备考信息导航演练（四）-【衡水真题密卷】2026年高考物理备考信息导航演练（重庆甘肃贵州湖南专用）

2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（四） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项符合题目要求。 1.我国太阳探测科学技术试验卫星“羲和号”在国际上首次成功实现空间太阳H。波段光 谱扫描成像。H。和H分别为氢原子由n=3和n=4能级向n=2能级跃迁产生的谱 线，如图所示，用H:对应的光照射某种金属表面，恰好能使该金属发生光电效应。下列 说法正确的是 EleV 0 -0.54 0.85 -1.51 -3.40 -13.6 A.与H相比，H。的波长更短 B.与H:相比，H。光子的动量更大 C.若照射光的频率大于H:对应的光的频率，则逸出的光电子的最大初动能增大 D.若H。的强度大于Hg的强度，用H。光照射该金属，必有光电子逸出 2.如图甲所示，一个曲率半径很大的平凸透镜的球面和一平面玻璃接触，用单色光从上方 照射，因干涉形成一些明暗相间的单色圆圈，这种现象称为“牛顿环”，是一种薄膜干涉 现象。图乙是从透镜上方看到“牛顿环”的俯视图。则下列说法正确的是 、平凸透镜 平面玻璃1 分 A.若用白光照射，不会形成环状条纹 B.若用白光照射，看到的亮条纹也是白色的 物理试题（四）第1页（共8页） 备考信息 C.牛顿环是由凸透镜上、下表面的反射光发生干涉产生的 班级 D.若将透镜缓慢向上平移少许，可以看到干涉形成的圆形条纹向里收缩 3.如图，右侧面光滑的斜面体放在水平面上，质量相等的物块M、N分别放在斜面体的左右 两个面上，倾角分别为30°、60°，M、N拴接在跨过光滑定滑轮的轻质细绳两端，两端绳分别 姓名 与斜面平行，整个系统处于静止状态。现对N施加一始终与右侧轻绳垂直的拉力F,使N 缓慢移动至右侧细绳水平，该过程中斜面体和M均保持静止。下列说法正确的是 ---。- 得分 A.拉力F逐渐减小 B.轻绳的拉力逐渐增大 C.M所受摩擦力先减小后增大 D.斜面对水平面的压力先减小后增大 4.如图所示，MV曲线为一定质量的某理想气体的绝热过程，ABC图线是另一变化过 程，其中AB平行于横轴，箭头表示过程进行的方向。下列说法正确的是 A.气体由状态A沿曲线MN到状态C的过程中，温度一直不变 B.由状态A沿直线到状态B的过程中，气体分子在单位时间内对单位面积器壁的撞击 次数增多 C.由状态A沿ABC到状态C的过程中，气体要吸收热量 D.由状态A沿ABC到状态C的过程中，气体对外先做负功后做正功 5.甲、乙两车在一平直公路上同向行驶，从t=0时刻开始计时，它们的速度v随时间t变 化的图像如图所示。t=1s时甲、乙两车并排行驶。在整个运动过程中，下列说法正确 的是 u/(m's) 6 甲 0 1 2 3 4 A.t=3s时，两车再次相遇 B.2一3s内，甲、乙两车的距离越来越大 C.t=0s时，乙车在甲车前2.5m处 D.0~4s内，甲、乙两车相遇一次 导航演练 物理试题（四）第2页（共8页） 2 6.如图所示，探测器先在椭圆轨道I绕未知天体M运动，然后在A点变轨进入圆轨道Ⅱ 做匀速圆周运动。B点为椭圆轨道的近M点，距未知天体表面的高度忽略不计，两轨道 平面与天体赤道圆共面，A点对天体的视角0=60°，取最短时间为t,探测器在轨道Ⅱ上 t时间内可完成观测赤道圆一周的任务，忽略天体的自转，万有引力常量为G,下列判断 正确的是 轨道Ⅱ .轨道1 A60 M A.探测器在轨道Ⅱ上的运行周期为t B,探测器在轨道I上的运行周期为16 C.探测器稳定运行时在轨道I上A点的加速度等于轨道Ⅱ上A点的加速度 D.探测器在轨道I上A点的运行速度大于轨道Ⅱ上A点的运行速度 7.一列简谐横波在t=0时刻的波形如图甲所示，图乙表示介质中某质点的振动图像。下 列说法正确的是 A A.该波的周期为1s B.再过1s,ON间的波形不变 C.若波沿x轴正方向传播，则图乙可能为L点的振动图像 D.若波沿x轴正方向传播，则图乙可能为N点的振动图像 二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多 项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图所示，倾角α=30°的光滑斜面体固定在水平地面上，质量为m的圆环甲穿过光滑的 竖直杆后拴接在劲度系数为k、下端固定在地面的轻弹簧上，然后用跨过光滑定滑轮的 细线与质量为6m的滑块乙连接。开始时用外力控制滑块乙使细线刚好伸直，此时圆环 位于图中的P位置，定滑轮右侧的细线与水平方向的夹角3=53°，左侧细线与斜面平 行。某时刻撤掉控制滑块乙的外力，经过一段时间圆环运动到Q位置，此时乙仍在斜面 上。已知Q点与定滑轮在同一高度处，且Q到定滑轮的距离为L,圆环在P、Q两位置 时弹簧的弹力大小相等；重力加速度大小为g,sin53°=0.8，cos53°=0.6。下列说法 正确的是 2 物理试题（四）第3页（共8页）】 备考信息 A.甲、乙组成的系统机械能不守恒 3mg B.弹簧的劲度系数为 2 C,撤掉控制滑块乙的外力瞬间，圆环的加速度大小为。9 D.圆环运动到Q位置时的速度大小为gL 3 9.如图所示是某交流发电机为用户输电的示意图。发电机线圈绕垂直匀强磁场的轴在做 匀速圆周运动，产生的交流电经理想变压器输送到远方用户，输电线路总电阻为R,不 计发电机线圈电阻。已知用户（纯电阻）两端电压为U。下列说法正确的是 A,若仅将发电机线圈的转速降为原来的)，则用户两端的电压变为U。 B.若仅将变压器的副线圈匝数变为原来的2倍，则输电线路损耗的功率变为原来的 4倍 C.若仅增加用户个数使流过电阻R的电流变为原来的2倍，则变压器原线圈的电流变 为原来的2倍 D.若仅将输电线路的电阻R增大为原来的2倍，则用户端电压变为2U, 10.如图所示，在空间直角坐标系中，yO2平面左侧存在沿之轴正方向的匀强磁场，右侧存 在沿y轴正方向的匀强磁场，左、右两侧磁场的磁感应强度大小相等，yO:平面右侧还 有治y指负方向的匀强电场。现从空间坐标为1,00)的M点发射一质量为 m、电荷量为十q的粒子，粒子的初速度大小为vo,方向沿xOy平面且与x轴正方向的 夹角为60°，经一段时间后粒子垂直于y轴进入yOz平面右侧，已知在yOz平面右侧 轨迹上第一次离yOz平面最远的点恰好落在xOz平面上，不计粒子的重力。则下列说 法正确的是 y 电场磁场 磁场」 60° 导航演练 物理试题（四）第4页（共8页） A.磁感应强度大小为m g B.匀强电场的电场强度大小为4m π2qd 子第2次经过yO:平面时的位置坐标为0，一 D,粒子第2次经过O:平面时的速度大小为16十元 三、非选择题：本题共5小题，共57分。 11.(7分)同学们在做“验证机械能守恒定律”实验时，设计了如图甲所示的两种方案：方案 1验证重物下落过程中机械能守恒，方案2验证钩码与滑块释放后运动过程中机械能 守恒。 夹子 纸带 遮光条 电火花 光电门 气垫导轨 滑块 计时器 接电源 夹子 白 自重物 钩码 方案1 方案2 甲 (1)为完成实验方案1，下列说法正确的是 A.还需要刻度尺、秒表、交流电源 B.实验无需测量重物的质量 C.可以根据v=gt来计算重物在t时刻的瞬时速度 D.安装打点计时器时，应使两个限位孔处于同一竖直线上，实验时先释放重物后接 通电源 (2)用方案1装置打出的一条纸带如图乙示，图中A、B、C、D、E、F为连续打出的 点，交流电频率为50Hz,计算出打下D点时重物的速度大小为 mis (结果保留3位有效数字)。 0 cm 0 2cm 46.931 9.47 )A0 0 510 1520 15.71 19.41 23.49 乙 丙 2 (3)方案2中，测量遮光条宽度时，游标卡尺的读数如图丙所示，则遮光条的宽度d mm;为了减小实验系统误差，需要 0 物理试题（四）第5页（共8页） 备考信息导 A.滑块与遮光条总质量M远大于钩码质量m B.选择质量大体积小的钩码 C.多次测量遮光条的宽度取平均值 (4)方案2中，遮光条与光电门的水平距离为L,数字计时器测得遮光条通过光电门的 时间为，多次改变光电门的位置并测出多组L和，描绘出L的图像如丁所示。 已知图像的斜率为k,滑块与遮光条总质量为M、钩码质量为m、重力加速度为g, 若k= 即可认为系统机械能守恒（用M,m、d、g来表示）。 12.(9分)某实验小组要测量一个特殊电池的电动势E和内阻r(内阻较大且随电流变 化)，该电池电动势不变，提供的实验器材有：电压表V1(量程3V,内阻约3k2)、电压 表V2(量程3V,可视为理想电压表)、滑动变阻器R、定值电阻R。(阻值5Ω)、开关及 导线若干。 主要实验步骤如下： (1)连接器材：根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙中的实物图补充 完整。 电池 电池 甲 (2)调节滑动变阻器，记录多组电压表V1的读数U1和电压表V2的读数U2,通过计算 机描点作图得到该电池的U1U2曲线，如图丙所示。由此可知该电池的电动势为 V;当电压表V1的读数U1=1.5V时，该电池内阻为 2(结果均 保留2位有效数字)。 UN 3.0 2.5 2.0 1.5 1.0 0.5 00.250.50.751.001.251.50UW 丙 (3)实验中因电压表V1内阻的影响，测得电池的内阻会比实际值 (填“偏大” “偏小”或“无影响”)。 航演练 物理试题（四）第6页（共8页） 2 13.(10分)如图是某铸造原理示意图，通过进气阀往气室注入空气增加压强，使金属液沿升液 管进人已预热的铸型室，待铸型室内金属液冷却凝固后获得铸件。柱状铸型室通过排气孔 与大气相通，大气压强p。=1.0×10Pa,铸型室底面积S1=0.2m,高度h1=0.2m,底面与 注气前气室内金属液面高度差H=0.15m,柱状气室底面积S2=0.8m,注气前气室内气 体压强为po,金属液的密度p=4.0×103kgm3,g取10ms2,空气可视为理想气体，不计升 液管的体积，气室内温度不变。 (1)求金属液刚好充满铸型室时，气室内金属液面下降的高度h2和气室内气体压 强1。 (2)若在注气前关闭排气孔使俦型室密封，且注气过程中铸型室内温度不变，当注气后 俦型室内的金属液高度h3=0.1m时，求气室内气体压强p2。 排气孔 铸 进气阀型室Y 气室 H 升 金属液 14.(13分)如图所示，在水平面上固定着足够长的“二”型金属导轨，整个导轨的电阻忽 略不计，其中平行导轨的间距L=0.5m,整个导轨间存在着垂直于导轨平面的匀强 磁场（图中未画出），规定垂直导轨平面向上为磁感应强度的正方向，磁感应强度B 随时间t的变化规律为B=(一0.4十0.4t)T。距导轨最左端L处静止放置一个质量 m=0.1kg、电阻R=0.52的导体棒ab,导体棒长度也为L,导体棒ab与平行导轨 接触良好且能在平行导轨上自由滑动，滑动过程中导体棒αb始终垂直于平行导轨。 已知导体棒ab与平行导轨间的动摩擦因数4=0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力， g取10m/s2。 (1)t=3s时，求导体棒ab所受的摩擦力f的大小和方向。 (2)t=0到t=3s时，求通过导体棒ab横截面的电荷量q。 (3)导体棒ab刚要开始运动时，磁感应强度B不再发生变化，同时给导体棒ab施加一 个大小F=0.3N水平向右的外力，使导体棒开始向右运动，求导体棒αb的最大速 度vm的大小。 2 物理试题（四）第7页（共8页） 备考信息导航演练 5.(18分)如图甲所示，在平面直角坐标系xOy中，在直线x=(4十2)d和y轴之间有垂 直纸面的匀强交变磁场，磁场方向垂直纸面向外为正方向，已知磁感应强度的大小和方 向变化规律如图乙所示；在直线（图中虚线）右侧有沿x轴负方向的匀强电场。t=0时， 一带正电的粒子从y轴上的P点(0，√2d一4d)沿与y轴正方向成45°角射入匀强交变 磁场，在t=3。时垂直穿过x轴，一段时间后粒子恰好沿原路径回到P点。粒子可视为 质点、重力不计，忽略由于磁场变化引起的电磁效应，求： (1)粒子的比荷； (2)粒子的初速度大小vo; (3)匀强电场的场强大小E。 x=(4+W2)d 个B 。 ●●●● B 0 6230.45.6.7i。7 ● B 日日 乙 物理试题（四）第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（四） 一、单项选择题 时系统静止T=ngsin60°>GM,M有沿斜面向上 1.C【解析】根据能级跃迁公式，对α谱线，H。对应的 运动趋势，摩擦力方向沿斜面向下，有f十GM=T, 光子能量E。=E1-E2=-1.51eV-(-3.40)eV= 由于T减小，则f减小；当T继续减小到ngsin30° 1.89eV;对B谱线，Hg对应的光子能量E=E1一E2= 1 -0.85eV-(-3.40)eV=2.55eV,根据E=hw 时，摩擦力为零，当轻绳的拉力T小于2g时，M所 可知H。的频率小于H的频率，二者在真空中传 受摩擦力沿斜面体向上，则Gm=f十T,随着轻绳 的拉力T减小，摩擦力增大，所以M所受摩擦力先 器速度相同，故H。的波长更长，结合p二】，可知 减小后增大，C正确；对整体分析，把M、N和斜面看 H。光子动量更小，A、B错误；结合光电效应方程 成整体，整体受重力G总、地面支持力N地、拉力F, 可知，在逸出功相同情况下，入射光频率越高，光 在竖直方向上有N地十Fcos0=G总，则N地=G总 子能量越大，则逸出的光电子的最大初动能越大， mng cos20,当0减小时，cos20增大，所以N地减小， C正确；H照射某金属时恰好发生光电效应，则 根据牛顿第三定律，斜面对水平面的压力减小，D H。照射该金属时不能发生光电效应，与入射光强 错误。 度无关，D错误。 4.C【解析】气体由状态A沿绝热线到状态C一直 2.D【解析】由于白光是复色光，若用白光照射，会 对外做正功，且和外界无热量交换，故内能一直减 形成彩色的环状条纹，A、B错误；环状条纹是由凸 少，对应温度一直降低，A错误；气体由状态A到 透镜与平面玻璃所夹空气膜的上、下表面反射光 状态B的过程中，温度升高，气体分子的平均速率 干涉形成的，若将透镜缓慢向上平移少许，则空气 变大，又因为气体压强保持不变，则气体分子在单 膜的上、下表面的厚度变大，原来形成亮条纹的位 位时间内对单位面积的器壁的撞击次数变少，B 置将向里移动，则可以看到干涉形成的圆形条纹 错误；气体由状态A经曲线ABC和NM后回到 向里收缩，C错误，D正确。 A,内能不变，但总的过程对外做正功，故要吸收热 3.C【解析】对N分析，设拉力F与竖直方向夹角 量，吸收热量的大小对应曲线MN和曲线ABC所 为0，N受重力mg、拉力F、轻绳拉力T,如图所示 围成的面积大小，而气体沿曲线VM由状态C到 状态A的过程中不与外界有热量的交换，故气体 由状态A沿曲线ABC到状态C的过程中要吸收 热量，C正确；气体由状态A到状态B的过程中对 外做正功，由状态B到状态C的过程中外界对气 体做正功，D错误。 5.A【解析】由题意知t=1s时甲、乙两车并排行 mg 驶，由图像可知从1s到2s甲车比乙多行驶的距 因为F始终与右侧轻绳垂直，根据平衡条件可得 离，与2s到3s内，乙车比甲车多行驶的距离相 F=ng cos0,T=mg sin0,在N缓慢移动至右侧 等，故t=3s时两车再次相遇，A正确，D错误；1s 细绳水平过程中，0减小，sin0减小，cos0增大，所 到2s甲车速度大于乙车速度，甲、乙距离在增加， 以拉力F逐渐增大，轻绳的拉力T逐渐减小，N 2s到3s甲车速度小于乙车速度，甲、乙距离在减 缓慢移动至右侧细绳水平时，轻绳的拉力大小为 小，B错误；由图像可知，甲、乙两车加速度大小分 0,A、B错误；对M分析，M受重力mg、斜面支持 力、轻绳拉力T和摩擦力f,M的重力沿斜面向下 别为8-是-98mg=2m:-出 的分力Gm=mg$in30,解得G-7mg,开约 4-0m/s=1m/s,甲、乙两车初速度大小分别为 4-0 物理答案（四）第1页（共4页） 2 2026 备考信息导航演练（四） 线刚好伸直，即细线的作用力为零，此时弹簧的弹 6m/s,4m/s,根据x=ut十2a2,可知0到1s 等于圆环的重力，即kx=mg,解得k=)1,B卫 内，甲车位移=(6X1-号×2X1)m=5m,可 确；撤走控制滑块乙的外力的瞬间，设细线的拉力大 知0到1s内，乙车位移，=(4×1-2×1X1)m 小为T,对甲、乙分别根据牛顿第二定律得TsinB= ma甲，6 ng sin a一T=6ma元，根据运动的合成与分解 3.5m,因为t=1s时甲、乙两车并排行驶，t=0s时， 60g 乙车在甲车前△x=x1-x2=1.5m,C错误。 可得arsin9=aL,解得圆环的加速度大小ap=2, 6.C【解析】如图所示 C错误：根据运动的合成与分解可得v甲sinB=v元， 轨道Ⅱ 圆环甲运动到Q点时阝=0，所以滑块乙的速度为 轨道I 零，对圆环甲从P到Q的过程，两物体和弹簧组成 的系统机械能守恒，又因为圆环在P、Q两处弹簧 的弹力相等，则弹簧在初、末状态的弹性势能相等， 609 B 1 所以6 ng sin a 2n， 4 由图可知天体的视角为60°时，对应∠COB=120°， 解得圆环运动到Q位置时的速度大小U甲一√3L, 由此可知探测器只要沿着轨道Ⅱ运动240°即可完成 D错误 观测赤道圆一周的任务，所以探测器在轨道Ⅱ上的 9.ABC【解析】线圈产生的最大感应电动势Em= 运行周期t 240° 360。,角解得个—二，A错吴：令天本 NBSw=NBS·2πm,电动势的有效值U1= Em,若 2 M的轨道半径为R,由上图可知轨道Ⅱ的半径r2= 2R+R)3 仅将发电机线圈的转這降为原来的？，变压器原线圈 2R,根据开普勒第三定律，有2R) 2 T2 T 两瑞的电压☑支为原来的？，根据理想变压器电压 解得探测器在轨通止的运行周期T'-9 与匝数的关系可得变压器副线圈两端的电压变为原 16t,B错 来的 U, 误；根据牛顿第二定律，探测器的加速度均由万有 ,用户两端的电压Un一R十R。·Rm,变为原 引力提供，不管在哪个轨道上，在A点的万有引力 1 Uo 相等，所以加速度也相等，C正确；探测器从轨道I上 来的2，即为2，A正确；仅将变压器的副线圈匝数 A点运动到轨道Ⅱ上做离心运动，需要加速，所以探 变为原来的2倍，则变压器原线圈两端电压U不变， 测器在轨道[上A点的运行速度小于轨道Ⅱ上A点 变压器副线图两端的电压U,=”U1,变为原来的2 n 的运行速度，D错误。 7.C【解析】由图可知，该波的周期为2s,A错误； U2 倍，输电线上的电流1R十R司，变为原来的2倍， 再过1s,即半个周期，ON间的波形将发生变化， 输电线路损耗的功率△P=IR,变为原来的4倍，B B错误；若波沿x轴正方向传播，且t=0时刻，质 正确；仅增加用户个数使流过电阻R的电流变为原 点向上振动，根据“上下坡”法可知，图乙可能为L 来的2倍，根据理想变压器匝数与电流的关系可得变 点的振动图像，C正确，D错误。 二、多项选择题 压器原线国的电花1一1，支为原来的2位，C正 8.AB【解析】对圆环和滑块组成的系统，弹簧的弹 确：仅将输电线路的电阻R增大为原来的2倍时，变 力对系统做功，则甲、乙组成的系统机械能不守 压器副线圈两端的电压U2不变，则用户端两端电 恒，A正确；由题意圆环在P、Q两位置时弹簧的 U, 弹力大小相等，圆环在P点时弹簧的压缩量等于 UR中RRR,不是原来的，即不 圆环在Q点时弹簧的伸长量，设形变量为x,根据 R网+1 2 几何关系可得2x=LanB,解得x=3L,开始细 为2D错误。 2 物理答案（四）第2页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 10.ABD【解析】根据几何关系粒子在yOx平面左侧 (3)游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之 3 和，所以d=4mm+8×0.05mm=4.40mm;由 做圆周运动的半径r1= n60。=d,报据g,B=m 于本实验不需要确定绳中拉力大小，所以不需要 满足滑块与遮光条总质量M远大于钩码质量 可得左侧匀强磁场的磁感应强度B=m。 9d,A正 ,A错误；实验中应选质量大体积小的钩码，B 正确；不需要多次测量遮光条的宽度取平均值， 确；粒子第一次经过y轴后沿y轴负方向做匀加 多次测量减小偶然误差，不能减小系统误差，C 速运动，同时在洛伦兹力作用下做圆周运动，因 错误。 轨迹上离yOz平面最远的，点恰好落在xOz平面 上，可知粒子到达0：平而上时格好微个国网 (④)若系统机械能守恒，则mgL=2(M+m)0, ,联立可得L=M+m)l.1 d 1 运动，则运动时间1一4一20 Tπd 1 ,竖直方向21 2mg =k,所 1.gE,解得E=mw 以k=M+m)d: 2 m ,B正确；粒子第2次经 2mg π2gd 12.(1)见解析(2分)(2)2.9(2分)5.6(2分) 过yO2平面时做半个圆周运动，则所用时间t'= (3)偏小(3分) 2t =xd ,则沿y轴负方向做匀加速运动，因在O 【解析】(1)根据电路图，实物连接情况如图所示。 点上方和下方用时间相等，可知此时位置坐标y 2d,沿之轴坐标之=2r,=21=2d,即粒子第2 灰经过0手面时的位置生标为0，-2)小，C 错误；粒子第2次经过yOz平面时，沿着y轴负方 电池 R。 向的速度大小，=E 21=40,经过半个周期， (2)根据闭合电路的欧姆定律可得U=E一R·, U, x方向的速度沿着x轴负方向，大小为v。,根据运 动的合成可知粒子第2次经过O:平面时的速度 结合图像可得E=2.9V,当U1=1.5V时，U2 大小0=V@+=16+ 一v0,D正确。 1.25V,代入上式解得r=5.62。 π (3)根据电路图可知，测量的内阻是电源内阻与 三、非选择题 电压表V,内阻的并联电阻，导致测量值小于实 11.(1)B(1分)(2)1.75(1分)(3)4.40(1分) 际值。 d(2分) B(2分)(4)2mgd 13.(1)h2=0.05m,p1=1.16×105Pa(2)p2= 2.11×105Pa 【解析】(1)本实验需要用刻度尺测量计数点间 【解析】(1)根据体积关系S1h1=S2h2(1分) 的距离、打点计时器需要使用交流电源，但不需 可得下方液面下降高度h2=0.05m 要秒表测量时间，A错误；由于mgh=2m0,等 此时下方气体的压强p1=p。十pg(h1十H十h2) 式两边可以约掉，所以不需要测量重物的质 (2分) 量，B正确；不可以根据v=gt来计算重物在t时 代入数据可得p1=1.16×105Pa (1分) 刻的瞬时速度，C错误；安装打，点计时器时，应使 (2)初始时，上方铸型室气体的压强为，体积 两个限位孔处于同一竖直线上，实验时先接通电 V=S h 源，后释放重物，D错误。 当上方铸型室液面高h3=0.1m时体积 (2)由于交流电频率为50Hz,所以相邻两计数，点间的 V'=S1(h1-h3) 时间间隔为0.02s,所以打下C点时重物的速度大小 根据玻意耳定律pV=p'V (2分) CE(19.41-12.40)×10-2 可得此时上方铸型室液面高h3=0.1m时气体 为vc一2T 2×0.02 m/s=1.75m/sa 的压强p'=2×105Pa (1分) 物理答案（四） 第3页（共4页） 2 2026 备考信息导航演练（四） 同理根据体积关系S1hg=S2h x=(4+E)d VA 可得h4=0.025m (1分) 此时下方气室内气体压强2=p'十g(H十h3十h4) B (1分) 代入数据可得p2=2.11×105Pa。 (1分) 457% 14.(1)0.08N,水平向右(2)0.6C(3)0.4ms P 【解析】(I)根据楞次定律判断导体棒ab中电流 0· 。O 方向由a到b,根据法拉第电磁感应定律，感应电 动势 设在0~t。内粒子的速度偏转角为日，粒子在磁 场中做匀速圆周运动的周期为T,根据磁场变化 E=n (1分) △t △t 的规律，则有20一0=45° (1分) 子体棒ab中的感应电流I= (1分) R 1=360XT 导体棒ab受到的安培力F安=BIL (1分) 粒子在磁场中，洛伦兹力提供向心力，则有 磁感应强度B随时间（的变化规律为 品 Bqvo=m r (1分) B=(-0.4+0.4t)T 解得t=3s时的磁感应强度B=0.8T,感应电 T=2xr (1分) 流I=0.2A Vo 导体棒ab受到的安培力F会=0.08N (1分) 可得粒子在磁场中的运动周期 由于导体棒ab所受的最大静摩擦力 2πm T= (1分) fm=jomg=0.1N (1分) qBo F安<fn (1分) 联立解得 m 4Boto (1分) 所以导体棒仍静止，根据二力平衡，导体棒ab所 (2)设粒子做圆周运动的半径为R,由几何关系 受的摩擦力f=F安=0.08N (1分) 根据左手定则，安培力方向水平向左，则摩擦力 有2R-Rcos0=4d-√2d (1分) 方向水平向右 粒子由洛伦兹力提供做圆周运动的向心力，则有 (2)由(1)可知I=0.2A 90B。= mvi (1分) R (1分) 根据q=It 解得通过导体棒ab横截面的电荷量q=0.6C 联立以上各式解得。 πd (2分) 2to (1分) (3)导体棒ab刚要开始运动时，设磁感应强度为 (3)根据几何关系，则有2R+Rsin0=4d十√2d B1,受到的安培力F安=BIL=fm=mg(1分) (2分) 解得此时的磁感应强度B1=1T 可知，粒子在t=5tn时刻沿x轴正方向进入电 导体棒ab最终做匀速直线运动，导体棒所受安 场。粒子要沿原路返回到P点，则粒子从电场回 培力为F1,F=fm十F (1分) 到磁场时，磁场方向应垂直纸面向里，即粒子最 其中F1=BIL=B1R BiL2vm 早应在1=91。时刻返回磁场。设粒子在电场中 R 运动的时间为t也，考虑到周期性，则有 (1分) t电=4kt0(k=1,2,3…) (2分) 解得vm=0.4ms。 (2分) 对粒子在电场中的运动，由动量定理，则有 15.(1)4Bt。 Bod (3)kto (k=1,2,3…) t电 2 =mvo (2分) 【解析】(1)粒子要沿原路返回到P点，则粒子在 Bod 31。时垂直穿过x轴时粒子必在磁场中，根据几 联立以上各式，解得E= (k=1,2,3…)。 kt。 何关系，此时粒子的速度方向沿y轴正方向，轨 (2分) 迹如图所示。 物理答案（四）第4页（共4页）