第十三章 内能 单元基础复习卷-2026-2027学年九年级物理全一册人教版

2026-2027学年九年级物理人教版第十三章 内能 单元基础复习卷 · 2024新教材 同学你好，本资料由工作室教师精心制作，专选基础必会题，无偏题，怪题，望吃透 一、单选题 1．由比热容的公式，判断下列哪种说法是正确的（　　） A．比热是物质的特性之一，跟热量、质量、温度的变化等因素都无关 B．物质的比热容跟它的热量成正比 C．物质的比热容跟它的质量成反比 D．物质的比热容跟它的温度变化成反比 2．下列现象与应用中，与水的比热容比较大无关的是（     ） A．北方暖气片中的物质是水 B．夏天在房间内洒水降温 C．沿海地区昼夜温差比内陆小 D．城市修建人工湖，减弱热岛效应 3．韶关山区冬日出现美丽的冰挂景观。关于冰挂的内能，下列说法错误的是（     ） A．冰挂温度低于0℃，但它仍然具有内能 B．冰挂的内能是冰内所有分子无规则运动的动能与分子势能的总和 C．冰挂吸收热量熔化时，温度不变，内能增大 D．温度很低的冰挂不具有内能，吸收热量后才具有内能 4．在“探索厨房中的物态变化问题”跨学科实践活动中，下列说法正确的是（     ） A．水烧开后冒出的“白气”就是水蒸气 B．新鲜的水果放入保鲜盒内可以减缓水分的蒸发 C．刚熬好的粥盛出后不容易凉，是因为粥不会对外传热 D．食物油炸比水煮熟得更快，是由于油的沸点比水的沸点低 5．如图所示，夏季在沿海地区常见“海陆风”现象。风从海洋吹向陆地时，下列说法正确的是（     ） A．发生在夜晚，且海水温度较高 B．发生在白天，且陆地温度较高 C．发生在白天，且海水温度较高 D．发生在夜晚，且陆地温度较高 6．如图所示是《天工开物》中记载的淬火工艺，工人将烧红的铁器迅速放入冷水中冷却，铁器在冷却过程中（     ） A．吸热，内能减少 B．吸热，内能增加 C．放热，内能减少 D．放热，内能增加 7．如图所示的实验或事例，属于内能转化为机械能的是（    ） A．滑下滑梯，臀部有灼热感 B．搓手取暖 C．压缩空气，棉花燃烧 D．水沸腾壶盖跳动 8．下表是一些物质的比热容，根据表中数据和生活现象，下列判断正确的是（     ） 物质 比热容c/[J⋅（kg⋅°C）⁻1] 物质 比热容c/[J⋅（kg⋅°C）⁻1] 水 4.2×103 铝 0.88×103 煤油、冰 2.1×103 铁、钢 0.46×103 砂石 约0.92×103 铜 0.39×103 A．比热容与物质的状态无关 B．不同种类的物质，比热容一定不同 C．沿海地区昼夜温差小，是因为水的比热容较小 D．质量相同、初温相同的铝块和铜块升高相同的温度，铝块吸收的热量多 9．关于比热容的说法正确的是（     ） A．根据知物质的比热容跟物体的温度变化成反比 B．若物质吸收的热量增大一倍，则其比热容增大一倍 C．一杯水倒出一多半，杯内剩余水的比热容一定不变 D．甲、乙质量相同，若甲升高的温度比乙的多，则c甲＜c乙 10．下列是课堂上学习小组关于功、内能和热量的讨论，你认为其中正确的是（     ） A．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 B．做功和热传递都能改变物体的内能 C．温度高的物体含有的热量比温度低的物体多，所以温度高的物体内能一定大 D．物体的温度不变，则内能也一定不变 11．用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量损失），如图所示是A和B的温度随加热时间变化的图像，下列说法正确的是（     ） A．A与B的比热容之比为1：2 B．A与B的比热容之比为2：3 C．加热相同时间，A和B吸收的热量之比为1：1 D．A和B升高相同的温度，吸收的热量之比为1：1 12．规格相同的甲乙两容器装了相同质量的水，用不同的电加热器加热，忽略散热，得到的水温与时间的图线如图所示，下列说法正确的是（     ） A．加热相同的时间，两杯水升高的温度相同 B．加热相同的时间，两杯水吸收的热量相同 C．吸收相同的热量，甲杯水升温比乙杯的多 D．甲杯水加热4 min与乙杯水加热7 min吸收的热量相同 二、填空题 13．新情境如图所示的“胶囊胃镜”是一种磁控微型机器人，胶囊进入胃部后，温度从25℃上升到37℃，该过程胶囊的内能______________（选填“增大”“减小”或“不变”），胶囊内能的改变是通过______________的方式实现的。 14．六安瓜片制作中的“炒生锅”工序，鲜叶在高温锅中翻炒，茶叶与热锅接触部分温度迅速升高，同时，炒茶师反复翻炒的动作也使茶叶内能略有增加，炒茶师是通过______的方式改变茶叶的内能。 15．如图所示为古代蜀地人使用的“夹瓷盏”省油灯，其原理是夹层里水的________较大，与其他物质相比，质量相同时，升高相同温度，水吸收的热量较多，所以可以快速降低油的温度，达到省油的目的。油的内能是通过________的方式改变的。 16．重庆小面以“麻辣鲜香”闻名，煮面师傅通常在大锅中加入大量水来煮面。由于水的___________较大，在加热过程中温度变化较为平缓，能让面条受热更均匀。小面煮好后，空气里弥漫着浓郁的香气，这是___________现象。 17．熨斗古代亦称火斗，最早出现于西汉，以青铜质地为主。使用时，先用炭火将其加热，再用它去熨烫衣物。其改变内能的方式是________。宋元时期，出现了如左图所示带木把的熨斗，由于木头的________性较差而比金属把更适合于手持。如右图所示是我国国家博物馆原始社会厅中展示的一种取火器，它以牛角作外套筒、木棒作推杆。取火时，先在杆前端粘附艾绒，再一手握住套筒，一手猛推杆入筒，然后迅即拔出推杆，便可得到燃烧的艾绒。其改变内能的方式是________。 18．如图A所示，用相同的电加热器给初温及质量均相同的甲、乙两种不同的液体加热，两种液体每秒吸收的热量相同，两种液体的温度随加热时间变化的图像如图B所示。则加热1min，两种液体吸热关系为______（选填“”、“”或“”），通过图像分析可得，甲、乙两液体的比热容大小之比______。 19．小丽用相同的电加热器分别对质量为0.2kg的水和0.3kg的另一种液体进行加热，得到的实验数据如图所示，水在16min内吸收的热量为______J，另一种液体的比热容为_____。 20．2026年仁马于2025年11月10日上午10点开启报名。眉山仁寿半程马拉松创办于2017年，在中国田径协会，四川省体育局，眉山市委、市政府，仁寿县委、县政府的支持与指导下，眉山仁寿半程马拉松赛事级别和专业水平不断提升，连续六年承办“全国半程马拉松锦标赛”，八年时间升级为国内首个“世界田联白金标半马赛事”，并入选2025中国体育旅游精品赛事项目。如图所示，在2025仁马比赛中辽宁队于水庆以的成绩打破国内男子半马纪录，假设于水庆在比赛中消耗热量1350千卡，已知1卡等于水温度升高吸收的热量，则1卡等于______J。若于水庆比赛中消耗的热量全部用于加热、初温为的水（在一个标准大气压下），则水温可升高______。 21．在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量均为1kg的水和某种液体进行对比实验[水的比热容较大，为]，并用图像对实验数据进行了处理，如图所示，实验过程中，水和某种液体在相同时间内放出的热量相等，该液体在15分钟内放出的热量为__________J，该液体的比热容为__________。 三、实验题 22．利用如图甲所示的实验装置探究“沙子和水的温度变化与吸热的关系”。操作如下 (1)在两烧杯中分别装入初温相同且______相等的沙子和水。 (2)用相同的酒精灯火焰的______（外焰/内焰）加热，并用玻璃棒不断搅拌，每隔一段时间记录一次温度，其中某时刻的温度如图乙所示，其示数为______℃。根据实验数据绘制成温度与时间的关系图像如图丙所示； (3)实验中，是通过比较______（温度计上升示数/加热时间）来间接反映沙子和水吸收的热量； (4)分析图像可知，______的吸热能力更强，沙子的比热容为______。 23．如图所示，是小星学习分子动理论时做的一些实验。 (1)图甲中演示气体扩散时，二氧化氮的密度大于空气，装有二氧化氮气体的瓶子是______（选填“”或“”）。 (2)图乙中硫酸铜溶液与清水放置几天之后，两种液体混合均匀了，这是分子______导致的。 (3)图丙玻璃板的下表面接触水面，向上拉动时会发现弹簧测力计示数______（选填“大于”、“小于”或“等于”）玻璃板的重力。 (4)图丁中水和酒精充分混合后的总体积小于混合前水和酒精的总体积，说明分子间有______。 24．为了比较水和沙子吸热本领的大小，小文做了如图所示的实验；在两个相同的烧杯中，分别装有水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如下表： 质量/g 升温10℃所需时间/s 升温20℃所需时间/s 升温30℃所需时间/s 沙子 30 64 89 124 水 30 96 163 220 (1)实验中应该使水和沙子的______和______相同； (2)在此实验中用______表示水和沙子吸热的多少； (3)由表中数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同温度时，水吸收的热量______（选填“大于”或“小于”）沙子吸收的热量； (4)如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，______（选填“水”或“沙子”）升高的温度更高； (5)结论：水和沙子，______的吸热本领大。 25．为了比较水和食用油的吸热能力，小明用如图所示的装置做了实验。 (1)实验器材：烧杯、水、食用油、两个相同的电加热器、温度计、__________、秒表、搅拌器。 (2)在两个烧杯内分别装入__________相同的水和食用油，食用油和水吸收热量的多少可通过__________来反映。 (3)小明记录的实验数据如下表所示。根据记录的数据还可以发现，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给__________加热更长的时间，这样水吸收的热量__________（填“大于”“小于”或“等于”）食用油吸收的热量。 物质 质量 初始温度 加热时间 最后温度 水 60 20 5 40 食用油 60 20 5 60 (4)通过实验可以得出结论：不同物质的吸热能力一般__________（填“不同”或“相同”）。 (5)从表中可以看出，__________的比热容较大。 (6)水的比热容为，由表可知，食用油的比热容为__________。 26．烈日炎炎，沙子滚烫，海水却是凉的，SEASON决定探究出该现象的本质原因。 (1)排除干扰：根据烧水多少以及烧开或者烧成温水的经验，可确定同种物质，吸收热量的多少可能与__________和__________有关； (2)确定课题：“不同的物质，其他条件相同，那么吸热是否相同呢？”SEASON用规格相同的白炽灯模拟太阳，对质量相同的水和沙子加热（如图甲所示），箱子规格一致，这是为了保证相同时间内水和沙子__________相同；记录的证据绘制表格（如图乙所示），都升高10℃，根据__________（加热时间/升高的温度）的多少，可判断水比沙子吸收的热量更__________（多/少）。基于物质关于“热”的角度，有这样的特性，科学家把这个特性抽象概括为__________。在物理学中，它可以用物体温度升高时吸收的热量与____________________之比来反映。 (3)两箱子开口，用透明细管AB连通，点燃一支香放在细管中（如图丙所示），白炽灯工作一段时间后，烟将会从B管口冒出，本质原因是水比沙子的比热容__________。这个实验模拟的是近地面形成的__________（填选项前字母：A．海面吹向陆地的风；B．陆地吹向海面的风）。 四、计算题 27．热牛奶能促进睡眠、缓解焦虑，更利于营养吸收和肠胃舒适。如图所示的盒装牛奶的质量为250g，小明用热水加热，使牛奶的温度由20℃升高到40℃。求： (1)牛奶吸收的热量Q吸【】。 (2)小明打算用50℃的热水加热牛奶，若不考虑热量损失，且热水放出的热量全部被牛奶吸收，求小明至少要用的热水质量。[]（计算结果保留1位小数） 28．小红在实验室利用电加热器加热，完成了冰的熔化实验，并描绘出冰的温度随加热时间变化的关系图线（如图所示）。实验时，冰的质量为0.5kg，相同时间内水和冰吸收的热量相同，水的比热容为。冰的比热容为。求： (1)CD段水吸收的热量； (2)在CE段，水吸收了的热量，水温升高了多少℃？ (3)冰在熔化过程中吸收的热量。 29．质量为500g的铝壶中装有2kg水温为20°C的水，若用燃气灶对这些水进行加热，水温升高了60°C。已知水的比热容，铝的比热容，求： 物质 比热容 物质 比热容 酒精 煤油 汽油 冰 (1)水吸收的热量； (2)若这些热量被3kg的某液体全部吸收，温度升高了80℃，则这种液体可能是？ 五、科普阅读题 30．阅读短文，回答问题。 牛顿冷却定律 当一个物体表面温度比周围环境高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用单位时间内散失热量的多少来表示。英国物理学家牛顿提出：物体散热快慢与物体和周围环境的温度差成正比。后人研究发现在温度差不太大的情况下（小于15℃），这个结论符合实际散热规律，称为牛顿冷却定律，则在温差不大时，不同物质放出热量之比近似等于时间之比。如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可表示为，其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素有关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同。由于不同物质的比热容不同，它们降低相同温度需要的时间也不同，根据降温时间可以得到两种物质比热容的大小关系。 (1)物体向周围散热，内能减少，这种改变内能的方式叫做__________________； (2)散热快慢和下列概念中物理意义最接近的是______； A．速度 B．密度 C．功率 D．效率 (3)要喝一杯奶咖，可以有以下两种方式，你认为方式____________的冷却效果较好。 ①先将烧开的热咖啡倒入杯中，冷却5 min，然后加一匙冷牛奶； ②先将烧开的热咖啡倒入杯中，立即将一匙冷牛奶加进杯中，然后冷却5 min。 (4)一个物体温度为30℃，周围环境温度保持20℃不变，此时物体的放热快慢为。当物体温度降低到29℃时，散热快慢为______。（用表示） (5)如图甲所示，用两个同样的保温杯分别装满水和盐水，水和盐水的温度都是30℃，保温杯敞开口，水和盐水温度随时间变化的图像如图乙所示。已知水的比热容为，盐水的密度为，则盐水的比热容为______J/（kg·℃）。 (6)如图丙所示，烧杯装有相同质量、初温均为80℃的水和煤油，将两个相同质量、初温均为20℃的铁块同时放入水和煤油中（已知），不计热损失，热平衡后______中的铁块吸收热量更多。（选填“水”或者“煤油”） 学科网知识店铺：苍穹精品工作室 一线教师精心创作，原创精品资源，学科网独家享有版权，侵权必究 学科网知识店铺：苍穹精品工作室 一线教师精心创作，原创精品资源，学科网独家享有版权，侵权必究 试卷第10页（共11页） 试卷第1页（共11页） 学科网（北京）股份有限公司 2026-2027学年九年级物理人教版第十三章 内能 单元基础复习卷 · 2024新教材 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A B D B B C D D C B 题号 11 12 答案 C D 1．A 【详解】比热容是物质的固有特性，仅由物质种类、状态决定，与热量、质量、温度变化量均无关，公式为定义式而非决定式，故A正确，BCD错误。 故选A。 2．B 【详解】ACD. 根据，水的比热容较大：A中相同质量的水和其他物质相比，降低相同温度时放出的热量更多，适合做暖气介质；C、D中相同质量的水和其他物质相比，吸收或放出相同热量时温度变化更小，因此沿海昼夜温差更小、人工湖可缓解热岛效应，三者均与水的比热容大有关，故ACD不符合题意。 B. 夏天房间洒水降温是利用水汽化（蒸发）吸热的特点，与水的比热容无关，故B符合题意。 故选B。 3．D 【详解】ABD．内能的定义是物体内所有分子无规则运动的动能和分子势能的总和，由于分子永不停息地做无规则运动，所以一切物体在任何温度下都具有内能，即使温度低于0℃的冰挂也始终有内能，并非吸收热量后才拥有内能，故AB正确，D错误； C．冰是晶体，熔化时吸收热量、温度保持不变，吸收的热量会转化为分子势能，因此内能会增大，故C正确。 本题要求选错误说法，故选D。 4．B 【详解】A．水蒸气为无色气态，肉眼不可见，“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故A错误； B．放入保鲜盒可减小水果表面空气流动速度，减慢水分蒸发，故B正确； C． 粥与周围环境存在温度差，会发生热传递对外放热，不容易凉是因为粥的比热容较大，相同条件下放热降温慢，故C错误； D．食物油炸熟得更快，是因为油的沸点远高于水的沸点，能提供更高的加热温度，故D错误。 故选B。 5．B 【详解】白天，在相同日照条件下吸收相同热量，陆地沙石比热容小，温度升高得多，陆地温度较高，空气受热上升；海水比热容大，温度升高得少，海面温度较低，空气下沉，近地面空气从海洋流向陆地，风从海洋吹向陆地。 夜晚的情况恰好相反，放出同样的热量，海水温度降低慢，陆地温度降低快，风由陆地吹向海洋。故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 6．C 【详解】热传递的发生条件是存在温度差，烧红的铁器温度远高于冷水的温度，因此铁器会向冷水放热；物体的内能和温度相关，铁器放热后温度降低，内能也随之减少。因此铁器冷却过程是放热、内能减少。 故选C。 7．D 【详解】依据做功改变物体内能的规律：对物体做功，机械能转化为内能；物体对外做功，内能转化为机械能； A．滑下滑梯时克服摩擦做功，机械能转化为内能，故A不符合题意； B．搓手时克服摩擦做功，机械能转化为内能，故B不符合题意； C．压缩空气时对空气做功，机械能转化为内能，故C不符合题意； D．水沸腾时水蒸气膨胀对壶盖做功，内能转化为机械能，故D符合题意。 故选D。 8．D 【详解】A．水和冰为同种物质，处于不同的状态，二者比热容不同，说明比热容与物质状态有关，故A错误； B．煤油和冰为不同种类物质，二者比热容相同，故B错误； C．沿海地区昼夜温差小是因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质，在吸、放相同热量时，水的温度变化更小，故C错误； D．由可知，、均相等，，因此，铝块吸收的热量多，故D正确。 故选D。 9．C 【详解】比热容是物质的固有属性，仅与物质种类、物态有关，与Q、m、Δt均无关。 A．是比热容的计算式而非决定式，c与Δt无关，故A错误； B．比热容与吸收热量Q无关，Q增大时c不变，故B错误； C．剩余水的物质种类、物态均不变，比热容不变，故C正确； D．由可知，m相同时，因Q未知，无法根据Δt大小比较c的大小，故D错误。 故选C。 10．B 【详解】A．热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，与内能大小无直接关系，故A错误； B．改变物体内能的两种途径为做功和热传递，二者等效，故B正确； C．热量是过程量，仅在热传递过程中存在，不能表述为“含有热量”，且内能大小与物体的质量、温度、状态均有关，温度高的物体内能不一定大，故C错误； D．物体温度不变时内能可能改变，例如晶体熔化过程中温度不变，持续吸热内能增大，故D错误。 故选B。 11．C 【详解】ABC．用相同的电加热器加热相同时间t，不计热量损失，A和B吸收的热量相等，即，则； 由图可知，加热相同时间，A升高的温度 B升高的温度 A和B的质量相同，吸收的热量相等，由得，则，故AB错误，C正确； D．A和B的质量相同，升高相同的温度，由 得，故D错误。 故选C。 12．D 【详解】A．由图可知，加热相同时间，甲升高的温度比乙多，故A错误； B．用不同的电加热器加热，加热相同时间，两杯水吸收的热量不同，故B错误； C．两杯水质量相同，吸收相同的热量，由可知，两杯水升高的温度相同，故C错误； D．由图可知，甲加热4min和乙加热7min，温度均从20℃升高到60℃，，由 可知，两杯水吸收的热量相同，故D正确。 故选D。 13． 增大 热传递 【详解】物体的内能和温度、质量、状态有关，在质量、状态等不变时，物体温度升高，内能会增大。本题中胶囊从25℃上升到37℃，温度升高，因此内能增大。 此时胶囊温度低于胃部的温度，二者存在温度差，胃部的热量传递给胶囊，这种通过温度差实现内能转移的方式属于热传递，因此胶囊内能的改变是通过热传递实现的。 14．做功 【详解】炒茶师反复翻炒茶叶时，茶叶与锅、茶叶间克服摩擦做功，机械能转化为内能，使茶叶内能增加，故炒茶师反复翻炒茶叶是通过做功的方式改变茶叶的内能。 15． 比热容 热传递 【详解】水的比热容较大，与其他物质相比，质量相同时，升高相同温度，水吸收的热量较多，因此能吸收较多热量，快速降低油的温度，达到省油的目的。 水的温度低于油的温度，热量从高温的油传递到低温的水，油的内能通过热传递的方式被转移、温度降低。 16． 比热容 扩散 【详解】由可知，和其他物质相比，相同质量的水吸收相同热量时，因水的比热容较大，温度升高幅度更小，故温度变化平缓。 煮好的小面香气分子在空气中不停做无规则运动，扩散到周围空气中，使得空气里弥漫香气，这属于扩散现象。 17． 热传递 导热 做功 【详解】炭火加热后的熨斗温度高于衣物，熨烫时热量从熨斗转移到衣物上，是通过热传递的方式改变衣物的内能； 金属的导热性很强，高温熨斗的热量会快速传递到金属把手导致把手烫手；而木头的导热性较差，热量不容易快速传递到手持的位置，因此木把更适合手持； 压缩筒内空气时对气体做功，机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能。 18． 1:2 【详解】因加热时间相同，两种液体每秒吸收的热量相同，故；由图B得，加热1min时， 由，且、，得 19． 【详解】从图像可知，水的初温是10℃，加热16min后末温为40℃，因此水升高的温度 16min内水吸收的热量 实验使用相同的电加热器，相同时间内两种液体吸收的热量相等， 从图像得，另一种液体加热8min时，温度变化量 水加热16min吸收的热量是，则加热8min水吸收的热量是它的一半，即，也就是该液体8min吸收的热量 另一种液体的比热容 20． 4.2 90 【详解】已知1卡等于1g水温度升高1℃吸收的热量，1g水温度升高1℃吸收的热量 于水庆在比赛中消耗热量1350千卡，水吸收的热量 水可以升高的温度 水的末温 高于100℃，由于1标准大气压下水的沸点为100℃，且水沸腾后温度保持不变，所以水实际升高的温度为 21． 【详解】由水的比热容较大可知，相同质量的水和液体放出相同热量时水降温更慢，故图像中上方图线为水的降温图线。水15分钟内放出的热量为 因相同时间内水和液体放出的热量相等，故该液体15分钟内放出的热量 液体的比热容为 22．(1)质量 (2) 外焰 39 (3)加热时间 (4) 水 2.1×103 【详解】（1）本实验是探究不同物质的吸热能力，根据控制变量法，需要控制沙子和水的初温、质量完全相同，只改变物质种类，才能对比吸热特性。 （2）酒精灯的外焰温度最高，实验时要用外焰加热，保证受热均匀高效；图乙的温度计分度值为1℃，液柱对应示数为39℃。 （3）实验使用完全相同的酒精灯，相同时间内酒精灯放出的热量相等，因此沙子和水吸收的热量相等，属于转换法的应用：用加热时间的长短间接反映吸收热量的多少，温度计上升示数是吸热后的结果，不能直接代表吸收的总热量。 （4）从图丙可知，初温同为10℃，加热相同时间（吸收相等热量）时，水升温更慢，说明水的吸热能力更强；由图可得：加热5min时，沙子温度从10℃升到50℃，升温，水温度从10℃升到30℃，升温。因为两者质量相同、吸收的热量Q相等，根据比热容公式，可得，代入水的比热容，计算得。 23．(1) (2)无规则运动 (3)大于 (4)间隙 【详解】（1）二氧化氮密度大于空气，若将它放在下方的B瓶中，排除重力因素的干扰，最终两瓶气体混合均匀，才能更好地说明气体分子在自发扩散，避免被误认为是密度大的二氧化氮因重力向下掉落。 （2）清水和硫酸铜溶液原本分层，放置后自发混合均匀，属于液体的扩散现象，本质是分子永不停息地做无规则运动。 （3）玻璃板接触水面时，玻璃分子和水分子间距很小，分子间存在相互作用的引力，向上拉动玻璃板时，弹簧测力计需要同时克服玻璃板的重力和分子间的引力，因此示数大于玻璃板的重力。 （4）水和酒精混合后总体积变小，是因为两种物质的分子互相进入了对方的分子空隙中，直接说明分子间存在间隙。 24．(1) 质量 初温 (2)加热时间的长短 (3)大于 (4)沙子 (5)水 【详解】（1）要比较水和沙子吸热本领的大小，根据控制变量法，实验中应该使水和沙子的质量和初温相等，只共改变物质的种类。 （2）实验使用两个完全相同的酒精灯加热，相同时间内酒精灯放出的热量相等，因此可以通过转换法，用加热时间的长短来间接反映水和沙子吸收热量的多少。 （3）由表中数据可知，质量相同的水和沙子，升高相同温度时，水的加热时间更长，可知水吸收的热量大于沙子吸收的热量。 （4）由表格数据可知，质量相同的水和沙子，升高相同的温度（如都升温10℃），沙子所需的加热时间较短，水需要的加热时间较长，反过来推导可知，若加热相同时间（即吸收相同的热量），沙子升高的温度更高。 （5）由表中数据可知，质量相同的水和沙子，升高相同温度时，水的加热时间更长，水需要吸收的热量更多，由可得水的比热容大，即水的吸热本领大。 25．(1)天平 (2) 质量和初温 加热时间的长短 (3) 水 大于 (4)不同 (5)水 (6) 【详解】（1）实验需要控制水和食用油的质量相等，因此需要用天平测量液体质量，题干给出的器材中缺少天平。 （2）根据控制变量法，探究不同物质的吸热能力时，要保证水和食用油的质量、初温相同； 实验使用两个完全相同的电加热器，相同时间内放出的热量相等，因此可以通过加热时间的长短间接反映液体吸收热量的多少。 （3）从表格数据可知，加热5min时，水升温 食用油升温 说明相同质量的两种物质，若升高相同的温度，水吸收的热量更多，即水需要的加热时间更长； 相同电加热器的加热时间越长，物质吸收的热量就越多，因此水吸收的热量大于食用油吸收的热量。 （4）本实验就是为了对比不同物质的吸热特性，实验结果说明不同物质的吸热能力一般是不同的。 （5）吸热能力越强的物质比热容越大，水升高相同温度需要吸收更多热量，即水的吸热能量较强，因此水的比热容更大。 （6）相同电加热器加热5min，水和食用油吸收的热量Q相等，质量m也相等，根据可得，代入数据 26．(1) 质量 升高温度 (2) 吸收的热量 加热时间 多 比热容 质量和升高的温度的乘积 (3) 大 A 【详解】（1）根据生活经验：烧开一壶水比烧开半壶水需要的热量多，说明吸热多少和物质质量有关；将同一壶水烧到100℃比烧成温水（比如50℃）需要的热量多，说明吸热多少还和物质升高的温度有关。 （2）使用规格完全相同的热源、相同规格的容器，是保证相同时间内水和沙子吸收的热量相等； 在升高相同温度时，通过加热时间长短来判断吸热多少，从图乙能看出升高10℃时水的加热时间更长，因此水吸收的热量更多； 这种反映物质吸热能力的特性就是比热容，初中物理中比热容的定义为：一定质量的某种物质，在温度升高时，吸收的热量与它的质量和升高的温度的乘积之比。 （3）水的比热容比沙子大，相同受热条件下沙子升温更快，沙子上方的空气受热膨胀更明显、密度更小，气压更低，因此水一侧的气压更高，空气会从水侧流向沙子侧，烟从B管口冒出；这对应白天的海陆风：白天陆地升温快气压低，海面升温慢气压高，风从海面吹向陆地，故A符合题意，B不符合题意。 故选A。 27．(1) (2) 【详解】（1）牛奶升高的温度 根据吸热公式可得 （2）不考虑热量损失，热水放出的热量全部被牛奶吸收，因此，热水降低的温度 根据放热公式变形得，水的质量 28．(1) (2) (3) 【详解】（1）由图像可知，AB段是固态冰，BC段是冰水混合物，CD段是液态水。CD段水升高的温度为 CD段水吸收的热量为 （2）根据公式可知，在CE段水温升高了 （3）由图可知，冰熔化BC段持续了 和CD段的持续时间相同，电加热器相同的时间放出的热量相同，因此BC段冰熔化吸收的热量和CD段水吸收的热量相同，所以冰在熔化过程中吸收的热量为 29．(1) (2)煤油 【详解】（1）已知水的质量，水吸收的热量 （2）根据比热容公式可得，这种液体的比热容为 由表可知，这种液体可能是煤油 30．(1)热传递 (2)C (3)① (4)0.9 (5) (6)水 【详解】（1）物体向周围散热是内能的转移过程，改变内能的方式属于热传递。 （2）散热快慢表示单位时间内散失热量的多少 A．速度是单位时间内通过的路程，与散热快慢物理意义不同，故A不符合题意； B．密度是单位体积的质量，与散热快慢物理意义不同，故B不符合题意； C．功率是单位时间内做功的多少，与散热快慢均表示单位时间内的能量多少，物理意义最接近，故C符合题意； D．效率是有用能量与总能量的比值，与散热快慢物理意义不同，故D不符合题意。 故选C。 （3）根据牛顿冷却定律，物体和环境的温差越大，散热越快。刚烧开的热咖啡温度极高，和室温温差很大，先单独冷却5分钟可以利用大温差快速散出大量热量；如果立刻加入冷牛奶，混合后咖啡的初始温度会降低，和环境的温差变小，后续5分钟的散热速度更慢，冷却效果更差，因此方式①冷却效果更好。 （4）由牛顿冷却定律可知，散热快慢与物体和环境的温差成正比。 初始温差 物体温度为时温差 则，代入得 （5）两个保温杯相同，散热系数相同，均装满，液体体积相同，水和盐水降低相同温度，由题意知放出热量之比等于降温时间之比。 由、，可得盐水比热容 由图乙可知，水和盐水的温度都降温到25℃时，水和盐水的降温时间分别为、 代入数据可得 （6）不计热损失，液体放出的热量等于铁块吸收的热量，因，且液体质量、初温均相同，铁块质量、初温均相同，故热平衡时水的末温更高，铁块吸收的热量与升高的温度成正比，因此水中的铁块吸收热量更多。 答案第8页（共10页） 答案第9页（共10页） 学科网（北京）股份有限公司 $