专题一 直线运动 专项训练 -2027届高考物理二轮复习

**基本信息** 以概念辨析为基础，通过图像法、公式法及参考系转换构建直线运动解题体系，逻辑覆盖质点到多过程运动，培养运动观念与科学推理能力。 **专项设计** |模块|题量/典例|方法提炼|知识逻辑| |----|-----------|----------|----------| |概念辨析|单选1-3|质点判断依据、位移定义|从质点概念生成位移、路程等物理量，明确矢量与标量区别| |规律应用|单选4-8、多选9|v-t图像斜率与面积、平均速度公式、相对运动分析|以加速度为核心，关联匀变速直线运动公式与图像，拓展相对运动模型| |综合计算|计算10|多过程运动分解、速度位移公式联用|整合匀速与匀减速直线运动，构建“水平+竖直”运动合成的问题解决路径|

专题一 直线运动 学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题 1．下列问题中，图示物体可看成质点的是(      ) A.研究图甲中“四川舰”的航行路径 B.研究图乙中“歼-35”战斗机的飞行姿态 C.研究图丙中“神舟二十二号”载人飞船与空间站的对接方式 D.研究图丁中“蛟龙”号潜水器完成任务出水后调整方位回舱过程 2．现代科技为物资运输提供了多种方式。某物流企业分别利用无人机和新能源货车从山上装货点P运输货物至山下仓库Q，两种方式中一定相同的是(      ) A.位移 B.路程 C.时间 D.平均速度 3．某同学健身时，哑铃被举高0.5 m后再回到原位置，如图所示。如此重复10次，哑铃的位移大小为(      ) A.0 B.5 m C.10 m D.11 m 4．某舰载机起飞时，在第2 s内的图像如图所示，该段时间内舰载机加速度的大小为(      ) A. B. C. D. 5．云南宣威尼珠河大峡谷的“青云电梯”为谷底孩子们上学提供了交通便利。若电梯由静止开始上升260 m，用时100 s，则此过程电梯的平均速度大小为(      ) A.2.6 m/s， B.0.38 m/s C.2.8 m/s D.3.8m/s 6．小车在水平地面上做匀速直线运动。零时刻，站在小车上的甲沿与小车运动方向平行的方向抛出一个小球，乙站在小车侧方水平地面上观测到小球做直线运动直至落地，忽略空气阻力。则(      ) A.乙观测到小球的运动轨迹与地面垂直 B.乙观测到小球的加速度为零 C.甲抛球方向与小车前进方向相同 D.小球相对地面的初速度不为零 7．足球比赛中，某队员为接应传球，由静止开始沿直线跑动，先匀加速冲刺，后匀减速至接球点停止。全程用时5 s，位移大小为20 m，则该队员在某时刻的速度和加速度的大小可能是(      ) A. B. C. D. 8．某同学乘坐列车时，在自己的座位上利用车厢内信息屏和手机秒表估算隧道长度。该同学进隧道时速度为60 m/s，出隧道时速度为50 m/s，总用时200 s。若列车在隧道中做匀减速直线运动，则该隧道长为(      ) A.5000 m B.8000 m C.11000 m D.14000 m 二、多选题 9．智能飞行器飞行表演中，两飞行器M、N位于同一高度，沿同一直线同向匀速飞行。依据表演要求，M保持飞行速度不变，N先匀加速后匀减速调整与M的间距，20s以内完成调整。从开始调整时计时，N传回的数据如表所示，则调整过程中(      ) 时间 0 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 间距 281 294 297 290 273 248 227 212 203 200 200 A.10s末N的速度达到最大值 B.7s末N与M的间距为281.5m C.N加速阶段的加速度大小为 D.N与M的相对速度的最大值为 三、计算题 10．某款国产民用无人机已实现全自动作业。如图所示，无人机完成某次任务后开始返航，此时所在位置与降落点的水平距离为120 m，竖直距离为90 m。无人机先以10 m/s的速度沿水平直线飞行至与降落点水平距离50 m处。然后沿原运动方向做匀减速直线运动至降落点正上方，随后用时33 s竖直下降至降落点，返航结束。求： （1）无人机沿水平方向做匀减速直线运动的加速度大小； （2）无人机从开始返航到返航结束的位移大小和平均速度大小。 参考答案 1．答案：A 解析：研究“四川舰”的航行路径时，“四川舰”的形状和大小对研究的问题的影响可以忽略不计，所以“四川舰”可看成质点，A符合题意；研究“歼-35”战斗机的飞行姿态时，“歼-35”战斗机的形状和大小不能忽略，所以“歼-35”战斗机不能看成质点，B不符合题意；研究“神舟二十二号”载人飞船与空间站的对接方式时，“神舟二十二号”的形状和大小不能忽略，所以“神舟二十二号”不能看成质点，C不符合题意；研究“蛟龙”号潜水器完成任务出水后调整方位回舱过程时，“蛟龙”号的形状和大小不能忽略，所以“蛟龙”号不能看成质点，D不符合题意。 2．答案：A 解析：利用无人机和新能源货车从山上装货点P运输货物至山下仓库Q，两种方式中的初、末位置相同，则由位移为由初位置指向末位置的有向线段可知，两种方式的位移一定相同，A正确。 错误项分析  由于无人机在空中飞行，新能源货车沿公路行驶，则两种方式的运动轨迹长度（路程）和运动时间不一定相同，由平均速度为位移与时间的比值可知两种方式的平均速度不一定相同，BCD错误。 3．答案：A 解析：位移为由初位置指向末位置的有向线段，重复10次后哑铃依然位于原位置，则位移为0，A正确。 4．答案：B 解析：由图像的斜率表示加速度可知，该段时间内舰载机的加速度大小为，B正确。 5．答案：A 解析：由平均速度的定义式可知，平均速度应为位移与发生这段位移所用时间的比值，即，A正确，BCD错误。 6．答案：A 解析：正确项分析  由于站在地面上的乙观测到小球做直线运动，而小球在空中仅受重力作用，因此小球做的是自由落体运动，则乙观测到小球的运动轨迹与地面垂直，A正确。 错误项分析  小球做自由落体运动，则小球相对地面的初速度为零，乙观测到小球的加速度为重力加速度，不为零，BD错误；由于小球做自由落体运动，甲抛球之前小球相对地面的速度与小车相同，故甲拋球方向与小车前进方向相反，C错误。 7．答案：A 解析：由于该队员由静止开始沿直线跑动，先匀加速冲刺，后匀减速至接球点停止，则作出该队员在该过程的速度随时间变化的大致图像如图所示，由图像与横轴围成图形的面积表示位移大小可知，代入数据解得该队员在该过程的最大速度，故CD错误；由于全程用时5 s，则该队员加速过程或者减速过程用时均小于5 s，由匀变速直线运动规律可得该队员加速过程或者减速过程的加速度大小均大于，B错误；综上可知A正确。 8．答案：C 解析：列车在隧道中做匀减速直线运动→C正确 9．答案：CD 解析：ACD.以M飞行器为参考系，分别求出N在相邻2s内相对M的位移如表 时间区间 0-2s 2-4s 4-6s 6-8s 8-10s 10-12s 12-14s 14-16s 16-18s 18-20s 相对位移 13m 3m -7m -17m -25m -21m -15m -9m -3m 0 由于，， 故内N做匀加速直线运动，同理内N以另一加速度做匀减速直线运动，8s至10s内的某时刻，N匀加速运动结束开始做匀减速，所以内的某时刻，N的速度达到最大值，设加速阶段的加速度为，则由 可得 设减速阶段的加速度为，则由 解得 以M飞行器为参考系，N在第6s时的速度 第12s时的速度 则由 解得 即第9s时N的速度最大，N相对于M的速度最大值为，故A错误，CD正确； B.7s末时N与M的间距为，故B错误。 故选CD。 10．答案：（1）（2）； 解析：（1）由题意可知无人机沿原方向做匀减速直线运动至降落点正上方后竖直下降，则其匀减速至降落点正上方时速度为0 无人机沿原方向做匀减速运动的过程，根据速度位移公式得 解得无人机沿水平方向做匀减速直线运动的加速度大小为 （2）根据位移的定义可知无人机从开始返航到返航结束的位移大小为 无人机沿水平直线做匀速直线运动的时间为 无人机沿水平直线做匀减速直线运动的时间为 根据平均速度的定义可得无人机从开始返航到返航结束的平均速度大小为 学科网（北京）股份有限公司 $