第二章 机械振动 第三章 机械波 第四章 光（解析版）-江苏省13大市高二物理考试真题分类汇编（人教版选择性必修第一册）

江苏省13大市2024-2025学年高二物理上学期期中考试真题分类汇编（人教版 选择性必修第一册）第一辑 选择性必修第一册 第二章 机械振动 一、简谐运动 1．（2024·盐城市东台市第一中学高二上期中）做简谐运动的单摆，其摆长不变，若摆球的质量增加为原来的倍，摆球经过平衡位置的速度减为原来的，则单摆振动的（　　） A．周期不变，振幅不变 B．周期改变，振幅不变 C．周期不变，振幅变小 D．周期改变，振幅变大 【答案】C 2．（2024·扬州新华中学高二上期中）图甲中，一只小鸟站在树枝上与树枝一起上下振动，小鸟振动的图像如图乙所示，速度向下为正.下列说法正确的是（　　） A．时刻小鸟处在最低点 B．时刻小鸟的加速度最大 C．时刻树枝对小鸟弹力最大 D．时刻小鸟的速度方向向上 【答案】B 3.（2024·镇江中学高二上期中）某质点做简谐运动，其位移随时间变化的关系式为，则质点（　　） A．第末与第末的位移不同 B．第末与第末的速度相同 C．第末和第末的位移相同 D．第末和第末的速度相同 【答案】A 【解析】A．由关系式可知，，将和代入关系式中求得两时刻位移相同，故A正确；B．第末和第末得速度相同，故B不正确；CD．画出对应的位移一时间图像，如图所示：    由图像可以看出，质点在末至末的位移大小相同，方向相反，速度方向相同，故C错误，D不正确.故选A. 4．（2024·镇江中学高二上期中）如图所示,一劲度系数k=500N/m,的弹簧左端与一固定竖直杆相连,右端栓接一质量的物块(可视为质点)，物块与水平地面间的动摩擦因数为u=0.5，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小近似相等，初始时物块静止在O点，此时弹簧处于原长状态，原长，现将物块由O点向左推6cm至A点，然后放手，，整个过程弹簧均处于弹性限度内，则下列说法正确的是（ ） A.物块释放后，向右运动到O点右侧 4cm 处停下 B.物块释放后，向右最远能运动到距离A点12cm 处，但不会在该点停下 C.物块向右运动到距离A点 10cm 处时速度减为零 D.物块释放后以O点为中心做往复运动，振幅越来越小，最终在O点停下 【答案】C 5．（2024·盐城市东台市第一中学高二上期中）如右图甲所示，一弹簧振子在AB间做简谐运动，O为平衡位置．乙是振子做简谐运动时的位移一时间图象．则关于振子的加速度随时间变化的规律，下列四个图象中正确的是（　　） A．B．C． D． 【答案】D 6．（2024·盐城市东台市第一中学高二上期中）一质点做简谐运动，其位移x与时间t的关系图象如图所示，由图可知（　　） A．质点振动的频率是4Hz，振幅是2cm B．0～3s内，质点通过的路程为6cm C．1s末质点运动速度为0 D．t＝3s时，质点的振幅为零 【答案】B 7．（2024·盐城市东台市第一中学高二上期中）（9分）如图所示是某质点做简谐运动的振动图像.根据图像中的信息，回答下列问题： (1)质点离开平衡位置的最大距离和频率为多少？ (2)质点在10s末的位移是多少和25s末向什么方向运动？ (3)质点在前30 s内的运动路程是多少？ 【答案】 (1)20 cm 0.025Hz (2)20 cm，负方向 (3) 60 cm 【解析】(1)质点离开平衡位置的最大距离为，周期为，频率为. (2)根据图像，10s末的位移为，根据图像，25s末向负方向运动. (3) 质点在前30 s内的运动路程为. 8．（2024·扬州中学高二上期中）如图所示，质量分别为m和M的两个物块用劲度系数为k的轻质弹簧相连，竖直叠放在水平地面上，初始时，m静止在弹簧上端．现将m竖直向上缓缓提起一段距离x(过程中M未离开地面)后释放．对于不同的x，下列关于M对地面的最小压力Fmin、M对地面的最大压力Fmax、m在最低点时具有的加速度a、m在运动中最大动能Ekm的图像中，可能正确的是（ ） A B C D 【答案】D 9. （2024·南京高二上期中）某物理兴趣小组探究简谐运动的规律.现有下端缠有铁丝的粗细均匀的较长木棒漂浮在水中，水面足够大.把木棒向下缓慢按压一小段距离后释放，木棒在竖直方向上振动，某时刻开始计时，木棒上A点的振动图像如图所示，设竖直向上为正方向.则求： （1）A点的振动方程； （2）A点在第20s时的位移和前20s内的路程. 【答案】（1） （2）， 【解析】（1）由图可知，振幅，周期，圆频率，初相位.所以振动方程为.（2）前20s内振动的周期数为，第20s时的位移，前20s内的路程. 10．（2024·镇江中学高二上期中）（12分）如图所示，一轻质弹簧上端系于天花板上，一端挂一质量为m的小球，弹簧的劲度系数为k，将小球从弹簧为自由长度时的竖直位置放手后，小球做简谐运动，则： （1）小球从放手运动到最低点，下降的高度h. （2）若某时刻小球运动速度的大小为v，方向向下，经过时间t，小球的速度大小也为v，求该运动过程中，小球所受弹弹力冲量的大小. 【答案】（1） （2）或者 【解析】（1）放手后小球到达平衡位置时弹力等于重力，弹簧伸长了x，则mg=kx，解得，x也是振动过程中球离平衡位置的最大距离，所以小球从放手运动到最低点，下降高度为2x，即.（2）①取向上为正方向，小球速度两次方向相反，动量定理mv–（–mv）=I且，解得，②取向上为正方向，小球速度两次方向相同0=I且 ， . 11．（2024·镇江中学高二上期中）一轻质弹簧直立在水平地面上，其劲度系数为k=400N/m，弹簧的上端与盒子A连接在一起，盒子内装物体B，B的上、下表面恰与盒子接触，如图所示.A和B的质量mA=mB=1kg，g取10m/s2，不计阻力.先将A向上抬高使弹簧伸长5cm，后由静止释放A，A和B一起沿竖直方向做简谐运动.已知弹簧的弹性势能取决于弹簧的形变大小，试求： （1）盒子A的振幅； （2）物体B的最大速率； （3）当A、B的位移为正的最大和负的最大时，A对B的作用力的大小分别是多少？ 【答案】（1）10cm （2） （3）10N 30N 【解析】（1）A、B在平衡位置时，所受合力为零，设此时弹簧被压缩Δx，则，解得，开始释放时A处在最大位移处，故振幅.（2）由于开始时弹簧的伸长量恰好等于A、B在平衡位置时弹簧的压缩量，故两时刻弹簧的弹性势能相等，设B的最大速率为v，物体B从开始运动至到达平衡位置时，由动能定理得，可得.（3）在最高点，A、B受到的重力和弹力方向相同，由牛顿第二定律得，解得a1=20m/s2，方向向下.A对B的作用力方向向下，且，得.在最低点，由简谐运动的对称性得a2=20m/s2，方向向上，A对B的作用力方向向上，且，得. 二、单摆 1．（2024·镇江中学高二上期中）如图，用轻质丝线与小铁球组成单摆，将摆球拉开一个微小的角度后由静止释放，不计空气阻力，摆球到达最低点B时的动能为Ek、加速度为a，第一次到达B点所用的时间为t.仅改变摆长L，将摆线拉开相同角度后由静止释放摆球，多次重复实验.下列图像正确的是（  ） A．B．C．D． 【答案】B 【解析】A．第一次到达B点所用的时间应当为单摆周期的，即，发现t与L并不成线性关系，故A错误；D．根据动能定理，故图线应是一条直线，故D错误；BC．在最低点加速度为向心加速度，为，故图线为平行于横轴的一条直线，故B正确，C错误.故选B. 2. （2024·南京高二上期中）如图甲所示是一个单摆振动的情形，O是它的平衡位置，B、C是摆球所能到达的最高点.规定向右为正方向，图乙所示是其振动图像.取π2≈10，g=10m/s2，下列说法正确的是（　　） A. 摆球摆到平衡位置O点时合力为零 B. 在0.6s~0.8s时间内，小球的动能逐渐增大 C. t=0.4s时摆球位于B点 D. 此单摆的摆长约为0.16m 【答案】D 【解析】A．摆球摆到平衡位置O点具有向上的向心加速度，绳拉力大于重力，合力不为零，故A错误； B．在0.6s~0.8s时间内，图线切线的斜率逐渐减小，小球的速度减小，动能减小，故B错误；C．由于向右为正方向，t=0.4s时摆球位移达到正向最大，所以摆球位于C点，故C错误；D．由图可知，单摆的周期为0.8s，根据单摆周期公式，可得，故D正确.故选D. 3.（2024·南京高二上期中）如图所示，牛顿摆是一组相互紧挨且悬挂在同一水平线上的相同小钢球，小明用牛顿摆进行探究活动，下列四组实验中左图为释放前的初始状态，右图为他预测的某些球升至最高点的状态，则下列选项中可能与实际情况相符的是（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】A．相同的小球在碰撞过程中满足动量守恒，机械能守恒，所以碰撞后进行速度交换，第1个球静止释放后，与第2个球碰撞时，进行速度交换，依次类推，所以最终第5个球获得与1球相同的动量，应向右摆到与1球相同的高度处，故A错误；B．第1、2个球向右摆动，最终第4、5个球获得与1、2相同的动量，摆到相同的高度，故B错误；C．第1、2、3个球一起向右摆动，速度交换后，最终第3、4、5个球获得与1、2、3相同的动量，摆到相同的高度，故C正确；D．第1、2个球一起向右摆动，第4、5个球一起向左摆动，系统总动量为零，所以速度交换后，最终第1、2个球获得与第4、5个球相同的动量向左摆动，第4、5个球获得与第1、2个球相同的动量向右摆动，最终摆到相同的高度，故D错误.故选C. 4．（2024·扬州中学高二上期中）（10分）如图所示是一个单摆做小偏角振动的情形，O是它的平衡位置，B、C是摆球所能到达的最远位置，周期为0.8s．若当地的重力加速度为10m/s2，求： (1) 单摆振动的频率是多大？ (2) 若该单摆在另一星球表面摆动时，测得完成50次全振动所用的时间为100s，则该星球表面的重力加速度是多少？ 【答案】(1)1.25Hz (2)1.6m/s2 【解析】（1）由图乙可知，则.（2）由，得 ， 完成50次全振动所用的时间为100s，则周期 T星球=2s，根据单摆周期公式，求得g星球=1.6m/s2. 5．（2024·扬州新华中学高二上期中）滑板运动场地有一种常见的圆弧形轨道，其截面如图所示，某同学用一辆滑板车和手机估测轨道半径R（滑板车的长度远小于轨道半径）.主要实验过程如下：用手机查得当地的重力加速度为g，找出轨道的最低点O，把滑板车从O点移开一小段距离至P点，由静止释放，用手机测出它完成n次全振动的时间t. （1）滑板车做往复运动的周期T； （2）将滑板车的运动视为简谐运动，算出轨道半径R. 【答案】（1） （2） 6. （2024·南通市通州高级中学高二上期中）如图所示，一细线上端固定，下端悬挂一金属球在之间做简谐振动，其中是简谐振动的平衡位置，是球的最大位移处.已知细线长为球直径为质量为，重力加速度大小为. （1）从点开始计时，求球第二次经过点时间； （2）已知球在点时细线的拉力大小为，求球经过点时细线上拉力大小. 【答案】（1） （2） 【解析】（1）根据单摆周期公式得，球再次经过点的时间为，解得. （2）设小球在点时，细线和竖直方向的夹角，则，从点到点，根据动能定理得，球运动到点时有，解得. 三、受迫振动 共振 1．（2024·镇江中学高二上期中）如图所示，A球振动后，通过水平细绳迫使B、C振动，振动达到稳定时，下列说法中正确的是（　　） A．A球和C球振动周期相等，B球振动周期最大 B．B球和C球振动周期相等，A球振动周期最大 C．A球和B球振动周期相等，C球振动周期最小 D．A 球、B 球、C球的振动周期均相等 【答案】C 【解析】由题意，A的质量最大，A做自由振动，其振动周期就等于其固有周期，而B、C在A产生的驱动力作用下做受迫振动，受迫振动的周期等于驱动力的周期，即等于A的固有周期，所以三个单摆的振动周期相等，D正确；故选D. 2．（2024·扬州新华中学高二上期中）单摆M、N、O、P自由振动时，振动图像分别如图甲、乙、丙、丁所示.现将单摆M、N、O、P悬挂在如图所示支架的细线上，并保持各自的摆长不变，使其中一个单摆振动，经过足够长的时间，其他三个都可能振动起来.不计空气阻力.下列判断正确的是（　　） A．若使M振动起来，P不会振动 B．若使P振动起来，稳定时N比M的振幅大 C．若使O振动起来，稳定时M的振动周期等于3s D．若使M振动起来，稳定时N振动的周期仍小于2s 【答案】C 3．（2024·盐城市东台市第一中学高二上期中）如图为某单摆做受迫振动的振动曲线，即振幅A与驱动力频率f的关系图线，取、.则（　　） A. 此单摆的固有周期为2s B. 此单摆的摆长约为2m C. 若仅摆长增大，共振曲线的峰值将向右移 D．若仅增大驱动力频率，单摆的固有频率也增大 【答案】D 四、实验：用单摆测重力加速度 1.（2024·镇江中学高二上期中）某实验小组在利用单摆测定当地重力加速度的实验中： （1）用游标卡尺测定摆球的直径，测量结果如图所示，则该摆球的直径d为 . （2）小组成员在实验过程中有如下说法，其中正确的是 （填选项前的字母）. A．把单摆从平衡位置拉开30°的摆角，并在释放摆球的同时开始计时 B．测量摆球通过最低点100次的时间t，则单摆周期为 C．用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大 D．选择密度较小的摆球，测得的重力加速度值误差较小 （3）“用单摆测定重力加速度”实验中，单摆悬挂方式有图甲、乙两种情景，其中合理的是_________.固定悬点后，测得悬点到摆球上端的细线长度为l，摆球的直径为d,完成n次全振动的时间t，则重力加速度的表达式为__________________（用题中测得物理量符号表示）.若实验中改变摆长L,测出周期T的相关数据，作出 L-T2图像，如图丙所示,请利用图像求得当地重力加速度g=____________(π取 3.14，结果保留两位小数). 【答案】（1）0.96 （2）C （3）乙 9.86 【解析】(1)摆球的直径为，(2)用单摆的最大摆角应小于5°，A错误；应从平衡位置开始计时，如果开始计时时记为第0次，记录100次，则周期为，B错误；根据周期公式得 ，摆长偏大，则计算得到的重力加速度偏大，C正确；选择密度较大的摆球，测得的重力加速度值误差较小，D错误.故选C.（3）根据周期公式得，图像的斜率为，解得. 第三章 机械波 一、波的描述 1. （2024·南通市通州高级中学高二上期中）如图所示，实线和虚线分别是沿轴负方向传播的一列简谐横波在和时刻的波形图.该波（　　） A. 周期可能为 B. 传播的速度大小可能为 C. 在到时间内，的质点通过的位移可能为 D. 在到时间内，的质点通过的路程可能为 【答案】B 【解析】B．波沿x轴负方向传播，则0.4s时间内波传播的距离为（n=0，1，2，3…） 则波传播的速度 解得（n=0，1，2，3…） 当波速为时，解得 可知，该波传播的速度大小可能为，B正确； A．根据上述，周期可能为（n=0，1，2，3…） 当周期为时，解得n=0.05 可知，该波传播的周期不可能为，A错误； C．根据图像可知，在时刻，x=2m的质点到达波峰位置，通过的位移为5cm，C错误； D．通过的路程可能为4nA+3A=20n+15cm（n=0，1，2，3…） 当通过的路程为时，解得可知，质点通过的路程不可能为，D错误.故选B. 2．（2024·扬州中学高二上期中）两列频率相同、振幅均为A的简谐横波P、Q分别沿x轴正向和x轴负向在同一介质中传播，两列波的振动方向均沿y轴，某时刻两波的部分波形如图所示，实线表示Q波的波形，虚线表示P波的波形．a、b、c为三个等间距的质点，d为b、c连线中间的质点．下列判断正确的是（ ） A．质点a的振幅为 B．质点b始终静止不动 C．图示时刻质点c的位移为0 D．图示时刻质点d的振动方向沿轴正向 【答案】C 3．（2024·扬州中学高二上期中）如图（a）、（b）分别表示一列横波上相距的两个质点A和B的振动图像．已知波长为，求： (1)求这列波的周期和波长； (2)这列波通过A、B两点经历的时间； (3)设点距点，且在的中间，则从开始，点经过通过的路程是多少？ 【答案】(1)， (2) (3) 【解析】（1）由图可知，这列波的周期为，若波由A向B传播，由波的周期性知，由于，此时无解； 若波由B向A传播，由波的周期性知，由于，可知，当时，综上所述，波由B向A传播，周期为，波长为. （2）结合上述分析可知，该波的波速为，则这列波通过A、B两点经历的时间. （3）结合上述分析可知，由于可知，点经过，振动到平衡位置，结合数学三角函数的知识可以求得，P点的振动方程为可知，点在时间内的路程为，再继续运动，通过的路程为，则点经过通过的路程. 4. （2024·南通市通州高级中学高二上期中）坐标原点处有一振源，时刻开始持续振动，产生的简谐横波沿轴方向传播，时正半轴上形成的波形如图所示.为平衡位置位于处的质点. （1）画出时负半轴上形成的波形； （2）求该波的传播速度大小； （3）从时刻开始，求质点在内运动的路程并写出其振动方程. 【答案】（1）图见解析 （2） （3）； 【解析】（1）根据对称性可得时负半轴上形成的波形如图 （2）波的传播的速度，解得. （3）由题意得，则波的周期为，设波传播到点的时间为，则， 解得，则点的振动方程为，此后点振动了，即振动了，则点在内通过对路程为. 二、波的衍射 波的干涉 1.（2024·扬州中学高二上期中）如图甲所示，在音乐厅中，小提琴抒情醇美，音域较宽，大提琴气势宏大，具有宽广的中音域．音乐厅中各种乐器相互配合，让听众体验音乐的美妙与魅力．图乙为小提琴琴弦某次振动的图像．下列说法正确的是（ ） A．频率越高的声音越容易发生明显的衍射现象 B．小提琴和大提琴发出的声波会产生明显的干涉现象 C．音乐厅中的声音传进墙面上的吸音材料后频率会改变 D．小提琴某根琴弦的某次振动函数表达式为 【答案】D 三、多普勒效应 1．（2024·扬州中学高二上期中）关于甲、乙、丙、丁四幅图，下列说法中正确的是（ ） A．图甲中，周期性地上下抖动短杆，彩带上的质点b向右移动，把能量传递给质点a B．图乙中，若只增大弹簧振子的振幅，弹簧振子的周期将变大 C．图丙中，图中波源沿方向运动，且B处的观察者接收到的频率低于波源频率 D．图丁中，若A球先摆动，则B、C球摆动稳定后，运动周期相同 【答案】D 四、综合 1．（2024·扬州中学高二上期中）如图所示，图甲为一波源的共振曲线，图乙中的a表示该波源在共振状态下的振动形式沿x轴传播过程中形成的机械波在t＝0时刻的波形曲线．则下列说法不正确的是（ ） A．图甲中，若驱动力周期变小，共振曲线的峰将向频率f大的方向移动 B．图乙中，波速一定为1.2 m/s C．图乙中，a、b波形时间间隔可能为2.5 s D．图乙中的波遇到宽度为2 m的狭缝能发生明显的衍射现象 【答案】A 第四章 光 一、光的折射 光的全反射 1. （2024·南通市通州高级中学高二上期中）炎热的夏日，公路表面附近空气密度随高度的增加而增大.当在公路上开车前行时经常会看到前方有“一滩水光”，反射出前方车辆的影子并随着观察者一同前进.下列光路图能描述该现象的是（　　） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】距离路面越近，空气密度越小，不同的空气层有不同的折射率，光由光疏介质射向光密介质时，折射角小于入射角，光由光密介质射向光疏介质时，折射角大于入射角.故选A. 2. （2024·南通市通州高级中学高二上期中）如图所示，一半圆形玻璃砖半径R=18cm，可绕其圆心O在纸面内转动，MN为一根光标尺，开始时玻璃砖的直径PQ与光标尺平行．一束激光从玻璃砖左侧垂直于PQ射到O点，在MN上留下一光点O1．保持入射光方向不变，使玻璃砖绕O点逆时针缓慢转动，光点在标尺上移动，最终在距离O1点h=32cm处消失．已知O、O1间的距离l=24cm，光在真空中传播速度c=3.0×108m/s，求： ①玻璃砖的折射率n． ②标尺上光点消失后，光从射入玻璃砖到射出玻璃砖过程经历的时间t． 【答案】（1）1.67（2）2×10-9s 【解析】发生全反射时光路如图，由数学知识得： 全反射临界角C=π/2−θ，则玻璃的折射率n=1/sinC=5/3=1.67，光在玻璃中传播的速度v=c/n，全反射时光穿过玻璃砖的时间t=2R/v=2×10−9s. 二、光的干涉、衍射 1. （2024·南通市通州高级中学高二上期中）下列说法正确的是（　　） A. 泊松亮斑是光的衍射现象 B. 阳光下小朋友吹出的肥皂泡有彩花纹是光的色散现象 C. 用三棱镜观察白光看到的彩色图样是光的干涉现象 D. 用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象 【答案】A 【解析】A．泊松亮斑是光的衍射现象，故A正确；B．太阳光下的肥皂泡呈现出彩色条纹，是由于肥皂膜上下表面反射回的光相遇发生干涉形成的，故是光的干涉现象，故B错误；C．用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的折射现象，故C错误；D．用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的干涉现象，故D错误.故选A. 2. （2024·南通市通州高级中学高二上期中）关于波的干涉和衍射，下列说法正确的是（　　） A. 当孔的大小比波长小时，会发生明显的衍射现象 B. 只有当障碍物的尺寸与波长差不多时，才会发生明显的衍射现象 C. 波的干涉现象中，振动最强的点，位移始终最大 D. 波的干涉现象中，振动最弱的点，位移始终最小 【答案】A 【解析】AB．波发生明显衍射的条件是：孔、缝的宽度或障碍物的尺寸与波长相比差不多或者比波长更小；如果孔、缝的宽度或障碍物的尺寸，比波长大得多时，就不能发生明显的衍射现象，故A正确B错误；CD．干涉现象中，振动加强点的位移可以最大，也可以最小，即为零，振动最弱的点，位移并非始终最小，仍在振动，故CD错误.故选A. 3. （2024·南通市通州高级中学高二上期中）如图为杨氏双缝干涉实验示意图，其中为双缝，为光屏，实验中观察到屏上点为中央亮纹的中心，为第一级亮纹的中心.在其它条件不变的情况下，若将屏向右平移一段距，则（　　） A. 屏上O点可能为暗纹的中心 B. 屏上位置仍然可能为亮纹的中心 C. 屏上位置可能为暗纹的中心 D. 屏上干涉条纹间距将变小 【答案】C 【解析】A．屏上O点到两个光源的距离相等，仍然为中央亮纹，A错误；BCD．根据，屏向右平移，L增大，可知相邻干涉条纹间距离增大，原来屏上位置是第一级亮纹的中心，现在第一条亮纹向外移动，位置可能是暗纹的中心，不可能是亮纹中心.BD错误，C正确.故选C. 三、光的偏振 激光 1. （2024·南通市通州高级中学高二上期中）用图示实验装置演示光的偏振现象，白炽灯O发出的光通过两个透振方向平行的偏振片，照到光屏上，通过偏振片前后的光束分别用Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ表示，下列说法正确的是（　　） A. 白炽灯发出的光是纵波 B. 偏振片起到起偏的作用 C. 光束Ⅱ中光振动方向与透振方向平行 D. 将偏振片以光传播方向为轴转过，光束Ⅲ将消失 【答案】C 【解析】A．白炽灯的光通过两个透振方向平行的偏振片P、Q照到光屏上，不能说明白炽灯的光是纵波，A错误；B．当白炽灯光经偏振片P后就成为偏振光，又经与P平行的偏振片Q照到光屏上，所以偏振片Q起到检偏的作用，B错误；C．光束Ⅱ中的光是经偏振片P透射来的，所以光束Ⅱ中光振动方向与透振方向平行，C正确；D．将偏振片P以光传播方向为轴转过，光束Ⅲ将会减弱，D错误.故选C 四、实验：测量玻璃的折射率 1. （2024·南通市通州高级中学高二上期中）某同学用插针法测量平行玻璃砖折射率的实验图景如图所示，直线与之间的距离等于玻璃砖的厚度.该同学按照正确的实验操作方法插了大头针和.下列说法中正确的是（　　） A. 该实验方法只能测量平行玻璃砖的折射率 B. 该同学在插大头针时，只要使其挡住即可 C. 不断增大入射角，光可能会在玻璃砖内表面发生全反射 D. 测量中若将玻璃砖整体向上平移少许，测得的折射率将不变 【答案】D 【解析】A．该实验方法的原理是光的折射定律，也能用来测量其他透明介质的折射率，故A错误；B．该同学在插大头针时，应使其挡住、的像和，故B错误；C．由几何知识可知，光线在上表面的折射角等于下表面的入射角，根据光路可逆性原理可知，光线一定会从下表面射出，折射光线不会在玻璃砖的内表面发生全反射，故C错误； D．若实验时玻璃砖向上平移至位于图中虚线位置，则光路如图所示 通过比较发现，入射角和折射角没有变化，则由折射定律得知测得的折射率将不变，故D正确. 故选D. 1 学科网（北京）股份有限公司 $