2026届湖南长沙市实验中学高三下学期考前学情自测物理试题

长沙市实验中学2026届高三第九次阶段性测试 物理试题 命题人：付然审题人：宋春枝 本试卷共8页，15题满分：100分时量：75分钟 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案 标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题 时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 姓 名： 准考证号： 第I卷（选择题） 一、单项选择题：（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四 个选项中，只有一项是符合题目要求的。) 1.下列叙述中符合物理学史实的是() A.玻尔通过α粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型 B.伽利略通过：问题提出→提出猜想→实验验证→合理外推，得出自由落体的运动规 律 C.牛顿通过扭秤实验精确测定了引力常量 D.安培首先发现了通电导线周围存在着磁场，奥斯特总结了判断电流与磁场的方向 关系的规律 2如图所示，一位小朋友躺在吊床上休息，当其静止时拴吊床的两段绳子与竖直方向的 夹角分别为a和B。设夹角为a的绳子拉力大小为T,夹角为的绳子拉力大小为T3。则 ) sinB sina cosa A. c. cosB B. D. sina sinB cosB cosa 3.一定质量的理想气体经历如图所示的循环过程，其中α→b是等压过程，b→c是绝热 过程，c→a是等温过程.下列说法正确的是() P 0 A.α→b过程，气体分子平均速率变小 B.b→c过程，气体的内能保持不变 C.c→a过程，气体向外界放出热量 Dα→b→c过程，气体从外界吸收的热量大于对外界做的功 第1页共8页 4.SpaceX公司计划不断发射大量小型卫星，组成庞大的地球卫星群体，简称“星链计划”。 但其部分卫星的轨道与我国空间站轨道有重叠，严重影响空间站的使用安全，有时就 不得不做紧急避险动作，避免被星链卫星撞击的危险。如图所示，假设在地球附近存 在圆轨道卫星1和椭圆轨道卫星2，A、B两点为椭圆轨道长轴两端，C点为两轨道交 点。A距离地心R,B距离地心3R,C距离地心2R,卫星都绕地球逆时针运行。下列 说法正确的是() 卫星1 B 地球 卫星2 A.卫星2和卫星1的周期不相同 B.卫星2和卫星1在C点受力一定相同 C.卫星1在C点的速度小于卫星2在A点的速度 D.若卫星2运行到A点时点火加速，即可在半径为R的低轨道绕地球运动，不再有 与卫星1撞击的危险 5如图所示，地面上方存在一个沿水平方向的磁场，以0点为坐标原点，水平向右为x 轴，竖直向下为y轴，磁感应强度在相同高度处大小相等，竖直方向按B=ky分布(k> O)。将一个矩形线框abcd从图示位置水平向右抛出，运动过程中线框始终处于竖直平 面内，且d边保持水平，磁场区域足够大，不计空气阻力。关于线框下列说法正确 的是() A.电流方向是abcda B.水平方向做匀减速运动 C.竖直方向做匀加速运动 D.最终斜向右下方做匀速运动 第2页共8页 6.自从进入电力时代，变压器在我们的生活中就无处不在。某带有照明系统的电动装置 电路如图所示，理想变压器原线圈的匝数为n1=110,副线圈匝数分别为=50、3=28， 原线圈两端接电压有效值为220V的交流电源，两副线圈分别连接电动机M和灯泡L, 电动机线圈的电阻为52，灯泡的电阻恒为282。开关S闭合时，电动机和灯泡都正 常工作，理想电流表的示数为1A。下列说法错误的是() oA) M A.开关S闭合时，灯泡中的电流为2A B.开关S闭合时，电动机中的电流为20A C.开关S断开后，电动机的输出功率约为102W D.开关S断开后，电流表的示数减小 7.2024年9月18日20时08分，安徽合肥市肥东县发生4.7级地震，震源深度12千米， 震中位于北纬31.98度，东经117.60度，很多居民的手机都收到了“地震预警”，而“地 震预警”是指在地震发生以后，抢在地震波传播到受灾地区前，向受灾地区提前几秒 至数十秒发出警报，通知目标区域从而实现预警。科研机构对波的特性展开研究，一 列简谐横波在0时刻的波形如图甲所示，质点P、2在x轴上的位置为xp=1m和 xQ3,从此时开始，P质点的振动图像如图乙所示，下列说法正确的是 6 y/cm Ay/cm 10--- x/m 02 A A.该波沿x轴正向传播 B.此后P、Q两点速度始终相等 C.-0.25s时，Q质点的位移为5V2m D.若此波遇到另一列简谐横波并发生了稳定的干涉现象，则所遇到的波的频率为 2.5H 第3页共8页 二、多项选择题：（本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的 四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分， 有任意一项选错的得0分。) 8.下列关于教科书上的四副插图，说法正确的是() N 接交流电源 丙 丁 A.图甲给汽车加油前要触摸一下静电释放器，其目的是导走人体身上的静电 B.图乙静电平衡时，导体空腔C内的电场强度为0，壳壁W内部的电场强度不为0 C.图丙等离子体进入A、B极板之间后，A极板电势低于B极板电势 D.图丁只要增大加速电压，粒子就能获得更大的动能 9.如图1所示，一个半径为R,均匀带电的圆环水平放置。以圆环圆心O为坐标原点， 竖直向上为正方向建立y轴，则y轴上各点的电势与其坐标间的关系图像如图2所 示。现将一质量为m,电荷量绝对值为q的小球自y轴上y1=R处由静止释放，小球下 落至y=号处时加速度怡好为零。已知广0图线在处切线的斜率绝对值最小，静 电力常量为k,重力加速度为g,下列说法正确的是() --Vl 图1 图2 A.圆环一定带负电 B.圆环带电量的绝对值为Y3. C.小球沿y轴一直加速且加速度先减小后增大 D.小球运动至y=-R处时速度大小为2gR 第4页共8页 10.如图甲，物块A与物块B之间通过一根轻质弹簧连接，静置在光滑的水平地面上， 物块B与竖直墙面接触，初始时弹簧处于压缩状态并被锁定，仁0时解除锁定。规定 向右为正方向，物块A在一段时间内运动的-t图像如图乙所示，已知物块A的质量 为m,则() BWA 2 0 甲 A.0~t1时间内，竖直墙对物块B的冲量大小为0 B.t3时刻物块A、B的动能之比为1：3 C.t1t时间内，弹簧弹性势能的最大值为 D.1~s时间内，物块A运动的位移为os) 4 第Ⅱ卷（非选择题） 三、实验题（本题共2小题，共16分） 11.(8分)用单摆测定重力加速度的实验装置如图所示。 (1)组装单摆时，应在下列器材中选用（选填选项前的字母）。 A.长度为1m左右的细线 B.长度为30cm左右的细线 C.直径为1.8cm的塑料球 D.直径为1.8cm的铁球 (2)某同学某次实验中用刻度尺测出摆线长1，球直径d如图所示，d=c: 2 (cm） TTTTTTTT 0510 第5页共8页 (3)用多组实验数据作出T°-L图像，也可以求出重力加速度g。己知三位同学作出的 TP-L图线的示意图如图中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都过原点，图线b 对应的g值最接近当地重力加速度的值。则相对于图线b,下列分析正确的是 (选 填选项前的字母)。 T2 6 A.出现图线α的原因可能是误将悬点到小球下端的距离记为摆长L B.出现图线c的原因可能是误将49次全振动记为50次 C图线c对应的g值小于图线b对应的g值 ○ (4)将单摆挂在力传感器的下端，通过力传感器测定摆动过程中摆线受到的拉力F,由 计算机记录拉力F随时间t的变化，图像如图所示。测得摆长为工，则重力加速度的表 达式为g=一。 3to 12.(8分)某研究性学习小组在做测量干电池的电动势和内阻的实验中，可选用的器材有： 电压表0-3V,内阻约32) 电流表A(00.6A,内阻约0.12) 滑动变阻器R(0~152) 开关S和导线若干 定值电阻Ro=1.52 2.00 1.50 1.00 0.50 E. R 00.20.40.60.81.01A 丙 (1)为了较准确的测量干电池的电动势和内阻，应选择上面的_电路图：（选填“甲” 或“乙”) (2)根据(1)所选择的电路图进行实验，改变滑动变阻器的阻值，读出多组电流表读数I 和相应电压表读数U,作出的UI图像如图丙所示，根据图像可得干电池电动势为V, 内阻为2；（结果均保留2位小数） (3)本实验电动势与内阻的测量值与真实值的关系是E测E真、”测一”真。（均选 填“>”“<”或“=”) 第6页共8页 四、计算题（本题共3小题，共41分。） 13.(10分)如图所示，两束相同的平行单色光1、2斜射到半圆柱体玻璃砖横截面上的A、 O两点，光的传播方向与平面的夹角为30°，O为圆心，圆的半径为R,A到O的距离 为R,光束1的折射光线刚好照射到圆弧的最低点B,OB垂直于平面，不考虑光在圆 弧面的反射，两束光始终在同一平面内传播，光在真空中传播的速度为c。求： (1)玻璃砖的折射率； (2)光束1从进入玻璃砖至两束光汇聚所用的时间。 14.(15分)如图所示，不可伸长的轻绳穿过轻质定滑轮连接水平桌面上的物块A和B,桌 面下方的物块C通过轻质滑轮挂在绳上，三个物块的质量均为m。桌面上有一阻挡装置 P,起初物块A到P的距离为1。现由静止同时释放三个物块，一段时间后物块A与阻 挡装置P发生碰撞，在极短时间内达到静止。不计一切摩擦，重力加速度大小为g。求： (I)物块A与阻挡装置P碰撞前瞬间的速度大小v: (2)物块A运动过程中绳上张力大小T: (3)物块A与阻挡装置P碰撞过程中绳对物块B的冲量大小I。 A B P 第7页共8页 15.(16分)如图所示，平面直角坐标系中存在圆心O1、O2在x轴，半径均为r的两圆形 匀强磁场区域相切于坐标原点O,磁感应强度大小均为B、方向垂直坐标平面向里，长 度均为2r的金属板M和金属网N垂直y轴放置，右端坐标分别为(0,1.5)、(0，)。质 量为m、带电荷量为+g的粒子沿M均匀分布，从仁0时刻起，在M、N间电场作用下 由静止开始运动。不考虑粒子间的相互作用和碰撞，不计粒子重力，已知所有粒子均能 经过O点，求： (1)MW间所加电场强度的大小为多少； (2)所有粒子经过电场加速和磁场偏转的总时间的取值范围； (3)离开圆形磁场后粒子沿什么方向做什么运动？当仁)”时，所有粒子所在的位置 gB 满足的轨迹方程。 M 02 第8页共8页 长沙市实验中学2026届高三第九次阶段性测试 物理答案 3 4 5 6 7 8 9 10 B C D B D AC ABD BD 1.【答案】B 【解析】A、卢瑟福通过粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型，并非玻尔，故A 错误； B、伽利略研究自由落体运动时，采用了“问题提出一提出猜想一实验验证一合理外推” 的科学方法，得出自由落体的运动规律，故C正确： C、卡文迪什通过扭种实验精确测定了引力常量，不是牛顿，故B错误： D、奥斯特首先发现了通电导线周围存在着磁场，安培总结了判断电流与磁场的方向关 系的规律（安培定则），故D错误。 2.【答案】A 【解析】解：对小朋友受力分析，如图： 根据小朋友受力平衡，可得：T1 sina-TzsinB,解得：= 7 sina 故BCD错误，A正确。 3.【答案】C 【解析】A.α→b过程压强不变，是等压变化且体积增大，气体对外做功W<0,由盖-吕 萨克定律可知T6>Ta,即内能增大，气体分子平均速率变大，故A错误； B.b→c过程中气体与外界无热量交换，即QcO,又由气体体积增大可知Wc<0，由热 力学第一定律△U=Q+W可知气体内能减少。故B错误； D.c一→a过程为等温过程，可知T=Ta,△Uac=0,故a→b→c过程，气体从外界吸收的热量 等于对外做功，故D错误。 C.c一→a过程为等温过程，可知Tc=，△Uac=0,体积减小，外界对气体做正功，根据 热力学第一定律可知，气体向外界放出热量，故C正确： 4.【答案】C 卫星1 【解析】【详解】A由题知圆的半径与椭圆的半长轴都为2R相等，根 据开普勒第三定律可知，卫星2的周期与卫星1的周期相等，故A错误； B.两个卫星的质量关系不确定，卫星2和卫星1在C点受力不一定相同， 地时 卫星2 第1页共7页 故B错误； C,以地球球心为圆心，并过A点画出圆轨道3，如图所示 由图可知卫星从轨道3到卫星2的椭圆轨道要在A点点火加速，做离心运动，则卫星在 轨道3的速度小于卫星2在椭圆轨道A点的速度：轨道1和轨道3都是圆轨道，由万有 引力提供向心力有G=m二，解得 12 GM 可知轨道1上卫星的速度小于轨道3上卫星的速度，可知卫星在轨道1上经过C点的速 度小于卫星2在A点的速度，故C正确： D.据前面分析，在椭圆轨道上运行的卫星2在A点适当减速，即可在半径为R的低轨道 绕地球运行，不再存在与卫星1撞击的危险，故D错误。 5【答案】D 【解析】【分析】 根据楞次定律分析电流方向；分析线框竖直边和水平边的受到的安培力，可知线框在竖直方 向和水平方向的分运动，最终状态下重力等于安培力。 【解答】 A.根据楞次定律，线框中的感应电流方向为adcba,故A错误； B线圈的两竖直边受安培力等大反向，则水平方向受力为零，做匀速直线运动，故B错误： C水平下边受安培力竖直向上，水平上边受安培力竖直向下，但因下边受安培力大于上边， 可知竖直方向上受向上的安培力，一开始竖直方向向上的安培力小于重力，随着线框速度的 增加，感应电流越来越大，安培力也变大，故竖直方向的合力越来越小，直到为零，故线框 在竖直方向做加速度减小的变加速运动，故C错误： D.竖直方向当安培力等于重力时，竖直方向受力平衡，达到最终速度，竖直方向将做匀速直 线运动，而水平方向也是匀速直线运动，故合速度斜向右下方，做匀速运动，故D正确. 故选D 6.【答案】B 【解析】A.由二-解得开关S闭合时，灯泡两端的电压UU=56V,所以开关S闭 21223 1h1 合时，灯泡中的电流为是等-24，故4正确： B,由-解得开关S闭合时，电动机两端的电压为出U-100,由原副线圈的功率 72172) 关系可得U1I1=U+U33,解得电动机中的电流为2=1.08A,故B错误： 第2页共7页 C.开关S断开后，电动机正常工作，电功率为P2=UI=108W,电阻的热功率为 P,=5.8W,因此。输出功率约为P=P2-P=102W,故C正确： D开关S断开后，灯泡熄灭，副线圈的功率减小，原线圈输入功率减小，原线圈中电流 减小，电流表的示数减小，故D正确。 7.【答案】D 【解析】A.由图乙可知，0时刻质点P向下振动，根据“上下坡”法由图甲可知，该波 沿x轴负向传播，故A错误； B.由图甲可知，波长=4m,由于P、Q两点间距离等于半个波长，所以两质点振动步调 相反，速度等大反向，故B错误： C.由图乙可知，周期为T=0.4s,所以0.25=T时9质点的位移为-5V2cm,故C错误： D若此波遇到另一列简谐横波发生了干涉现象，则两列波频率相同，则所遇到的波的频 率为F=25,故D正确。 8【答案】AC 【解析】A图甲给汽车加油前要触摸一下静电释放器，其目的是导走人身上的静电，故 A正确： B.图乙静电平衡时，导体内部的场强为零，所以导体空腔C内、壳壁W内部的的电场强 度都为O,故B错误； C图丁等离子体进入A、B极板之间后，根据左手定则可知，正离子向B板偏转，所以A 极板电势低于B极板电势，故C正确。 D.由qvB=mw2 三，则动能E=v2,粒子就能获得的动能Bk=2m,与加速电压无关， 故D错误； 9.【答案】ABD 【解析】A由图2可知，在y20区间，沿y轴正方向电势0逐渐增大，故电场强度方向 沿y轴负方向，圆环带负电，A项正确； B设圆环带电量为？，则圆环单位长度的带电量为是，取一段极小的可视为点电荷的 圆弧，其带电量为q,q圆环轴线上距离圆心y处的电场强度竖直分量大小 为E= R2+2)万 第3页共7页 则整个圆环在距离圆心y处的电场强度大小为B=② 3 (R2+2) 小球在=号R处加速度为零，此时重力与电场力平衡，有gq吧 将为代入B的表达式解得Q=3V5m,B项正确： C随着小球下落，在号≤R区间小球所受电场力向上且增大，在0S号R区间小球 所受电场力向上且减小，在0一公二R区间小球所受电场力向下且增大，在-9贮y区 间小球所受电场力向下且减小，而所受合力始终向下，所以小球一直做加速运动，但加 速度是先减小后增大再减小，C项错误； D.由图2可知，小球由=R运动至=-R,电场力做功W-q△0=0 由动能定理可得g·2R=号m2 即可解得小球运动至y=一R处时速度大小为=2gR,D项正确。 10.【答案】BD 【解析】解：A、O~七时间内，对B受力分析，可知竖直墙对物块B的作用力方向始终向 右，结合冲量的定义I=Ft,可知竖直墙对B的冲量不为零，故A错误： BC、根据v一-t图可得，时、t时均为加速度为零的位置，即弹簧处于原长的位置，根据 地面光滑，结合B的初位置，可知t,时B开始向右移动： 从tt3时间内，A、B、弹簧整体的动量和机械能守恒，以水平向右为正方向，则mvo= m(-g+Mgg:m哈=m-o2+Mg,解得B的质量：Mg=3m,t时刻 物块A、B的动能之比为：EkA:EkB=m(-02:MB哈，解得：EkA:EkB=1:3 AB共速时，弹簧弹性势能最大，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒可知：mvo= (m+M)v,由机械能守恒可知：m6=E,max+(m+Mgv,解得：Epmax=言m6, 8 故B正确，C错误； D、从t1~t3时间内，根据弹簧的长度，可知A相对B的位移为零，而A、B、弹簧整体不 受外力，可知整体质心的位移为：x=vt?-t),由BC选项分析，可知v=9,即A的位 4 移也为t-t,故D正确。 三、实验题（本题共2小题，共15分） 第4页共7页 11.【答案】AD 2.01 6 2工 4编 【解析】(1)AB.为减小实验误差，应选择长度为1左右的细线，故A正确，B错误； CD.为了减小空气阻力的影响，应选择直径为1.8cm的铁球，故C错误，D正确。(2)10 分度游标卡尺的精确值为0.1mm,由图可知球的直径为d-2cm+1×0.1mm=2.01cm (3)A.由单摆周期公式T=2π 可得-三:可知-1图像的斜率为经当地的重 力加速度为g号 若测量摆长时忘了加上摆球的半径，则摆长变成摆线的长度L,则 有了-号亿+小兰14产可知图线与b线斜车相等，两图线应该平行，培为纵轴截距， g g 故出现图线α的原因可能是误将悬点到小球上端的距离记为摆长L造成的，故A错误： B.实验中误将49次全振动记为50次，则周期的测量值偏小，导致重力加速度的测量值 偏大，图线的斜率k偏小，故出现图线c的原因可能是误将49次全振动记为50次，故 B正确： C由图可知，图线c对应的斜率偏小，根据TP-L图像的斜率会 ;可得当地的重力 加速度g号，可知图线c对应的g值大于图线b对应的g值，故C错误。故选B。 ④由影图可知周期为56，：根据T-2x侵联立解得重力加速度的表达式为g-专 14.【答案】甲1.45/1.44/1.43/1.46/1.47 0.31/0.30/0.29/0.32/0.33 << 【解析】【详解】（①）由于干电池的内阻和电流表的内阻相差不是很大，若选用乙图，则测 量的干电池内阻的相对误差较大，因此应选用甲图。 (2)[1][2]图像的纵截距表示电池的电动势，斜率的绝对值表示定值电阻与电池内阻之和，因 此B145r,号Rt1.812:则厂-0.310 (31][2]本实验的系统误差是由于电压表的分流导致的，如图，将电压 表和电源等效为新的电源，故此时根据图像得到的电动势和内阻为等效 电源的电动势和内阻，则等效电源的电动势为么·所 以E测<E真 r-R,所以rT年 等效新电源的内阻'测厂R+Ro+r真 因此电动势和内阻的测量值都偏小。 第5页共7页 四、计算题（本题共3小题，共42分。） 13【答秦】解：四光在平面上的入射角为=60，设折射角为x则a器-雪30， 根据折射定律有F-√了： sinr (2)根据题意作出光路图如图所示，设交点为C, 根据折射定律可知，出射光线BC的折射角为60°，由几何关系可 知三角形OBC为等腰三角形，即BC长为R,由几何关系可知 AB=R-2V3R cosr 3 光束1在玻璃砖中的传播速度一方， 因此光束a从A点传播到C点所用时间号+是-迟 14.【答案】(1)A与阻挡装置P碰撞前通过的距离为1，由对称性可知B向左通过的距离 也为1，所以C下降的高度为l,根据系统机械能守恒有g=2x3 解得厚 (2)解法一： 对A运用动能定理，有T=m2-0 厚解得T=g 代入= 解法二：分别对A和C运用牛顿第二定律，有T=a,mg一2T=a 解得Tg (3)A与阻挡装置P碰撞过程中绳上冲量大小设为I,碰撞结束后瞬间B的速度大小为VB, C的速度大小为vc,极短时间内重力冲量可忽略，分别对B和C运用动量定理， 有I=(yg-),-2=(c-) 碰后B、C的速度大小满足yB=2c 厚解得1=告V⑧ 代入= 15.【答案】()油题意可知，粒子释放后在电场中加速，有qB×=m哈 经过圆心为O1的磁场区域后均能经过O点，可知粒子在磁场中做圆周运动的轨迹半径 等于磁场区域的半径，由洛伦兹力提供向心力有qoB=m M 联立得B=g2 m 第6页共7页 ②)作出某一粒子的运动轨迹，粒子在电场中加速的时间相同，均为一店 任意粒子在两个磁场区域运动轨迹所对圆心角之和均为180°，在磁场区域运动的总时 间a却=x器-器 则粒子从经过N到进入磁场所需的时间t3=-=-血m,其中0°≤日≤180° gB 则t绝=t1+t2+t3=+2m四，其中0°≤0≤180° 即at≤t位≤t招n gB (3)结合第二问分析可知，当t=+3”时，最后的粒子离开圆心0的磁场区域，其余粒 子离开右侧磁场区域后运动的时间△t=+3m-红+2-sn)m=m1+sm0 gB qB 运动距离为△y=vo△t=r(sin0+1) 则对应点纵坐标为y=rsin0+△y=r(2sin0+1) 横坐标为x=r+rcos0 联立得轨迹方程为：（乐-)2+（华-1）2=1 第7页共7页