精品解析：北京师范大学附属实验中学2025-2026学年度第二学期高二第二次统练 化学试题

北师大实验中学2025—2026学年度第二学期高二化学第二次统练 班级________姓名________学号________成绩________ 考生须知 1．本试卷共8页，共11题；答题纸共2页。满分100分。考试时间60分钟。 2．在试卷和答题卡上准确填写班级、姓名、学号。 3．试卷答案一律填写在答题卡上，在试卷上作答无效。 4．在答题卡上，选择题须用2B铅笔将选中项涂黑涂满，其他试题用黑色字迹签字笔作答。 可能用到的相对原子质量：H-1　C-12　O-16　Na-23　S-32　Fe-56　Cu-64 第一部分 本部分共7题。在每题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。 1. 下列物质的用途中，不正确的是 A. 醋酸可除水垢 B. 乙烯可用于催熟果实 C. 丙三醇可用于配制化妆品 D. 油脂在酸性条件下水解用于制作肥皂 2. 下列有机物的系统命名正确的是 A. 2，3-甲基丁烷 B. 3-甲基-2-乙基戊烷 C. 3-甲基-1-丁烯 D. 2-甲基-4-戊醇 3. 下列物质中，互为同系物的是 A. 甲酸和丙酸 B. 乙醇和丙三醇 C. 苯酚与邻甲基苯甲醇 D. 2—甲基—1—丁烯与2—戊烯 4. 某小组同学利用如图所示装置制备乙酸乙酯。下列说法不正确的是 A. 试剂a为无水乙醇、冰醋酸和浓硫酸的混合物 B. 沸石的作用是防止暴沸 C. 可用NaOH溶液替代饱和Na2CO3溶液 D. 右侧试管中的乙酸乙酯可用分液的方法分离出来 5. 迷迭香酸是从蜂花属植物中提取得到的酸性物质，其分子结构如下图所示，下列叙述不正确的是 A. 迷迭香酸分子存在顺反异构体 B. 迷迭香酸分子最多可与反应 C. 1 mol迷迭香酸与浓溴水反应时最多消耗 D. 1 mol迷迭香酸与烧碱溶液共热反应时最多消耗6 molNaOH 6. 下列实验操作能达到目的的是 选项 实验目的 实验操作 A 鉴别乙醇和苯酚溶液 加入足量浓溴水，观察现象 B 检验水杨酸中的酚羟基 加入溶液，观察气泡 C 检验中的醛基 滴加酸性高锰酸钾，紫色褪去 D 比较乙酸、碳酸、苯酚的酸性强弱 向碳酸钠固体中加入乙酸，将产生的气体通入苯酚钠溶液中 A. A B. B C. C D. D 7. 生物基单体LA和多巴通过可控聚合得到聚合物P，该材料可显著改善聚乳酸的溶解性，同时兼具聚乳酸的可降解性和生物相容性。P的合成路线如下。 下列说法不正确的是 A. 多巴分子中含有手性碳原子 B. 可合成单体LA C. 反应②为缩聚反应 D. 调控反应②中M与LA的比例，可以调节材料P的亲水性 第二部分 8. 合成防晒霜的主要成分M()的路线如下： 已知： （1）A分子中含有的官能团的名称是___________。 （2）A→B的反应类型是___________。 （3）B→C的化学方程式是___________。 （4）下列有关G的说法正确的是___________(填序号)。 a．能与浓溴水发生取代反应 b．能发生还原反应，不能发生氧化反应 c．1molG与足量的Na反应产生1molH2 d．能用FeCl3的溶液检验 （5）H的一种芳香族同分异构体，能与NaHCO3反应的同分异构体，其名称是___________。 （6）I的结构简式是___________。 （7）F和J反应的化学方程式是___________。 9. 枸橼酸他莫昔芬是一种抗癌药物，它的一种合成路线如下： 已知：ⅰ． ⅱ． （1）A与显紫色，A的名称是______________。 （2）B中含有的官能团有____________________________。 （3）F为芳香烃，G→H的化学方程式是______________。 （4）I→J是加成反应，J的结构简式是______________。 （5）下列说法正确的是______________。 a．试剂z可能是 b．C→D中NaOH的作用之一是与生成的HBr反应 c．J→K的反应为氧化反应 （6）M的结构简式是______________。 10. 治疗阿尔茨海默病的潜在化合物的前体T的合成路线如下（部分试剂和条件略去）。 已知：i． ii． （1）A→B的反应类型是___________。 （2）F分子中含有的官能团的名称是醚键、___________。 （3）B→D的化学方程式是___________。 （4）E分子含有一个六元环，下列关于D→E的说法正确的是___________（填序号）。 a．D分子中使邻碳上的C—H键的极性增强 b．D→E，D分子中断裂C—O键和带*碳原子上的C—H键 c．D反应后的主要产物受反应物C—H键的极性强弱和产物的稳定性影响 （5）J→K发生取代反应，K的结构简式是___________。 （6）L→T经过三步转化，设计的目的是________________________________。 （7）G能与Na反应生成，G转化为I经历如下过程。 已知： 中间体1分子中含有三种不同化学环境的氢原子，数目之比是3∶2∶1。中间体2的结构简式是______________________。 11. 聚赖氨酸可作为药物递送载体，一种合成路线如下： 已知：ⅰ. ⅱ. （1）聚赖氨酸重复单元中含有的官能团有氨基和_______(不考虑端基)。 （2）的化学方程式是_______。 （3）D的结构简式为_______。 （4）G与足量NaOH溶液加热充分反应可得到。用虚线标注出时G分子中的断键位置_______。 （5）K中含有五元环状结构(如图)。 ①将图中K的结构简式补充完整_______。 ②过程中，脱除的小分子是_______(填化学式)。 （6）有机化合物中有多个相同官能团时，通过控制反应条件，可使反应只在其中一个官能团的位点优先发生，体现了反应选择性。上述聚赖氨酸的合成路线中，有多步体现了反应选择性，例如；中，单一羟基被氧化；_______(再列举一例即可)。 （7）以D和为原料合成E的多步反应如下： 已知：过程中，有键生成。 ①Q含有五元环结构，Q的结构简式为_______。 ②的反应类型为_______。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 北师大实验中学2025—2026学年度第二学期高二化学第二次统练 班级________姓名________学号________成绩________ 考生须知 1．本试卷共8页，共11题；答题纸共2页。满分100分。考试时间60分钟。 2．在试卷和答题卡上准确填写班级、姓名、学号。 3．试卷答案一律填写在答题卡上，在试卷上作答无效。 4．在答题卡上，选择题须用2B铅笔将选中项涂黑涂满，其他试题用黑色字迹签字笔作答。 可能用到的相对原子质量：H-1　C-12　O-16　Na-23　S-32　Fe-56　Cu-64 第一部分 本部分共7题。在每题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。 1. 下列物质的用途中，不正确的是 A. 醋酸可除水垢 B. 乙烯可用于催熟果实 C. 丙三醇可用于配制化妆品 D. 油脂在酸性条件下水解用于制作肥皂 【答案】D 【解析】 【详解】A．醋酸的酸性强于碳酸，能与碳酸钙反应生成可溶性的氯化钙，所以醋酸可除水垢，故A正确； B．乙烯是植物果实的催熟剂，可用于催熟果实，故B正确； C．丙三醇具有很强的吸水性，常用于配制化妆品起到保湿的作用，故C正确； D．油脂在碱性条件下水解生成的高级脂肪酸盐是肥皂的主要成分，常用于制作肥皂，故D错误； 故选D。 2. 下列有机物的系统命名正确的是 A. 2，3-甲基丁烷 B. 3-甲基-2-乙基戊烷 C. 3-甲基-1-丁烯 D. 2-甲基-4-戊醇 【答案】C 【解析】 【详解】A．2，3-甲基丁烷的名称中取代基个数未写出，正确的名称为：2，3-二甲基丁烷，A错误； B．3-甲基-2-乙基戊烷名称中主碳链选错，正确名称为：3，4-二甲基己烷，B错误； C．3-甲基-1-丁烯符合系统命名法，C正确； D．2-甲基-4-戊醇名称中的主碳链起点选错，正确名称为：4-甲基-2-戊醇，D错误； 故选C。 3. 下列物质中，互为同系物的是 A. 甲酸和丙酸 B. 乙醇和丙三醇 C. 苯酚与邻甲基苯甲醇 D. 2—甲基—1—丁烯与2—戊烯 【答案】A 【解析】 【详解】A．甲酸和丙酸都属于饱和一元羧酸，官能团均为1个羧基，结构相似，分子组成相差2个原子团，互为同系物，A正确； B．乙醇是一元醇，仅含1个羟基，丙三醇是三元醇，含3个羟基，官能团数目不同，结构不相似，不互为同系物，B错误； C．苯酚的羟基直接连在苯环上，属于酚类，邻甲基苯甲醇的羟基连在苯环侧链烷基上，属于芳香醇，物质类别不同，结构不相似，不互为同系物，C错误； D．2-甲基-1-丁烯与2-戊烯分子式均为，二者互为同分异构体，分子组成没有相差原子团，不互为同系物，D错误； 故选A。 4. 某小组同学利用如图所示装置制备乙酸乙酯。下列说法不正确的是 A. 试剂a为无水乙醇、冰醋酸和浓硫酸的混合物 B. 沸石的作用是防止暴沸 C. 可用NaOH溶液替代饱和Na2CO3溶液 D. 右侧试管中的乙酸乙酯可用分液的方法分离出来 【答案】C 【解析】 【详解】A．制备乙酸乙酯是乙酸和乙醇在浓硫酸作催化剂的条件下反应，因此试剂a为无水乙醇、冰醋酸和浓硫酸的混合物，A正确； B．为了防止暴沸，可以加入沸石或者碎瓷片，B正确； C．不可以用NaOH溶液替代饱和Na2CO3溶液，因为乙酸乙酯会水解，C错误； D．乙酸乙酯微溶于水，在饱和碳酸钠溶液可以降低它的溶解度，因此可以用分液的方法分离出来，D正确； 故选C。 5. 迷迭香酸是从蜂花属植物中提取得到的酸性物质，其分子结构如下图所示，下列叙述不正确的是 A. 迷迭香酸分子存在顺反异构体 B. 迷迭香酸分子最多可与反应 C. 1 mol迷迭香酸与浓溴水反应时最多消耗 D. 1 mol迷迭香酸与烧碱溶液共热反应时最多消耗6 molNaOH 【答案】C 【解析】 【详解】A．顺反异构的条件是碳碳双键的每个碳原子均连接2种不同的原子或基团，该分子中碳碳双键的两个碳原子均连接了2种不同原子或基团，满足顺反异构的条件，因此迷迭香酸存在顺反异构体，A正确； B．能和H2加成的结构是苯环、碳碳双键，羧基和酯基中的羰基不能与H2加成，1mol迷迭香酸含2个苯环（消耗6 mol H2）、1个碳碳双键（消耗1mol H2），共消耗7 mol H2，B正确； C．浓溴水反应中，酚羟基邻对位的氢会发生取代反应，碳碳双键发生加成反应，该分子含4个酚羟基，左苯环有3个可取代的邻对位H，右苯环有3个可取代的邻对位H，取代共消耗6 mol Br2，碳碳双键加成消耗1 mol Br2，总共消耗7 mol Br2，不是6 mol，C错误； D．与NaOH反应时，1 mol 酚羟基消耗1 mol NaOH，1 mol 羧基消耗1 mol NaOH，1 mol 酯基水解生成的1 mol 羧酸会消耗1 mol NaOH，该分子有4个酚羟基、1个羧基、1mol酯基，酯水解生成的羟基是醇羟基，不消耗NaOH，总共消耗4+1+1=6 mol NaOH，D正确； 故选C。 6. 下列实验操作能达到目的的是 选项 实验目的 实验操作 A 鉴别乙醇和苯酚溶液 加入足量浓溴水，观察现象 B 检验水杨酸中的酚羟基 加入溶液，观察气泡 C 检验中的醛基 滴加酸性高锰酸钾，紫色褪去 D 比较乙酸、碳酸、苯酚的酸性强弱 向碳酸钠固体中加入乙酸，将产生的气体通入苯酚钠溶液中 A. A B. B C. C D. D 【答案】A 【解析】 【详解】A．乙醇与浓溴水互溶，无明显现象；苯酚可以和浓溴水反应生成三溴苯酚白色沉淀，现象不同可鉴别二者，A正确； B．水杨酸中的羧基酸性强于碳酸，可与反应生成气泡，酚羟基酸性弱于碳酸、强于，与反应仅生成，无气泡，因此观察气泡只能检验羧基，无法检验酚羟基，B错误； C．中的碳碳双键和醛基都具有还原性，都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，因此无法证明存在醛基，C错误； D．乙酸易挥发，与碳酸钠反应生成的中混有乙酸蒸气，乙酸也能和苯酚钠反应生成苯酚，无法证明碳酸的酸性强于苯酚，不能完成酸性比较，D错误； 故选A。 7. 生物基单体LA和多巴通过可控聚合得到聚合物P，该材料可显著改善聚乳酸的溶解性，同时兼具聚乳酸的可降解性和生物相容性。P的合成路线如下。 下列说法不正确的是 A. 多巴分子中含有手性碳原子 B. 可合成单体LA C. 反应②为缩聚反应 D. 调控反应②中M与LA的比例，可以调节材料P的亲水性 【答案】C 【解析】 【详解】A．多巴分子中，与氨基、羧基直接相连的碳原子，同时连接4种不同基团，属于手性碳原子，A正确； B．两分子（乳酸）发生分子间脱水环化（酯化反应）得到LA，B正确； C．缩聚反应的特征是生成高分子的同时，会脱去小分子副产物（如水、醇等）；反应②是环酯LA的开环聚合，反应过程没有小分子生成，不属于缩聚反应，C错误； D．M中含有多个亲水的羟基，聚合物P中的酯基是疏水基团，因此调控M与LA的比例，可以改变聚合物P中羟基的含量，从而调节材料P的亲水性，D正确； 答案选C。 第二部分 8. 合成防晒霜的主要成分M()的路线如下： 已知： （1）A分子中含有的官能团的名称是___________。 （2）A→B的反应类型是___________。 （3）B→C的化学方程式是___________。 （4）下列有关G的说法正确的是___________(填序号)。 a．能与浓溴水发生取代反应 b．能发生还原反应，不能发生氧化反应 c．1molG与足量的Na反应产生1molH2 d．能用FeCl3的溶液检验 （5）H的一种芳香族同分异构体，能与NaHCO3反应的同分异构体，其名称是___________。 （6）I的结构简式是___________。 （7）F和J反应的化学方程式是___________。 【答案】（1）碳碳双键 （2）加成反应 （3）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O （4）ad （5）苯甲酸 （6） （7） 【解析】 【分析】A为乙烯，A与水发生加成反应生成B（乙醇），乙醇催化氧化成乙醛（C），乙醛发生题目中已知的反应生成D，则D的结构简式为，D与氢气发生加成反应生成E，E经过一定条件生成F，结合M的结构简式，以及F的分子式可知F为，结合H的结构可知G为苯酚，H经过一定条件生成I，结合M的结构简式以及I的分子式可知I为，I经过一定条件生成J，结合M的结构可知J为，J与F通过酯化反应合成M。 【小问1详解】 A为乙烯，其官能团名称为碳碳双键，故答案为：碳碳双键； 【小问2详解】 A→B的反应为乙烯和水的加成反应生成乙醇，故答案为：乙醇； 【小问3详解】 B→C为乙醇的催化氧化反应，故答案为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O； 【小问4详解】 G为苯酚，a．能与浓溴水发生取代反应，生成三溴苯酚沉淀，故a选； b．能和H2发生加成（还原）反应，在空气中易被氧气氧化为红色物质，故b不选； c．1mol苯酚含有1mol酚羟基，与足量的Na反应产生0.5molH2，故c不选； d．苯酚能与FeCl3的溶液发生显色反应，故d选； 故选ad； 【小问5详解】 H的一种芳香族同分异构体，能与NaHCO3反应，则结构中含有羧基，结合分子式可知，其名称为苯甲酸，故答案为：苯甲酸； 【小问6详解】 由分析可知I为，故答案为：； 【小问7详解】 J与F通过酯化反应合成M，其化学方程式为，故答案为：。 9. 枸橼酸他莫昔芬是一种抗癌药物，它的一种合成路线如下： 已知：ⅰ． ⅱ． （1）A与显紫色，A的名称是______________。 （2）B中含有的官能团有____________________________。 （3）F为芳香烃，G→H的化学方程式是______________。 （4）I→J是加成反应，J的结构简式是______________。 （5）下列说法正确的是______________。 a．试剂z可能是 b．C→D中NaOH的作用之一是与生成的HBr反应 c．J→K的反应为氧化反应 （6）M的结构简式是______________。 【答案】（1）苯酚 （2）羟基、碳溴键 （3） （4） （5）ab （6） 【解析】 【分析】A与显紫色则含有酚羟基，结合流程，A为苯酚，A发生取代反应引入溴原子生成B：，B和z生成C，结合已知反应ⅰ可知，z为，B与z反应为取代反应，反应生成C为，C转化为D，D发生已知反应ⅰ得到E：，F为芳香烃，结合流程可知，F为，F和氯气发生取代反应生成G：，G发生取代反应氯原子转化为羟基得到H：，H氧化得到I，I→J是加成反应，则J为，J生成K，结合L结构推断K为，L和E生成M，M为。 【小问1详解】 由分析可知，A为苯酚； 【小问2详解】 B中含有的官能团有羟基、碳溴键 【小问3详解】 F为芳香烃，G→H的化学方程式是； 【小问4详解】 I→J是醛基的加成反应，J的结构简式是； 【小问5详解】 a．由分析可知，试剂z可能是，a正确； b．C→D反应中生成HBr，HBr和NaOH反应促使反应正向进行，b正确； c．J→K的反应为脱氧还原反应，故不是氧化反应，c错误； 故选ab； 【小问6详解】 由分析可知，M的结构简式是。 10. 治疗阿尔茨海默病的潜在化合物的前体T的合成路线如下（部分试剂和条件略去）。 已知：i． ii． （1）A→B的反应类型是___________。 （2）F分子中含有的官能团的名称是醚键、___________。 （3）B→D的化学方程式是___________。 （4）E分子含有一个六元环，下列关于D→E的说法正确的是___________（填序号）。 a．D分子中使邻碳上的C—H键的极性增强 b．D→E，D分子中断裂C—O键和带*碳原子上的C—H键 c．D反应后的主要产物受反应物C—H键的极性强弱和产物的稳定性影响 （5）J→K发生取代反应，K的结构简式是___________。 （6）L→T经过三步转化，设计的目的是________________________________。 （7）G能与Na反应生成，G转化为I经历如下过程。 已知： 中间体1分子中含有三种不同化学环境的氢原子，数目之比是3∶2∶1。中间体2的结构简式是______________________。 【答案】（1）氧化反应 （2）碳碳双键、羰基 （3） （4）ac （5） （6）将酰胺基中的羰基还原为，保护酮羰基不被还原 （7） 【解析】 【分析】A发生氧化反应生成B，B与乙醇发生酯化反应生成D，由此可知，B的结构简式为，D发生已知信息i的反应生成E，E分子含有一个六元环，E的结构简式为，E经历两步反应生成F，F发生还原反应生成G，结合G的分子式可知，G的结构简式为，G经历多步反应生成I，I发生氧化反应生成J，J和发生取代反应生成K，K发生碳碳双键的加成反应转化为L，则K的结构简式为，据此解答。 【小问1详解】 A中碳碳双键被高锰酸钾氧化，发生的是氧化反应； 【小问2详解】 F分子中含有的官能团的名称是醚键、碳碳双键、羰基； 【小问3详解】 B→D的发生的是酯化反应，化学方程式是； 【小问4详解】 a．D分子中由于的吸电子作用，使邻碳上的C—H键的极性增强，a正确； b．若D分子中断裂C—O键和带*碳原子上的C—H键，则会形成四元环结构，故而断裂的是羰基左侧碳原子上的C—H键，b错误； c．D→E的反应机理是极性强的C—H键断裂，与结合生成乙醇，而受羰基、酯基吸电子效应影响图中标注*碳原子上的C—H键极性更强，会影响主产物的产率，但生成的四元环结构由于张力过大，稳定性差，从而也会影响主要产物的生成，c正确； 故选ac； 【小问5详解】 根据分析可知，K的结构简式是； 【小问6详解】 L→T经过三步转化，第一步是利用乙二醇将L中的酮羰基转化为缩酮结构（反应机理为：），第二步是利用强还原剂将酰胺基中的羰基还原为，第三步是将缩酮结构在酸性条件下重新转化为酮羰基，故设计的目的是将酰胺基中的羰基还原为，保护酮羰基不被还原； 【小问7详解】 中间体1的分子式是，有1个不饱和度，说明发生的是消去反应，结合氢原子种类和数目比，可知，中间体1的结构简式是，G的结构简式为，二者发生加成反应，生成中间体2的结构简式为，中间体2发生消去反应生成中间体3为，中间体3发生已知信息的反应得到I。 11. 聚赖氨酸可作为药物递送载体，一种合成路线如下： 已知：ⅰ. ⅱ. （1）聚赖氨酸重复单元中含有的官能团有氨基和_______(不考虑端基)。 （2）的化学方程式是_______。 （3）D的结构简式为_______。 （4）G与足量NaOH溶液加热充分反应可得到。用虚线标注出时G分子中的断键位置_______。 （5）K中含有五元环状结构(如图)。 ①将图中K的结构简式补充完整_______。 ②过程中，脱除的小分子是_______(填化学式)。 （6）有机化合物中有多个相同官能团时，通过控制反应条件，可使反应只在其中一个官能团的位点优先发生，体现了反应选择性。上述聚赖氨酸的合成路线中，有多步体现了反应选择性，例如；中，单一羟基被氧化；_______(再列举一例即可)。 （7）以D和为原料合成E的多步反应如下： 已知：过程中，有键生成。 ①Q含有五元环结构，Q的结构简式为_______。 ②的反应类型为_______。 【答案】（1）酰胺键 （2）+ HO(CH2)4CHO+ H2O （3）HO(CH2)4CH(NH2)CN （4） （5） ①. ②. CO2 （6）在E→G过程中，HBr选择性只与羟基反应（酰胺键、羟基均能与HBr反应） （7） ①. ②. 加成反应 【解析】 【分析】A在氧气，加热的条件下生成B（CH2OHCH2CH2CH2CHO）；结合已知条件i可知D的结构简式为（CH2OHCH2CH2CH2CH(NH2)CN）；结合已知条件ii和G的结构推出E的结构简式为；G在NaOH条件下发生水解，生成I（）；结合L的结构可推出K为。 【小问1详解】 由聚赖氨酸结构可知，其含有的官能团为氨基和酰胺键； 【小问2详解】 A在氧气，加热条件下发生催化氧化反应生成B，反应的化学方程式为+ HO(CH2)4CHO + H2O； 【小问3详解】 由上述分析可知D的结构简式为HO(CH2)4CH(NH2)CN； 【小问4详解】 G在NaOH条件下发生水解，生成I（），断裂的酰胺键（如图）； 【小问5详解】 ①由上述分析可知K的结构为；②由K和L的结构可知，开环过程中断裂情况如图所示：，脱去的小分子为CO2； 【小问6详解】 酰胺键、羟基均能与HBr反应，但在E→G过程中，HBr选择性只与羟基反应； 【小问7详解】 ①P→Q过程中，有N−H键生成，且Q含有五元环结构，说明该过程中P结构上的-COOH与发生加成反应生成环状结构Q（）；②Q经连续异构后得到R，结合R与E（）的结构可知，的反应类型为加成反应。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $