安徽滁州中学2026-2027学年高三上学期开学物理试题

**基本信息** 以潘展乐奥运游泳、“云舟一号”火箭等真实情境为载体，覆盖运动学、力学核心知识，注重物理观念建构与科学思维训练，适配高三开学学情检测。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选|8/32|质点、位移、受力分析、平抛运动|结合运动会（1题）、奥运赛事（2题）设计情境，考查运动观念| |多选|2/10|弹簧弹力、摩擦力、能量守恒|通过斜面弹簧系统（9题）考查科学推理，体现模型建构| |非选择|5/58|v-t图像、传送带问题、多过程力学|13题以传输缓冲装置为背景，综合考查运动分析与能量转化，凸显真实问题解决能力|

滁州中学2026-2027学年度高三上学期开学考物理试题 （考试时间：75分钟 满分：100分） 一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中只有一项符合题目要求。 1．一年一度的运动会是同学们最喜欢的盛会之一，关于运动会中的米和米项目，下列说法正确的是（　　） A．研究运动员的起跑动作时，运动员不可以看成质点 B．甲、乙两名运动员分别参加米和米项目，甲的位移小于乙的位移 C．在起跑阶段，运动员的加速度方向与速度方向相反 D．在一次米比赛中，某运动员的平均速度可能大于其任意时刻的瞬时速度 2．中国游泳队终于打开在巴黎奥运会上的金牌“账户”，中国籍选手潘展乐在31日进行的男子100米自由泳决赛中（标准泳道长50米），以46秒40打破由自己保持的世界纪录，夺得冠军。下列说法正确的是（     ） A．研究潘展乐的游泳技巧时可以将潘展乐看成质点 B．潘展乐破世界纪录的46秒40指的是时间间隔 C．潘展乐100米自由泳比赛的位移是100米 D．潘展乐此次自由泳可以看成匀加速直线运动 3．倾角为α、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上。下列结论正确的是（　　） A．木块受到的摩擦力大小是mgcosα B．斜面体对木块的支持力大小是mgsinα C．斜面体对桌面的压力大小是（M+m）g D．桌面对斜面体的摩擦力大小是mgsinαcosα 4．2026年6月9日13时45分，一枚由5名高中生自主研发的“云舟一号”火箭腾空而起，如图所示。遥测数据显示，火箭飞行高度超过海拔15 km，飞行速度峰值达2.2马赫（约为748 m/s），成为全国首枚由中学生自主研发并抵达临近空间下界的火箭。下列说法正确的是（     ） A．“2026年6月9日13时45分”指的是时间间隔 B．若研究该火箭的运动轨迹，可将其视为质点 C．该火箭运动过程中，位移大小可能大于路程 D．该火箭向上运动过程，始终处于失重状态 5．某同学用图甲所示装置做探究平抛运动实验时，得到小球的运动轨迹如图乙所示，检查发现斜槽末端不水平。图乙中为抛出点，测得运动轨迹上、两点坐标分别为、，则斜槽末端切线与水平方向间夹角的正切值为（    ） A． B． C． D． 6．如图所示，是水平圆盘的竖直转动轴，物体、用不可伸长的、足够结实的轻绳连接并置于圆盘上，轻绳过正上方且刚好绷直（此时弹力为零）。和的质量、离转动轴的距离、与圆盘的动摩擦因数分别为和视为质点，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。圆盘由静止缓慢加速转动，发现无论角速度多大，都相对于圆盘静止，则与之比为（　　） A． B． C． D． 7．“中国天眼”发现，距地球17光年的地方有一颗“超级地球”，据科学家测算，这颗星球具有和地球一样的自转特征。如图所示，这颗星球可看成质量分布均匀的球体，该星球绕AB轴自转，CD所在的赤道平面将星球分为南、北半球，OP连线与赤道平面的夹角为60°。若A位置的重力加速度为g，D位置的重力加速度为，则质量为m的小物体静止在P位置时，所受的重力大小为（　　） A． B． C． D． 8．如图所示，光滑斜面倾角θ＝60°，其底端与竖直平面内半径为R的光滑圆弧轨道平滑对接，位置D为圆弧轨道的最低点。质量均为m的小球A和小环B（均可视为质点）用L＝1.5R的轻杆通过轻质铰链相连。B套在固定竖直光滑的长杆上，长杆和圆轨道在同一竖直平面内，过轨道圆心。初始轻杆与斜面垂直，在斜面上由静止释放A，假设在运动过程中两杆不会碰撞，小球通过轨道连接处时无能量损失（速度大小不变），重力加速度为g，下列判断正确的是（     ） A．小球A由静止释放运动到最低点时，机械能一直减小 B．刚释放时，小球A的加速度大小为aA＝g C．小球A运动到最低点时的速度大小为vA＝ D．若A在最低点时加速度大小为a，则此时A受到圆轨道的支持力大小一定为5mg＋ma 二、多选题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 9．如图所示，轻弹簧的一端固定在倾角为θ的固定光滑斜面的底部，另一端和质量为m的小物块a相连，质量为m的小物块b紧靠a静止在斜面上，此时弹簧的压缩量为x0。从时开始，对b施加沿斜面向上的外力F，使b始终做匀加速直线运动。经过一段时间后，物块a、b分离，再经过同样长的时间，b距其出发点的距离恰好为x0。弹簧始终在弹性限度内，其中心轴线与斜面平行，重力加速度大小为g。下列说法不正确的是（ ） A．弹簧的劲度系数为 B．a、b分离时，弹簧的压缩量为 C．物块b加速度的大小为gsinθ D．外力F的最小值为mgsinθ 10．如图所示，O点为斜面的中点，轻弹簧一端固定在斜面顶端A，另一端与位于斜面底端B处的滑块拴接在一起。已知AO=OB=L，弹簧原长为L，斜面倾角为θ，重力加速度为g，滑块质量为m，弹簧劲度系数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，滑块与斜面间的动摩擦因数为μ=tanθ。现将滑块由静止释放，则（　　） A．滑块释放瞬间，加速度大小为4gsinθ B．滑块沿斜面运动到最高点时，滑块机械能增加 C．滑块最终静止的位置与B点相距 D．滑块的最大动能为 三、非选择题：共5题。共58分。 11．在一次机器人灭火比赛中，机器人在直轨道上取水后向着火点运动。机器人开始时加速运动，当速度达到6 m/s时开始匀速运动，当距离目标18 m时开始匀减速运动，其运动的v − t图像如图所示，t=0时刻在起点处，到达目标位置时速度恰好为零。（12分） 求： (1)机器人加速时加速度的大小； (2)机器人减速运动阶段的时间和加速度大小； (3)机器人运动全过程的平均速度大小。 12.如图甲所示，将质量为2kg的物块轻放在倾角的固定斜面上将加速下滑，已知物块与斜面间的动摩擦因数，，，，认为物体所受最大静摩擦力等于滑动摩擦力，空气阻力忽略不计。（10分） 求： (1)物块沿斜面加速下滑时所受摩擦力； (2)若对物块施加水平向右的推力F，如图乙所示，为保持物块静止，求水平推力F大小应满足的条件。 13.下图是一传输防滑缓冲装置，传输装置为一倾角为37°的倾斜浅色传送带，传输物体时，为防止物体运动到传送带底端滑出传送带时被损坏，在传送带底端平滑连接一倾角为37°的固定斜面，并在斜面底端固定一轻小弹簧（视为质点），当物体与弹簧碰撞后以原速率弹回。传输物体时，传送带以v0=4m/s的速度顺时针匀速转动，现将一物体（视为质点）轻放在传送带A端，经t0=0.4s物体与传送带共速。物体与传送带间的动摩擦因数为μ1，与斜面间的动摩擦因数μ2=0.75，传送带的长度L1=12.8m，斜面长度L2=2m，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（12分） (1)求物体与传送带间的动摩擦因数μ1； (2)若物体能在传送带上留下划痕，求物体在接触弹簧装置前在传送带上留下的痕迹长度Δx； (3)求物体在斜面上滑行的路程s。 14．如图所示，一倾角为足够长的固定斜面OC，斜面上一点B，B点正上方处有一点A，在A点以的速率抛出一小球，抛出的方向不定。运动轨迹在OAB所在的平面内。（不计空气阻力，g取，）（12分） (1)求小球落回斜面的最长时间； (2)若从A点竖直上抛，同时受到水平方向的恒定风力作用，风力大小是重力的倍。经过一段时间，小球到达与抛出点A等高的C点，求从A点到C点过程中最小速度v的大小。 15．如图所示，AB为光滑平台，BC为传送带，以很大的速率顺时针转动（物块始终无法与传送带共速），CD为粗糙平台，斜面长度，倾角，顶端有一个弹性挡板，物块撞到挡板原速率反弹，CD、DE在D点平滑连接。AB、BC、CD在同一水平直线上且长度均为，可视为质点的小物块质量为，与BC、CD、DE之间的摩擦因数均为 。当物块在AB面上向左滑行时不受拉力作用，在AB上向右滑行或速度为0时都将受到向右的恒定拉力F，物块与A处的弹性挡板碰撞后原速率反弹。现从A点静止释放物块，已知重力加速度为，取，。（12分） (1)若，，求物块第一次滑过传送带与传送带之间的摩擦生热； (2)若物块没有与挡板碰撞就返回到水平面，求物块第一次从斜面返回D点时的动能（用含有F的表达式表示）； (3)若拉力，斜面顶端的挡板在被碰撞次（）后撤掉，求物块最终从斜面顶端飞出时的动能。 第1页（共2页） 第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 滁州中学2026-2027学年度高三上学期开学考物理试题 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A B C B B C D C ABC ACD 1．A 【详解】A．当物体的形状和大小对于所研究的问题可忽略不计时可把物体看作质点，研究运动员的起跑动作时，运动员的形状和大小不可忽略，不能看作质点，故A正确； B．位移为初位置指向末位置的有向线段，米和米的比赛项目中，米的位移为米；标准米比赛跑完一圈，起点和终点在同一位置，位移为零，故甲的位移大于乙的位移，故B错误； C．在起跑阶段，运动员的加速度方向与速度方向相同，故C错误； D．在一次米比赛中，平均速度等于总位移与总时间之比，瞬时速度在比赛中会变化。平均速度一定介于最小瞬时速度和最大瞬时速度之间，不可能大于任意时刻的瞬时速度，故D错误。 故选A。 2．B 【详解】A．研究游泳技巧时，需要分析运动员的肢体动作，身体的形状和大小会影响研究结果，不能把运动员看成质点，故A错误； B．46秒40是运动员完成100米自由泳这一过程所经历的时长，表示时间间隔，故B正确； C．标准泳道长50米，100米自由泳需要往返一次，运动员的初、末位置重合，位移为0；100米表示运动的路程，故C错误； D．匀变速直线运动要求物体沿直线运动且速度随时间均匀变化。游泳过程中速度并非均匀变化，且需要在泳道端折返，不符合匀变速直线运动的特点，故D错误。 故选B。 3．C 【详解】AB．以木块为研究对象，取沿斜面向上为正方向。木块静止，由沿斜面方向平衡得 解得 由垂直斜面方向平衡得 解得，故AB错误； C．把斜面体和木块作为整体，整体静止，竖直方向受力平衡，桌面对整体的支持力满足 由牛顿第三定律，斜面体对桌面的压力大小为，故C正确； D．斜面体受到木块的支持力水平分量为，受到木块的摩擦力水平分量为，且二者方向相反。由前述结果得 故木块对斜面体的合水平作用力为零，桌面对斜面体的摩擦力也为零，故D错误。 故选C。 4．B 【详解】A．“2026年6月9日13时45分”指火箭起飞的一个时刻，不是两个时刻之间的时间间隔，故A错误； B．研究火箭的运动轨迹时，火箭的形状和大小对研究结果影响很小，可以忽略，将火箭视为质点，故B正确； C．位移大小是初位置到末位置的直线距离，路程是运动轨迹的长度，位移大小始终不大于路程，故C错误； D．火箭上升时发动机工作阶段存在推力，火箭内物体所受支持力一般不为零；只有发动机关闭且仅受重力作用的自由运动阶段才处于完全失重状态，故D错误。 故选B。 5．B 【详解】设抛出时初速度与水平方向夹角为，则 水平方向的位移为 竖直方向的位移为 联立可得 即 令 则 代入A点坐标，有 代入B点坐标，有 联立可得 故选B。 6．C 【详解】设圆盘转动的角速度为ω，绳子的拉力为T。物体A和B都相对于圆盘静止，说明它们都随圆盘一起做匀速圆周运动。对物体A和B分别进行受力分析，在水平方向上，它们受到绳子的拉力T和静摩擦力f的作用，这两个力的合力提供向心力。规定指向圆心的方向为正方向。对物体A，根据牛顿第二定律有 其中是圆盘对A的静摩擦力，其大小和方向会随ω变化，但其最大值不超过最大静摩擦力，即 对物体B，根据牛顿第二定律有 其中是圆盘对B的静摩擦力，其大小和方向会随ω变化，但其最大值不超过最大静摩擦力，即 整理得 由题意可知，发现无论角速度多大，都相对于圆盘静止，则 解得 故选C。 7．D 【详解】质量为m的小物体在A位置的重力大小等于所受的万有引力大小，即 在D位置时，设该星球的自转周期为T，有 在P位置时，对小物体受到的万有引力进行分解，如图所示 可求得小物体需要的向心力为 物体受到的万有引力一部分充当向心力其余充当物体的重力，根据余弦定理可知 可解得 故选D。 8．C 【详解】A．小球A由静止释放运动到最低点时，速度水平，竖直分速度为0，而B的机械能减小，则A的机械能增加，故A错误； B．由牛顿第二定律得mg sin 60°＝maA 解得aA＝g，故B错误； C．小球A初始位置距水平面高度设为h1，由几何关系有R sin 60°＋tan 30°＝1.5R sin 60° 解得h1＝R B初始位置距水平面高度设为h2，由几何关系得h2＝h1＋1.5R cos 60° 解得h2＝2R 从释放至小球运动到最低点的过程，A、B下落的高度分别为ΔhA＝R，ΔhB＝R 由系统机械能守恒有mgΔhA＋mgΔhB＝， vB＝0 解得vA＝，故C正确； D．以小球A为研究对象，由牛顿第二定律得FN－F－mg＝ma 解得FN＝mg＋ma＋F 其中F为轻杆对A的力（未知），故D错误。 故选C。 9．ABC 【详解】A．小物块b紧靠a静止在斜面上，则将二者看成一个整体，可知弹力大小与整体重力的分力大小相等，根据平衡条件得 解得，A错误； B．由于初速度为0，最初两段相同时间间隔内位移之比为且由题有 解得当物块a、b分离时弹簧压缩量，B错误； C．两物块刚好要分离时，a与b之间无相互作用力，且加速度相同，对a由牛顿第二定律有 代入k后解得，C错误； D．时，F最小，对a、b整体由牛顿第二定律有 解得，D正确。 本题选不正确的，故选ABC。 10．ACD 【详解】A．滑块释放瞬间，弹簧弹力 由牛顿第二定律得 解得 A正确； B．设最高点距离A点长度为y，从B到最高点动能变化为0，由动能定理得 代入数据解得（舍去初始解y=2L） 总路程 滑块机械能变化等于弹簧弹力做功加摩擦力做功 B错误； C．滑块到达最高点后沿斜面向下运动的过程中，重力做功与摩擦力做功之和 总功等于弹簧弹力做功，动能变化为0时 解得（在O点下方，B和O之间） 因此距离B点 C正确； D．动能最大时加速度为0，合力为0，滑块向上运动过程中，设距离O点向下x处合力为0，沿斜面方向有 解得 从B到该位置，由动能定理得 D正确。 故选ACD。 11．(1)2m/s2 (2)6s，1m/s2 (3)3.75m/s 【详解】（1）由图像可知，机器人由静止加速到所用时间为，加速阶段的加速度大小为 代入数据解得 （2）机器人开始减速时距目标，减速阶段的平均速度为，根据可得 解得 代入数据解得 减速阶段的加速度大小为 代入数据解得 （3）由图像与横轴所围面积表示位移可知，加速、匀速和减速阶段的位移分别为，， 机器人运动全过程的平均速度大小为 代入数据解得 12．(1)8N，方向沿斜面向上 (2) 【详解】（1）物块垂直斜面有 又 解得 方向沿斜面向上。 （2）对静止在斜面上的物块施加水平向右的推力，当物块刚好不上滑时，摩擦力沿斜面向下刚好达到最大，则有， 又 联立解得 当物块刚好不下滑时，摩擦力沿斜面向上刚好达到最大，则有， 又 联立解得 为保持物块静止，可知水平推力大小范围为 13．(1)0.5 (2)4m (3) 【详解】（1）物体轻放在传送带A端时，根据牛顿第二定律可得 根据速度时间关系可得 联立解得 （2）共速前，物体匀加速的位移大小为 传送带的位移大小为 所以物体相对于传送带的位移大小为 共速后，由于 则物体继续向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得 解得 物体匀加速的位移大小为 解得 传送带的位移大小为 所以物体相对于传送带的位移大小为 所以传送带上留下的痕迹长度 （3）当物体滑上斜面时，速度大小为 由于 则物体沿斜面向下做匀速直线运动，与弹簧碰撞后物体向上做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律可得 解得 物体向上做匀减速直线运动，速度减为零的位移大小为 设物体滑到斜面顶端时的速度大小为v2，则 解得 之后物体滑上传送带先做匀减速直线运动至速度为零，之后反向做匀加速直线运动，第二次滑上斜面时速度大小为 物体向下做匀速直线运动，之后沿斜面向上做匀减速直线运动，速度减为零的位移大小为 速度减为零后物体将处于静止状态，所以物体在斜面上滑行的路程为 14．(1) (2) 【详解】（1）A点到斜面的垂直距离为 垂直斜面的加速度 方向垂直于斜面向下；取垂直斜面向上为正方向，当小球垂直斜面向上抛出时时间最长为，有 整理得 解得 （2）对小球受力分析，F为合力，则 方向与竖直方向成角，有 将初速度沿F所在直线方向和垂直F方向分解，可知在沿F所在直线方向上先做匀减速运动后做匀加速运动，在垂直F方向上做匀速运动，故沿F所在直线方向上速度为0时速度最小，计算得 【点睛】 15．(1) (2) (3) 【详解】（1）物块从点到点的过程中，只有拉力做功。对物块应用动能定理 代入已知条件 所以 物块进入传送带时速度小于传送带速度，故受到的滑动摩擦力向右。在段对物块应用动能定理 代入已知条件，所以 由匀变速直线运动速度—时间关系式，其中本过程加速度大小为，则物块通过所用时间满足 传送带在此时间内的位移为，物块位移为，故相对滑动距离为 摩擦生热等于摩擦力大小与相对滑动距离的乘积，所以 （2）物块从点首次向右运动至点的过程中，在段摩擦力做正功，在段摩擦力做负功。对物块应用动能定理，设其首次到达点的动能为，由动能定理得 斜面对物块的支持力和滑动摩擦力分别为， 物块上滑时取沿斜面向上为正方向，本题的牛顿第二定律方程为 故上滑加速度大小等于且方向沿斜面向下，物块能够减速至速度为零。物块下滑时取沿斜面向下为正方向，根据牛顿第二定律有 故下滑加速度大小为重力加速度的五分之一且方向沿斜面向下。 设物块上滑距离为，由动能定理，在题设未碰撞挡板的条件下由动能定理得 代入已知量，得 物块从最高点下滑回点时，重力和摩擦力的合功等于动能增量，所以 （3）由第(2)问对斜面上、下滑过程的推导可知，斜面条件不变时，物块未碰到顶端挡板即返回点的动能为上坡前动能的五分之一。第一次向右到达点时，由题给 所以 设第次向右到达点、准备上滑时的动能为。从点向左运动至点，两个粗糙水平段的摩擦力共做负功，经点反弹后向右运动，拉力做功，段和段的摩擦力做功相互抵消。因此在未碰到顶端挡板前有由动能定理得 代入，得 斜面顶端的临界动能为 由递推式得， 故物块第次上滑时恰能到达顶端并撞上挡板。所以第一次撞上顶端挡板前的动能为 挡板碰撞为弹性碰撞，反弹瞬间动能不变。每次从顶端反弹后再回到顶端的过程中，由功能关系得每轮动能增量 挡板被碰撞次后撤去，物块下一次到达顶端时飞出，故其动能为 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $