山东泰安市新泰市新汶中学2026-2027学年高二上学期第一次质量检测物理试题

新汶中学2025级高二上学期阶段性测试 物 理 试 题 2026.10.9 一、单项选择题（本题共8小题，每题3分，每题中只有一个选项是正确的） 1．一个质量为0.5kg的足球，以10m/s的速度射门，被守门员以12m/s的速度反向击回，在此过程中守门员对足球的冲量及做功分别为 A．I=11N.S W=11J B．I=1N.S W=11J C．I=1N.S W=1J D．I=6N.S W=36J 2．一质量为4kg的物块在合力F的作用下从静止开始沿直线运动。F随时间t变化的图线如图所示，则下列说法正确的是 A．时物块的速率为 B．时物块的动量大小为 C．时物块的动量大小为 D．时物块的速度为零 3．如图所示，直线b为电源的U－I图像，直线a为电阻R的U－I图像，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别是 A．电源的输出功率为6W B．电源的输出功率为2W C．电源的效率为33.3% D．电源的效率为66.7% 4．在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，V为电压表，A为电流表，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，开关闭合后，电路正常工作，当滑动变阻器的滑片向左移动时，下列判断正确的是 A．电压表的示数不变 B．电流表的示数将增大 C．电阻R0上消耗的电功率将增大 D．灯泡L将变亮 5．人们对手机的依赖性越来越强，有些人喜欢躺着看手机，经常出现手机砸到 的情况。若手机质量为120g，从离人约20cm的高度无初速度掉落，砸到头部后手机未反弹，头部受到手机的冲击时间约为0.2s，取重力加速度g＝10m/s2；下列分析正确的是 A．手机接触头部之前的速度约为1m/s B．手机对头部的冲量大小约为0.48 C．手机对头部的作用力大小约为1.2N D．手机与头部作用过程中手机动量变化约为0.48 6．滑块a、b沿水平面上同一条直线发生碰撞，碰撞后二者粘在一起运动，二者的位置x随时间t变化的图像如图所示。则滑块a、b的质量之比为 A． B． C． D． 7．如图所示，已知电路中电源电动势为，内阻为，电阻为，为，电动机额定电压为，线圈电阻为。开关闭合后，电动机恰好正常工作。下列选项正确的是 A．电阻两端的电压为 B．通过电动机的电流为 C．电动机输出的机械功率为10W D．通过电阻的电流为2A 8．如图甲所示的电路，其中电源电动势，内阻，定值电阻，已知滑动变阻器消耗的功率P与其接入电路的阻值的关系如图乙所示。则下列说法中正确的是 A．图乙中滑动变阻器的最大功率 B．滑动变阻器消耗功率P最大时，定值电阻R消耗的功率也最大 C．图乙中R1=6Ω，R2=12Ω D．调整滑动变阻器的阻值从最右端滑到最左端，电源的效率先增大后减小 二、多项选择题（本题4小题，每题4分，至少有两个选项正确，全对得4分，选对但不全得2分，选错或不选得0分） 9．利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已知电源电动势，电源内阻，电阻，重物质量，当将重物固定时，电压表的示数为，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为，不计摩擦，取，下列说法正确的是 A．电动机内部线圈的电阻为 B．稳定匀速提升重物时，流过电动机的电流为0.5A C．重物匀速上升时的速度为1.5m/s D．匀速提升重物时电动机的输入功率是2.75W 10．在如图甲所示电路中，闭合开关S，图乙中三条图线分别表示了在滑动触头P滑动的过程中三个电压表示数随电流表示数变化的情况。电流表示数变化量为的过程中，电压表示数的变化量，电压表示数的变化量，电压表示数的变化量，以下说法正确的是 A．和比值的绝对值大于的阻值 B．和比值的绝对值小于的阻值 C． D． 11．一项新型娱乐项目“娱乐风洞”，是在一个特定的空间内通过风机制造的气流把人“吹”起来，使人产生在天空翱翔的感觉。其简化模型如图所示，一质量为m的游客恰好静止在直径为d的圆柱形竖直风洞内，已知气流密度为ρ，游客受风面积（游客在垂直风力方向的投影面积）为S，风洞内气流竖直向上“吹”出且速度恒定，重力加速度为g。假设气流吹到人身上后速度变为零，则下列说法正确的是 A．气流速度大小为 B．单位时间内流过风洞内横截面的气体体积为 C．若风速变为原来的，游客开始运动时的加速度大小为 D．若风速变为原来的，游客开始运动时的加速度大小为 12．如图所示，玩具小炮车发射质量为的弹珠A，初速度大小，发射角。它飞行到最高点时与大小相同、质量为的弹珠B发生碰撞，碰撞时间极短。碰后弹珠A、B平抛的水平位移同向且大小之比为1:2，空气阻力忽略不计，重力加速度，，。下列说法正确的是 A．碰前瞬间弹珠A的速度大小为3m/s B．碰前瞬间弹珠A的速度大小为4m/s C．碰后瞬间弹珠A的速度大小为2m/s D．碰后瞬间弹珠B的速度大小为2m/s 三、实验题（本题共2小题，共14分） 13. （6分） 某同学设计了一个具有两种挡位（“×1”挡和“×10”挡）的欧姆表，其内部电路如图所示。电源电动势的标称值为、内阻为，电流表（表头）的满偏电流、内阻，滑动变阻器的最大阻值为。 闭合开关、断开开关，此时欧姆表处于“__________”（选填“×1”或“×10”）挡；若同时闭合开关、，则接入的定值电阻__________，滑动变阻器的阻值应调为__________。 14. （8分） 实验室有若干内阻为、满偏电流为的表头，某同学打算先将表头改装成电压表，再对电源电动势和内阻进行测量。 （1）若将此表头改装成量程为5V的电压表，需要__________（填“串联”或“并联”）一个__________的电阻。 （2）现将改装后的电压表和电阻箱组成图（b）所示电路，调节电阻箱的阻值，记录多组电压表示数U和电阻箱读数R，描点后绘成图（c）所示一次函数图像，测出横轴截距为a，纵轴截距为，则电源电动势为__________，内阻为__________（此问两空用“a”、“b”和电压表电阻“”表示）。 四、计算题（本题共4小题，共46分。有必要的文字说明，可根据需要作图说明） 15.（10分） 在如图所示的电路中，电源电动势，电阻，。闭合开关后，电压表（内阻可视为无穷大）的示数。求： (1)闭合开关后，通过电阻的电流； (2)闭合开关后，4s内电阻上产生的热量； (3)电源的内阻r。 16．（12分） 质量m =1kg的小球由高h1=0.45 m处自由下落，落到水平软垫上后，反跳的最大高度为h2=0.2m，从小球下落到反跳到最高点经历的总时间为t=0.7s，取重力加速度g=10 m/s2。求： (1)小球刚接触软垫时的速度大小v1和刚离开软垫的速度大小v2； (2)小球与软垫接触所用的时间Δt； (3)小球与软垫接触过程中，小球对软垫的平均压力F的大小。 17．（12分） 如图所示的电路中，电源的电动势，内阻；电阻，，，；电容器的电容，闭合开关稳定后。求： （1）通过电源的电流； （2）电容器两端的电压； （3）当断开开关后，通过电阻的电量。 18．（12分） 如图所示，人站在滑板A上，以v0=3m/s的速度沿光滑水平面向右运动。当靠近前方的横杆时，人相对滑板竖直向上起跳越过横杆，A从横杆下方通过，与静止的滑板B发生碰撞并粘在一起，之后人落到B上，与滑板一起运动。已知人、滑板A和滑板B的质量分别为m人=70kg、mA=10kg和mB=20kg，A板B板碰撞时间为0.1s，求： （1）A、B碰撞过程中，A对B的作用力大小和方向； （2）人最终与滑板的共同速度的大小。 第 2 页 共 7 页 10月考第 1 页 共 7 页 学科网（北京）股份有限公司 $ 物理测试题参考答案 2026.10.9 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 A B D D B A C C BC AD AD BD 1．A 【详解】由动能定理可知，运动员对球所做的功W=mv22-mv12=； 设末动量方向为正方向． 由动量定理可得： I=mv2-mv1=0.5×12-（-0.5×10）=11N•s， 2．B 【详解】A．由动量定理有 解得时物块的速率为 B．图线与时间轴所围面积表示冲量，根据动量定理可知，时物块的动量大小为 C．根据动量定理可知，时物块的动量大小为 D．根据动量定理可知，时物块的动量大小为 则时物块的速度为 3．D 【详解】由图象可知电源的电动势 E=3V，短路电流为6A，由两图象的交点可知该电源和该电阻组成闭合电路时路端电压为：U=2V，电流为：I=2A，电源的输出功率即为电阻R上消耗的功率，根据P=UI得： ， 效率为： 4．D 【详解】把滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中总电流I增大，电源的内电压增大，路端电压减小，则知电压表和电流表的示数都将减小，电阻R0上消耗的电功率将减小，而且根据总电流增大，通过电流表的电流减小，可知通过灯L的电流增大，灯泡变亮．综上分析，D正确，ABC错误 5．B 【详解】A．手机做自由落体运动，故手机接触头部之前的速度约为 v=m/s=2m/s C．手机落到头上后速度减为0，设头部对手机的作用力为F，因为手机落在 头上没反弹，速度减为0，故由动量定理得 (F-mg)t=0-(-mv) 故解得F=2.4N，选项C错误； B．根据力的作用是相互的，则手机对头部的作用力也是2.4N，作用时间是0.2s，故手机对头部的冲量大小为2.4N×0.2s=0.48Ns，选项B正确； D．手机的动量变化量为△p=mv=0.12kg×2m/s=0.24kgm/s 6．A 【详解】设滑块a、b的质量分别为、，a、b两滑块碰撞前的速度为、，由题图得，；两滑块发生碰撞后粘在一块，碰撞后两滑块的共同速度设为v，由题图得。由动量守恒定律得 联立解得 7．C 【详解】．电动机两端电压为6V，开关闭合后，电动机恰好正常工作，所以电源内电压与电阻R1两端电压之和为6V，由欧姆定律有 解得： 所以电阻两端的电压为 与电动机并联，且并联部分电压为6V，则流过R2的电流为 由并联电路的电流特点可知，流过电动机的电流为 电动机消耗的电功率 电动机的发热功率为 电动机产生的机械功率 8．C 【详解】A．根据电路图，把定值电阻R等效看成电源内阻的一部分，即 由闭合电路欧姆定律的推论可知，当电源外电阻等于内阻时，电源输出功率最大，即 滑动变阻器此时消耗的功率最大为 B．对于定值电阻电流越大功率越大，因此滑动变阻器的阻值为零时功率最大； C．由选项A分析可知时，滑动变阻器此时消耗的功率达最大。根据图乙，可知当时，滑动变阻器消耗的功率等于时消耗的功率，根据有 解得 D．电源的效率为 调整滑动变阻器的阻值从最右端滑到最左端时，变大，则变大，电源的效率一直变大， 9．BC 【详解】A．当将重物固定时，电压表的示数为5V，根据闭合电路欧姆定律有 代入题中数据有 解得 ，故A错误； B．稳定匀速提升重物时，电压表的示数为，流过电动机的电流为 C．稳定匀速提升重物时，电动机输出功率 根据能量转化和守恒定律得 联立解得 D．匀速提升重物时电动机的输入功率是 10．AD 【详解】AB．根据 则 故A正确，B错误； CD．根据 得 根据 所以 即 故C错误，D正确。 11．AD 【详解】A．根据题意可知，对Δt时间内吹向游客的气体，设气体质量为Δm，根据动量定理可得FΔt=Δmv 由于游客处于静止状态，根据受力分析，游客受力平衡，F=mg 另外Δm=ρvΔtS 联立可得，故A正确； B．单位时间内流过风洞某横截面的气体体积为 CD．若风速变为原来的，则根据动量定理可得 其中， 可得 由牛顿第二定律 可得游客开始运动时的加速度大小为，C错误，D正确。 12．BD 【详解】．弹珠A做斜抛运动，由运动的合成和分解得，碰前瞬间弹珠A的速度大小为 弹珠A、B碰撞过程水平方向动量守恒，可得 碰后弹珠A、B平抛的水平位移大小之比为1∶2 则 解得， 13． ×10 10 20 闭合、断开时，只有表头接入，满偏总电流 总内阻，中值电阻大，对应倍率大，因此处于。 同时闭合、时，与并联，为挡，中值内阻，干路满偏总电流 表头满偏时，并联部分电压 。 并联总电阻，总内阻满足 因此滑动变阻器阻值。 14. 串联 210 【详解】（1）利用串联电阻的分压作用，表头改装成量程为5V的电压表需要串联一个电阻。设阻值为R，有 （2）由闭合电路欧姆定律有 化简变形得 所以图线的斜率为 得 图线的纵截距为 得 15．(1) (2) (3) 解：（1）电压表内阻视为无穷大，其支路没有电流，电压表的示数等于电阻两端的电压。由欧姆定律得 （2）电压表支路没有电流，电阻与串联，故通过的电流 通电时间为，由焦耳定律得 （3）由闭合电路欧姆定律得 整理得 16．(1)， (2) (3) 解：（1）小球自由下落时，由匀变速直线运动速度与位移的关系得 解得 小球离开软垫后竖直上升至最高点，由匀变速直线运动速度与位移的关系得 解得 （2）小球自由下落的时间为 小球离开软垫后上升至最高点的时间为 因此小球与软垫接触的时间为 （3）取竖直向上为正方向。由牛顿第三定律，软垫对小球的平均支持力与小球对软垫的平均压力大小均为。接触过程中，对小球由动量定理得 解得 17．（1）1A；（2）；（3） 解:（1）开关闭合，外电路电阻 由闭合电路欧姆定律得 计算得 （2）电路的路端电压 通过的电路 电容器两端电压 ，U3 = I3R3 计算出 （3）电路闭合时，电容器的电量 断开开关通过的电量 18．（1）200N，方向水平向右；（2）2.4m/s 解：（1）人跳起后A与B碰撞前后动量守恒，设碰后A、B的速度v1，则 解得 对B，根据动量定理得 解得 作用力的方向水平向右； （2）人下落与AB作用前后，水平方向动量守恒，设共同速度v2，则 代入数据解得 第1页（共2页） 第一次月考参考答案 第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $