阶段检测(六) 自由组合定律中的特殊分离比(多选)（Word试题版）-【创新大课堂】2027年高三生物一轮总复习

**基本信息** 聚焦自由组合定律特殊分离比，包含8道选择（2道多选）和1道非选择，精选湖北真题及多省模拟题，覆盖基因互作、配子致死等核心考点，适配一轮复习巩固。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|8题|自由组合定律特殊分离比（9:3:4、15:1等）、基因互作、配子致死、连锁交换|结合植物花色等真实情境，从基础判断到比例计算，梯度分明| |非选择题|1题|基因调控关系、遗传实验设计|综合考查实验分析与推理，关联科研案例|

阶段检测（六）自由组合定律中的特殊分离比 一、选择题 （2024·湖北，18） 1. 不同品种烟草在受到烟草花叶病毒（TMV）侵染后症状不同。研究者发现品种甲受TMV侵染后表现为无症状（非敏感型），而品种乙则表现为感病（敏感型）。甲与乙杂交，F1均为敏感型；F1与甲回交所得的子代中，敏感型与非敏感型植株之比为3∶1。对决定该性状的N基因测序发现，甲的N基因相较于乙的缺失了2个碱基对。下列叙述正确的是（ ） A. 该相对性状由一对等位基因控制 B. F1自交所得的F2中敏感型和非敏感型的植株之比为13∶3 C. 发生在N基因上的2个碱基对的缺失不影响该基因表达产物的功能 D. 用DNA酶处理该病毒的遗传物质，然后导入到正常乙植株中，该植株表现为感病 （2026·江西模拟） 2. 已知顺德国兰的花色由两对等位基因控制。某科研人员将红色兰花与白色兰花杂交，F1均为红色兰花，F1自交，F2中红色、黄色和白色兰花分别有89株、31株和41株。下列有关分析错误的是（ ） A. 控制顺德国兰花色的两对等位基因的遗传遵循自由组合定律 B. F2中黄色兰花和白色兰花的基因型分别有2种和3种 C. F2红色兰花测交，后代中红色兰花：黄色兰花：白色兰花=4：2：3 D. F2黄色兰花自交，后代中黄色兰花：白色兰花=6：1 （2026·安徽月考） 3. 已知某观赏植物的花色有蓝色和白色两种，由三对等位基因控制，且每对基因中均至少含有1个显性基因时才表现为蓝色。现有该植物的3个纯合品系甲、乙、丙，且乙的花色为蓝色。为探究三对等位基因的遗传机制，研究者进行了相关杂交实验，结果如图所示，不考虑染色体互换、突变和致死现象。下列有关分析错误的是（　　） A. 两组杂交组合的F1产生的配子种类数相同 B. 图1的F2白花个体中总共有5种基因型 C. 两图中的F1测交后代的表型分离比不同 D. 图2中的F2所有白花个体都能稳定遗传 （2026·广西模拟） 4. 某研究小组用纯合的紫花长花粉粒豌豆与红花圆花粉粒豌豆进行杂交，F1均为紫花长花粉粒，F1自交得到，中紫花长花粉粒：紫花圆花粉粒：红花长花粉粒：红花圆花粉粒=66：9：9：16，不考虑基因突变和致死。下列叙述错误的是（ ） A. 控制花色和花粉粒的两对基因分别符合分离定律，但不符合自由组合定律 B. F1在减数分裂过程中发生了同源染色体的非姐妹染色单体的片段交换 C. 若F1形成雌配子和雄配子时交换率一致，则其配子类型比例均为4：1：1：4 D. 若F1形成雄配子时发生了片段交换，则F2紫花圆花粉粒豌豆中纯合子占1/3 5. 某植物花色受A、a和B、b两对等位基因控制。当不存在显性基因时，花色为白色，当存在显性基因时，随显性基因数量的增加，花色红色逐渐加深。现用两株纯合亲本植株杂交得F1，F1自交得F2，F2中有白花植株和4种红花植株，按红色由深至浅再到白的顺序统计出5种类型植株数量比例为1：4：6：4：1，下列说法正确的是（　　） A. 亲本的表现型可为白色和最红色或者两种深浅不同的红色 B. F2中与亲本表现型相同的类型占1/8或3/8 C. 该植物的花色遗传只遵循基因的自由组合定律 D. 用F1作为材料进行测交实验，测交后代每种表现型各占1/4 （2026·河池模拟） 6. 某植物的花色受独立遗传的两对等位基因（A/a和B/b）控制。当基因A存在时开蓝花，但若还同时存在基因B则开紫花，且当基因a和B存在于同一配子中时会导致该配子不育。亲本紫花植株与蓝花植株杂交，F1中出现蓝花、紫花及白花植株。下列叙述错误的是（ ） A. 亲本紫花植株的基因型为AaBb，其可产生3种可育配子. B. F1植株共有5种基因型，其中白花植株的基因型为aabb C. 若让F1紫花植株随机授粉，则所得后代中白花植株占1/25 D. 若让F1紫花植株测交，则所得后代中蓝花：紫花=1:1 （多选）（2026·吉林长春模拟） 7. 香豌豆的花色由独立遗传的两对基因共同控制。只有当显性基因（A或B）存在时，花中的色素才能够合成，两个显性基因（A和B）同时存在时，花中的紫色色素才能够合成。已知含a基因的花粉部分致死，研究人员使用纯合亲本进行了如下两个实验。下列说法正确的是（ ） A. 实验一中红色香豌豆的基因型是aaBB B. 实验一F2出现9∶1分离比是由于含a基因的花粉80%致死 C. 实验二F1产生的雄配子中AB:Ab:aB:ab=4:4:1:1 D. 实验二的F2出现的性状分离比应为27:12:1 （多选）（2026·河北石家庄模拟） 8. 杨梅有雌花、雄花与两性花之分。基因A和B是控制杨梅枝条茎端赤霉素和脱落酸合成的关键基因，对杨梅花的性别决定有重要作用，可使杨梅植株出现雄株、雌株和雌雄同株（两性花）三种情况。当A基因存在时可使赤霉素浓度较高，B基因存在时可使脱落酸浓度较高，脱落酸与赤霉素的比值较高，有利于分化形成雌花。将基因型为AABB与aabb的植株杂交，结果如下图。下列叙述错误的是（　　） A. 基因A/a、B/b在遗传过程中遵循自由组合定律 B. 基因型为AABB、AABb的个体表现为雌株 C. 将F2中的雌株和雄株杂交，后代雌雄同株的比例为4/9 D. 若从F2中筛选基因型为aabb的个体，应从表现为雌雄同株的个体中进行筛选 二、非选择题 （2025·陕晋宁青卷，T18） 9. 某芸香科植物分泌腔内的萜烯等化合物可抗虫害，纯合栽培品种（X）果实糖分含量高，叶全缘，但没有分泌腔；而野生纯合植株（甲）叶缘齿状，具有发达的分泌腔。我国科研人员发现A基因和B基因与该植物叶缘形状、分泌腔形成有关。对植株甲进行基因敲除后得到植株乙、丙、丁，其表型如下表。回答下列问题。 植株 叶缘 分泌腔 P 野生型（甲）×栽培品种（X） ↓ F1 有分泌腔 ↓ F2 有分泌腔 无分泌腔 3 : 1 甲（野生型） 齿状 有 乙（敲除A基因） 全缘 无 丙（敲除B基因） 齿状 无 丁（敲除A基因和B基因） 全缘 无 （1）由表分析可知，控制叶缘形状的基因是________，控制分泌腔形成的基因是________。 （2）为探究A基因和B基因之间的调控关系，在植株乙中检测到B基因的表达量显著减少，而植株丙中A基因的表达量无变化，说明________________________。 （3）为探究A基因与B基因在染色体上的位置关系，不考虑突变及其他基因的影响，选择表中的植株进行杂交，可选择的亲本组合是________。F1自交得到F2，若F2的表型及比例为________，则A、B基因位于两对同源染色体上。在此情况下结合图中杂交结果，可推测栽培品种（X）的________（填“A”“B”或“A和B”）基因功能缺陷，可引入相应基因来提高栽培品种的抗虫品质。 阶段检测（六）自由组合定律中的特殊分离比 一、选择题 （2024·湖北，18） 【1题答案】 【答案】D 【解析】 【分析】双杂合子测交后代分离比为3∶1，则可推测双杂合子自交后代的分离比为15∶1。 【详解】A、已知品种甲受TMV侵染后表现为无症状（非敏感型），而品种乙则表现为感病（敏感型）。甲与乙杂交，F1均为敏感型，说明敏感型为显性性状，F1与甲回交相当于测交，所得的子代中，敏感型与非敏感型植株之比为3∶1，说明控制该性状的基因至少为两对独立遗传的等位基因，假设为A/a、B/b，A错误； B、根据F1与甲回交所得的子代中，敏感型与非敏感型植株之比为3∶1，可知子一代基因型为AaBb，甲的基因型为aabb，且只要含有显性基因即表现敏感型，因此子一代AaBb自交所得子二代中非敏感型aabb占1/4×1/4=1/16，其余均为敏感型，即F2中敏感型和非敏感型的植株之比为15∶1，B错误； C、发生在N基因上的2个碱基对的缺失会导致基因的碱基序列改变，使表现敏感型的个体变为了非敏感型的个体，说明发生在N基因上的2个碱基对的缺失会影响该基因表达产物的功能，C错误； D、烟草花叶病毒遗传物质为RNA，由于酶具有专一性，用DNA酶处理该病毒的遗传物质，其RNA仍保持完整性，因此将处理后的病毒导入到正常乙植株中，该植株表现为感病，D正确。 故选D。 （2026·江西模拟） 【2题答案】 【答案】D 【解析】 【分析】分析题干信息，将红色兰花与白色兰花杂交，F1均为红色兰花，F1自交，F2中红色、黄色和白色兰花分别有89株、31株和41株，F2中红色∶黄色∶白色≈9∶3∶4，符合9:3:3:1的变形式，说明花色至少由两对等位基因控制，且遵循自由组合定律。假设花色由A/a和B/b控制，则F1的基因型为AaBb。 【详解】A、F2中红色∶黄色∶白色≈9∶3∶4，符合9:3:3:1的变形式，说明花色至少由两对等位基因控制，且遵循自由组合定律，A正确； B、黄色兰花（A_bb），基因型为AAbb和Aabb，共2种。白色兰花（aaB_+aabb），基因型为aaBB、aaBb、aabb，共3种，B正确； C、F2中红色兰花的基因型为1/9AABB、2/9AABb、2/9AaBB、4/9AaBb,测交组合（与 aabb 杂交），AABB × aabb：子代全为AaBb（红色），占比1/9×1=1/9。AABb× aabb：子代1/2AaBb（红色）、1/2Aabb（黄色），占比2/9×(1/2红色+1/2黄色)=1/9红色+1/9黄色。AaBB×aabb：子代1/2AaBb（红色）、1/2aaBb（白色），占比2/9×(1/2红色+1/2白色)=1/9红色+1/9白色。AaBb × aabb：子代1/4AaBb（红色）、1/4Aabb（黄色）、1/4aaBb（白色）、1/4aabb（白色），占比4/9×(1/4红色+1/4黄色+2/4白色)=1/9红色+1/9黄色+2/9白色。综上分析F2红色兰花测交，后代中红色兰花：黄色兰花：白色兰花=4：2：3，C正确； D、F2黄色兰花由1/3AAbb和2/3Aabb，1/3AAbb自交，后代均为黄色兰花，2/3Aabb自交，子代基因型为1/4AAbb（黄色）、1/2Aabb（黄色）、1/4aabb（白色），占比2/3×(3/4黄色+1/4白色)=1/2黄色+1/6白色。合并后自交后代比例：黄色为1/3+1/2=5/6，白色为1/6，比例为5∶1，D错误。 故选D。 （2026·安徽月考） 【3题答案】 【答案】B 【解析】 【分析】自由组合定律：控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的；在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。 实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合时互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 适用条件：有性生殖的真核生物；细胞核内染色体上的基因；两对或两对以上位于非同源染色体上的非等位基因。 细胞学基础：基因的自由组合定律发生在减数分裂I后期。 【详解】A、两组杂交组合的F2均为9∶3∶3∶1的变式，因此F1均为双杂合，F1产生的配子种类数均为4种，A正确； B、已知某观赏植物的花色有蓝色和白色两种，由三对等位基因控制，设三对等位基因分别为A/a、B/b、C/c；乙的花色为蓝色，且每对基因中均至少含有1个显性基因时才表现为蓝色，因此乙的基因型为AABBCC，由于图2中F2为9∶3∶3∶1的变式，因此F1均为双杂合，且丙含有2对隐性基因，此时可以假设丙的基因型为aabbCC；再根据图1中F2也为9∶3∶3∶1的变式，所以图1的F1也应该为双杂合，但为满足F2蓝色：白色=6∶10，需B/b和C/c基因进行连锁，且B和c、b和C进行连锁，即甲（AABBcc）、丙（aabbDD），按照此方式进行到F2,F2个体的基因型分别为A_BBcc（白色，3/16）、A_BbCc（蓝色，6/16）、aaBBcc（白色，1/16）、aaBbCc（白色，2/16）、A_bbCC（白色，3/16）和aabbCC（白色，1/16），此时白花个体中总共有7种基因型，B错误； C、按照B项分析，图1、2中F1分别为AaBbCc和AaBbCC分别于aabbcc进行测交，由于B/b和C/c基因连锁，图1、2测交后代的表型分离比分别为蓝色∶白色=0∶1（图1）、蓝色∶白色=1:3（图2），二者结果不同，C正确； D、假设丙的基因型为aabbCC，则图2中F1为AaBbCC，F1自交产生的F2的基因型为蓝色（A_B_CC）：白色（A_bbCC、aaB_CC、aabbCC）=9：7，F2白花个体自交后代全是白花，都能稳定遗传，D正确。 故选B。 （2026·广西模拟） 【4题答案】 【答案】D 【解析】 【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】A、F1均为紫花长花粉粒，自交产生的F2中紫花长花粉粒∶紫花圆花粉粒∶红花长花粉粒∶红花圆花粉粒=66：9：9：16，每对基因都出现了3∶1的分离比，都符合分离定律，但不符合自由组合定律，所以控制这两对性状的基因应该位于一对同源染色体上，产生配子过程中发生了一定比例的交换，A正确； B、F1均为紫花长花粉粒，自交产生的F2中紫花长花粉粒∶紫花圆花粉粒∶红花长花粉粒∶红花圆花粉粒=66：9：9：16，所以控制这两对性状的基因应该位于一对同源染色体上，F1产生雌雄配子的过程中发生了同源染色体的非姐妹染色单体的片段交换，B正确； C、用A/a和B/b分别表示控制花色和花粉粒形状的基因，根据F2红花圆花粉粒占==，可知子一代产生的ab的雌雄配子均占，根据亲本表现型可知，A和B连锁，a和b连锁，因此子一代产生的AB的雌雄配子也占，另外两种互换形成的配子各占，故F1产生的配子及比例为AB∶Ab∶aB∶ab=4∶1∶1∶4，C正确； D、F1基因型为AaBb，且A和B连锁，a和b连锁，若F1形成雄配子时发生了片段交换，根据C项分析可知F1产生的雌雄配子及比例均为AB∶Ab∶aB∶ab=4∶1∶1∶4，由于紫花圆花粉粒豌豆的基因型为AAbb与Aabb，根据F1形成雌、雄配子可得F2紫花圆花粉粒豌豆基因型为AAbb的个体占比为=，由题干中已知F2中紫花圆花粉粒豌豆占比为，所以F2紫花圆花粉粒豌豆中纯合子占=，D错误。 故选D。 【5题答案】 【答案】B 【解析】 【分析】由题意知，子二代的表现型比例是1：4：6：4：1，共有16种组合方式，因此子一代基因型是AaBb，且两对等位基因遵循自由组合定律。 【详解】A、由于子一代的基因型是AaBb，因此两株纯合亲本基因型是AABB×aabb或AAbb×aaBB，如果是前者，属于最红花和白花，后者是中等红色的花，A错误； B、亲本基因型如果是AABB、aabb，子二代中与亲本相同的比例是1/8，如果亲本基因型是AAbb、aaBB，子二代中与亲本表现相同的是含有2个显性基因的个体，分别是AaBb、AAbb、aaBB，占3/8，B正确； C、基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合，故该植物的花色遗传同时遵循基因的分离定律和自由组合定律，C错误； D、子一代测交后代的基因型是AaBb：Aabb：aaBb：aabb=1：1：1：1，表现型比例是1：2：1，D错误。 故选B。 （2026·河池模拟） 【6题答案】 【答案】C 【解析】 【分析】某植物的花色受独立遗传的两对等位基因（A/a和B/b）控制，因此遵循自由组合定律。当基因A存在时开蓝花，但若还同时存在基因B则开紫花，且当基因a和B存在于同一配子中时会导致该配子不育。据此分析作答。 【详解】A、根据题意可知，A-bb为蓝花，A-B-为紫花，则aa--为白花，亲本紫花植株与蓝花植株杂交，F1中出现蓝花（A-bb）、紫花（A-B-）及白花（aa--）植株，则亲本紫花植株基因型为AaBb，蓝花植株基因型为Aabb，AaBb产生的配子为AB、Ab、ab、aB，由于当基因a和B存在于同一配子中时会导致该配子不育，故只有3种可育配子，A正确； B、AaBb产生的可育配子为AB、Ab、ab，Aabb产生的配子为Ab、ab，形成子代的基因型为AABb、AAbb、Aabb、AaBb、aabb，共5种基因型，其中白花植株的基因型为aabb，B正确； C、子一代紫花植株基因型和比例为AABb∶AaBb=1∶1，产生的配子为AB∶Ab∶ab∶aB=（1/2×1/2+1/2×1/4）∶（1/2×1/2+1/2×1/4）∶（1/2×1/4）∶（1/2×1/4）=3∶3∶1∶1，由于当基因a和B存在于同一配子中时会导致该配子不育，故可育的配子为AB∶Ab∶ab=3∶3∶1，所得后代中白花植株占1/7×1/7=1/49，C错误； D、子一代紫花植株基因型和比例为AABb∶AaBb=1∶1，产生的可育配子为AB∶Ab∶ab=3∶3∶1，若让子一代紫花测交，后代AaBb∶Aabb∶aabb=3∶3∶1，表现为蓝花∶紫花∶白花=3∶3∶1，即蓝花∶紫花=1∶1，D正确。 故选C。 （多选）（2026·吉林长春模拟） 【7题答案】 【答案】ACD 【解析】 【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】AB、由题意可知，A、B基因同时存在时花色为紫色，A或B基因单独存在时花色为红色，无显性基因时花色为白色，亲本均为纯合子，实验一中亲本紫色基因型为AABB，红色基因型为AAbb或aaBB，则子一代红色的基因型为AABb或AaBB，根据子二代表型及比例为紫色：红色=9:1，再结合题干中a基因会导致部分花粉致死可知，子一代的基因型为AaBB，则亲本的基因型为AABB和aaBB，AaBB自交后代表型及比例为紫色：红色=9:1，其中aaBB占1/10=1/2×1/5，即雄配子的比例AB：aB=4:1，说明含有a基因的花粉75%致死，A正确、B错误； C、由于实验二F2中出现白色香豌豆（aabb），因此实验二中F1紫色香豌豆为AaBb，因为含a基因的花粉75%致死，所以雄配子中AB:Ab:aB:ab = 4:4:1:1，C正确； D、实验二的F1（AaBb）产生的雌配子种类及比例为AB:Ab:aB:ab = 1:1:1:1，雄配子中AB:Ab:aB:ab = 4:4:1:1。F2中紫色（A-B-）个体比例为1/4×（4/10+4/10+1/10+1/10)+1/4×(4/10+4/10+4/10+4/10）+1/10×1/4=27/40；红色（A-bb + aaB-）个体比例为1/4×(4/10+4/10+1/10)+1/4×(1/10+1/10+1/10）=12/40；白色（aabb）个体比例为1/4×1/10=1/40，所以F2性状分离比应为27:12:1，D正确。 故选ACD。 （多选）（2026·河北石家庄模拟） 【8题答案】 【答案】BC 【解析】 【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】A、据题干信息分析可知，基因型为AABB的植株与aabb的植株杂交，F1代基因型为AaBb，表现为雌雄同株，F2代基因型分离比为10:3:3，是9:3:3:1的变式，故基因A/a、B/b在遗传过程中遵循自由组合定律，A正确； B、又因为A基因存在时赤霉素浓度较高，B基因存在时脱落酸浓度较高，且脱落酸与赤霉素的比值较高时有利于分化形成雌花，故基因型为aaB_（aaBB或aaBb）的个体表现为雌株，B错误； C、基因型为A_bb（AAbb或Aabb）的个体表现为雄株，基因型为A_B_（AABB、AaBB、AABb、AaBb）的个体表现为雌雄同株；将F2中的雌株（1/3aaBB、2/3aaBb）和雄株（1/3AAbb、2/3Aabb）杂交，其中雌配子及比例是1/3ab、2/3aB，雄配子及比例是2/3Ab、1/3ab，两者杂交后代雌雄同株（A_B_+aabb）=（2/3×2/3）+（1/3×1/3）=5/9，C错误； D、结合C项解析可知，基因型为aabb的个体表现为雌雄同株，故筛选aabb个体应从表现为雌雄同株的个体中进行，D正确。 故选BC。 二、非选择题 （2025·陕晋宁青卷，T18） 【9题答案】 【答案】（1） ①. A ②. A、B （2）A基因促进B基因表达，而B基因不参与调控A基因表达 （3） ①. 甲和丁或乙和丙 ②. 齿状有分泌腔：齿状无分泌腔：全缘无分泌腔=9:3:4 ③. A 【解析】 【分析】自由组合定律的实质是减数分裂形成配子时非同源染色体上的非等位基因自由组合。 小问1详解】 根据表格可得，甲为 AABB齿有，乙为 aaBB全无，丙为 AAbb齿无，丁为 aabb全无，因此控制叶缘的基因是 A，控制分泌腔的是 A 和 B 基因共同决定的。 【小问2详解】 乙敲除A基因，但没有敲除B基因，在植株乙中检测到B基因的表达量显著减少，说明A基因可以促进B基因的表达；丙敲除B基因，但没有敲除A基因，植株丙中A基因的表达量无变化，说明B基因不参与调控A基因的表达。 【小问3详解】 假定基因敲除后用相应小写字母表示，甲基因型为AABB，乙为aaBB，丙为AAbb，丁为aabb，要探究A基因与B基因在染色体上的位置关系，即探究两对基因是位于一对同源染色体上还是位于两对同源染色体上，我们通常需要获得双杂合子AaBb进行自交，因此可选择的亲本组合是甲和丁或乙和丙，F1AaBb自交得到F2，若A、B基因位于两对同源染色体上，则满足自由组合定律，F2的表型及比例为齿状有分泌腔：齿状无分泌腔：全缘无分泌腔=9:3:4。 栽培品种（X）叶全缘，但没有分泌腔，应该是 A 基因缺陷。理由如下：根据右侧遗传图解可知，野生型甲 AABB 和栽培种（aabb 或 aaBB 两种情况）杂交一代 F1的两种情况为 AaBb 或 AaBB，两者都是有分泌腔，F1 自交，如果是 AaBb 的话，F2 比例为 9:7，如果是 AaBB 的话，F2 比例为 3:1，符合题意。因此栽培种基因型为 aaBB，缺乏 A 基因。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $