4.8 解三角形在实际问题中的应用 课件-2027届高三数学一轮复习

该高中数学高考复习课件聚焦“解三角形在实际问题中的应用”专题，依据高考评价体系明确运用正弦定理、余弦定理解决测量距离、高度、角度等核心考查要求，通过梳理仰角俯角、方位角等术语，结合改编题与真题归纳三大常考题型，体现备考针对性。 课件亮点在于“真题情境+模型构建+素养提升”策略，如以2021全国乙卷《海岛算经》题为例，指导学生用数学眼光抽象三角形模型，用数学思维推理计算，总结“基线选取—定理应用—结果验证”三步法。设易错点警示与创新方案设计训练，助力学生掌握解题技巧，教师可据此实现高效复习教学。

第四章　三角函数、解三角形 4.8　解三角形在实际问题中的应用 2027高考数学一轮总复习 1 内容索引 必备知识　回顾 课时作业 关键能力　提升 考试要求 三年考情 能够运用正弦定理、余弦定理等知识和方法解决一些与测量和几何计算有关的实际问题. 2023 2024 2025             必备知识　回顾 测量中的几个有关术语 知识梳理 术语 名称 术语意义 图形表示 仰角与俯角 在目标视线与水平视线(两者在同一铅垂平面内)所成的角中,目标视线在水平视线上方的叫做仰角,目标视线在水平视线下方的叫做俯角 必备知识 回顾 返回 术语 名称 术语意义 图形表示 方位角 从某点的指北方向线起按顺时针方向到目标方向线之间的夹角叫做方位角,方位角θ的范围是0°≤θ<360° 方向角 正北或正南方向线与目标方向线所成的锐角,通常表达为北(南)偏东(西)α 例: 必备知识 回顾 返回 术语 名称 术语意义 图形表示 坡角与坡比 坡面与水平面所成的锐二面角叫做坡角(θ为坡角);坡面的垂直高度与水平长度之比叫做坡比(坡度),即i==tan θ 必备知识 回顾 返回 1.判断(正确的画“√”,错误的画“×”) (1)西南方向与南偏西45°方向相同. (　 　) (2)仰角和俯角都是铅垂线与目标视线所成的角,其范围为.(　 　) (3)方位角是从正北方向线起按顺时针转到目标方向线之间的水平夹角.(　 　) (4)若从A处望B处的仰角为α,从B处望A处的俯角为β,则α,β的关系为α+β=180°.(　 　) 基础检测 √ × √ × 必备知识 回顾 返回 2.(人教A版必修第二册P51练习T3改编)如图所示,两座灯塔A和B与海岸观察站C的距离相等,灯塔A在观察站C的南偏西40°方向上,灯塔B在观察站C的南偏东60°方向上,则灯塔A在灯塔B的 (　 　) A.北偏东10°方向上 B.北偏西10°方向上 C.南偏东80°方向上 D.南偏西80°方向上 D 必备知识 回顾 返回 解析:由条件及题图可知,△ABC为等腰三角形,则∠BAC=∠ABC=40°,又∠BCD=60°,所以∠CBD=30°,所以∠DBA=10°,因此灯塔A在灯塔B的南偏西80°方向上.故选D. 必备知识 回顾 返回 3.(人教A版必修第二册P49例10改编)新疆国际大巴扎丝绸之路观光塔是乌鲁木齐的地标性建筑.如图,某同学为测量观光塔的高度OP,在观光塔的正西方向找到一座高为40米的建筑物MN,在地面上点Q处(O,Q,N三点共线且在同一水平面上)测得建筑物MN的顶部M的仰角为,测得观光塔的顶部P的仰角为,在建筑物MN的顶部M处测得观光塔的顶部P的仰角为,则观光塔的高度OP为 (　 　) A.40米 B.80米 C.80米 B 必备知识 回顾 返回 解析:由题意可得PQ=OP,MQ=2MN=80米,∠PMQ=,则∠MPQ=π-.在△PMQ中,由正弦定理可得,即,解得OP=80米.故选B. 必备知识 回顾 返回 4. (人教A版必修第二册P49例9改编)如图,在高速公路建设中,要确定隧道AB的长度,工程人员测得隧道两端的A,B两点到点C的距离分别为AC=3 km,BC=4 km,且∠ACB=60°,则隧道AB的长度为 (　 　) A.3 km B.4 km C. km 解析:由余弦定理可得AB= =(km).故选C. C 必备知识 回顾 返回 关键能力　提升 考点1 测量距离问题 【例1】　(2026·河南南阳一模)如图,a是海面上一条南北方向的海防警戒线,在a上一点A处有一个水声监测点,另两个监测点B,C分别在A的正东方20 km和54 km处.某时刻,监测点B收到发自静止目标P的一个声波,8 s后监测点A,20 s后监测点C相继收到这一信号.在当时的气象条件下,声波在水中的传播速度是1.5 km/s. 关键能力 提升 返回 (1)设A到P的距离为x km,求x的值; 【解】依题意,得 PA-PB=1.5×8=12(km), PC-PB=1.5×20=30(km),所以 PB=(x-12) km,PC=(x+18) km. 在 △PAB 中,AB=20 km, 由余弦定理的推论,得 cos∠PAB== . 同理在 △PAC 中,cos∠PAC=. 因为 cos∠PAB=cos∠PAC, 所以 ,解得 x=. 关键能力 提升 返回 (2)求静止目标P到海防警戒线a的距离(结果精确到0.01 km). 【解】如图,作PD⊥a,垂足为D,在Rt△PDA中,PD=PA·cos∠APD=PA·cos∠PAB=x·≈17.71(km). 所以静止目标P到海防警戒线a的距离约为17.71 km. 关键能力 提升 返回 距离问题的解题思路 这类实际应用题,实质就是解三角形问题,一般都离不开正弦定理和余弦定理,在解题中,首先要正确地画出符合题意的示意图,然后将问题转化为三角形问题去求解. 注意:①基线的选取要恰当准确;②选取的三角形及正、余弦定理要恰当. 规律总结 关键能力 提升 返回 【对点训练1】　(多选)(人教A版必修第二册P51练习T1改编)一艘轮船航行到A处时看灯塔B在A的北偏东75°方向,距离为12海里,灯塔C在A的北偏西30°方向,距离为12海里,该轮船由A沿正北方向继续航行到D处时再看灯塔B在其南偏东60°方向,则下列结论正确的有 (　 　) A.AD=24海里 B.CD=12海里 C.∠CDA=60°或∠CDA=120° D.∠CDA=60° ABD 关键能力 提升 返回 解析:如图,由题意得∠BAD=75°,∠CAD=30°,∠ADB=60°,AB=12海里,AC=12海里.对于A,在△ABD中,由正弦定理 ,得AD==24(海里),故A正确.对于B,在△ACD中,由余弦定理得CD2=AC2+AD2-2×AC×AD×cos 30°, 关键能力 提升 返回 得CD2=(12)2+242-2×12=144,所以CD=12海里,故B正确.对于C,D,在△ACD中,由正弦定理,得sin∠CDA=,故∠CDA=60°或∠CDA=120°,因为AD>AC,所以∠CDA为锐角,所以∠CDA=60°,故C错误,D正确.故选ABD. 关键能力 提升 返回 考点2 测量高度问题 【例2】　如图,一同学想利用所学习的解三角形知识测量河对岸的塔高AB,他选取了与塔底B在同一水平面内的两个测量基点C与D,∠BCD=15°,∠CDB=105°,CD=20 m,在点C处测得塔顶A的仰角为60°,则塔高为(　 　) A.(20)m B.(5)m C.(10)m D.(20)m C 关键能力 提升 返回 【解析】　由题可知,在△BCD中,∠BCD=15°,∠CDB=105°,故∠CBD=60°,由正弦定理,得,因为sin 105°=sin(45°+60°)=,所以BC==(m).因为在Rt△ABC中,AB=BCtan∠ACB= =(10) m.故选C. 关键能力 提升 返回 高度问题的易错点 (1)图形中为空间关系,极易当作平面问题处理,从而致错. (2)对仰角、俯角等概念理解不够深入,从而把握不准已知条件而致错. 规律总结 关键能力 提升 返回 【对点训练2】　(2025·云南昆明一模)如图,测量河对岸的塔高AB时,可以选取与塔底B在同一水平面内的两个测量基点C与D.现测得∠BCD=75°,∠BDC=45°,CD=30米,在点C测得塔顶A的仰角∠ACB=60°,则塔高AB约为(参考数据:≈1.414)(　 　) A.30.42米 B.42.42米 C.50.42米 D.60.42米 B 关键能力 提升 返回 解析:由题意,在△BCD中,∠CBD=180°-75°-45°=60°,由正弦定理可知米.在△ABC中,易知AB⊥BC,∠ACB=60°,于是AB=BC×tan 60°=10≈42.42(米).故选B. 关键能力 提升 返回 考点3 测量角度问题 【例3】　一艘渔船航行到A处时看灯塔B在A的南偏东30°方向,距离为6海里,灯塔C在A的北偏东60°方向,距离为6海里,该渔船由A沿正东方向继续航行到D处时再看灯塔B在其南偏西30°方向,则此时灯塔C位于渔船的 (　 　) A.北偏东60°方向 B.北偏西30°方向 C.北偏西60°方向 D.北偏东30°方向 D 关键能力 提升 返回 【解析】　如图,由题意,在△ABD中,∠DAB=60°,AB=6海里,∠ADB=60°,则△ABD为正三角形,则AD=6海里,在△ACD中,因为AC=6海里,∠CAD=30°,由余弦定理得CD2=AC2+AD2-2AC×AD× cos 30°=(6)2+62-2×6=36,所以CD=6海里,故∠CDA=120°,此时灯塔C位于渔船的北偏东30°方向.故选D. 关键能力 提升 返回 角度问题的解题方法 在解应用题时,分析题意,分清已知与所求,再根据题意正确画出示意图,这是最关键、最重要的一步,通过这一步可将实际问题转化成可用数学方法解决的问题,解题中也要注意体会正、余弦定理“联袂”使用的优点. 规律总结 关键能力 提升 返回 【对点训练3】　公路北侧有一幢楼,高为60米,公路与楼脚底面在同一水平面上.某人在公路上自西向东行走,在点A处测得楼顶的仰角为45°,行走60米到点B处,测得仰角为45°,沿该方向再行走60米到点C处,测得仰角为θ,则sin θ=(　 　) A. A 关键能力 提升 返回 解析:如图所示,由题意有DE=AB=BC=60米,∠DAE=∠DBE=45°,则有AE=BE=AB=60米,故∠EAB=60°,则EC= =60(米),故DC= =120(米),则sin θ=sin∠DCE=.故选A. 关键能力 提升 返回 【例】　(多选)某学校开展测量旗杆高度的数学建模活动,学生需通过建立模型、实地测量,迭代优化完成此次活动.在以下不同小组设计的初步方案中,可计算出旗杆高度的方案有(　 　) A.在水平地面上任意寻找两点A,B,分别测量旗杆顶端的仰角α,β,再测量A,B两点间距离 B.在旗杆对面找到某建筑物(低于旗杆),测得建筑物的高度为h,在该建筑物底部和顶部分别测得旗杆顶端的仰角α和β C.在地面上任意寻找一点A,测得旗杆顶端的仰角α,再测量A到旗杆底部的距离 D.在旗杆的正前方A处测得旗杆顶端的仰角α,正对旗杆前行5 m到达B处(旗杆底部,A,B在一条直线上),再次测量旗杆顶端的仰角β BCD 关键能力 提升 返回 【解析】　对于A,当A,B两点与旗杆底部不在一条直线上时,就不能测量出旗杆的高度,故A错误;对于B,如图1,在△ABD中,由正弦定理求AD,则旗杆的高CD=h+ADsin β,故B正确;对于C,如图2,在Rt△ADC中,直接求出旗杆的高DC=ACtan α,故C正确;对于D,如图3,在△ABD中,由正弦定理求AD,则旗杆的高CD=ADsin α,故D正确.故选BCD. 关键能力 提升 返回 本题的设计背景来源于人教A版必修第二册P49例10.设计方案测量物体高度,需要注意不同方案的限定条件,在学习过程中要重视教材,复习阶段要从教材例题出发,落实“引导学生在解决实际问题的过程中建构知识、培养能力、提升素养”的要求. 创新解读 关键能力 提升 返回 高考真题 教材典题 (2021·全国乙卷理)魏晋时期刘徽撰写的《海岛算经》是关于测量的数学著作,其中第一题是测量海岛的高.如图,点E,H,G在水平线AC上,DE和FG是两个垂直于水平面且等高的测量标杆的高度,称为“表高”,EG称为“表距”,GC和EH都称为“表目距”,GC与EH的差称为“表目距的差”,则海岛的高AB= (　 　) A.-表高 C.-表距 (人教A版必修第二册P49例10)如图,AB是底部B不可到达的一座建筑物,A为建筑物的最高点.设计一种测量建筑物高度AB的方法,并求出建筑物的高度. 考教衔接 A 关键能力 提升 返回 高考真题 教材典题 解析:因为FG∥AB,所以,所以GC=·CA.因为DE∥AB,所以,所以EH=·AH.又DE=FG,所以GC-EH=·(CA-AH)=·(HG+GC)=·(EG-EH+GC).由题设中信息可得,表目距的差为GC-EH,表高为DE,表距为EG,则上式为表目距的差=(表距+表目距的差),所以AB=(表距+表目距的差)=+表高.故选A. 关键能力 提升 返回 课时作业35 1. (5分)某地为响应关于生态文明建设的号召,大力开展“青山绿水”工程,造福于民,拟对该地某湖泊进行治理,在治理前,需测量该湖泊的相关数据.如图所示,测得∠ACB=120°,BC=3千米,AC=5千米,则A,B间的直线距离为 (　 　) A.6千米 B.7千米 C.8千米 D.9千米 解析:在△ABC中,由余弦定理得AB2=AC2+BC2-2AC·BC·cos∠ACB=25+9-2×5×3=49,所以AB=7千米.故选B. 基础巩固 B 返回 课时作业 2. (5分)如图,海中有一座小岛P,一艘游轮自东向西航行,在点A处测得该岛在其南偏西75°方向,游轮航行16海里后到达点B处,测得该岛在其南偏西45°方向.若这艘游轮不改变航向继续前进,则游轮到该岛的最短距离PC为 (　 　) A.(8-8)海里 B.(4-4)海里 C.(8+8)海里 D.(4+4)海里 A 返回 课时作业 解析:在△PAB中,∠PAB=15°,∠ABP=135°,AB=16海里,则∠APB=30°,sin 15°=sin(45°-30°)=,由正弦定理,得PB==(8)海里,易知,∠C=90°,∠PBC=45°,则PC=PBsin 45°=(8-8)海里.故选A. 返回 课时作业 3. (5分)如图,为了测量某建筑物CD的高度,选取与该建筑物底部C在同一水平面内的两个测量点A,B.现测得∠BAC=30°,∠ABC=105°,AB=90米,在点B处测得该建筑物顶部D的仰角为30°,则该建筑物CD的高度为(　 　) A.15米 C.30米 B 返回 课时作业 解析:因为∠BAC=30°,∠ABC=105°,所以∠ACB=45°,又AB=90米,所以由正弦定理得,即,解得BC=45米,因为在点B处测得该建筑物顶部D的仰角为30°,所以CD=BCtan 30°=15米.故选B. 返回 课时作业 4.(5分)如图是三角高程测量法的一个示意图,现有A,B,C三点,且A,B,C在同一水平面上的投影A',B',C'满足∠A'C'B'=45°,∠A'B'C'=60°.由点C测得点B的仰角为15°,BB'与CC'的差为100;由点B测得点A的仰角为45°,则A,C两点到水平面A'B'C'的高度差AA'-CC'约为(≈1.732) (　 　) A.346 B.373 C.446 D.473 B 返回 课时作业 解析:如图,过C作CH⊥BB',过B作BD⊥AA',故AA'-CC'=AA'-(BB'-BH)=AA'-BB'+100=AD+100,易知△ADB为等腰直角三角形,所以AD=DB.所以AA'-CC'=DB+100=A'B'+100.因为∠BCH=15°,所以CH=C'B'=.在△A'B'C'中,由正弦定理得,而sin 15°=sin(45°-30°)=sin 45°cos 30°- cos 45°sin 30°=,所以A'B'==100(+1)≈273,所以AA'-CC'=A'B'+100≈373.故选B. 返回 课时作业 5. (5分)如图所示,在坡度一定的山坡A处测得山顶上一建筑物CD的顶端C对于山坡的斜度为15°,向山顶前进100 m到达B处,又测得C对于山坡的斜度为45°,若CD=50 m,且山坡对于地平面的坡度为θ,则cos θ= (　 　) A. C.-1 C 返回 课时作业 解析:因为∠CBD=45°,所以∠ACB=45°-15°=30°,在△ABC中,由正弦定理可得,解得BC=(50)m,在△BCD中,由正弦定理可得,解得sin∠BDC=-1,即sin(θ+90°)=-1,所以cos θ=-1.故选C. 返回 课时作业 6.(5分)奏唱中华人民共和国国歌需要46 s.某校周一举行升旗仪式,旗杆正好处在坡度为15°看台的某一列的正前方,从这一列的第一排和最后一排测得旗杆顶部的仰角分别为60°和30°,第一排和最后一排的距离为10 m(如图所示),旗杆底部与第一排在同一个水平面上.要使国歌结束时国旗刚好升到旗杆顶部,则升旗手升旗的速度应为 (　 　) A. m/s C. m/s B 返回 课时作业 解析:如图,由题意可得∠HAB=30°+15°=45°,∠HBA=180°-15°-60°=105°,∴∠AHB=180°-45°-105°=30°,在△HAB中由正弦定理,得,即,解得HB=20 m.∴OH=HBsin∠HBO= 20sin 60°=10(m),则v=(m/s).故选B. 返回 课时作业 7.(6分,多选)某货轮在A处看灯塔B在货轮北偏东75°方向,距离为12 n mile;在A处看灯塔C在货轮的北偏西30°方向,距离为8 n mile.货轮由A处向正北航行到D处时,再看灯塔B在南偏东60°方向,则下列说法正确的是 (　 　) A.A处与D处之间的距离是24 n mile B.灯塔C与D处之间的距离是8 n mile C.灯塔C在D处的南偏西30°方向 D.D在灯塔B的北偏西30°方向 AC 返回 课时作业 解析:如图,对于A,在△ABD中,由正弦定理得= ,则AD==24(n mile),所以A处与D处之间的距离为24 n mile,故A正确;对于B,在△ADC中,由余弦定理得CD2=AD2+AC2-2AD·AC·cos 30°,解得CD=8 n mile,所以灯塔C与D处之间的距离为8 n mile,故B错误;对于C,∵AC=CD=8 n mile,∴∠CDA=∠CAD=30°,灯塔C在D处的南偏西30°方向,故C正确;对于D,∵灯塔B在D的南偏东60°方向,∴D在灯塔B的北偏西60°方向,故D错误.故选AC. 返回 课时作业 8. (6分,多选)如图所示,为了测量A,B处岛屿的距离,小明在D处观测,A,B分别在D处的北偏西15°、北偏东45°方向,再往正东方向行驶30海里至C处,观测B在C处的正北方向,A在C处的北偏西60°方向,则下列结论正确的是 (　 　) A.∠CAD=60° B.A,D之间的距离为15海里 C.A,B两处岛屿间的距离为15海里 D.B,D之间的距离为30海里 BC 返回 课时作业 解析:对于A,由题意可知CD=30海里,∠ADC=90°+15°=105°, ∠BDC=45°,∠BCD=90°,∠ACD=90°-∠BCA=90°-60°=30°,则∠CAD=180°-∠ADC-∠ACD=180°-105°-30°=45°≠60°,故A错误;对于B,在△ACD中,由正弦定理得,得AD=(海里),故B正确;对于C,D,在Rt△BCD中,因为∠BDC=45°,∠BCD =90°,所以BD=海里,在△ABD中,∠ADB=15°+45° =60°,由余弦定理得AB= =15(海里),故C正确,D错误.故选BC. 返回 课时作业 9.(5分)某数学兴趣小组成员为测量某建筑的高度OP,选取了在同一水平面上的A,B,C三处,如图所示.已知在A,B,C处测得该建筑顶部P的仰角分别为30°,45°,60°,,AB=10米,则该建筑的高度OP=____米. 5 返回 课时作业 解析:设OP=x米,在直角三角形OAP中,由tan∠PAO=,得OA=x米,在直角三角形OBP中,由tan∠PBO=,得OB=x米,在直角三角形OCP中,由tan∠PCO=,得OC=x米,由,可得B是AC的中点,所以AB=BC=10米,因为∠OBA+∠OBC=180°,则cos∠OBA+cos∠OBC=0,在△ABO,△CBO中,由余弦定理的推论可得=0,解得x=5米,所以该建筑的高度OP为5米. 返回 课时作业 10.(5分)位于某海域A处的甲船获悉,在其正东方向相距20 n mile的B处有一艘渔船遇险后抛锚等待营救,甲船立即前往救援,同时把消息告知位于甲船南偏西30°方向,且与甲船相距10 n mile的C处的乙船.乙船也立即朝着 渔船前往营救,则sin∠ACB= . 解析:如图,由题意∠CAB=120°,AC=10 n mile,AB=20 n mile,由余弦定理得CB2=AC2+AB2-2AC·AB·cos∠CAB=700,∴CB=10 n mile,由正弦定理得,即,解得sin∠ACB=. 返回 课时作业 11. (16分)为了测绘海面上一座活火山顶点E的高度,测绘船围绕活火山展开测量,如图为测绘活动的俯视图,测绘船的路线中,三个观测点A,B,C恰好构成正三角形,点D为火山口在俯视图中的位置.已知从A,B,C三点测量点E的仰角正切值分别为,,. (1)求∠BDA的正弦值; 解:如图,取线段AC的中点为F,连接BF,DF,设火山顶点E的高度为h, 则依题意可知AD=CD=3h,BD=4h, ∵AD=CD,AB=CB,∴DF⊥AC,BF⊥AC,且BF平分∠ABC, ∴B,D,F三点共线, 返回 课时作业 ∴∠ABD=, 由正弦定理可知sin∠BAD=, ∴cos∠BAD=, ∴sin∠BDA=sin(π-∠BAD-∠ABD)=sin(∠BAD+∠ABD)=sin∠BAD·cos ∠ABD+cos∠BADsin∠ABD=. 返回 课时作业 (2)若正三角形ABC的边长为a,求火山顶点E的高度. 解:在△ABD中,由正弦定理可知,, ∴AD=AB·(2)a,即3h=(2)a, ∴h=a. 返回 课时作业 12.(17分)如图,游客从某旅游景区的景点A处到C处有两种路径,一种是从A沿直线步行到C,另一种先从A沿索道乘缆车到B,然后从B沿直线步行到C,现有甲、乙两位游客从A处下山,甲沿AC匀速步行,速度为50 m/min,在甲出发2 min后,乙从A乘缆车到B,在B处停留1 min,再从B匀速步行到C,假设缆车匀速直线运动的速度为130 m/min,山路AC长为1 260 m,经测量 cos A=,cos C=. 返回 课时作业 (1)求索道AB的长. 解:在△ABC中,因为cos A=,cos C=, 所以sin A=,sin C=,从而sin B=sin=sin(A+C)=sin A·cos C+ cos Asin C=, 由正弦定理,得AB==1 040(m). 返回 课时作业 (2)问:乙出发多少分钟后,乙在缆车上与甲的距离最短? 解:假设乙出发t min后,乙在缆车上与甲的距离为d m, 此时甲行走了(100+50t)m,乙距离A处130t m, 则由余弦定理得d2=(100+50t)2+(130t)2-2×130t×(100+50t)=200(37t2-70t+50),由于0≤t≤,即0≤t≤8, 故由二次函数性质得当t=时,乙在缆车上与甲的距离最短. 返回 课时作业 (3)为使两位游客在C处互相等待的时间不超过3 min,乙步行的速度应该控制在什么范围内? 解:由正弦定理得,则BC==500(m), 而乙从B出发时,甲已走了50×(2+8+1)=550(m),还需走710 m才能到达C. 设乙步行的速度为v m/min,由题意得-3≤≤3,解得, 为使两位游客在C处互相等待的时间不超过3 min,乙步行的速度应控制在范围内. 返回 课时作业 13. (5分)如图,在山脚A处测得山顶P的仰角α为45°,沿倾斜角β为15°的斜坡向上走100米到达B处,在B处测得山顶P的仰角γ为60°,则山的高度PQ为(　 　) A.(50)米 B.(50+50)米 C.(100+100)米 D.120米 素养提升 A 返回 课时作业 解析:依题意,∠PAQ=45°,∠BAQ=15°,∠PAB=30°,∠APQ=45°, 又∠PBC=60°,则∠BPC=30°,即有∠BPA=15°,∠PBA=135°,在△ABP中,AB=100米,由正弦定理,得AP= =(100+100)米,在Rt△PAQ中,PQ=APsin 45°=(100+100)=(50)米,所以山的高度PQ为(50)米.故选A. 返回 课时作业 14.(5分)在某海域开展的海上演习中,我方军舰要到达C岛完成任务.如图,已知我方军舰位于B市的南偏西25°方向上的A处,且在C岛的北偏西58°方向上,B市在C岛的北偏西28°方向上,且距离C岛248 km,此时,我方军舰沿着AC方向以50 km/h的速度航行,则我方军舰到达C岛的时间大约为__ h. 4 返回 课时作业 解析:设我方军舰大约需要x h到达C岛,则AC=50x km,依题意,∠ABC=28°+25°=53°,∠ACB=58°-28°=30°,BC=248 km,在△ABC中,sin∠BAC=sin(53°+30°)=sin 53°cos 30°+cos 53°sin 30° ≈=0.992,由正弦定理得,即,解得x≈4,所以我方军舰大约需要4 h到达C岛. 返回 课时作业 15. (5分)如图,某湿地为拓展旅游业务,现准备在湿地内建造一个观景台D,已知射线AB,AC为湿地两边夹角为的公路(长度均超过4千米),在两条公路AB,AC上分别设立游客接送点E,F,且AE=AF=千米,若要求观景台D与两接送点所成角(∠EDF)与∠BAC互补且观景台D在EF的右侧,并在观景台D与接送点E,F之间建造两条观光线路DE与DF,则观光线路之和最长是__千米. 创新训练（多想少算） 2 返回 课时作业 解析:在△AEF中,因为AE=AF=千米,∠EAF=,所以EF=AE=AF=千米.又∠EDF与∠BAC互补,所以∠EDF=,在△DEF中,由余弦定理得EF2=DE2+DF2-2DE·DF·cos∠EDF,即DE2+DF2+DE·DF=3,即(DE+DF)2-DE·DF=3,因为DE·DF≤(DE+DF)2,所以(DE+DF)2-DE·DF=3≥(DE+DF)2-(DE+DF)2,所以DE+DF≤2千米,当且仅当DE=DF=1千米时等号成立,所以观光线路之和最长是2千米. 返回 课时作业 本课结束 $