河南濮阳市第一高级中学2025-2026学年高一下学期5月期中物理试题

**基本信息** 以曲线运动、机械能守恒等核心知识为载体，融入载人登月、打水漂等真实情境，通过分层设问考查物理观念与科学思维。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|7/28|曲线运动性质、天体运动参量比较|以赤道物体与卫星对比（题2）考查运动观念| |多选题|3/18|斜抛运动、卫星追及问题|结合最大高度相等的斜抛运动（题8）考查科学推理| |实验题|2/18|平抛运动规律、机械能守恒验证|通过平移木板测初速度（题11）培养科学探究能力| |计算题|3/36|圆周运动临界、多过程力学综合|圆弧轨道与平抛结合（题15）考查模型建构与能量观念|

濮阳市第一高级中学高一年级2025-2026学年第二学期第三次质量检测 物 理 命题人：濮阳市一高物理命题中心 一、单选题（本题共7小题，每小题4分，共28分） 1．下列说法正确的是（　　） A．曲线运动一定是变速运动 B．物体在恒力作用下不可能做曲线运动 C．两个直线运动的合运动一定是直线运动 D．物体只有受到方向时刻变化的力的作用才可能做曲线运动 2．如图所示，a为放在赤道上相对地球静止的物体，b为沿地球表面附近做匀速圆周运动的人造卫星（轨道半径约等于地球半径），c为地球的静止卫星。下列关于a、b、c的说法中正确的是（　　） A．b卫星线速度大于7.9km/s B．在a、b、c中，a的线速度最小 C．a、b做匀速圆周运动的周期关系为 D．a、b、c做匀速圆周运动的向心加速度大小关系为 3．如图所示，下列有关圆周运动的实例分析，其中说法正确的是（　　） A．甲图中，汽车匀速率通过凹形路面的最低点时支持力等于重力 B．乙图中，火车转弯超过规定速度行驶时，内轨对火车轮缘会有挤压作用 C．丙图中，脱水筒的脱水原理是由于衣服受到离心力作用，把水从衣服上甩出 D．丁图中，小球固定在轻杆的一端，在竖直面内绕轻杆的另一端O点做圆周运动，小球经过最高点时速度可以为零 4．如图所示，实线是未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中仅受静电力作用，根据此图不能做出推断的是（　　） A．带电粒子所带电荷的电性 B．带电粒子在a、b两点的受力方向 C．带电粒子在a、b两点何处加速度较大 D．带电粒子在a、b两点何处速度较小 5．如图所示，斜面倾角为，从斜面顶端O点以速度将一小球水平抛出，它恰能落在斜面底端B点处。现将小球以速度v从O点水平抛出，恰好落在斜面的中点A点，不计空气阻力。下列说法正确的是（　　） A． B．落在A点与落在B点的时间之比为2∶1 C．落在A点与落在B点的动能之比为 D．若小球以速度从O点水平抛出，第一次落点一定在O、A两点之间 6．某河水的流速与离某一侧河岸距离的变化关系如图1所示，船在静水中的速度与时间的关系如图2所示，该河宽为。假设渡河过程中船在河中任意位置沿河流方向的速度与河水流速相等，要使船以最短时间渡河，下列说法正确的是（    ） A．船渡河的最短时间是150s B．船沿河流方向的位移为200m C．船沿河岸方向的加速度大小先增大后减小 D．船在河水中的最大速度是 7．如图所示，某人在湖边打水漂，质量为m、可视为质点的石片从离水面高为h处、以初速度被水平抛出，石片第一次落到水面时速度方向与水面的夹角为。重力加速度大小为g，不计空气阻力。对于石片从抛出到第一次落到水面的过程，下列说法正确的是（　　） A．石片在空中的运动时间为 B．石片落到水面时的动能为 C．石片落到水面时重力的瞬时功率为 D．石片在空中运动时重力的平均功率为 二、多选题（本题共3小题，每小题6分，共18分。全选对得6分，选对但不全得3分，错选得0分。） 8．如图所示，一足球运动员在水平草地上练习传高空球。如果他在同一地点O把同一个足球前后两次斜向上踢出，第一次足球落在草地上的M点，第二次落在草地上的N点，足球两次在空中运动的最大高度相等，且，空气阻力不计。下列说法正确的是（　　） A．足球第二次在空中运动的时间较长 B．足球第二次在空中运动的速度变化量较大 C．两个足球在轨迹交点P处竖直速度分量大小相等 D．第二个足球初速度的水平分量是前者的2倍 9．中国载人登月初步方案已公布，计划2030年前实现载人登月科学探索。假如在登月之前需要先发射两颗探月卫星进行科学探测，如图甲所示，两卫星在同一平面内绕月球的运动可视为匀速圆周运动，且绕行方向相同。测得两卫星之间的距离d随时间t变化的关系如图乙所示，不考虑两卫星之间的作用力。下列说法正确的是（　　） A．a、b两卫星的运行半径之比为1:2 B．a、b两卫星的向心加速度比为1:4 C．a、b两卫星的公转周期之比为1:2 D．a卫星的周期为 10．如图所示，一足够长的轻绳一端挂一个质量为M的物体B，另一端系在一个质量为m的圆环A上，圆环套在竖直固定的杆上，轻质定滑轮（不计大小）与细杆相距0.3m。将圆环A从与定滑轮等高位置由静止释放，环沿杆向下滑动的最大距离为0.4m，不计一切摩擦和空气阻力，下列说法正确的是（　　） A．圆环A释放瞬间，其加速度小于重力加速度g B．在圆环A下滑的过程中，圆环A与物体B的速度大小之比一直在减小 C．圆环A与物体B的质量之比为 D．圆环A下滑的全过程，圆环A减小的重力势能大于物体B增加的重力势能 三、实验题（本题共2小题，共18分） 11．（10分）某探究小组在研究平抛运动的规律时，设计了如图甲所示的实验装置来确定小球在不同时刻通过的位置。实验步骤如下： ①在一块平直木板上钉上复写纸和白纸，然后将其竖直立于斜槽轨道末端槽口E前，木板与槽口E之间有一段距离，并保持板面与轨道末端的水平段垂直。 ②使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹点A。 ③将木板水平向右平移一段距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹点B。 ④将木板再水平向右平移同样的距离x，使小球仍从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，在白纸上得到痕迹点C。若测得A、B两点间的距离为y1，B、C两点间的距离为y2，已知当地重力加速度大小为g。 (1)关于该实验，下列说法正确的是____________。 A．斜槽轨道必须尽可能光滑 B．斜槽轨道末端必须保持水平 C．每次释放小球的位置必须相同 D．每次小球均须由斜面最高处释放 (2)一位同学测量出x的不同值及对应的y1和y2，令Δy=y2−y1，并描绘出如图乙所示的Δy−x2图像。若已知图线的斜率为k，则小球平抛的初速度大小v0=____________（用k、g表示）。 (3)若某次实验测得x=15.0cm，y1=15.0cm，y2=25.0cm，取重力加速度大小g=10m/s2，则小球平抛运动的初速度大小为____________m/s，打出B点瞬间小球的速度大小为____________m/s，槽口E与点迹A间的高度差为____________cm。（结果均保留两位有效数字） 12．（8分）用如图甲所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”实验时，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始下落。 （1）关于本实验，下列说法正确的是__________（填字母代号）。 A．应选择密度大、体积小的重物进行实验 B．释放纸带之前，纸带必须处于竖直状态 C．先释放纸带，后接通电源 （2）实验中，得到如图乙所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O（O点与下一点的间距接近2mm）的距离分别为、、。已知当地重力加速度为g，打点计时器的打点周期为T。设重物质量为m。从打O点到B点的过程中，重物的重力势能变化量__________，动能变化量__________（用已知字母表示） （3）某同学用如图丙所示装置验证机械能守恒定律，将力传感器固定在天花板上，细线一端系着小球，一端连在力传感器上。将小球拉至水平位置从静止释放，到达最低点时力传感器显示的示数为F。已知小球质量为m，当地重力加速度为g。在误差允许范围内，当满足关系式__________时，可验证机械能守恒。 四、计算题（本题共3小题，共36分） 13．（9分）如图所示，水平圆盘可绕通过其中心O的竖直轴转动，圆盘半径，离水平地面高度，在圆盘边缘放置一质量的小物块，物块与圆盘间的动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。已知重力加速度大小g取，空气阻力不计，圆盘从静止开始缓慢加速转动，求： (1)物块恰与圆盘发生相对滑动时圆盘角速度的大小； (2)物块滑离圆盘后在空中运动的时间； (3)物块落地点与O点正下方地面上点的距离。 14．（10分）如图所示，一台起重机将质量的重物由静止开始以加速度竖直向上匀加速提升，5s末之后保持功率不变继续提升重物，直至重物匀速上升。取不计空气阻力，求： （1）5s末的起重机提升重物的功率P； （2）重物的最大速度； （3）重物开始运动后15s内起重机提升重物的平均功率。 15．（17分）如图所示，水平地面CD与圆心为O、半径R=3m的光滑圆弧轨道在C点处相切，与半径可调整的光滑半圆轨道在D点处相切，BO与竖直方向的夹角θ=53°。水平地面上方的光滑水平平台右侧竖直挡板连接着水平轻弹簧。将可视为质点、质量m=0.3kg的物块压缩弹簧至某位置，由静止释放物块，物块离开弹簧后从A点飞离平台，恰好能从B点沿切线方向进入圆弧轨道。一段时间后物块从E点飞出后落至水平地面上的F点（图中未画出）。已知物块与水平地面间的动摩擦因数μ=0.48，C、D两点间的距离L=10m，A、B两点间的高度差h=3.2m，不计空气阻力，取重力加速度大小g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6。求： (1)释放物块前瞬间弹簧的弹性势能； (2)物块经过圆弧轨道上C点时对轨道的压力大小； (3)F、D两点间的最大距离dmax。 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A B D A D B D CD AD BC 1．A 【详解】A．曲线运动它的速度的方向一定是变化的，因速度的变化包括大小变化或方向的改变，所以曲线运动一定是变速运动，故A正确； B．物体做曲线运动的条件是合力的方向与速度方向不在同一条直线上，但合外力不一定是变化的，如平抛运动，故B错误； C．两个直线运动的合运动是什么样的运动，就看合成之后的合力是不是与合速度在同一条直线上，如水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动的合运动，也就是平抛运动就是曲线运动，故C错误； D．物体做曲线运动的条件是合力的方向与速度方向不在同一条直线上，但力方向不一定变化，如平抛运动，故D错误。 故选A。 2．B 【详解】A．是围绕地球做圆周运动的最大速度，则b卫星线速度等于7.9km/s，故A错误； BCD．根据万有引力提供向心力有 解得 ，， 由于 则有 ，，a为放在赤道上相对地球静止的物体，c为地球的静止卫星，则有 ， 由公式可知 由公式可知 综上所述 ，， 故B正确，CD错误。 故选B。 3．D 【详解】A．甲图中，汽车通过凹形桥的最低点时，向心加速度竖直向上，支持力大于重力，处于超重状态，故A错误； B．乙图中，火车转弯超过规定速度行驶时，重力与支持力的合力不足以提供向心力，所以外轨对外轮缘会有挤压作用，故B错误； C．丙图中，脱水筒的脱水原理是附着在衣服上的水做离心运动被甩出，不是受离心力作用，故C错误； D．丁图中，小球经过最高点时，若杆对其支持力与其重力平衡，速度为零，故D正确。 故选D。 4．A 【详解】AB．由题图可知，带电粒子的运动轨迹向左弯曲，说明带电粒子在a、b两点受到的电场力方向沿电场线向左，由于电场线方向不明，带电粒子所带电荷的正负不能确定，A错误、B正确； C．由电场线的疏密表示电场强度的大小，可知a点的电场强度较大，带电粒子在a点受到的电场力较大，由牛顿第二定律可知，带电粒子在a点的加速度较大，故C正确； D．带电粒子的运动轨迹向左弯曲，说明带电粒子在a、b两点受到的电场力方向沿电场线向左，可知从a到b电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，可知带电粒子在a点的速度较大，故D正确。 本题选不能做出推断的，故选A。 5．D 【详解】A．平抛运动落在斜面上时，位移偏角等于斜面倾角，满足 可得 竖直位移 即竖直位移 A是斜面中点，因此 所以 解得，A错误； B．根据 可得 因此，B错误; C．末动能 代入 解得 因此，C错误； D．当初速度，由 可得 因此落点在、之间，D正确。 故选D。 6．B 【详解】A．最短渡河时间 ，故A错误； B．垂直河岸方向满足，因此离河岸距离与时间成正比，水流速度随的变化等价于随的变化； 沿河岸位移等于图像的面积，为三角形，面积，故B正确； C．前50s随线性增大，后50s随线性减小，加速度，大小始终恒定，故C错误； D．船速是水流速度和船静水速度的合速度，两个方向垂直，最大合速度出现在最大时：，故D错误。 故选B。 7．D 【详解】A.由平抛运动规律，在竖直方向有 解得 故A错误； B.根据机械能守恒定律，可得石片落到水面时的动能为 故B错误； C.石片落到水面时竖直方向的速度为 则重力的瞬时功率为 故C错误； D.石片在空中运动时重力做的功为 则重力的平均功率为 故D正确。 故选D。 8．CD 【详解】AB． 斜抛最大高度满足，题中两次最大高度相等，说明两次初速度的竖直分量相等。运动总时间，因此两次运动总时间相等； 斜抛运动只受重力，速度变化量，时间相等，因此两次速度变化量相等，故AB错误； C． 交点处，两个足球的高度相同，竖直方向速度满足 ，由于两次相等、相等，因此竖直速度分量的大小一定相等，故C正确； D．水平方向匀速运动，水平位移，已知，即第二次水平位移是第一次的2倍，且总时间相等，因此第二次初速度的水平分量是第一次的2倍，故D正确。 故选CD。 9．AD 【详解】A．由图可知， 解得， 所以a、b两卫星的运行半径之比为1:2，故A正确； B．根据牛顿第二定律 可得卫星运动的向心加速度为 则a、b两卫星的向心加速度大小之比 故B错误； C．根据牛顿第二定律 可得卫星运动的周期为 则a、b两卫星的周期之比 故C错误； D．由题意可知，满足 其中 解得a卫星的周期为 故D正确。 故选AD。 10．BC 【详解】A．释放瞬间对圆环A，水平方向合力为零，竖直合力为重力，据牛顿第二定律，可知，加速度，故A错误； B．设轻绳与杆的夹角为，在圆环A下滑的过程中，由速度关联，A、B的速度满足 则有 随着角不断减小，圆环A与物体B的速度大小之比一直在减小，故B正确； C．设全过程中圆环A下滑的高度为，物体B上升的高度为，根据机械能守恒定律有 其中由几何关系得， 解得，故C正确； D．圆环A下滑的全过程，由机械能守恒易得，圆环A减小的重力势能等于物体B增加的重力势能，故D错误。 故选BC。 11．(1)BC (2) (3) 1.5 2.5 5.0 【详解】（1）A．只要保证小球过E点的速度相同即可，不需要斜槽轨道必须光滑，故A错误； B．本实验是研究平抛运动，因此斜槽轨道末端必须保持水平，故B正确； C．为了保证小球过E点的速度相同，每次小球必须从相同位置静止释放，故C正确； D．需要保证每次小球释放的高度相同即可，不一定要在斜面最高处释放小球，故D错误。 故选BC。 （2）由平抛规律，水平方向上有 竖直方向上，由逐差法有 推导得 因此Δy−x2图像的斜率为满足 小球平抛运动的初速度大小为 （3）[1]将y1=15.0cm，y2=25.0cm代入表达式 解得 结合题干数据x=15.0cm，代入 解得 [2]小球经过B点时竖直方向的速度大小为 故小球经过B点时速度大小为 [3]点迹A的竖直方向的速度满足 解得 槽口E与点迹A间的高度差满足 解得 12． AB/BA 【详解】（1）[1] A．应选择质量大即密度大、体积小的重物进行实验，以减小空气阻力对实验的影响，A正确； B．为了减小纸带与计时器之间的摩擦，释放纸带之前，纸带必须处于竖直状态， B正确； C．实验时应先接通电源，后释放纸带，以获得较多的数据点，C错误。 故选AB。 （2）[2][3]从O点到B点的过程中，重物的重力势能变化量为 根据匀变速运动规律可得B点的瞬时速度为 故此时动能变化量为 （3）[4]设绳长为l，最低点时速度为，根据牛顿第二定律有 以最低位置为零势能面，可知此时动能为 小球在水平位置时的重力势能为 若机械能守恒有 即 13．(1) (2) (3) 【详解】（1）物块与圆盘刚好相对滑动时，有 解得 （2）物块在空中平抛运动，满足 解得 （3）平抛速度 水平位移 落地点与距离 联立解得 14．（1）5100W；（2）1.02m/s；（3）4250W 【详解】（1）重物做匀加速运动，由牛顿第二定律 解得 5s末重物的速度为 故5s末的起重机提升重物的功率P为 （2）达到最大速度时 故最大速度为 （3）提升重物的过程中功率随时间的变化图像如图所示 图像的面积表示功，故前15s内起重机对重物做功为 故平均功率为 15．(1) (2) (3) 【详解】（1）设物块经过A点时的速度大小为v0，运动至B点时竖直方向的分速度大小为vy，物块从A点到B点做平抛运动，竖直方向上有 物块运动到B点时速度方向与轨道相切，有 物块从被释放至运动到A点有 代入相关已知数据，解得，， （2）物块经过B点时的速度大小 设物块经过圆弧轨道上的C点时的速度大小为v2，则物块从B点运动到C点有 物块经过圆弧轨道上的C点时有 由牛顿第三定律知，物块经过C点时对轨道的压力大小为 解得， （3）物块从C点运动到D点有 解得 设半径为r，物块从D点运动到E点有 物块从E点飞出做平抛运动有 F、D两点间的距离 联立可得 可知当时有 因此F、D两点间的最大距离 答案第8页，共18页 - 18 - 学科网（北京）股份有限公司 $