第1章 微专题3 带电粒子在复合场中的运动-【创新大课堂系列】2025-2026学年高中物理选择性必修第二册同步辅导与测试(人教版)

要点2 :5.C[根据左手定则，正电荷受到竖直向下的洛伦兹力，负电 探究导入提示：(1)不变。(2)相同。 荷受到竖直向上的洛伦兹力，则正电荷集聚在N一侧，负 探究归纳 电荷集聚在M一侧，则M,点的电势低于N点的电势，A、 U [典例2][解析]由uB=m尺可得回旋加速器加速质子 : B,D错接；根暑9如B=可得流速u-品流量Q=S0 的最大速度为口=BR,由回旋加速器高频交流电频率等于 d.马=，即只需要测量MN两点间的电压就能够 4 Bd 4B 推算出废液的流量，选项C正确。] 运动的须率，有二品联立解得质子孩加建后的最素养演练.提升 大速度不可能超过2πfR,选项A、B正确；质子的速度不可1.B[对打在P,点的离子，有gB,<gE,0最小，故为甲离 以被加速到任意值，考虑到狭义相对论，任何物体的速度不 子；对打在P2点的离子，有q0B1>qE,0最大，故为丁离子： 可能超过光速，C错误；由于《粒子在回旋加速器中运动的· 打在P点的离子与打在P,点的离子相比，r<r:,由r= 频率是质子的？，不改变B和，该回旋加速器不能用于加 B。,又v=%,可知打在P点的离子的公小，即为乙离 7n 速a粒子，选项D错误。 子，打在P,点的离子为丙离子，故选项B正确。] 「答案]AB 针对训练 2.BD[根播gB0=m安得。=2，剥带电程子射出时的动 m 2.D[带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期与速度 大小无关，因此，在Ek-t图像中应有t:一t3=t3一t,=t,一 能为=子md=9g 一，那么动能与磁感应强度的大小 2m t,A错误；粒子获得的最大动能与加速电压无关，加速电 和D形盒的半径有关，增大磁感应强度B或加速器的半径 压越小，粒子加速次数就越多，由粒子做圆周运动的半径： R,均能增大带电粒子射出时的动能，B、D正确。 g=√②m可知E,=Br,粒子获得的最大动能 3.BD[由左手定则可知，正离子受到的洛伦兹力向下，负离 r-gB gB 2m 子受到的洛伦兹力向上，故A错误；稳定后，离子受力平衡 取决于D形盒的半径，当轨道半径r与D形盒半径R相等 时就不能继续加速，故B、C错误，D正确。] 马，解得U=Bd,故B正确；电磁流量计是通过磁 3.解析(1)质子在电场中加速，由动能定理得 场对带电粒子的洛伦兹力使正、负离子往上、下两管壁移 eU=Ex-0 动，从而形成电势差，通过测量电势差的大小来计算流速， 解得E,=eU 无法测不带电的液体的流速，故C错误；废液流量Q=S, (2)质子在回旋加速器的磁场中运动的最大半径为R,由牛 其由二，S=4,解得Q=4B故D正确。) 4B 顿第二定律得eoB=m尺 4.解析电子在磁场中沿圆弧αb运动，如 1 图所示，圆心为C点，半径设为R,电子 质子的最大动能Ea=2m0 解得E=eBR 进入磁场时的速度为0，则eU=} 2m (③)由电源的网期与复率间的关系可得了一子 eBumR 根据几何关系得tan2= r 电源的周期与质子的运动周期相同，均为T=2 eB 舞得广品 由以上各式可解得B三工。/2m0tan，。 r e (1)eU (2)BR 8 答案 1 2mU 0 答案 2m 要点3 微专题3带电粒子在复合场中的运动 探究归纳 [典例3门[解析]，电流方向向右，电子向左定向移动，根据 关键能力·合作探究 类型1 左手定则判断可知，电子所受的洛伦兹力方向向里，则后表 面积累了电子，前表面的电势比后表面的电势高，A错误：[典例订[解析]带电微粒在重力场、匀强电场和匀强磁场 :探究归纳 由电子受力平衡可得eL-e0B,解得U=Ba,由电流的微 中做匀速圆周运动，可知带电微粒受到的重力和静电力是 一对平衡力，重力竖直向下，所以静电力竖直向上，与电场 观表达式得I=neac,代入可得U- BL,所以前、后表面间 n 方向相反，故可知该微粒带负电，A错误：磁场方向向外，洛 的电压U与I成正比，C错误，B正确：稳定时自由电子受 伦兹力的方向始终指向圆心，由左手定则可判断微粒的旋 力平衡，受到的洛伦兹力学于电场力，即euB=e,D 转方向为逆时针（四指所指的方向与带负电的微粒的运动 方向相反)，B正确，C错误；由微粒做匀速圆周运动，知静电 错误。 力和重力大小相等，得mg=qE,带电微粒在洛伦兹力的作 [答案]B 针对训练 用下微句造园月运动的丰径为r一常联立解得=D 4.BCD[根据左手定则知，正离子偏向B板，所以B板是电 正确。 源的正极，电流从B板经电阻流向A板，故A错误，B正 [答案]BD U :针对训练 确：由平衡条件得g=quB,故电源的电动势为U=Bd,:1,C[速度选择器选择的是速度，与粒子电性和电荷量都无 关，故B错误；由粒子做匀速直线运动可知，粒子所受电场 电流1=号=，故磁感应强度B越大，电流I越大，故！ 力和洛伦兹力等大、反向，若粒子为正电荷，则可知P,的电 C、D正确。] 207 势低于P:的电势，故A错误：由B=E得口=号，放D 解得s=m gE 错误；B和E的方向都反向，则洛伦兹力和电场力也都反{ 总路程s=s十s,=r十m以 =(0.5r+1)m。 向，仍然满足平衡条件，选择器同样正常工作，故C正确。门 gE 2.BD[带电液滴由静止开始向下运动，说明重力和电场力 [答案](1)0.2T(2)(0.5π+1)m 的合力向下，洛伦兹力指向轨迹内侧，根据左手定则知，液：针对训练 滴带负电，A错误；从A到C的过程中，重力做正功，而电！3.D[电子带负电，故必须满足N处的电势 场力做负功，洛伦兹力不做功，但合力仍做正功，动能增大，· 高于M处的电势才能使电子加速，故选项 ￥d 从C到B的过程中，重力做负功，电场力做正功，洛伦兹力！ A错误；由左手定则可判定磁感应强度的 不做功，但合力做负功，动能减小，所以液滴在C点的动能 方向垂直纸面向里，故选项C错误；对加速 x 最大，速度最大，B正确；液滴到达B处后，重复以前的过， 过程应用动能定理有eU=2mu,设电子 10× 程，不能再由B点返回A点，C错误；液滴从A,点到达B 在磁场中运动半径为”，由洛伦兹力提供向 点，动能变化量为零，则重力做功与电场力做功之和为零， 即合外力做功为零，由于重力与电场力的合力向下，故B,点： 心力，有cB=m号，则r=器，电子运动 eB 和A点一定等高，D正确。] 轨迹如图所示，由几何关系可知，电子从磁场射出的速度方 类型2 探究归纳 - 向与水平方向的夹角日满足n日=（其中d为磁场宽度）， [典例2][解析](1)粒子的运动轨迹如图所示，设粒子的 质量和所带电荷量分别为m和q,粒子在匀强电场中运动， e 联立可得sin0=BVm可见增大U会使)减小，电子在 由类平抛运动规律及牛顿运动定律得2L=,t,L= 靶上的落点P右移，增大B可使日增大，电子在靶上的落，点 1 at,gE=ma,联立解得E=2qL P左移，故选项B错误，D正确。] 4.解析粒子在电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周 运动，两者的衔接，点是N点的速度。 (1)粒子过N点时的逸度为，有 =cos 0, 则0=20 粒子从M点运动到N点的过程，有 gUw=之m- 2m, 粒子到达O点时沿十y方向的分速度为心=at=,tana= 所以UMN= 3m1 ; 义=1，故a=45°。粒子在磁场中的速度为0=√2 2q (2)如图所示，粒子在磁场中以O 由几何关系得r=2L,又qB=m 为圆心做匀速圆周运动，半径为 OV,有guB=mu 联立解得月=器因吉-号。 B2 2mvo F0· 所以=gB95 0 (2)粒子在磁场中运动的周期为T=2π (3)由几何关系得ON=rsin 0,设 粒子在磁场中运动的时间为元=十1=受 粒子在电场中运动的时间为t, B 2v 有ON=t, ONrsin 0= 2msin 粒子在电场中运动的时间为t= 2L 所以t,= Va gB 解得= =3m t 4 gB [答案](1)号(2) 粒子在磁场中微匀速圆周运动的周期T-2πm 4 gB [典例3][解析](1)沿x轴正方向射 设粒子在磁场中运动的时间为t。,有 入磁场的粒子进入电场后，速度减小 到0后又返回磁场，则粒子一定是从如 2=欢二 T=- 2π 2x gB 3qB 图所示的P点射入电场，逆着电场线 运动，所以粒子在磁场中做圆周运动 M 所以1=t+t,=35+2x)m 3gB 的半径 r=R=0.5m XX 答案(1)3m, (2)2mu, (3)3V3+2x)m 2g 3gB 根据洛伦兹力提供向心力，有qB 素养演练·提升技能 =m心 1.AD[A、C选项中粒子在电场中向下偏转，所以粒子带正 电，再进入磁场后，A图中粒子应逆时针运动，C图中粒子 解得B= 应顺时针运动，故A正确，C错误；同理可以判断D正确，B gR 错误。 代入数据得B=0.2T。 2.CD[粒子的运动轨迹如图所示， (2)粒子返回磁场后，经磁场偏转后从N,点射出磁场，粒子 在磁场中运动的路程为二分之一圆周长，即51=πr,设粒子 根据类平抛运动推论有上= s 在电场中运动的路程为5，根据动能定理得qE·号 2 2tan60°，解得P与O的距离s= 1 2y3L,A错误：由s=2Rsin60解 3 208 得R=号L.B错读：报据s=,L=合ada=队1an60, 故从直径CD上射出的粒子，运动的最长时间与最短时间 B=ma,只=，联立解得w=子√6aL=子 √6kEL,C正 之比为器故D正确。 m [答案]BCD 确：粒子在P点的合速度u=c0s60=2,由R= 2L= [典例2][解析]电子在磁场中做匀速圆周运动，根据牛顿 E,D正痛。] 眉解得B√ 第二定体有B如=m二，得，一需 r Q 3.AD[由题可知粒子带正电，进入磁场后向上偏转，粒子沿 B× y轴正方向离开磁场，故A项正确，B项错误： 作出粒子的运动轨迹，如图所示， 由图利用几何知识可得，粒子的轨迹半径 趁子在磁场中的偏转丰径一，粒子在也场中加速时有： EqR=mv 由于电子发射速度大小不限，轨迹圆的半径大小不一，画出 半径大小不一的轨迹圆，如图所示，所以能打到B板的范围 联立解得B=1X104T,C项错误，D项正确。] 在Q、E之间，长度为d:能打到A板的范围在P、F之间，长 4.AD[两个离子的质量相同，其带电荷量之比是1：3，带电： 度为2d。 粒子在电场中加速时E=号，=ma,联立可得a岛则 「答案]见解析 md 在电场中的加速度之比为1：3，B错误：带电粒子在加速电， 针对训练 场中运动时，由动能定理可得gU=E,一0，则离开电场区城1.解析。粒子带正电，故在磁场中沿逆时针方向做匀速圆周 时的动能之比为1：3，D正确：带电粒子在加速电场中运动！ 运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得q心B= 时，由动能定理可得gU=子m心-0，带电粒子在磁场中微 m号，代入教据解得r=0.1m=10cm 由于2r>l>r,且朝不同方向发射的a粒子的圆轨迹都 、匀速圆周运动时，则有B二，联立解得R=B√， 过S, P 则在磁场中运动的半径之比为√：1，C错误；离子在磁场！ 中的半径之比为√3：1，设磁场宽度为L,离子通过磁场转 过的角度等于其圆心角0，根据几何关系可得sm日=卡，则1 d 可知角度的正弦值之比为1：√3，则P+转过的角度为60°， 在磁场中转过的角度之比为1：2，A正确。] 由此可知，某一圆轨迹在图中N左侧与ab相切，则此切，点 P,就是a粒子能打中的左侧最远点；定出P点的位置，可 章末综合提升 作平行于ab的直线cd,cd到ab的距离为r,以S为圆心， 核心素养提升 r为半径，作孤交cd于Q点，过Q作ab的垂线，它与ab的 [典例1门[解析]由B=m得 交点即为P,故 NP=√P-(l-r)F=8cm r-SR 再考虑N的右侧。任何a粒子在运动中离S的距离不可能 经分析可知水平向右射入的粒子射出 超过2r,以2r为半径、S为圆心作圆，交ab于N右侧的P B CD时离D,点最近，恰好与CD边相切 点，此即右侧能打到的最远，点。 的粒子射出时离D点最远，轨迹如图 由图中几何关系得 0 所示， NP2=√(2r)'-2=12cm 则00=R-名R=音R 所求长度为P1P,=NP+NP=20cm。 答案20cm 解得0A-R :[典例3][解析]带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动， 同理可得OB=2R Q为圆心，故01=O6=T二B。带电粒子在匀强电场中做 在直径CD上有粒子射出的区域长度为AB=R 故A错误，B正确； 美平抛造动，故0的=，0仙=盟，联立邦得后-2：故 选C。 由几何关系得∠O,S0=53° 则0=53 [答案]C 所以从S射入磁场的粒子，可以从直径CD上射出的粒子针对训练 :2.解析带电粒子在电场中做类平抛 Y 占北为N=高高 运动，在磁场中做匀速圆周运动，射 故C正确； 出磁场后做匀速直线运动。 因为粒子在磁场中运动轨迹对应孤长越长运动时间越长， (1)带电粒子在电场中从P,点运动 则可得从A点射出的粒子弦长最长，时间最长，由几何关系· 到a点的过程中做类平抛运动， 得对应圆心角为 水平方向上有2h=,t ① 61=180°-53°=127 从O点射出的粒子弦长最短，时间最短，由几何关系得对应： 竖直方向上有=子ar 圆心角为 0,=106 由牛顿第二定律有a=9 ⊙ 209物理选择性必修第二册 场，常见的有界磁场形状有矩形、圆形等，磁场有： 磁场的磁感应强度B为多大？已知电子质量为 单边界和双边界等；第二是运动对象的相关因 m,电荷量为e. 素一带电粒子入射的初速度（大小和方向）、粒 子的电荷量和质量等。在综合分析这两个因素 的基础上，进行圆心、半径和偏转角的确定及相： 关物理量的求解。 电视机的显像管中，电子束的偏转是用磁偏转技 术来实现的。电子束经过电压为U的加速电场 后，进入一圆形匀强磁场区域，如图所示。磁场 方向垂直于圆面，磁场区域的圆心为O、半径为 ”。当不加磁场时，电子束将通过O点打到屏幕 的中心M点，为了让电子束射到屏幕边缘的P 温馨提示 请做课时分层检测（六） 点，需要加磁场使电子束偏转一已知角度0，此时： 微专题3带电粒子在复合场中的运动 关键能力·合作探究 讲练设计探究重，点 类型1带电粒子在叠加场中的运动 :[典例1]（多选）一个带电微 探究归纳 粒在如图所示的正交匀强电 1.带电粒子在叠加场中的运动 场和匀强磁场中的竖直平面 (1)叠加场：电场、磁场、重力场中的两者或三者： 内做匀速圆周运动，重力不可 在同一区域共存，就形成叠加场。 忽略。已知轨迹圆的半径为 (2)带电体在叠加场中运动的几种情况 r,电场强度的大小为E,磁感 如图所示，匀强磁场垂直于纸X」X|X|X ￥ + 应强度的大小为B,重力加速度为g,则( 面向里，匀强电场竖直向下。 A.该微粒带正电 一带负电粒子从左边沿水平方 + 向射入复合场区域。 B.带电微粒沿逆时针旋转 ①若考虑重力，且mg=Eq,则 C.带电微粒沿顺时针旋转 粒子做匀速圆周运动。 D,微粒做圆周运动的速度为8Br E ②若不计重力，且qwB=Eq,则粒子做匀速直线 [听课记录] 运动。 ③若不计重力，且qvB≠Eq,则粒子做变加速曲 线运动。 2.临界问题关键词转化 想到 看到“恰好静止”或带电粒子所受合力为零 : “匀速直线运动” 关键词转化 想到 看到“带电粒子在复 重力和电场力等大、 : 反向 合场中恰好做匀速圆 周运动” 洛伦兹力提供向心力 30 第一章安培力与洛伦兹力 …/名师点评/ B.从S2出来的只能是正电荷，不能是负电荷 带电粒子在叠加场中运动问题的分析方法 C.如果把正常工作时的B和E的方向都改变为 叠加场 原来的相反方向，选择器同样正常工作 ·弄清电场、磁场、重力场叠加情况 的组成 D.匀强磁场的磁感应强度B、匀强电场的电场强 受力分析 先重力、再弹力、后摩擦力，然后分 析其他力（电场力、洛伦兹力） 度E和被选择的速度)的大小应满足v=BE 运动分析 →注意运动情况和受力情况的结合 2.(多选)如图所示，空间存在竖直向下的匀强电场 分段分析 和垂直于纸面向外的匀强磁场，一带电液滴从静 →粒子通过不同种类的场时，分段讨论 止开始自A沿曲线ACB运动，到达B点时，速 ,匀速直线运动一平衡条件 度为零，C点是运动轨迹最低点，则以下说法正 画出轨迹 匀速圆周运动→牛顿运动定律和圆 选择规律 周运动规律 确的是 复杂曲线运动一→动能定理或能量守 恒定律 针对训练 1.如图为速度选择器的示意 D 图。若使之正常工作，则以 A.液滴带正电 下叙述正确的是 ( ) B.液滴在C点时速度最大 A.P1的电势必须高于P2的 C.液滴之后会经C点返回A点 电势 D.B点和A点一定等高 类型2带电粒子在组合场中的运动 探究归纳 1.四种常见的运动模型 (1)带电粒子先在电场中做匀加速直线运动，然 后垂直进入磁场做圆周运动，如图所示。 (4)带电粒子先在磁场I中做圆周运动，然后垂 直进入磁场Ⅱ做圆周运动，如图所示。 XX 。。。。。。。。。 (2)带电粒子先在电场中做类平抛运动，然后垂：2.三种常用的解题方法 直进入磁场做圆周运动，如图所示。 (1)带电粒子在电场中做加速运动，根据动能定 理求速度。 (2)带电粒子在电场中做类平抛运动，需要用运 动的合成和分解处理。 (3)带电粒子在磁场中的圆周运动，可以根据磁 场边界条件，画出粒子轨迹，用几何知识确定轨 (3)带电粒子先在磁场中做圆周运动，然后垂直： 道半径，然后用洛伦兹力提供向心力和圆周运动 进入电场做类平抛运动，如图所示。 知识求解。 31 物理选择性必修第二册 角度1从电场进入磁场 [听课记录] [典例2]如图所示， 在平面直角坐标系 xOy内，第Ⅱ、Ⅲ象 M 限内存在沿y轴正 Vo 方向的匀强电场， 第I、下象限内存在半径为L的圆形匀强磁场，： 磁场圆心在M(L,0)点，磁场方向垂直于坐标平 /名师点评/ 面向外。一带正电粒子从第Ⅲ象限中的 分析带电粒子在组合场中运动的步骤 Q(-2L,一L)点以速度o沿x轴正方向射入电 (1)划分过程：将粒子运动的过程划分为几个不 场，恰好从坐标原点O进入磁场，从P(2L,0)点： 同的阶段，对不同的阶段选取不同的规律处理。 射出磁场，不计粒子重力，求： (2)找关键：确定带电粒子在场区边界的速度 (1)电场强度与磁感应强度大小的比值； (包括大小和方向)是解决该类问题的关键。 (2)粒子在磁场与电场中运动时间的比值。 (3)画运动轨迹：根据受力分析和运动分析，大 [听课记录] 致画出粒子的运动轨迹图，有利于形象、直观地 解决问题。 针对训练 3.CT扫描是计算机X射线断层扫描技术的简称， CT扫描机可用于对多种病情的探测。图(a)是 某种CT机主要部分的剖面图，其中X射线产生 部分的示意图如图(b)所示。图(b)中M、N之间 有一电子束的加速电场，虚线框内有匀强偏转磁 场；经调节后电子束从静止开始沿带箭头的实线 所示的方向前进，打到靶上，产生X射线（如图中 带箭头的虚线所示)；将电子束打到靶上的点记 角度2从磁场进入电场 为P点。则 ( [典例3]如图所示，真空中有 偏转线圈 一以O点为圆心的圆形匀强 口一探测器 电子枪 电子束 X射线束 磁场区域，半径为R=0.5m, 磁场方向垂直纸面向里。在 床 y>R的区域存在一沿y轴 、X× 目标靶环 负方向的匀强电场，电场强 图(a) 度为E=1.0×105V/m。在M点（坐标原点）有 偏转磁场 一正粒子以速率v=1.0×105m/s沿x轴正方 X射线束 向射人磁场，粒子穿出磁场进入电场，速度减小 L-- P 到0后又返回磁场，最终又从磁场离开。已知粒 靶 图(b) 子的比荷为9=1.0×10？C/kg,不计粒子重 m A.M处的电势高于N处的电势 力。求： B.增大M、N之间的加速电压可使P点左移 (1)圆形磁场区域磁感应强度的大小； C.偏转磁场的方向垂直于纸面向外 (2)沿x轴正方向射入磁场的粒子，从进入磁场： D.增大偏转磁场磁感应强度的大小可使P点 到再次穿出磁场所走过的路程。 左移 32 第一章安培力与洛伦兹力 4.在平面直角坐标系xOy ↑y (1)M、N两点间的电势差UMN; 中，第I象限存在沿y轴 M (2)粒子在磁场中运动的轨迹半径r; 负方向的匀强电场，第Ⅳ (3)粒子从M点运动到P点的总时间t。 象限存在垂直于坐标平 0 Y0. 面向外的匀强磁场，磁感 应强度为B。一质量为 P ···B°· 、电荷量为g的带正电 的粒子从y轴正半轴上的M点以速度vo垂直于 y轴射人电场，经x轴上的N点与x轴正方向成 0=60°角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点 垂直于y轴射出磁场，如图所示。不计粒子重 力，求： 素养演练·提升技能 达标训练素养提高 1.(多选)一个重力忽略不计的带电粒子以初速度：3.（多选）在如图所示的平面直角 垂直于电场方向向右射入匀强电场区域，穿出 坐标系xOy内，存在一个方程 电场后接着又进人匀强磁场区域。设电场和磁： 为x2+y2=0.25m2的圆，在 场区域有明确的分界线，且分界线与电场强度方 x<0的半圆区域内存在沿x 向平行，如图中的虚线所示。在如图所示的几种： 轴正方向的电场强度大小E=1V/m的匀强电 情况中，可能出现的是 ) 场，在x>0的半圆区域内存在垂直于纸面向里 的匀强磁场。一带电荷量q=1.0×10一6C、质量 m=1.25×10-15kg的带电粒子从坐标（一R,0) 处无初速度飘入电场，经电场加速后，平行于y A B 轴离开磁场区域。忽略粒子所受重力。下列说 2.(多选)如图所示的xOy坐 法正确的是 标系中，y轴左侧存在场强 A.粒子沿y轴正方向离开磁场 为E的匀强电场，电场方 B.粒子沿y轴负方向离开磁场 向平行于x轴，y轴右侧存 C.磁感应强度大小B=1×10-2T 在垂直坐标系所在平面向 D.磁感应强度大小B=1×10-4T 外的匀强磁场。一个比荷 4.(多选)在半导体离子注入工艺 为k的带正电粒子从x轴上的M点以某一初速： 中，初速度和重力均可忽略的磷 度平行于y轴向上运动，经电场偏转后从y轴上： 离子P+和P3+,经电压为U的 的P点进入磁场，进人磁场时速度方向与y轴正 电场加速后，垂直进入磁感应强 方向成60°角，粒子经磁场偏转后打到坐标原点： 度大小为B、方向垂直于纸面向 O上。已知M点到O点的距离为L,不计粒子的 里、有一定的宽度的匀强磁场区域，如图所示。 重力，下列说法正确的是 ( 己知离子P+在磁场中转过0=30°后从磁场右边 A.P与0的距离为 界射出。在电场和磁场中运动时，离子P十和 3 P3+ 且粒子的轨迹半径为1 A.在磁场中转过的角度之比为1：2 B.在电场中的加速度之比为1：1 C.粒子初速度大小为6E江 C.在磁场中运动的半径之比为1：2 3 D.离开电场区域时的动能之比为1：3 D.磁场的磁感应强度大小为 6E 温馨提示 请做课时分层检测（七） 33