物理（三）-【真题密卷】2026年高考物理考前冲顶实战演练（福建专版）

2025一2026学年度考前冲顶实战演练 物理（三） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1.图甲是研究光电效应的电路图，光电管阴极K为钙金属，逸出功为3.2eV,图乙是氢原 子的能级图。若用大量处于=4能级的氢原子发出的光照射阴极K,下列跃迁过程发 出的光能使K发生光电效应现象的是 n EleV 00-----------0 窗口 光束 4 -0.85 3- -1.51 ←-⊙ -3.40 -13.60 分 乙 A.从n=4跃迁到n=3 B.从n=3跃迁到n=2 C.从n=4跃迁到n=2 D.从n=2跃迁到n=1 2.很多智能手机都有加速度传感器，能通过图像显示加速度情况，用手掌托着智能手机， 打开加速度传感器，把手机向上抛出，然后又在抛出点接住手机，得到如图所示的加速 度随时间变化的图像，图中t1=0.33s,t2=0.58s,t3=0.76s,t4=1.36s,重力加速度 g取10m/s2,手机可看作质点。下列说法正确的是 a/(m's2) 20.0- 10.0-- -10.0--- (s) 0.50 1.001.50 物理试题（三）第1页（共8页） 考前冲顶 A.t1时刻手掌对手机的支持力最大 班级 B.t2时刻手机离开手掌 C.t3~t4时间内，重力对手机的冲量为零 姓名 D.手机离开手掌后上升的高度为1.8m 3.某静电场中x轴正半轴上电场强度E随x变化的图像如图所示，沿x轴正方向为E 得分 的正方向，x1=2xo。静止在坐标原点的质量为m、电荷量为十q的带电粒子受到微小 扰动后，仅在电场力作用下沿x轴正方向运动到x=x2处时加速度为零，下列判断正 确的是 Eo 0 Xo x A.粒子从原点运动至x=x2过程中，先做加速运动后做减速运动 B.粒子从原点运动至x=x2过程中，电场力先做正功后做负功 C.x=0与x=xo间的电势差和x=x0与x=x1间的电势差相等 D.x=x1处的电势比x=x2处的电势高 4.如图甲所示，倾角为0的传送带以2/s的恒定速率沿顺时针方向转动，其顶端与底端 间的距离为5m,t=0时刻将质量m=0.02kg的小物块轻放在传送带顶端。小物块受 到一个方向垂直传送带向上的力F,大小随时间按图乙规律变化，物块与传送带间的动 空擦阴数为酒已知s血8-日0a0-25F,-2n9 5mg,g取10m/s2,下列说法正确 的是 F个 012345 甲 A.0~1s内物块的加速度大小为1m/s2 B.物块运动到传送带底端所用时间为5s C.0~2s内，物块因为摩擦在传送带上留下的划痕长度为2m D.0~2s内，物体与传送带之间因摩擦而产生的内能为0.2J 实战演练 物理试题（三）第2页（共8页） 6 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两个选项符合题目要求， 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5.某同学设计了一个光学实验来研究光的折射现象，如图所示，ABC为等边三棱镜，P为 AB边的中点，BC面镀有一层银，构成一个反射面，用激光笔发出的红光垂直于BC边 从P点射人三棱镜，经折射、反射，刚好照射在AC边的中点，并在三棱镜上方平行于 BC边的光屏上形成一个亮点。三棱镜的边长为L,真空中的光速为c,下列说法正确 的是 A.三棱镜对红光的折射率为√2 B,红光在三棱镜内传播的时间为3L C.红光人射点不变，入射角变小，光屏上的光点左移 D.红光入射点不变，入射角增大，红光在AC面上可能发生全反射 6.如图，从空间站伸出的机械臂外端安置一微型卫星，微型卫星、空间站、地心O在同一直 线上，微型卫星与空间站同步做匀速圆周运动。已知地球半径为R,空间站的轨道半径 为r,机械臂长为d,忽略空间站对卫星的引力以及空间站的尺寸，微型卫星质量远小于 空间站的质量。下列说法正确的是 微型卫星 机械臂 空间站 地球 A.微型卫星的线速度与空间站的线速度大小之比为+d R B.空间站的线速度与地球的第一字宙速度之比为， C.微型卫星的加速度比空间站的加速度小 D.若微型卫星与机械臂连接处松脱，微型卫星脱落后会做近心运动 6 物理试题（三）第3页（共8页） 考前冲顶 7.如图甲所示，电动机固定在地面上，通过绕过光滑轻质定滑轮的轻细绳与倾角0=30°的 固定斜面上的物块相连，斜面足够长，轻细绳与斜面平行，物块的质量为2kg,与斜面的 整擦因数为。如图乙所示为肩动电动机后物块运动的t图像，0~1,2s物块沿斜面 做匀加速直线运动，1.2s时电动机达到额定功率，保持功率不变，5.2s时刻后物块以速 度9m/s做匀速直线运动。重力加速度g取10m/s2,则下列说法正确的是 ↑v/(m/s) 门电动机 79 09 1.2 5.2 甲 A.电动机的额定功率为360W B.当匀加速阶段，轻细绳的拉力为30N C.在0~5.2s内，电动机对物块做的功为828J D.在0~5.2s内，物块克服摩擦力做功为450J 8.如图所示，间距均为L的两段足够长平行光滑金属导轨M1N1M2N2、P1Q1P2Q2均固 定在水平面上，光滑绝缘件将两段导轨相连，导轨左右两端分别与电容为C的电容器和 阻值为R的电阻相连接，空间存在垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁场的磁感应强度大 小为B。开关S断开，电容器上极板带正电，电荷量大小为Q。。开始时质量为m、长为 L、电阻为r的导体棒在M1N1M2N2内某位置垂直静止在导轨上。现将S闭合导体棒 开始运动，导体棒在到达绝缘件之前已经做匀速直线运动，导轨电阻忽略不计，导体棒 运动过程中始终与导轨垂直并接触良好。下列说法正确的是 M导体棒 N P 0 s××X××××■x×x×XX XXX ⊥×××××××××××××××××× C T××x××××××xBx××××××x ×××××■X×××××××× M N,P2 BLQ A.导体棒在释放瞬间加速度的大小为 mrC 2BLQo B.导体棒穿过光滑绝缘件时的速度大小为 m++CB2L2 mQo(R+r) C.导体棒最终静止时距连接处P1P2的距离为 BL (m+CB2L2) B2L2Q3 D.电阻R产生的总焦耳热为 2m (m+CB2L2)2 实战演练 物理试题（三）第4页（共8页） 三、非选择题：本题共8小题，共60分。 9.(3分)2025年3月，我国科学家研制的碳14核电池原型机“烛龙一号”发布，标志着我国 在核能技术领域与微型核电池领域取得突破。碳14的衰变方程为C→4N+X,则 X为 ,该衰变为 (填“a”或“3”)衰变。 10.(3分)如图所示，在一固定带正电的点电荷形成的电场中，一试探电荷仅在静电力作用 下先后经过a、b两点，图中箭头方向表示试探电荷在a、b两点处的受力方向，已知sin 37°=0.6，c0s37°=0.8，两试探电荷间作用可忽略，则该试探电荷带 (填“正 电”或“负电”)，试探电荷在α、b两点处所受电场力的大小之比为 11.（3分)如图所示，内壁光滑的汽缸内用活塞密封一定量理想气体，汽缸和活塞均绝热。 用电热丝对密封气体加热，并在活塞上施加一外力F,使气体的热力学温度缓慢增大 到初态的2倍，同时保持其体积不变。此过程中，外力F (填“增大”“减小”或 “不变”)，封闭气体的内能 (填“增加”“减少”或“不变”)，封闭气体末状态压强 是初态的 倍。 电热丝 -0000001 12.(6分)为探究加速度与物体受力、物体质量的关系，实验小组设计了如图甲所示的实验 装置，实验装置如图甲所示： 电源插头 小车纸带 打点计时器 钩码 甲 (1)以下实验操作正确的是 A.补偿阻力时，需将木板不带定滑轮一端适当垫高，使小车在钩码的牵引下恰好做 匀速直线运动 B.调节定滑轮的高度，使细线与木板平行 C.改变小车质量后，需重新调整木板的倾斜程度 D.小车可以从木板上任意位置释放 (2)实验中得到如图乙所示的一条纸带（相邻两计数点间还有4个点没有画出），已知 打点计时器频率为50Hz,根据纸带可求出小车的加速度为 m/s2(结果保 留两位有效数字)。 物理试题（三）第5页（共8页） 考前冲顶实 单位：cm a d 6.46 6.70 6.95 7.21 乙 (3)某同学保持小车及车中砝码质量一定，探究加速度α与所受外力F的关系，他在轨 道水平的情况下做实验，得到α-F图线，如图丙所示。小车运动过程中受到的阻力 大小为 N。 ◆a/(ms2) 0.1 F/N -0.2 丙 13.(6分)有一额定电压为2.5V、额定功率为0.5W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个小 灯泡的伏安特性曲线。有下列器材可供选用 电压表V(量程0~300mV,内阻等于1k2) 电流表A1(量程0~0.6A,内阻约52) 电流表A2(量程0~250mA,内阻约为62) 电阻箱R(0~9999.92) 滑动变阻器R1(最大电阻152，允许最大电流2.5A) 滑动变阻器R2(最大电阻2000Ω，允许最大电流2A) 两节干电池（电动势约为3.0V,内阻可忽略不计） 电键、导线若干 ↑I/A 0.4 0.3 0.2 0.1 0 UV (1)为了描绘出更完整的伏安特性曲线，需将电压表改成3V量程，则要 (填 “串联”或“并联”)电阻箱，并将电阻调为 n. (2)为提高实验的精确程度，电压表应选用改装后的电压表；电流表应选用 滑动变阻器应选用 (以上均填器材代号)。 (3)请在答题卡上的虚线框内画出描绘小灯泡伏安特性曲线的电路图（标上器材的符号）。 (4)通过实验描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图所示，某同学将一电源（电动势E= 2V,内阻r=5Ω)与此小灯泡直接连接时，小灯泡的电阻是 2。(保留两 位有效数字) 战演练 物理试题（三）第6页（共8页） 6 14.(11分)波源在x=一2cm和x=12cm处产生的两列简谐横波分别沿x轴正方向和 x轴负方向传播。两列波的周期均为1s,其振幅A1=10cm、A2=5cm。t=0时刻的 波形图如图所示，此时平衡位置在x=2cm和x=8cm处的质点刚开始振动。 (1)求两列简谐波的波速大小。 (2)求0~1.5s时间内，x=6cm处的质点运动的路程。 (3)经过足够长的时间后，求在x=2cm和x=8cm之间的振动加强点的横坐标（不含 此两点)。 ◆y/cm 10 456 891011X2x/cm 15.(12分)如图，物块P固定在水平面上，其上表面有半径为R的圆弧轨道。P右端与 薄板Q锁定在一起，圆弧轨道与Q上表面平滑连接。一轻弹簧的右端固定在Q上，另 一端自由。质量为的小球自圆弧顶端A点上方的B点自由下落，落到A点后沿圆 弧轨道下滑，A、B两点的距离为R,Q的质量为4m。小球与弹簧接触后，当弹衡的 弹性势能为2gR时将P和Q解锁，Q从静止开始向右滑动。重力加速度大小为g, 忽略空气阻力，圆弧轨道及Q的上、下表面均光滑，弹簧长度的变化始终在弹性限 度内。 (1)求小球运动到圆弧轨道最低点时对轨道的压力。 (2)求弹簧的最大弹性势能。 (3)若改变Q的质量，使P和Q解锁后Q的最终动能最大，Q的质量应为多大？ 000月】 T77717777777777777777777777 6 物理试题（三）第7页（共8页） 考前冲顶实 16.(16分)某粒子分析器的部分电磁场简化模型如图，三维直角坐标系所在空间中在I区 域(0≤x≤d)存在平行x轴方向的匀强电场（图中未画出）和沿x轴负方向的匀强磁 场，磁感应强度大小为B1=B。(B。已知)；Ⅱ区域(d<x<2d)存在沿之轴负方向的匀 强磁场，磁感应强度大小为B2(未知)，在x-2d有一足够大的接收屏P。x<0的区域 存在一沿x轴正方向的匀强电场（图中未画出）。在xOz平面内C(一L,0,2)点处的 粒子源发射沿之轴负方向的带正电的同种粒子甲和乙，速度大小分别为。和30，甲 粒子经O点进入I区，且在I区中经之≤0空间，到达O1(d,d,0)。进入Ⅱ区域后，恰 好可以到达接收屏P并被吸收，不计粒子重力及粒子间的相互作用。求： (1)甲粒子在O点的速度大小； (2)Ⅱ区域磁感应强度大小B2; (3)乙粒子到达接收屏P被吸收的位置坐标。 y :Ⅱ 01 B B2 : a 接收屏 21 战演练 物理试题（三）第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2025一2026学年度考前冲顶实战演练 物理（三） 一、单项选择题 1 1.D【解析】由e=Em一Em可知，从n=4能级跃 vt1+2a号=2X1m+2×2X1m=3m,C错 迁到n=3能级发出的光子能量为0.66eV,小于 误；0~2s内，物体与传送带之间因摩擦而产生的 金属钙的逸出功，不能使钙发生光电效应，A错 内能Q=umg cos 0s'=0.24J,D错误。 误；从n=3从跃迁到n=2能级发出的光子能量 二、双项选择题 为1.89eV,小于金属钙的逸出功，不能使钙发生 5.BC【解析】画出光路图 光电效应，B错误；从n=4跃迁到n=2能级发出 的光子能量为2.55eV,小于金属钙的逸出功，不 红A 能使钙发生光电效应，C错误；从n=2跃迁到n= 1能级发出的光子能量为10.20eV,大于金属钙 的逸出功，能使钙发生光电效应，D正确。 2.A【解析】t1时刻手机的加速度最大，方向向上， 处于超重状态，手掌对手机的支持力最大，A正 光在AB面的入射角i=60°，折射角r=30°。根 确；t2时刻，加速度为零，合力为零，则手掌对手机 据折射定律有n=sin sinr =√3，A错误；红光在三棱 的支持力等于手机的重力，手机不可能脱离手 掌，B错误；t3~t4时间内，重力对手机的冲量 镜内传播的速度)= 为mg(t4一t3),C错误；手机在t3=0.76s离开 ，传播时间1=二-5L,B 手掌后做竖直上抛运动，t4=1.36s被接住，则上 正确；红光在P点入射角减小，则折射角相应减 升商定4-w-日×10×36202 小，光在BC面上的反射点左移，反射光到达AC m 面的入射点向下偏移，从AC面折射出的光线方 0.45m,D错误。 向偏左，光屏上面的光点左移，C正确；光线在AB 3.D【解析】根据题意，从x=0至x=x2间的电场 面上的折射角等于在AC面上的入射角，根据折 强度方向沿x轴正方向，粒子从原点运动至x= 射规律，光线能从AB面折射入三棱镜，就一定能 x2过程中，电场强度方向不变，则电场力方向也不 从AC面折射出三棱镜，发生折射现象，在AC面上 变，故粒子从原点运动至x=x2过程中，一直做加 不能发生全反射现象，D错误。 速运动，电场力一直做正功，A、B错误；图像与横 6.AB【解析】微型卫星和空间站能与地心保持在 轴包围的面积为电势差，故x=0与x=x。间的 同一直线上绕地球做匀速圆周运动，所以微型卫 电势差小于x=x0与x=x1间的电势差，C错误； 星的角速度与空间站的角速度相等，根据v=wr, 从x=0至x=x2电势一直降低，D正确。 可知微型卫星的线速度与空间站的线速度大小之 4.B【解析】0~1s内，对物块受力分析，根据牛顿 比02里=r十d 第二定律mng sin0-μ(mg cos0-Fo)=ma,解得 V空间站 A正确；根据GMm=mu2 r2 a=2m/s2,A错误；在1~2s内有mg sin0- GM ng cos0=ma',解得a'=-2m/s2。小物块先 √，。地球的第一宇宙速度等于近地卫星的线 匀加速再匀减速运动，交替进行，且加速度大小不 速度，可得空间站的线速度与地球的第一宇宙速 变。一个周期运动的位移5。=2×2a=2m,运 R 度之比为，，B正确：根据向心加速度a=w, 动的时间4一号T=5sB正碗：0~1s小物块与 可知an心r。由于微型卫星的角速度与空间站的 角速度相等，轨道半径大于空间站的轨道半径，因 传送带间无摩擦；1~2s有摩擦，可得划痕长度s'= 此微型卫星的加速度比空间站的加速度大，C错 物理答案（三）第1页（共4页） 6 2026 考前冲顶实战演练（三） 误；微型卫星跟随空间站以共同的角速度运动时， 头反向延长线的交点O处。由试探电荷的受力 机械臂对微型卫星有拉力作用，微型卫星脱落后会 方向可知，它与固定点电荷之间存在斥力，因此 飞离空间站仅做离心运动，D错误。 kQ 该试探电荷带正电。由E= R 可得，试探电荷 7.BC【解析】电动机的额定功率P=Fv=fVmx, f=-mg sin30°+ng cos30°=20N,vmx=9m/s, 在a、b两，点处所受电场力的大小之比为16：9。 联立可得P=180W,A错误；在匀加速运动阶段， 设轻绳的拉力为F,物块的速度为a,匀加速阶段 a' b 的最大速度为vm,P=Fvm,F-f=ma,vm=at1, 53° 37 解得F=30N,a=5m/s2,vm=6m/s。因此，匀 加速阶段轻细绳的拉力为30N,B正确；0~1.2s内， 11.增大(1分)增加(1分)2(1分) 电动机做功W=Fz1=F×2a,1.2~5.2s 【解析】气体温度升高，体积不变，根招二C 内，电动机做功W2=P(t2一t1)。在0~5.2s内， 气体压强变大，则外力F增加。理想气体温度升 电动机对物块做的功W=W1十W2=828J,C正 确；在0~5.2s内，根据动能定理W一W:一Wc= 高，则共内能培知，根福号：是可得，封同气你 1 2mu品，W1=W。,解得W=373.5J,D错误。 1 末态压强是初态的2倍。 12.(1)B(2分)(2)0.25(2分)(3)0.1(2分) 8.AC【解析】释放瞬间导体棒两端电压即为电容 【解析】(1)实验前要补偿阻力，补偿阻力时小车 器两瑞电压，如U-8。对导休将，根据牛领第二 不能与砝码和砝码盘相连，A错误；为使小车受 到的拉力平行于木板，应调节滑轮的高度，使细 U 定律，有BIL=ma,而I=,联立可得a= 线与木板平行，B正确；改变小车质量后，不需要 调整木板倾斜程度，C错误；小车要从靠近打点 mC,A正确；导体棒匀速时说明导体棒切割磁 BLQo 计时器的位置释放，D错误。 11 感线产生的电动势和电容器两极板间电压相等， (2)打点周期T= 于=50s=0.02s,两相邻计数 设导体棒匀速时的速度为口，可知BL0= C。对 点间还有4个计时点没有画出，则相邻计数，点间的 时间间隔T1=0.02×5s=0.1s,由逐差法可得，小 导体棒，根据动量定理，有BIL△t=mv一0，且 BLQ。 I△1=Q。一Q',联立可得v= m十CB2L2,B错误； 车的加速度a=飞k十a一(xas十xb) 4T9 对导体棒穿过绝缘件后减速运动过程中，根据动 [(6.95+7.21)-(6.46+6.70)]×10- 4×0.12 m/s2= E 量定理，有-BI'L△t'=0-mu,又有T= 0.25m/s2。 R+r (3)根据牛顿第二定律，得F一f=ma,整理得 R十，位移x=oAt,联立可得x=muR十r) BLv B2L: 工，因像的斜率=，纵载距6=人 a=- mm n m mQo(R+r) BLm+CB'LC正确，电阻R产生的总焦耳 解得f=0.1N。 13.(1)串联(1分)9000.0(1分)(2)A2(1分) mRB2L2Q 热QR十，X2mu2 R1(1分)(3)见解析(1分)(4)10(10~11均 2(R+r)(m+CBL),D 可)(1分) 错误。 【解析】(1)为了描绘出更完整的伏安特性曲线， 三、非选择题 需将电压表改成3V量程，则要串联电阻箱，根 9.电子（或-9e)(2分）B(1分) 【解析】根据质量数和电荷数守恒有C→N 据Um=Uv十RR,代入数据解得R=9O0.0D。 十_9e,可知X为电子，该衰变为B衰变。 10.正电(1分)16：9(2分) (2)小灯泡正常工作的电流1=行=2,5A三 【解析】根据题意，固定的点电荷处于图中两箭 0.2A,则电流表应选用A2;滑动变阻器采用分 6 物理答案（三）第2页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 压接法，为了调节方便，滑动变阻器应选用阻值 +A2)=30cm (1分) 较小的R1。 0~1.5s,x=6cm处的质，点运动路程s=51十s2= (3)由于小灯泡的电阻远小于改装后电压表的内 10 cm-30 cm=40 cm (1分) 阻，虽然改装后电压表的内阻已知，但电压表的 (3)设振动加强，点的横坐标为x,则(x一2)一 分流非常小，所以电流表采用外接法，为了使电 z2=(2m+12(m=0,±1，±2)0 压表和电流表示数从0开始调节，滑动变阻器采 用分压接法，则电路图如图甲所示。 当n=0时，x=6cm (2分) 当n=-1时，x=4cm (2分) 1 15.(1))mg竖直向下(2)2.2mgR7 (3)gm 【解析】(1)小球从B点运动到圆孤轨道最低点 的过程中，根据动能定理，得 1 mg(R+R)-2mv (1分) 甲 (4)将一电源（电动势E=2V,内阻r=52)与此 小球运动到圆孤轨道最低，点时，根据牛顿第二定 小灯泡直接连接时，根据闭合电路欧姆定律可得 律，得 E=U+Ir,代入数据可得2=U+5I,在小灯泡的 mvi Fx-mg 伏安特性曲线中作出对应的工I图线，如图乙所示 R (1分) 11 ↑I∥A 解得FN=2mg (1分) 0.4 根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力大小为2g 11 0.3 (1分) 0.2 方向竖直向下 (1分) 0. (2)设P和Q解锁时小球的速度为V2 根据机械能守恒定律，得 U/V 2moi=号mi+2maR 1 (1分) U 由图线交点可知小灯泡的实际电阻R= 小球与Q共速时，弹簧的弹性势能最大，根据动 量守恒定律，得 1.36≈10n(答案100~1n皆可). 0.13 mv2=(m十4m)v3 (1分) 14.(1)4cm/s(2)40cm(3)x=4cm和x=6cm 1 1 弹簧的最大弹性势能Em= mu-2(m+ 【解析】(1)由图可知，波长λ=4cm 4m)v3=2.2mgR (2分) 则波速v=T=4cm/s (2分) (3)对Q和小球整体根据机械能守恒可知要使Q (2)正方向波到达x=6cm处用时1s,负方向波 的最终动能最大，需满足小球的速度刚好为零 到达x=6cm处用时0.5s。正方向波到达x= 时，弹簧刚好恢复原长；设此时Q的质量为M,Q 的最大速度为。，根据动量守恒和机械能守恒有 6cm处时，负方向波已经到达该处0.5s,该质点 已经振动的路程s1=2A2cm=10cm(1分) mv2-MUm (1分) 两波源的起振方向相反，x=6cm处的质点到两 2mvi-2Mvi (1分) 波源的距离之差为[6cm一(-2cm)] 解得M= 9n。 (1分) (12 cm-6 cm)=2 cm= (1分) 故正向波到达x-6cm处后该质点为振动加强 16.(1)√200 2层-2)B, 点，振幅A1十A2=15cm 在剩余的0.5s内该质，点通过的路程s2=2(A, ,3xd-4 (3)(2d,4d,8-2元 物理答案（三）第3页（共4页） 6 2026 考前冲顶实战演练（三） 【解析】(1)在xOz平面内，对甲粒子，在之轴方 gB2v,=m (1分) 向做匀速直线运动，在x轴方向做匀加速直线运 r2 动，有2l=vot0 (1分) 得B-(侵号》B, (1分) =受 (1分) (3)根据题意，甲粒子和乙粒子每个运动过程沿 u2=o6+o20 (1分) x轴方向的分速度相等，运动的时间相同。 解得V0=v0,v=√2v0 (1分) 对乙粒子，进入I区域前，在xO2平面内之乙= (2)甲粒子在I区域运动过程中，在yO2平面做 3voto=61 (1分) 匀速圆周运动，其半径r=2 进入I区域时，之坐标之1=一41 在I区域，qB1·3v0=m (300)2 （1分) 运动的时间1= r3 (1分) 00 1 2r2 在x轴方向微匀变速直线运动，则d=十w Ⅱ区运动时间t2= (1分) 2 ·t (1分) 沿之轴正向运动之2=3v0t2 (1分) 粒子通过O1点时沿x轴方向速度分量v,= 3π2d 之轴坐标：之=之1十之2一8-2 -41 (1分) (-1 进入Ⅱ区域后，r4=d B 所以，在接收屏P的位置坐标x=2d 根据洛伦兹力提供向心力，则gB10=m y=2r3+r4=4d (1分) (1分) 在Ⅱ区域运动过程中，在xOy平面做匀速圆周 所以，水技收屏P的位室生标a,以， (1分) 运动，半径r2=d 6 物理答案（三）第4页（共4页）