … … 9 3 1 3 … （1）求________，并在平面直角坐标系中画出函数图象； （2）①当时，的取值范围是_________； ②当时，的取值范围是_________． 【答案】（1）9，； （2）①；②或 【解析】 【分析】（1）把代入函数解析式即可求解； （2）根据函数图象直接写出y或x的取值范围． 【小问1详解】 解：当时，， 函数图象略； 【小问2详解】 解：①由函数图象得：当时，； ②由函数图象得：当时，或． 20. 抛物线经过，两点． （1）求抛物线的解析式； （2）求抛物线与轴的另一个交点的坐标． 【答案】（1） （2） 【解析】 【分析】（1）根据待定系数法求解； （2）令，得到关于x的一元二次方程，进而即可求解． 【小问1详解】 解：由题意可得：，解得， ∴抛物线的解析式为； 【小问2详解】 解：当时，即， 解得（舍）， ∴抛物线与轴的另一交点坐标为． 21. 如图，、是的切线，切于点，的周长为12，． （1）求的长； （2）求的度数． 【答案】（1）6 （2） 【解析】 【分析】本题考查的是切线长定理． （1）可通过切线长定理将相等的线段进行转换，得出三角形的周长等于的结论，即可求出的长； （2）根据三角形的内角和求出和的度数和，然后根据切线长定理，得出和的度数和，再根据三角形的内角和求出的度数． 【小问1详解】 解：，都是圆的切线， ， 同理，， 三角形的周长， 即的长为6； 【小问2详解】 解：， ， ， ，是圆的切线， ； 同理：， ， ． 22. 今年清明节前后，钢城区南湖公园美丽的风景吸引了众多的孩子去那里玩耍，锁大爷看到了商机，决定进一批风筝销售，经过他几天的市场调研：燕子型风筝进价每个为10元，当售价每个为12元时，销售量为180个，若售价每提高1元，销售量就会减少10个，请回答以下问题： （1）求出燕子型风筝销售量（个）与售价（元）之间的函数关系式（）； （2）当售价定为多少时，锁大爷获得的利润最大，最大利润是多少？ 【答案】（1）（） （2）当售价定为20元时，锁大爷获得利润最大，最大利润是1000元． 【解析】 【分析】（1）根据“当售价每个为元时，销售量为个，若售价每提高1元，销售量就会减少个”，即可得出y关于x的函数关系式； （2）根据二次函数的性质求得最值，即可求解． 【小问1详解】 解：根据题意可知：， ∴销售量与售价之间的函数关系式为（）； 【小问2详解】 解：由题意，设锁大爷获得的利润为元， 则， ∵，∴当时，取最大值，最大值为1000． 答：当售价定为20元时，锁大爷获得利润最大，最大利润是1000元． 23. 如图，是的直径，点在上，，点在线段的延长线上，且． （1）求证：EF与相切； （2）若，求的长． 【答案】（1）证明：连接， ∵， ∴， ∵， ∴， ∵是的直径， ∴， ∵， ∴， ∴， ∵为半径， ∴EF与相切； （2）． 【解析】 【分析】（1）利用圆周角定理得到，结合已知推出，再证明，推出，即可证明结论成立； （2）设半径为x，则，在中，利用正弦函数求得半径的长，再在中，解直角三角形即可求解． 【小问1详解】 略 【小问2详解】 解：设半径为x，则， ∵，， ∴， 在中，，， ∴，即， 解得， 经检验，是所列方程的解， ∴半径为4，则， 在中，，，， ∴， ∴． 【点睛】本题考查了圆的切线的判定、圆周角定理、解直角三角形以及相似三角形的判定和性质等知识，熟练掌握圆的相关知识和相似三角形的判定和性质是解题的关键． 24. 如图是新能源汽车充电站遮阳棚横截面的示意图，其中棚顶的横截面可以看作是抛物线的一部分，棚顶的端点为该抛物线的最高点，点到地面的距离为米，棚顶与立柱的交点到地面的距离为米，且点和点的水平距离为米． （1）按如图所示的平面直角坐标系，求抛物线的函数解析式； （2）一辆观光车需要充电，如图，已知车身长约米，车厢最高点与遮阳棚接触点离地面高约米，请通过计算说明这辆观光车是否可以完全停进遮阳棚正下方； （3）为了让遮阳棚更加稳固和美观，计划在遮阳棚内侧安装钢架．如图所示，钢架分两段，其中一段连接点与点，然后在棚顶上某处取点，在钢架和棚顶之间竖直安装第二段钢架．求出第二段钢架长度的最大值． 【答案】（1）； （2）观光车可以完全停进遮阳棚正下方； （3） 的最大值为米． 【解析】 【分析】第问已知顶点优先用顶点式求解析式； 第问已知纵坐标求对应横坐标，比较水平可利用长度与车长判断能否停进； 第问构造竖直方向线段关于的二次函数，利用顶点求最值． 【小问1详解】 解：由题意，顶点． 设顶点式，顶点为： 把代入： ∴，即． 【小问2详解】 解：车最高点离地，令： 在到顶点这一段，取． 该位置向右可利用的水平长度为． ， ∴观光车可以完全停进遮阳棚正下方． 【小问3详解】 解：设直线的函数解析式为． 将点代入中， 得， 点在抛物线上，在直线上，轴： 设,则 时，取得最大值： 答：的最大值为米． 【点睛】本题是二次函数实际应用题，考查建模能力与三类常见设问．已知顶点坐标，优先设顶点式求解析式；竖直方向线段的长度，等于上方点纵坐标减下方点纵坐标，构造差函数；二次函数最值：开口向下，在对称轴处取最大值；计算时注意先求对称轴再代入． 25. 如图，抛物线与轴交于，两点，与轴交于点． （1）求抛物线的表达式． （2）若为直线上方的抛物线上一动点，连接，若的面积为3，求点的坐标． （3）抛物线上是否存在一点，使得？若存在，请直接写出点的坐标；若不存在，请说明理由． 【答案】（1） （2）点的坐标为或 （3）存在，点的坐标为或． 【解析】 【分析】（1）根据待定系数法即可求解； （2）先求出直线的解析式，过点作轴，交于点，设（），根据题意列出方程，即可求解； （3）分两种情况讨论：①若点在轴的上方，②若点在轴的下方，分别求出答案即可． 【小问1详解】 解：抛物线与轴交于，两点， ∴，解得， ∴抛物线的表达式为； 【小问2详解】 解：对于抛物线， 令，则， ∴． 设直线的解析式为， ∵直线过点，， ∴，解得， ∴直线的解析式为， 过点作轴，交于点， 设（），则， ∴． ∵， ∴， 解得：，， ∴点的坐标为或； 【小问3详解】 解：存在，点的坐标为或．理由如下： 分两种情况讨论：①若点在轴的上方，如图， ∵， ∴， 设直线的解析式为， ∵直线过点， ∴，解得， ∴直线的解析式为， 解方程组，得或， ∴点的坐标为． ②若点在轴的下方，如图， 由（2）有是等腰直角三角形， ∴， ∴， 延长交轴于点， ∴， ∴， ∴， ∵， ∴， ∴， ∴． 设直线的解析式为， ∵直线过点，， ∴，解得， ∴直线的解析式为． 解方程组，得或， ∴点的坐标为； 综上所述，点的坐标为或． 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $