吉林延边朝鲜族自治州延吉市延边第二中学2026-2027学年高一上学期10月阶段检测物理试题

2026-2027学年度第一学期高一年级跟踪检测 192 物理试卷 一、选择题（本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题为只有一项 符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的 得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。) 1.随着数字化技术的发展，机器人书法家横空出世，下图为某一次活动中机器人临摹“龙”字 时的笔尖轨迹。a、b、c、d为行笔经过的四个点，下 列说法正确的是() A.书写过程中毛笔笔尖可看作质点 B.笔尖两次经过α点时的速度一定不同 C.笔尖由→b→4，平均速率为0 D.笔尖由c→d,位移大于路程 2.某质点沿x轴做直线运动，它在x轴上的位置坐标随时间t的变化关系为x=412+31+2 (物理量均采用国际制单位)，则该质点() A.第1s内的位移是5m B.第1s末的速度是7m/s C.前2s内的平均速度是12m/s D.前2s内速度增加了16m/s 3.如图所示，一辆小汽车在平直的公路上向左匀减速行驶，路边有等间距的5棵树，车头刚 好到达第1棵树时减速为零，下列说法正确的是() A.车头经过第5棵树时的速度是经过第3棵树时速度的2倍 B.车头经过第3棵树时的速度等于车头从第5棵树到第1棵树的平均速度 C.车头从第5棵树到第2棵树的时间等于车头从第2棵树到第1棵树的时间 D.车头从第5棵树到第3棵树的时间大于车头从第2棵树到第1棵树的时间 4.一篮球运动员在标准的场地进行投篮练习，某次扣篮时，篮球以5/s的竖直向下的速度穿 过篮圈，经过一段时间篮球与地面发生碰撞，碰后沿竖直向上的方向弹起，在距离地面 1.55m高处的速度大小为3m/s,方向竖直向上。己知篮圈距离地面的高度为3.05m,上述过 程所用的时间t=0.75s,篮球可视为质点，规定竖直向下的方向为正方向。该过程中，篮球 运动的路程、位移、速度的变化量、平均速度分别用心、x、△下表示。则下列说法正确 的是() A.s=-4.6m B.x=3.051m C.△v=-2m/s D.v=2m/s 5.如图所示，物体自O点由静止开始做匀加速直线运 0 OA B D 动，A、B、C、D为其运动轨迹上的四点，测得 AB=2m,BC=3m,且物体通过AB、BC、CD所用的时间均为ls,则下列说法正确的 是() A.物体的加速度为2m/s2 B.04=1m C.物体在B点时的速度为2.5m/s D.物体在C点时的速度为7m/s 物理试卷第1页（共4页） 6.以16/s的速度行驶的汽车，制动后做匀减速直线运动，在前5s内前进32m。下列说法正 确的是() A.汽车的加速度大小为2m/s2 B.制动后第1s末的速度大小为10m/s C.制动后2s内汽车的位移为24m D.制动后5s内的平均速度大小为8n/s 7.如图所示，物体做匀加速直线运动的过程中，先后通过A、B、C三点，己知物体经过B点 时的速度大小为6/s,物体通过AB段和BC段的时间均为4s,且BC=2AB,下列说法正 确的是() A.A、C两点间的距离为56m B C B.物体的加速度大小为1.2m/s2 C.物体通过A点时的速度大小为2m/s D.物体经过C点时的速度大小为12m/s 8.物理的研究过程中科学家们创造了许多物理学研究方法，下列叙述中正确的是() A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法 B。根据速度定义式，袋当A非常小时， A“就可以表示物体在时刻的瞬时速度，该 定义应用了极限思想方法 C.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似 看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法 D.定义加速度a=Ay 用到比值定义法，加速度与△v成正比，与△1成反比 △t 9.如图，一队员在足球场上沿边线将足球向前踢 出，足球做匀减速直线运动，为控制足球，队员 又匀加速向前追上足球。以踢出足球时刻为计时 起点，以踢出位置为x轴原点，足球初速度方向 为x轴正方向，队员在t1时刻追上足球，下列可能反映此过程的-t图像和x-t图像的是 ( ) A V Ax ◆r 足球 运动员 足球 足球 运动员 运动员 足球 运动员 0 0 A B c D 10.一物体以5s的向右的初速度在足够大的光滑水平面上运动，其加速度大小为2m/s2,方 向向左，经过时间t物体的位移大小为4，则时间t可能为() A.1s B.3s C.4s D. 5+V41 二、非选择题（本题共5小题，共54分。） 11.(12分)某同学用如左图所示的装置探究匀变速直线运动的规律，得到一条纸带如右图所 示，并在上面取了A、B、C、D、E五个计数点，相邻两个计数点间还有4个点（图中 没有画出)，打点计时器所用电源频率为50Hz,打点时间间隔T=0.02s。 物理试卷第2页（共4页） 电源插头 细绳 小车 纸带 B 钩码 →d,← 附有滑轮的长木板 (1)左图中电火花打点计时器工作时使用 (选填“交流或“直流)电源，工作电压为 V; (2)实验过程中，下列做法正确的是 (多选) A.先释放小车，再接通电源 B.先接通电源，再释放小车 C.释放小车前将接好纸带的小车停在靠近滑轮处 D.释放小车前将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处 (3)计算打下D点的瞬时速度v公式为v= (用题中物理量T、d2、d4字母表示)： (4)实验测得d=1.20cm、d2=3.14cm、d3=5.86cm、d4=9.33cm,则物体的加速度大 小为a= m/s2(结果保留两位有效数字)： (5)如果当时电网中交变电流的频率是∫=51Hz,而做实验的同学并不知道，则加速度测量值 比实际值 (选填“偏大”或“偏小”)。 12.(6分) 某同学用如图甲所示的装置探究匀变速直线运动的规律。滑块上装有宽度d=2.5mm的遮光 条，气垫导轨上固定有光电门I、Ⅱ，数字计时器（未画出）记录滑块经过两光电门时遮光条 的遮光时间。 光电门1 遮光片 光电门Ⅱ 进气口 滑块 缓冲器 A 气垫导轨 水平桌面 标尺 甲 (1)实验时测得某次滑块经过光电门Ⅱ时遮光条的遮光时间为1.25×103s,则滑块经过光电门 Ⅱ时的速度大小为 m/s(计算结果保留两位有效数字)。 (2)实验时保持滑块每次从同一位置由静止释放，仅改变光电门Ⅱ的位置，测出光电门I、间 的距离L和滑块经过光电门Ⅲ时遮光条的遮光时间t,得到多组L和t。根据测得的实验数据 绘制出的三-L图像如图乙所示，已知该图线在纵轴上的截距为b,斜率为k,则滑块经过 光电门时的速度大小为 滑块的加速度大小为 。（均选用b、k、d表示) 物理试卷第3页（共4页） 13.(10分) 小华从家出发步行到学校，先向东走400m,再向北走600m,最后再向东走400m到达学 校，总用时为16分40秒，如图所示。求其从家到学校的平均速度和平均速率。 400m 学校 600m 400m 14.(12分) 一辆汽车在高速路上以108kh的速度行驶，司机发现前方出现险情，采用紧急刹车，刹 车时加速度的大小为6m/s2,求： (1)汽车刹车时间； (2)汽车刹车后第3s末速度大小： (3)汽车刹车后6s内的位移大小。 15.(14分) ETC是不停车电子收费系统的简称。据了解，有关部门欲对某ETC通道的通行车速进行提 速，车通过ETC通道的流程如图所示。为简便计算，假设汽车以'。=25m/s的速度朝收费 站沿直线匀速行驶，要过ETC通道，需要在收费站中心线前d=10m处正好匀减速至 y=5m/s,匀速通过收费站中心线后，再匀加速至。=25m/s正常行驶。设汽车匀加速和 匀减速过程中的加速度大小均为a=2m/s2,忽略汽车车身长度。 收费站 d=10m 中心线 行驶方向 匀速行驶区间 ETC通道 (1)汽车过ETC通道时，求从开始减速到恢复正常行驶过程中所需要的时间： (2)汽车过ET℃通道时，求从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小： (3)提速后汽车以v=10/s的速度通过匀速行驶区间，其他条件不变，求提速后汽车过ETC 通道过程中比提速前节省的时间。 物理试卷第4页（共4页） 物理参考答案 题号 1 2 3 4 6 6 7 6 9 10 答案 B D C D C C C BC AD ACD 1.B 【详解】A.书写过程中毛笔笔尖会发生形变，笔尖上各点的运动情况并不相同，且研究书写 过程时笔尖的形状、大小不能忽略，故毛笔笔尖不能看作质点，故A错误： B.笔尖两次经过a点时，轨迹在该处的切线方向不同，即速度方向不同，而速度是矢量，故 两次经过a点时的速度一定不同，故B正确； C.笔尖由a→b→α的过程中通过的路程不为零，由平均速率等于路程与时间的比值可知， 平均速率不为零，故C错误； D.笔尖由C→d的轨迹是曲线，位移的大小小于路程，故D错误。 故选B。 2.D 【详解】A.位置坐标公式x=42+31+2 对比匀变速直线运动位移公式x=飞+，1+a 可得初位置x,=2m,初速度v=3m/s,加速度a=8m/s2 1s末的位置x=4×2m+3m+2m=9m 则第1s内的位移△x=x-x=9m-2m=7m,故A错误； B.第1s末的速度由v=v,+al 解得y=1lm/s,故B错误； C.2s末的位置x,=4×22m+6m+2m=24m 可得前2s内的位移△x2=x2-x=24m-2m=22m 则平均速度==2=1m1s,故c错误： 2 D.前2s内的速度变化量△v=a△1=8×2=16m/s,D正确。 故选D。 3.C 【详解】设相邻两棵树间距为x；小车向左做匀减速直线运功，到第1棵树速度减为0，可用 逆向思维等效为从第1棵树开始，向右做初速度为0的匀加速直线运动，加速度大小为a。初 速度为0匀加速公式：2=2ax,s=ad 2 物理试卷第5页（共4页） A.从第1棵树到第3棵树，由运动学公式v=2a·2x=4ax 从第1棵树到第5棵树，由运动学公式v=2a4x=8a 则 8ax =√2 Aax 即y,=√2y,故A错误； B.由y=2a.4x=8ax得，y=2√2am,y=0 则平均速度v-y+=22x+0=2m 2 2 而y=2Va 而√2ax≠2√ar,故B错误； C.12两颗树与25两颗树的间距之比为1：3，故时间相等，C正确。 D.连续相等位移，从静止开始：42：3：44：s=I:(√2-1(V3-V2)(2-V3 车头从第5棵树到第3棵树时间与车头从第2棵树到第1棵树时间之比为 5=s+4_(N5-V2)+(2-3) =2-2 t21 412 1 因为√2≈1.414，故2-√2<1，所以t53<t21,D错误。 故选C。 4.D 【详解】A,路程是运动轨迹的长度，篮球先从篮圈下降到地面，再沿竖直向上方向运动到距 地面1.55m处，所以s=3.05m+1.55m=4.60m,故A错误： B.位移为1.5m,方向竖直向下，故B错误： C.规定竖直向下为正方向，初速度为v。=5m/s,末速度为y=-3m/s,则速度变化量为 △v=y-v,=-3m/s-5m/s=-8m/s,故C错误； D.以篮圈处为原点、竖直向下为正方向，末位置的位移为△x=3.05m-1.55m=1.50m 平均速度满足D=÷,代入数值得D=ms=2mg故D正确。 故选D。 5.C 【详解】A.由匀变速直线运动的推论，连续相等时间间隔T内的位移差满足△x=aT2 物理试卷第6页（共4页） 可得BC-AB=aT2 其中AB=2m,BC=3m,T=1s 解得物体的加速度a=1m/s2,故A错误； AB+BC 2+3 C.物体在B点时的速度Va= m/s=2.5m/s,故C正确； 2T 2×1 B.物体从O点由静止开始匀加速，由运动学公式v=2x 可得0点到B点的总位移OB=-2.S3m m=3.125m 2a2×1 因此OA=OB-AB=(3.125-2)m=1.125m,故B错误； D.由速度公式v=+at 可得C点的速度vc=vg+aT=3.5m/s,故D错误。 故选C。 6.C 【详解】设5s末速度恰好为0，则前5s的平均速度为8m/s,故位移为40m,由于 40n>32m,所以汽车在5s前已经停止运动。由平均速度为8m/s,位移为32m,故运动时间为 4s。 A,设汽车的加速度为a,由运动学公式可得x=叶+与业 代入数据解得a=4m/s2,故A错误： B.制动后第1s末的速度大小为v=十at=12m/s,故B错误； C.汽车行驶2s,由运动学公式可得x=,t+二at2=24m,故C正确： D.5s内位移为32m,故平均速度为6.4m/s,故D错误。 故选C。 7.C 【详解】A.因为物体通过AB段和BC段的时间均为4s,所以物体通过B点的时刻为物体通 过AC段的中间时刻，根据匀变速直线运动的规律可知，该速度为全程的平均速度，即物体通 过AC段的平均速度大小为6m/s,A、C两点间的距离为x=v×2t=6×2×4m=48m,故A错 误 B.因为B点为AC段的一个三等分点，所以AB=)4C=16m,BC=24C=32m 3 结合匀变速直线运动中位移与时间的关系，有BC=ysl+。a2 其中vg=6m/s 解得物体的加速度大小a=lms2,故B错误； 物理试卷第7页（共4页） CD.根据匀变速直线运动中速度与时间的关系有vw=vg-at,vc=vB+at 解得vu=2m/s,vc=l0m/s,故C正确，D错误。 故选C。 8.BC 【详解】A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想化物理 模型法，故A错误： B.根据速度定义式v=A 当△1非常小时， A就可以表示物体在时刻的瞬时速度，该定义 应用了极限思想方法，故B正确： C.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作 匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故C正确： △v D.定义加速度a=二用到比值定义法，则加速度不与△v成正比，也不与△t成反比，故D错 △t 误。 故选BC。 9.AD 【详解】A,设运动员追上足球的时刻为，足球和运动员的位移分别为x和x2。两者从同一 位置出发，追上时位置再次相同，因此有x,=x2 在v一图像中，图线与时间轴围成的面积表示物体的位移，由图可知，在0到t,时间内，运动 员前期的速度小于足球的速度，足球在前；运动员后期的速度大于足球的速度，运动员图线与 时间轴围成的面积可得等于足球图线与时间轴围成的面积，即时刻运动员可能追上足球，故 A正确； B.在V-图像中，图像交点表示速度相等，由图像可知，此时足球的位移始终大于运动员的 位移，两者在时刻只是速度相等，并未相遇，故B错误； CD.两条图线均从原点出发，时刻位置再次相同；在追赶过程中足球的x坐标始终大于运 动员的x坐标，表示足球位于运动员前方。开始时足球图线的斜率较大，即足球速度较大：随 后足球图线斜率逐渐减小，运动员图线斜率逐渐增大，直至运动员追上足球，故C错误，D 正确。 故选AD。 10.ACD 【详解】取向右为正方向，已知初速度=5m/s,加速度a=-2m/s2,匀变速直线运动位移公 物理试卷第8页（共4页） 1 式为x=W+ 题目中位移大小为4，分两种情况讨论：若物体在出发点右方，位移为正，即x=4m 代入公式得4=51-2 解得两个根t=1s、t,=4s 若物体滑到出发点左方，位移为负，即x=-4m 代入公式得-4=51-2 舍去负根后解得1=5+V41 故选ACD。 11.(1) 交流 220 (2)BD 3)4-4 10T (4)0.76 (5)偏小 【详解】(1)[1]按电火花计时器使用要求应接交流电源。 [2]电火花计时器的额定工作电压为220V。 (2)A.应先接通电源，待打点稳定后再释放小车，先释放小车会使纸带上缺少小车开始运 动阶段的点，故A错误： B.先接通电源并待打点稳定，再释放小车，能完整记录运动过程，故B正确： C.小车释放前停在靠近滑轮处会使纸带前段不能充分利用，故C错误： D.小车释放前停在靠近打点计时器处，可以充分利用纸带，故D正确。 故选BD。 (3)相邻两个计数点之间还有4个点，所以相邻计数点的时间间隔为5T。匀变速直线运动 中，中间时刻的瞬时速度等于该时刻前后相等时间内的平均速度，因此由中点时刻的平均速度 代替D点瞬时速度，有。=一七 te-tc 由图中累计位移的定义，xe-xc=d4-d2 且te-te=10T 所以。= d4-d2 10T (4)相邻计数点的时间间隔为△1=5T 由题给T=0.02s 可得相邻计数点间隔为010s,后续逐差计算均采用此时间间隔。对A→C和C→E两段相等 时间间隔的位移使用逐差法，由逐差法得 a=-)-x） 4△2 物理试卷第9页（共4页） 图中两段位移满足xc一xA=d2,xE-xA=d4 因此a=(4,-4)-4 4△12 代入数据得a= [9.33-3.14)-3.14]×102 4×(0.10)2 m/s2 可得a=0.76m/s2 (5)电网频率实际为∫=5Hz时，真实打点周期小于按50Hz采用的T=0.02s,同一组位移 差满足△xca(△)计算时把时间间隔取大了，因此加速度测量值偏小。 12.(1)2.0 (2) db kd2 2 【详解】(1)光电门处速度大小可用遮光条宽度与遮光时间之比表示，即v= 将遮光条宽度换算为d=2.5×103m,遮光时间为1=1.25×103s,代入上式得v=2.0m/s,所以 答案空填2.0。 (2)[1][2]取沿滑块运动方向为正方向，设滑块通过光电门I、Ⅱ时的速度大小分别为%和'， 两光电门沿轨道的距离为L，加速度大小为a。光电门Ⅱ处的速度由遮光条宽度和遮光时间确 定，所以= 滑块在两光电门之间做匀变速直线运动，由速度位移关系得哈-=2L 代入理得到时-杀+L 图线的纵截距满足b= 因d>0且取速度大小，得y=dVb 图线的斜率满足k= 2a 解得a=a 2 13.1.04m/s 【详解】位移大小为从家到学校的直线距离，由数学知识，知位移大小为 △x=V6002+8002m=1000m,路程为1400m, 根据速度公式，得其从家到学校的平均速度的大小V= △x1000m =lm/s,方向为从家到 △t1000s 物理试卷第10页（共4页） 学校（其它指明正确也得分) 平均速率为路程与时间之比，故为v=Ax=1400m =1.4m/s △t1000s 14.(1)5s (2)12m/s (3)75m 【详解】(1)规定初速度方向为正方向，则，=108km/h=30m/s,a=-6m/s2,末速度 y,=0。根据匀变速直线运动的速度公式v,=v。十at 得汽车刹车时间=业二山 a 代入数据得t修=5s (2)由于<停，时刻汽车未停止 根据匀变速直线运动的速度公式y,=v。十al 代入数据得y,=12m/s (3)由于12>1修，t2时刻汽车已停止 刹车后6s内的位移等于5s内的位移， 根据匀变速直线运动的位移速度公式得、=片-片 2a 代入数据得s=75m 【点睛】 15.(1)22s (2)310m (3)4.5s 【详解】(1)减速的时间=二” 解得t,=10s d 匀速时间均= 解得均=2s 由对称性可知加=械 物理试卷第11页（共4页） 总时间t总=t城+t均+加 解得1a=22s (2)减速过程中，由平均速度公式有k=6" 2 解得xt=150m 由对称性可知x加=x减=150m 总位移X总=七诚十x匀+x加 解得x总=310m (3)减速的时间4城'=%二当 a 解得t城=7.5s 减速过程中，由平均速度公式有x=%”1 2 解得x成=131.25m 由对称性可知提速后汽车过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小 x=X减+x匀+x加 解得x'=272.5m 由对称性可知tm=1城=7.5s ,d 又均= V2 解得约=ls 因为其他条件不变，所以提速前后色位移大小不变。--+++ 解得'=17.5s 则节省的时间△1=1总一总 解得△1=4.5s 物理试卷 第12页（共4页）