河南鹤壁市高中2025-2026学年高二上学期物理作业规范化练习（五）平行B卷

**基本信息** 本卷为高中物理周测平行B卷，聚焦简谐运动、动量守恒等核心知识，通过手机掉落冲击等真实情境设计，融合实验操作与理论计算，强化科学思维与科学探究能力。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|7/42|简谐运动概念（振幅、加速度）、振动图像分析|以基础概念辨析为主，如第1题区分振幅矢量性，第6题对比振动图像初相位| |多选题|3/18|动量守恒条件、弹簧振子受力|结合过程分析，如第8题辨析子弹射入木块过程动量与机械能守恒| |实验题|2/24|动量守恒验证（游标卡尺使用）、电压表内阻测量（分压电路）|注重实验操作与数据处理，如第11题通过遮光片宽度计算速度验证守恒| |解答题|1/16|弹性与非弹性碰撞计算|综合应用动量守恒定律，分两问梯度设计，提升问题解决能力|

2027届物理作业规范化练习（五） （平行B卷） 一、单选题（每题6分，共42分） 1．下列说法正确的是（    ） A．振幅是矢量，方向是由平衡位置指向最大位移处 B．简谐运动是匀变速运动 C．振动物体在平衡位置时，其所受合力一定为零 D．做简谐运动的物体，其频率固定，与振幅无关 2．做简谐运动的物体，当相对于平衡位置的位移为负值时（　　） A．速度一定为正值，加速度一定为负值 B．速度一定为负值，加速度一定为正值 C．速度不一定为正值，加速度一定为正值 D．速度不一定为负值，加速度一定为负值 3．一水平方向运动的弹簧振子在其平衡位置附近做简谐运动，从它经过平衡位置开始计时，经0.2s振子第一次通过N点，再经0.6s振子第二次通过N点，则振子振动周期为（　　） A． B． C．1s D．2s 4．如图所示，质点在1s末的位移是（   ） A．5cm B．-5cm C．4cm D．0 5．如图甲所示，以O点为平衡位置，弹簧振子在A、B两点间做简谐运动，图乙为这个弹簧振子的振动图像。下列说法中正确的是（　　） A．在t=0.2s时，弹簧振子的加速度为正向最大 B．在t=0.1s与t=0.3s两个时刻，弹簧振子的速度相同 C．从t=0到t=0.2s时间内，弹簧振子做加速度增大的减速运动 D．在t=0.6s时，弹簧振子有最小的弹性势能 6．如图所示为甲、乙弹簧振子的振动图像，下列说法正确的是（　　） A．两弹簧振子的初相位不同 B．甲系统的机械能比乙系统的大 C．甲、乙两个弹簧振子在前内加速度方向相反 D．时，甲具有负方向最大速度，乙具有正方向最大位移 7．现代人越来越依赖手机，有些人喜欢躺着刷手机，经常出现手机掉落伤眼睛或者额头的情况。若有一款手机质量为200g，从离人额头为20cm的高度无初速掉落，磕到额头后手机的反弹忽略不计，额头受到手机的冲击时间为0.04s，则手机对额头平均作用力的大小为（　　）（取重力加速度） A．8N B．10N C．12N D．14N 二、多选题（每题6分，共18分） 8．如图所示的装置中，木块与水平桌面间的接触是光滑的，子弹沿水平方向射入木块（子弹射入木块过程时间极短，可认为弹簧长度不发生变化）后留在木块内，将弹簧压缩到最短。对子弹、木块和弹簧组成的系统，下列说法正确的是（　　） A．在子弹射入的过程中动量守恒、机械能不守恒 B．在子弹射入的过程中动量不守恒、机械能守恒 C．在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中动量不守恒、机械能不守恒 D．在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中动量守恒、机械能也守恒 9．如图所示，弹簧振子在光滑水平杆上的A、B之间做往复运动，O为平衡位置，下列说法正确的是（　　） A．弹簧振子运动过程中受重力、支持力和弹簧弹力的作用 B．弹簧振子运动过程中受重力、支持力、弹簧弹力和回复力的作用 C．振子由A向O运动过程中，回复力逐渐增大 D．振子由O向B运动过程中，回复力的方向指向平衡位置 10．在光滑水平面上静止放置两个完全相同的长木板A、B，质量均为m，一个小铅块质量也为m，以水平初速度v0由木板A左端向右滑动，达到木板B右端时，恰好与木板B相对静止。现将两木板粘在一起，使得铅块仍以相同的初速度滑上A的左端，则下列说法正确的是（   ） A．小铅块滑到木板B的右端前就与木板B保持相对静止 B．小铅块将从木板B的右端飞离木板 C．两过程中产生的热量相等 D．木块B第二次的最终速度大于第一次的最终速度 三、实验题（24分） 11．(12分)某实验小组设计了如图甲所示的实验装置来测量滑块的瞬时速度并验证两滑块在碰撞过 程中的动量守恒定律。 （1）图甲中水平桌面上放置气垫导轨，导轨上有光电计时器1和光电计时器2，弹性滑块A、B的质量分别为、，两遮光片沿运动方向的宽度均为d，利用游标卡尺测量遮光片的宽度，测量结果如图乙所示，遮光片的宽度 cm。 （2）实验先调节气垫导轨成水平状态，再轻推滑块A，测得A通过光电计时器1时的遮光时间为，A与B相碰后，B和A先后经过光电计时器2时的遮光时间分别为和，实验中为确保碰撞后滑块A不反向运动，、应满足的关系是 （填“大于”“等于”或“小于”）。 （3）在实验误差允许的范围内，若满足关系式 （用（2）中、、、 、表示），则可认为验证了动量守恒定律。 12．（12分）学生实验小组要测量量程为3V的电压表的内阻。可选用的器材有： A．电源（电动势5V） B．电压表（量程5V，内阻约3） C．定值电阻R（阻值为800） D．滑动变阻器（最大阻值50） E、滑动变阻器（最大阻值5） F、开关S，导线若干 (1)他们设计了如图所示的实验电路图，其中滑动变阻器应选 （填“”或“”）。 (2)闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于 （填“a”或“b”）端。 (3)闭合开关S，滑动变阻器滑片滑到某一位置时，电压表、待测电压表的示数分别为、，则待测电压表的内阻 （用、和R表示）。 四、解答题（16分） 13．（16分）质量为4.0千克的物体A静止在光滑的水平桌面上。另一个质量为2.0千克的物体B以5.0米/秒的水平速度与物体A相撞，碰撞前后两物体的速度在同一水平直线上。求： （1）若碰撞后物体B以1.0米/秒的速度反向弹回。则碰后物体A的速度为多大； （2）若两物体发生的是完全弹性碰撞，则碰后物体A的速度为多大。 试卷第4页，共5页 2027届物理作业规范化练习（五） （平行B卷）答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D A A C D B D BCD BC ABC 1．D 【详解】A．振幅是振子离开平衡位置的最大位移，是标量，选项A错误； B．简谐运动的加速度不断变化，是非匀变速运动，选项B错误； C．振动物体在平衡位置时，其所受合力不一定为零，例如单摆，选项C错误； D．做简谐运动的物体，其频率固定，与振幅无关，选项D正确。 故选D。 2．C 【详解】根据回复力与位移的关系有 根据牛顿第二定律有 解得 可知，加速度方向与相对于平衡位置的位移方向相反，当相对于平衡位置的位移为负值时，加速度一定为正值。当物体远离平衡位置时，速度方向与相对于平衡位置的位移的方向相同，当物体靠近平衡位置时，速度方向与相对于平衡位置的位移的方向相反，可知，当相对于平衡位置的位移为负值时，速度可能为正值，也可能为负值，但加速度一定为正值。故选C。 3．D 【详解】若振子从平衡位置向右运动如图 可知解得周期T=2s 假设从平衡位置向N点另一侧振动，则经0.2s振子第一次通过N点，但不可能出现再经0.6s振子第二次通过N点的情况。故选D。 4．B 【详解】由图可知，质点在1s末处于波谷位置，此时的位移为故选B。 5．C 【详解】A．在t=0.2s时，弹簧振子的位移为正向最大，可知加速度为负向最大，选项A错误； B．在t=0.1s与t=0.3s两个时刻，x-t图像的斜率等大反向，可知弹簧振子的速度大小相同，但方向相反，选项B错误； C．从t=0到t=0.2s时间内，振子从O点向B点运动，位移增加，加速度增加，速度减小，则弹簧振子做加速度增大的减速运动，选项C正确； D．在t=0.6s时，弹簧振子速度为零，此时振子有最大的弹性势能，选项D错误。故选C。 6．D 【详解】A．由图可知两弹簧振子的周期不相等，初相位相同，故A错误； B．甲的振幅大，由于甲、乙两弹簧振子的质量、两个弹簧劲度系数未知，无法判断甲、乙两系统的机械能大小，故B错误； C．甲、乙两个弹簧振子在前内加速度方向相同，沿x轴负方向，故C错误； D．图像斜率的绝对值表示速度大小，t=2s时，甲图像斜率的绝对值最大，且斜率为负，甲具有负方向最大速度，由图可知此时乙具有正方向最大位移，故D正确。故选D。 7．C 【详解】对手机受力分析如图 取向下为正方向，手机碰前速度 碰撞过程由动量定理有 求得额头对手机平均作用力的大小 根据牛顿第三定律知手机对额头平均作用力的大小为12N。 故选C。 8．AC 【详解】AB．在子弹射入的过程中系统合外力为零动量守恒、有内能产生机械能不守恒，A对，B错； CD．在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中系统受到墙给的向右的作用力，合外力不为零动量不守恒、机械能有损失不守恒，C对，D错。 故选AC。 9．AD 【详解】ABD．回复力是根据效果命名的力，不是做简谐运动的物体受到的具体的力，它是由物体受到的具体的力所提供的，弹簧振子在运动过程中就受到重力、支持力和弹簧弹力，弹簧的弹力充当回复力，回复力方向总是指向平衡位置，故A正确，B错误，D正确； C．回复力与位移的大小成正比，由A向O运动过程中位移的大小在减小，故此过程中回复力逐渐减小，故C错误；故选AD。 10．BC 【详解】AB．铅块与木板间的滑动摩擦力始终不变，共速之前，铅块的加速度始终不变，第一次小铅块先使整个木板加速，运动到B部分上后A部分停止加速，只有B部分加速，第二次在小铅块运动过程中，小铅块与木板之间的摩擦力使整个木板一直加速，则在B上运动时，第一次的加速度大于第二次的，则小铅块第二次运动到B的右端时，速度还是大于B的速度，所以铅块必将从B右端飞离木板，故A错误，B正确； C．两个过程中，滑动摩擦力相同，相对位移相同，根据 可知产生的热量相等，故C正确； D．设第一次运动过程中，铅块刚滑上B时，A的速度为vA，最后和B一起运动的速度为vB，第二次铅块离开B右端的速度为，此时B的速度为，运动过程中，木板和铅块组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律得，第一次第二次 因为第二次铅块将从B右端飞离木板的速度大于第一次刚滑到B板的速度时A的速度，即，故，故D错误。故选BC。 11． 0.970 大于 【详解】（1）[1]游标卡尺的主尺读数为，游标尺读数为 则 （2）[2]实验中为确保碰撞后滑块A不反向运动，、应满足即答案为大于。 （3）[3]碰后的速度碰后B的速度 若系统动量守恒，则有化简可得 12．(1) (2)a (3) 【详解】（1）在如图所示的电路中滑动变阻器采用的是分压式连接，为了方便调节，应选最大阻值较小的滑动变阻器，即选。 （2）为保护电路，且测量电路部分电压从零开始条件，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于a端。 （3）由电路图可知，电压表与定值电阻串联，两者的电流相等，则有 解得 13．（1）3m/s；（2） 【详解】（1）取碰撞前B的速度方向为正方向，根据动量守恒定律得 解得 （2）若两物体发生的是完全弹性碰撞，则由动量守恒定律可得 由能量守恒定律可得 联立解得 答案第4页，共5页 答案第1页，共5页 学科网（北京）股份有限公司 $