精品解析：山东省济宁市微山县第二中学2025-2026学年高二上学期1月测试物理试题

2025-2026学年第一学期第三学段教学质量检测 高二物理试题 注意：本试卷共6页，满分100分，时间90分钟 第I卷 （共40分） 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分 1. 有关电磁学发展史，下列说法正确的是（　　） A. 安培通过实验发现通电导线周围存在磁场，并提出了判断磁场方向的安培定则 B. 法拉第通过近十年的艰苦探索终于发现了“磁生电”的条件 C. 安培力是大量带电粒子所受磁场力的宏观表现，安培推出了运动电荷受磁场力的公式 D. 奥斯特通过实验发现电流的磁效应，并首先发明发电机 2. 两个物体具有相同的动量，则它们一定具有（　　） A. 相同的速度 B. 相同的质量 C. 相同的运动方向 D. 相同的动能 3. 下列说法中正确的是（　　） A. 周期性变化的电场可以产生恒定的磁场 B. 若有一小段通电导体在某点不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为0 C. 麦克斯韦最早通过实验证实了电磁波的存在 D. 磁感应强度是用来表示磁场强弱的物理量 4. 由电阻定律变形后得电阻率可知（ ） A. 电阻率随导体电阻的改变而改变 B. 在温度不变的情况下，电阻率只与导体的材料有关 C. 电阻率随导体横截面积的改变而改变 D. 电阻率随导体长度L的改变而改变 5. 关于电源和电流，下述说法正确的是（　　） A. 电源提供的电能越多，电源的电动势越大 B. 打开教室开关，日光灯立刻就亮了，表明导线中自由电荷定向运动的速率接近光速 C. 由公式可知，通过导体的电流与时间成反比。 D. 从能量转化的角度看，电源通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能 6. 关于反冲运动，下列说法正确的是（　　） A. 抛出部分和剩余部分都适用于牛顿第二定律 B. 反冲运动中，牛顿第三定律适用，但牛顿第二定律不适用 C. 抛出部分的质量m1要小于剩下部分的质量m2才能获得反冲 D. 若抛出部分的质量m1大于剩下部分的质量m2，则m2的反冲力大于m1所受的力 7. 把6个相同的电灯接在如图甲、乙所示的两电路中，通过调节供电电压与变阻器、的阻值，使两组电灯均能正常发光，并且两电路消耗的总电功率也相同，则、大小满足（　　） A. B. C. D. 8. 质量为m的运动员托着质量为M的杠铃从下蹲状态（图甲）缓慢运动到站立状态（图乙），该过程杠铃和人的肩部相对位置不变，运动员保持乙状态站立时间后再将杠铃缓慢向上举，至双臂伸直（图丙），甲到乙、乙到丙举起杠铃的过程中（　　） A. 地面对运动员的冲量为0 B. 运动员受到重力的冲量为0 C. 杠铃的机械能不守恒 D. 运动员对杠杆的冲量为 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。 9. 下列说法中正确的是（　　） A. 一个电阻和一根无电阻的理想导线并联，总电阻为零 B. 并联电路任一支路的电阻都大于电路的总电阻 C. 并联电路任一支路电阻增大（其他支路不变），则总电阻一定增大 D. 并联电路任一支路电阻增大（其他支路不变），则总电阻一定减小 10. 在“用伏安法测电阻"的实验中，测量电路中电表的连接方式如图甲或乙所示，把电压表读数和电流表读数的比值作为电阻的测量值，考虑到实际电表内阻对测量的影响，两种连接方式都存在系统误差。下列判断正确的是（　　） A. 若采用甲图，适用于待测电阻值很小的情况 B. 若采用甲图，电阻的测量值大于真实值 C. 若采用乙图，误差是由电压表分流引起的 D. 若采用乙图，误差是由电流表分压引起的 11. 大量程电压表、电流表都是由灵敏电流表G和变阻箱R改装而成，如图是改装后的电表，已知灵敏电流表G的满偏电流为，内阻为，变阻箱R接入电路的阻值为。下列说法正确的是（　　） A. 甲表是电流表，若增大接入电路的变阻箱的阻值，则改装表的量程增大 B. 甲表是电流表，改装后的量程为 C. 乙表是电压表，改装后的量程为 D. 乙表是电压表，若增大接入电路的变阻箱的阻值，则改装表的量程增大 12. 如图甲所示的电路，其中电源电动势E＝6V，内阻，定值电阻，已知滑动变阻器消耗的功率P与其接入电路的有效阻值的关系如图乙所示。则下列说法中正确的是（ ） A. 图乙中滑动变阻器的最大功率 B. 滑动变阻器消耗功率最大时，定值电阻R也消耗功最大 C. 图乙中 D. 调整滑动变阻器的阻值，不能使电源的输出电流达到2A 第II卷 （共60分） 三、实验题：共2小题，每空3分，共30分 13. 在“探究碰撞中的不变量”实验中，通过碰撞后做平抛运动测量速度的方法来进行实验，实验装置如图（a）所示，实验原理如图（b）所示。 （1）若入射小球质量为，半径为；被碰小球质量为，半径为，则要求：___________（单选）（填字母代号）； A.， B.， C.， D.， （2）在本实验中，下列关于小球落点P的说法，正确的是___________（单选）； A.如果小球每次都从同一点无初速度释放，重复几次的落点P一定是重合的 B.由于偶然因素存在，重复操作时小球落点不重合是正常的，落点应当很分散 C.测定P点位置时，如果重复10次的落点分别为、、…、，则OP应取、、…、平均值，即 D.用尽量小的圆把、、…、圈住，这个圆的圆心是小球落点的平均位置P （3）用刻度尺测量M、P、N距O点的距离、、，通过验证等式___________是否成立，从而验证动量守恒定律。 14. 某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材： A．被测干电池一节（电动势约为1.5V） B．电流表1：量程0~0.6A，内阻约为0.3 C．电流表2：量程0~3A，内阻约为10 D．电压表1：量程0~3V，内阻未知 E．电压表2：量程0~15V，内阻未知 F．滑动变阻器1：0~10，2A G．滑动变阻器2：0~1000，1A H．开关、导线若干 伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差；在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。 （1）在上述器材中电流表应选______电压表应选______滑动变阻器应选______（填写选项前的字母）； （2）实验电路图应选择图中的_______（填“甲”或“乙”）； （3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U—I图像，则干电池的电动势E＝______V，内电阻r＝______。（结果均保留两位有效数字） （4）E的测量值_______E的真实值（填大于，等于或小于） 四、计算题：共4小题，第15题7分，第16题7分，第17题每题8分，第18题每题8分，共30分 15. 一台电风扇，内阻为，接上电压后，消耗功率。问： （1）电风扇正常工作时通过电动机的电流是多少？ （2）电风扇正常工作时转化为机械能的功率是多少？电动机的效率是多少？ （3）如果接上电源后电风扇的风叶被卡住，不能转动，这时电动机消耗的电功率是多少？ 16. 如图所示，电路中灯泡均正常发光，阻值分别为，，，电源电动势，内阻，求： （1）理想电流表的示数I； （2）电源的输出功率P。 17. 质量为1kg的小球从离地面5m高处自由下落，与地面碰撞后上升的最大高度为3.2m，设小球与地面作用时间为0.2s，取g=10m/s2。求： （1）小球在落地前一瞬间的瞬时速度大小； （2）小球与地面碰撞完成后的瞬间的瞬时速度大小； （3）在碰撞过程中，地面对小球的平均冲力大小。 18. 如图所示，用长的轻绳将小球悬挂在点，初始时将质量的小球拉至某位置由静止释放，当小球下摆至最低点时，恰好与静止在水平面上、质量的物块发生弹性碰撞（碰撞时间极短）。碰撞后物块在水平面上滑行的最大距离。已知物块与水平面间的动摩擦因数，取重力加速度大小，物块、小球均可视为质点，不计空气阻力。求： （1）碰撞后瞬间物块的速度大小； （2）碰撞前瞬间轻绳对小球的拉力大小； （3）碰撞后小球上升的最高点到水平面的距离。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025-2026学年第一学期第三学段教学质量检测 高二物理试题 注意：本试卷共6页，满分100分，时间90分钟 第I卷 （共40分） 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分 1. 有关电磁学发展史，下列说法正确的是（　　） A. 安培通过实验发现通电导线周围存在磁场，并提出了判断磁场方向的安培定则 B. 法拉第通过近十年的艰苦探索终于发现了“磁生电”的条件 C. 安培力是大量带电粒子所受磁场力的宏观表现，安培推出了运动电荷受磁场力的公式 D. 奥斯特通过实验发现电流的磁效应，并首先发明发电机 【答案】B 【解析】 【详解】A．奥斯特发现了通导线周围存在磁场，安培提出了判断磁场方向的安培定则，故A错误； B．法拉第通过近十年的艰苦探索终于发现了“磁生电”的条件，故B正确； C．洛伦兹认为安培力是带电粒子所受磁场力的宏观表现，并推出了洛伦兹力公式，故C错误； D．发电机由法拉第发明，故D错误。 故选B。 2. 两个物体具有相同的动量，则它们一定具有（　　） A. 相同的速度 B. 相同的质量 C. 相同的运动方向 D. 相同的动能 【答案】C 【解析】 【详解】AB．动量大小为 即使质量和速度都不同，动量也可能相同，因此无法由相同的动量判断出质量或速度相同，故AB错误； C．动量是矢量，动量相同，其大小和方向都得相同，而动量方向和速度方向一样，故具有相同的动量时，运动方向一定相同，故C正确； D．由 可知，动量相同，动能不一定相同，故D错误。 故选C。 3. 下列说法中正确的是（　　） A. 周期性变化的电场可以产生恒定的磁场 B. 若有一小段通电导体在某点不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为0 C. 麦克斯韦最早通过实验证实了电磁波的存在 D. 磁感应强度是用来表示磁场强弱的物理量 【答案】D 【解析】 【详解】A．根据麦克斯韦电磁理论，周期性变化得电场可以产生周期性变化的磁场，故A错误； B．通电导体在磁场中受到的磁场力为安培力，安培力的表达式为 当通电导体所受的安培力为零时有可能磁感应强度为零，也可能导体与磁场方向平行，故B错误； C．赫兹最早通过实验证实了电磁波的存在，故C错误； D．磁感应强度是用来表示磁场强弱的物理量，故D正确。 故选D。 4. 由电阻定律变形后得电阻率可知（ ） A. 电阻率随导体电阻的改变而改变 B. 在温度不变的情况下，电阻率只与导体的材料有关 C. 电阻率随导体横截面积的改变而改变 D. 电阻率随导体长度L的改变而改变 【答案】B 【解析】 【详解】ACD．电阻率是反映材料导电性能的物理量，由材料本身和温度决定，与导体的电阻、长度、横截面积无关，故ACD错误； B．在温度不变的情况下，电阻率只与导体的材料有关，故B正确。 故选B。 5. 关于电源和电流，下述说法正确的是（　　） A. 电源提供的电能越多，电源的电动势越大 B. 打开教室开关，日光灯立刻就亮了，表明导线中自由电荷定向运动的速率接近光速 C. 由公式可知，通过导体的电流与时间成反比。 D. 从能量转化的角度看，电源通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能 【答案】D 【解析】 【详解】A．电源的电动势是由电源本身性质决定的，与提供电能的多少无关，故A错误； B．打开教室开关，日光灯立刻发光，是因为电流的传导速率等于光速，闭合开关瞬间，电路中各处以真空中光速c建立恒定电场，在恒定电场的作用下，电路中各处的自由电子几乎同时开始定向移动，整个电路也几乎同时形成了电流，而电子定向移动的速率还是比较小的，一般为10-5m/s的数量级，故B错误； C．由公式可知，这是比值定义式，通过导体的电流与时间无关，故C错误； D．电源是通过非静电力做功把其它形式的能转换为电能的装置，故D正确。 故选D。 6. 关于反冲运动，下列说法正确的是（　　） A. 抛出部分和剩余部分都适用于牛顿第二定律 B. 反冲运动中，牛顿第三定律适用，但牛顿第二定律不适用 C. 抛出部分的质量m1要小于剩下部分的质量m2才能获得反冲 D. 若抛出部分的质量m1大于剩下部分的质量m2，则m2的反冲力大于m1所受的力 【答案】A 【解析】 【详解】AB．反冲运动中，抛出部分和剩余部分都适用于牛顿第二定律和牛顿第三定律，故A正确，B错误； CD．要获得反冲，只需要产生相互作用的反冲力，抛出部分的质量m1不需要小于剩下部分的质量m2；根据牛顿第三定律可知，m2的反冲力大小总是等于m1所受的力，故CD错误。 故选A。 7. 把6个相同的电灯接在如图甲、乙所示的两电路中，通过调节供电电压与变阻器、的阻值，使两组电灯均能正常发光，并且两电路消耗的总电功率也相同，则、大小满足（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】设每个灯泡正常发光时，其电流为I，如图甲中总电流为3I，图乙中总电流为I，两组电灯均能正常发光，并且两电路消耗的总电功率也相同，故、功率相同，根据 则有 故 故选C。 8. 质量为m的运动员托着质量为M的杠铃从下蹲状态（图甲）缓慢运动到站立状态（图乙），该过程杠铃和人的肩部相对位置不变，运动员保持乙状态站立时间后再将杠铃缓慢向上举，至双臂伸直（图丙），甲到乙、乙到丙举起杠铃的过程中（　　） A. 地面对运动员的冲量为0 B. 运动员受到重力的冲量为0 C. 杠铃的机械能不守恒 D. 运动员对杠杆的冲量为 【答案】C 【解析】 【详解】A．运动员托着杠铃从下蹲状态缓慢运动到站立状态，运动员受力平衡，则地面对运动员的支持力为 设甲到乙、乙到丙上举杠铃经历的时间分别为、，地面对运动员的冲量为 故A错误； B．运动员受到重力的冲量为 故B错误； C．甲到乙、乙到丙举起杠铃的过程中，杠铃的动能不变，重力势能增大，杠铃的机械能增大，机械能不守恒，故C正确； D．运动员对杠铃的力为Mg，运动员对杠杆的冲量为 故D错误。 故选C。 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。 9. 下列说法中正确的是（　　） A. 一个电阻和一根无电阻的理想导线并联，总电阻为零 B. 并联电路任一支路的电阻都大于电路的总电阻 C. 并联电路任一支路电阻增大（其他支路不变），则总电阻一定增大 D. 并联电路任一支路电阻增大（其他支路不变），则总电阻一定减小 【答案】ABC 【解析】 【详解】根据并联电路总电阻和各支路电阻的关系，有 A．一个电阻和一根无电阻的理想导线并联，当时，。故A正确； B．同理，并联电路任一支路的电阻都大于电路的总电阻。故B正确； CD．并联电路任一支路电阻增大（其他支路不变），则总电阻一定增大。故C正确；D错误。 故选ABC。 10. 在“用伏安法测电阻"的实验中，测量电路中电表的连接方式如图甲或乙所示，把电压表读数和电流表读数的比值作为电阻的测量值，考虑到实际电表内阻对测量的影响，两种连接方式都存在系统误差。下列判断正确的是（　　） A. 若采用甲图，适用于待测电阻值很小的情况 B. 若采用甲图，电阻的测量值大于真实值 C. 若采用乙图，误差是由电压表分流引起的 D. 若采用乙图，误差是由电流表分压引起的 【答案】BC 【解析】 【详解】A．电流表内接适合测量大电阻，故A错误； B．若采用甲图，电压的测量值偏大，根据欧姆定律可知电阻的测量值大于真实值，故B正确； CD．若采用乙图，电流表测量的是待测电阻和电压表并联后的电流，误差是由电压表分流引起的，故C正确，D错误。 故选BC。 11. 大量程电压表、电流表都是由灵敏电流表G和变阻箱R改装而成，如图是改装后的电表，已知灵敏电流表G的满偏电流为，内阻为，变阻箱R接入电路的阻值为。下列说法正确的是（　　） A. 甲表是电流表，若增大接入电路的变阻箱的阻值，则改装表的量程增大 B. 甲表是电流表，改装后的量程为 C. 乙表是电压表，改装后的量程为 D. 乙表是电压表，若增大接入电路的变阻箱的阻值，则改装表的量程增大 【答案】BD 【解析】 【详解】AB．电流表的改装需要并联一个分流电阻，故改装后甲表是电流表，改装后量程为表头G的电流满偏时通过改装表的总电流，即量程 所以改装后并联的分流电阻越大，其量程越小，故A错误，B正确； CD．电压表的改装需要串联一个分压电阻，故改装后乙表是电压表，改装后量程为表头G的电流满偏时加在改装表两端的总电压，即量程 U=IgRg+IgR0=Ig（Rg+R0） 所以改装后串联的分压电阻越大，其量程越大，故C错误，D正确。 故选BD。 12. 如图甲所示的电路，其中电源电动势E＝6V，内阻，定值电阻，已知滑动变阻器消耗的功率P与其接入电路的有效阻值的关系如图乙所示。则下列说法中正确的是（ ） A. 图乙中滑动变阻器的最大功率 B. 滑动变阻器消耗功率最大时，定值电阻R也消耗功最大 C. 图乙中 D. 调整滑动变阻器的阻值，不能使电源的输出电流达到2A 【答案】AD 【解析】 【详解】AC．由闭合电路欧姆定律的推论可知，当电源外电阻R等于内阻r时，输出功率最大，最大值为 把定值电阻看成电源内阻，由图乙可知，当 滑动变阻器消耗的功率最大，最大功率为 故A正确、C错误； B．当回路中电流最大时，即时定值电阻R消耗的功率最大，故B错误； D．当滑动变阻器的阻值为0时，电路中电流最大，最大值为 则调整滑动变阻器的阻值，不可能使电源的输出电流达到，故D正确。 故选AD。 第II卷 （共60分） 三、实验题：共2小题，每空3分，共30分 13. 在“探究碰撞中的不变量”实验中，通过碰撞后做平抛运动测量速度的方法来进行实验，实验装置如图（a）所示，实验原理如图（b）所示。 （1）若入射小球质量为，半径为；被碰小球质量为，半径为，则要求：___________（单选）（填字母代号）； A.， B.， C.， D.， （2）在本实验中，下列关于小球落点P的说法，正确的是___________（单选）； A.如果小球每次都从同一点无初速度释放，重复几次的落点P一定是重合的 B.由于偶然因素存在，重复操作时小球落点不重合是正常的，落点应当很分散 C.测定P点位置时，如果重复10次的落点分别为、、…、，则OP应取、、…、平均值，即 D.用尽量小的圆把、、…、圈住，这个圆的圆心是小球落点的平均位置P （3）用刻度尺测量M、P、N距O点的距离、、，通过验证等式___________是否成立，从而验证动量守恒定律。 【答案】 ①. C ②. D ③. 【解析】 【详解】（1）[1]两球碰撞时要发生对心碰撞，两球的直径应相等，即 为防止碰撞过程中入射球反弹，入射球的质量应大于被碰撞的质量，即 故选C。 （2）[2]AB．由于偶然因素存在，如所受的阻力不相等，小球的落地点不可能完全重合，但落点应当比较集中，故AB错误； CD．确定落点平均位置的方法是最小圆法，即用尽可能最小的圆把各个落点圈住，这个圆的圆心位置代表落点的平均位置；由于落点比较密集，又较多，每次测量距离很难，故不能用平均值的方法求解，故C错误，D正确。 故选D。 （3）[3]如果动量守恒有 小球碰后做平抛运动，由于平抛是高度相同，则落地点的时间相等，因此在水平方向根据 可知有 解得验证等式 14. 某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材： A．被测干电池一节（电动势约为1.5V） B．电流表1：量程0~0.6A，内阻约为0.3 C．电流表2：量程0~3A，内阻约为10 D．电压表1：量程0~3V，内阻未知 E．电压表2：量程0~15V，内阻未知 F．滑动变阻器1：0~10，2A G．滑动变阻器2：0~1000，1A H．开关、导线若干 伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差；在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。 （1）在上述器材中电流表应选______电压表应选______滑动变阻器应选______（填写选项前的字母）； （2）实验电路图应选择图中的_______（填“甲”或“乙”）； （3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U—I图像，则干电池的电动势E＝______V，内电阻r＝______。（结果均保留两位有效数字） （4）E的测量值_______E的真实值（填大于，等于或小于） 【答案】 ①. B ②. D ③. F ④. 乙 ⑤. 1.5 ⑥. 1.0 ⑦. 小于 【解析】 【详解】（1）[1][2][3]一节干电池的电动势为左右，故电压表应选D；为了使电压表读数变化大一些，滑动变阻器阻值不易过大，故应选F；本实验通过干电池的电流不宜过大，故电流表应选B； （2）[4]电流表的内阻和干电池的内阻比较接近，采用乙图电路图所产生的系统误差更小，故实验电路图应选择乙图； （3）[5][6]图像的纵轴截距表示电动势，斜率的绝对值表示内阻，则有 （4）[7]实验电路乙图中的误差来源于电压表的分流，使得电流表的示数小于真正流过电源的总电流，测量图线与真实图线如图所示 由图像可知电动势的测量值小于真实值。 四、计算题：共4小题，第15题7分，第16题7分，第17题每题8分，第18题每题8分，共30分 15. 一台电风扇，内阻为，接上电压后，消耗功率。问： （1）电风扇正常工作时通过电动机的电流是多少？ （2）电风扇正常工作时转化为机械能的功率是多少？电动机的效率是多少？ （3）如果接上电源后电风扇的风叶被卡住，不能转动，这时电动机消耗的电功率是多少？ 【答案】（1）；（2），；（3） 【解析】 【分析】 【详解】（1）根据功率的定义式，有 代入数据，得 （2）电风扇正常工作时转化为内能的功率为 电风扇正常工作时转化为机械能的功率为 电风扇正常工作时的效率为 （3）电风扇的风叶被卡住后，电动机不转时可视为纯电阻，通过电风扇的电流为 电动机消耗的电功率为 16. 如图所示，电路中灯泡均正常发光，阻值分别为，，，电源电动势，内阻，求： （1）理想电流表的示数I； （2）电源的输出功率P。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 根据闭合电路欧姆定律，有 外电路的总电阻为 联立解得理想电流表的示数为 【小问2详解】 根据闭合电路欧姆定律，有 电源的输出功率 联立解得 17. 质量为1kg的小球从离地面5m高处自由下落，与地面碰撞后上升的最大高度为3.2m，设小球与地面作用时间为0.2s，取g=10m/s2。求： （1）小球在落地前一瞬间的瞬时速度大小； （2）小球与地面碰撞完成后的瞬间的瞬时速度大小； （3）在碰撞过程中，地面对小球的平均冲力大小。 【答案】（1）10m/s；（2）8m/s；（3）100N 【解析】 【分析】 【详解】(1)据自由落体位移公式可得，落地前一瞬间速度大小为 (2)据竖直上抛位移公式可得，小球与地面碰撞完成后的瞬间速度大小为 (3)在与地面碰撞过程，以向上为正方向，由动量定理可得 代入数据解得 即地面对小球的平均冲力大小为100N。 18. 如图所示，用长的轻绳将小球悬挂在点，初始时将质量的小球拉至某位置由静止释放，当小球下摆至最低点时，恰好与静止在水平面上、质量的物块发生弹性碰撞（碰撞时间极短）。碰撞后物块在水平面上滑行的最大距离。已知物块与水平面间的动摩擦因数，取重力加速度大小，物块、小球均可视为质点，不计空气阻力。求： （1）碰撞后瞬间物块的速度大小； （2）碰撞前瞬间轻绳对小球的拉力大小； （3）碰撞后小球上升的最高点到水平面的距离。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 碰撞后物块做匀减速直线运动，有 解得。 【小问2详解】 以水平向左为正方向，小球与物块碰撞过程中动量守恒，有 碰撞为弹性碰撞，则有 解得， 对碰撞前瞬间的小球受力分析有 解得。 【小问3详解】 碰撞后小球从最低点运动到最高点有 解得。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $