第一章题型专练2025-2026学年新人教版必修二高一下学期孟德尔经典遗传 题型专练

**基本信息** 练习围绕孟德尔遗传规律，按“基础判断-定律验证-特殊遗传-综合应用”分层，梯度清晰，覆盖核心知识点，适配单元复习，强化科学思维与探究实践。 **分层设计** |层次|知识覆盖|设计特色| |----|----------|----------| |基础判断|显隐性/基因型判断|以玉米、豌豆为情境，通过杂交/自交方案分析，巩固概念| |定律验证|分离/自由组合定律|结合花粉鉴定、测交实验，考查定律实质与验证方法| |特殊遗传|复等位基因/从性遗传/致死|以ABO血型、牛体色等实例，分析特殊遗传现象的表型比例| |综合应用|遗传系谱图/杂交育种|通过系谱分析、育种流程设计，提升问题解决能力|

孟德尔经典遗传 题型专练答案及解析 1、 判断显隐性、判断基因型 1. 玉米是雌雄同株异花作物,玉米的高秆对矮秆为显性,受一对遗传因子控制。现有一株高秆玉米甲,确定其遗传因子组成最简便的方法是 (　) A.选另一株矮秆玉米与其杂交,若子代都表现为高秆,则甲为纯合子 B.选另一株矮秆玉米与其杂交,若子代中出现矮秆玉米,则甲为杂合子 C.让其进行自花传粉,若子代中出现矮秆玉米,则甲为杂合子 D.让其进行同株异花传粉,若子代全为高秆,则甲最可能为纯合子 【答案】D 【分析】常用的鉴别方法：（1）鉴别一只动物是否为纯合子，可用测交法；（2）鉴别一棵植物是否为纯合子，可用测交法和自交法，其中自交法最简便；（3）鉴别一对相对性状的显性和隐性，可用杂交法和自交法（只能用于植物）；（4）提高优良品种的纯度，常用自交法；（5）检验杂种F1的基因型采用测交法。 【详解】A、选另一株矮秆玉米与其杂交，属于测交。测交可以判断高秆玉米甲的遗传因子组成，但不是最简便的方法，因为需要找到合适的矮秆玉米进行杂交操作，且杂交相比自交更麻烦，A错误； B、玉米是雌雄同株异花，不能自花传粉，B错误； C、同样是测交，能判断甲为杂合子，但不是最简便方法，C错误； D、让其进行同株异花传粉（即自交），若子代全为高秆，说明甲没有产生矮秆相关的隐性遗传因子，所以甲为纯合子，此方法简便，D正确。 故选D。 2. 玉米的雄花序在顶部，雌花序在叶腋处，属于风媒花。甜和非甜是玉米的一对相对性状，显隐性未知。如图为玉米的传粉方式，下列方案不能判断出该对相对性状显隐性关系的是（　　） A．将纯种甜玉米单独种植，植株上所结籽粒全部为甜玉米 B．用图中③方式传粉，非甜玉米植株上所结籽粒全部为非甜 C．将非甜玉米单独种植，植株上所结籽粒有甜和非甜两种 D．将两种纯种玉米间行种植，甜玉米植株上所结籽粒有甜和非甜两种 【答案】A 【详解】A、将纯种甜玉米单独种植，植株上所结籽粒全部为甜玉米，说明甜玉米可能是显性纯合子，也可能是隐性纯合子，不能判断显隐性，A符合题意； B、用图中③方式传粉，非甜玉米植株上所结籽粒全部为非甜，说明非甜是显性性状，B不符合题意； C、将非甜玉米单独种植，植株上所结籽粒有甜和非甜两种类型，发生性状分离说明亲本非甜玉米是杂合子，非甜是显性，C不符合题意； D、将两种纯种玉米（纯种甜和纯种非甜）间行种植，甜玉米植株上所结籽粒有甜和非甜两种，说明甜玉米接受了非甜玉米的花粉，杂交后代出现了非甜性状。由此可判断非甜为显性，甜为隐性，D不符合题意。 故选A。 3. 小麦可自花传粉，也可异花传粉。小麦的毛颖与光颖是由一对等位基因控制的性状，欲判断毛颖与光颖的显隐性关系，现有多株毛颖小麦和多株光颖小麦，设计三组杂交实验。实验一：对毛颖小麦人工授予光颖小麦的花粉；实验二：毛颖小麦与光颖小麦间行种植；实验三：毛颖小麦与光颖小麦分别单独种植。三组实验都统计了子代的表型及比例。下列相关叙述正确的是（    ） A．实验一的子代表型即为显性性状 B．实验二中同一麦穗上籽粒的基因型可能有两种 C．实验三的后代不出现性状分离的亲本性状即为隐性性状 D．还可设计测交实验探究小麦毛颖与光颖的显隐性关系 【答案】B 【详解】A、实验一为毛颖（♀）与光颖（♂）杂交，若毛颖为显性纯合（AA）或隐性纯合（aa），子代均表现为显性性状（Aa）。但若毛颖为显性杂合（Aa），光颖为隐性（aa），子代可能同时出现显性（Aa）和隐性（aa）。由于题干未明确毛颖是否为纯合，无法确定子代是否全为显性，A错误； B、实验二中毛颖与光颖间行种植，小麦可自花或异花传粉。若毛颖为显性纯合（AA），自交子代仍为AA，异交子代为Aa；若毛颖为隐性（aa），自交子代仍为aa，异交子代为Aa。同一麦穗可能包含自交和异交的籽粒，基因型可能有两种，B正确； C、实验三为自交实验，若两亲本均为纯合（AA和aa），自交后代均不分离，无法判断显隐性。仅当某亲本自交后代出现性状分离时（如显性杂合Aa），才能确定显隐性，C错误； D、测交需用隐性纯合体（aa）与待测个体杂交，但显隐性未知时无法确定隐性亲本，无法设计测交实验，D错误。 故选B。 4. 豌豆豆荚的饱满和不饱满是一对相对性状，这对相对性状由等位基因B、b控制。下表是豌豆豆荚形状三个组合的遗传实验结果。请分析并回答下列问题： 组合 亲本表型 F₁的表型和植株数目 饱满 不饱满 一 饱满×不饱满 409 413 二 饱满×不饱满 811 0 三 饱满×饱满 1230 410 (1)根据组合_________能判断出_________是显性性状。 (2)请写出组合二的亲本基因型：饱满_________，不饱满_________。 (3)组合_________的杂交方法为测交，测交结果出现的后代基因型为_________。 (4)组合三的F₁中，杂合子与纯合子的植株数目比值约是_________。 【答案】(1) 二/三 饱满 (2) BB bb (3) 一 Bb、bb (4)1∶1 【详解】（1）根据第二组，饱满×不饱满→后代均为饱满，说明饱满为显性性状（根据第三组，饱满×饱满→后代出现不饱满，说明饱满是显性性状）。 （2）已知不饱满为隐性性状，基因型为bb（隐性纯合）。组合二子代全为饱满（基因型为Bb），说明亲本饱满必须为纯合显性BB（若为杂合Bb，则后代会出现bb不饱满，与实验结果矛盾）。因此亲本基因型：饱满为BB，不饱满为bb，杂交后代全为Bb（饱满），完全符合实验数据。 （3）组合一：亲本（饱满 × 不饱满），子代饱满：不饱满≈409：413≈1：1，完全符合测交的结果，因此组合一为测交。测交亲本为Bb（饱满）×bb（不饱满），后代基因型为Bb（饱满）和bb（不饱满），比例为1：1。 （4）组合三中亲本的基因型均为Bb，因此其子代基因型及比例为BB：Bb：bb=1：2：1，所以F1中杂合子与纯合子的植株数目比值约是1：1。 5. 玉米是遗传学实验常用的材料。在自然状态下，花粉既可以落到同一植株的柱头上，也可以落到其他植株的柱头上（如图1所示）。请回答： (1)选择玉米作为遗传实验材料的优点有______________________________________________________________。（至少写出两点） (2)玉米的常态叶与皱叶是一对相对性状。农田中有一批常态叶和皱叶玉米的幼苗，欲通过实验判断该对相对性状的显隐性。某同学的思路是随机选取等量常态叶与皱叶玉米幼苗各若干，分别移栽到甲乙两块地中隔离种植，观察子一代性状：若两者任一地中子一代发生性状分离，则此地亲本所表现出来的性状为________性状；若子一代均未未发生性状分离，则需要将______________再进行杂交，杂交后代显现出来的性状即为显性性状。 (3)玉米的甜和非甜是一对相对性状，随机取非甜玉米和甜玉米进行间行种植，如图2一定能够判断甜和非甜的显隐性关系的是___________（填字母）。 (4)玉米的高茎对矮茎为显性。为研究一纯合高茎玉米植株的果穗上所结子粒全为纯合子、全为杂合子还是既有纯合子又有杂合子，某同学选取了该玉米果穗上两粒种子作为亲本，单独隔离种植，观察、记录并分别统计子一代植株的性状，子一代全为高茎，他就判断该玉米果穗所有子粒为纯种，可老师认为他的结论不科学，理由是____________________________________________________________________________。 老师以该果穗为实验材料，写出了科学的实验思路：用该玉米穗上的全部子粒作为亲本，单独隔离种植，观察、记录并分别统计子一代植株的高、矮情况。请帮老师补充完整预期现象及结论： ①若__________________说明该玉米果穗所有子粒全是纯合子； ②若____________________说明该玉米果穗上的子粒全是杂合子； ③若部分亲本的子一代全为高茎，另一部分亲本的子一代既有高茎又有矮茎，说明该玉米果穗的子粒___________。 【答案】(1)具有多对易于区分的相对性状；后代数目多，结论更可靠使统计结果准确；既能自花传粉也能异花传粉；杂交实验时避免去雄的麻烦 (2) 显性性状 子一代 (3)C (4) 选择样本太少，实验有一定的偶然性 子一代全为高茎 全部亲本的子一代既有高茎又有矮茎 既有纯合子也有杂合子 【分析】一对相对性状判断显隐性主要有两种方法，一种是自交后代发生性状分离则母本为显性，另一种是相对性状的量亲本杂交，后代足够多的情况下只有一种表现型，则子代表现型为显性。 【详解】（1）玉米是单性花的植物，具有多对易于区分的相对性状；后代数目多，结论更可靠使统计结果准确；既能自花传粉也能异花传粉；杂交实验时避免去雄的麻烦。 （2）分别移栽到甲乙两块地中隔离种植，植株只能自交，若两者任一地中子一代发生性状分离，亲本存在杂合子，此地亲本所表现出来的性状为显性性状；若子一代未发生性状分离，说明亲本都是纯合子，子一代也是纯合子，需要将子一代杂交可获得，子二代为杂合子，杂交后代显现出来的性状即为显性性状。 （3）A、图示为自交，若二者都是纯合子，无法判断显隐性，A错误； B、图示为杂交，若一个为杂合子，一个为隐性纯合子，则二者子代都既有甜也有非甜，无法判断显隐性，B错误； C、图示为非甜自交、甜做母本接受非甜的花粉，若非甜出现性状分离，非甜为显性，若非甜未出现性状分离为纯合子，若甜玉米上只有非甜，则非甜为显性，若甜玉米上只有甜或既有甜也有非甜，则甜为显性，C正确； D、图示为非甜接受甜的花粉，若二者都是纯合子，后代为杂合子为显性；若一个为杂合子，一个为隐性纯合子，子代有两种表现型，无法判断显隐性，D错误。 故选C。 （4）某同学选取了该玉米果穗上两粒种子作为亲本，选择样本太少，实验有一定的偶然性。 用该玉米穗上的全部子粒作为亲本，单独隔离种植，即为自交，实验目的是为了验证一纯合高茎玉米植株的果穗上所结子粒全为纯合子、全为杂合子还是既有纯合子又有杂合子。 ①若该玉米果穗的子粒都是纯合子，基因型设为AA，自交后代全是高茎； ②若该玉米果穗的子粒都为杂合子，则基因型为Aa，则全部个体自交子一代既有高茎又有矮茎； ③若该玉米果穗的子粒既有纯合子又有杂合子，则自交部分亲本的子一代全为高茎，另一部分亲本的子一代既有高茎又有矮茎。 6. 玉米粒色有紫色粒和白色粒两种表型，选取纯种的紫色粒玉米植株与白色粒玉米植株为亲本，杂交得F1均为紫色粒，F1自交得到F2，F2中表型及比例为紫色粒∶白色粒＝9∶7. 同学们对此提出了两种观点： 观点一：玉米的粒色受两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制，A和B同时存在表现为紫色粒，其余为白色粒。 观点二：玉米的粒色受一对等位基因A/a控制，但含某种基因的部分花粉不育，导致F2的性状分离比偏离3∶1. 回答下列问题： (1)与豌豆相比，用玉米做人工杂交实验的优点是___________________________________________。 (2)依据观点一，可推测亲本的基因型是________和________，F2中紫色粒的基因型有________种，F2白色粒中纯合子的比例是________。 (3)依据观点二，可推测F1产生的含________（填“A”或“a”）基因的部分花粉不育。 (4)为验证两种观点，以亲本中的白色粒植株（做母本）和F1植株（做父本）为实验材料进行测交，若子代出现的表型及比例是________，则观点一成立；若子代出现的表型及比例是________，则观点二成立。 【答案】(1)不用进行去雄操作 (2) AABB aabb 4 3/7 (3)A (4) 紫色粒：白色粒=1：3 紫色粒：白色粒=1：7 【详解】（1）玉米为单性花，雌雄异花，进行杂交时不需要对母本进行去雄操作，简化了杂交实验步骤。 （2）依据观点一，玉米的粒色受两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制，由此可知控制玉米的粒色的两对基因遵循自由组合定律，A和B同时存在表现为紫色粒，其余为白色粒，用纯种的紫色粒玉米植株与白色粒玉米植株为亲本，杂交得F1，均为紫色粒，F1自交得到F2，F2中表型及比例为紫色粒∶白色粒=9∶7，由此可知，F1的基因型为AaBb，亲本的基因型为AABB和aabb；F2中紫色粒的基因型有4种（AABB、AaBB、AABb、AaBb）；F2白色粒中纯合子的比例是3/7（1/7AAbb、1/7aaBB、1/7aabb）。 （3） 依据观点二，纯种的紫色粒玉米植株与白色粒玉米植株为亲本，杂交得F1，均为紫色粒，F1自交得到F2，F2中表型及比例为紫色粒∶白色粒=9∶7；由此可知，紫色粒为显性性状，F1的基因型为Aa，F1产生的卵细胞的基因型及其比例为1：1，设F1产生的花粉中基因型为a的概率为X，而F2白色粒aa的概率为7/16，则1/2X=7/16，则X=7/8，由此可知，F1产生的花粉的基因型及其比例为A：a=1：7，则导致F2的性状分离比偏离3∶1，是因为F1产生的含A基因的部分花粉不育。 （4）  为验证两种观点，以亲本中的白色粒植株做母本和F1做父本植株为实验材料进行测交，若观点一成立，亲本白色粒植株的基因型为aabb，F1基因型为AaBb，则测交子代出现的表型及比例是紫色粒（AaBb）∶白色粒（aabb、Aabb、aaBb）=1：3。若观点二成立，亲本白色粒植株的基因型为aa，F1基因型为Aa，F1产生的花粉的基因型及其比例为A：a=1：7，测交子代出现的表型及比例是紫色粒（Aa）∶白色粒（aa）=1：7。 2、 验证分离定律、 自由组合定律 7. 在孟德尔的豌豆杂交实验中，涉及了自交和测交等方法。下列相关叙述中正确的是 ( ) A ．测交和自交都可以用来判断某一显性个体的遗传因子组成 B ． 自交可以用来判断一对相对性状的显隐性 C ．测交时，对与 F1 杂交的另一亲本无特殊要求 D ．测交能用来验证分离定律和自由组合定律，但自交不能 【答案】A 【分析】杂交是基因型不同的生物个体之间相互交配的方式，可以是同种生物个体杂交，也可以是不同种生物个体杂交。自交是指植物中自花受粉和同株异花受粉，可以是纯合子（显性纯合子或隐性纯合子）自交、杂合子自交。测交是指杂种子一代个体与隐性类型之间的交配，主要用于测定F1的基因型，也可以用来判断另一个个体是杂合子还是纯合子。 【详解】A、测交和自交都可以用来判断某一显性个体的遗传因子组成：如果测交后代中既有显性性状又有隐性性状出现，或自交后代中出现性状分离，则此显性个体为杂合子，A正确； B、自交可能无法判断一对相对性状的显隐性，如AA和aa自交后代均不会发生性状分离，B错误； C、测交时，与F1杂交的另一亲本应为隐性类型个体，C错误； D、测交和自交均可验证分离定律和自由组合定律，如Aa自交后代出现3∶1的分离比可验证分离定律，而AaBb自交后代出现9∶3∶3∶1的分离比可验证自由组合定律，D错误。 故选A。 8. 某单子叶植物非糯性(A)对糯性(a)为显性,抗病(T)对染病(t)为显性,花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性,三对等位基因分 别位于三对同源染色体上, 非糯性花粉遇碘液变蓝色, 糯性花粉遇碘液变棕色 。现有四种纯合子, 基因型分别为①AATTdd、②AAttdd、③AAttDD 、④aattdd 。以下说法正确的是 ( ) A.选择①和③为亲本进行杂交,可通过观察 F1 的花粉来验证自由组合定律 B.任意选择上述亲本中的两个进行杂交,都可通过观察 F1 的花粉粒形状来验证分离定律 C.选择①和④为亲本进行杂交,将杂交所得的 F1 的花粉涂在载玻片上,加碘液染色,显微镜下观察,蓝色花粉粒 ∶棕色花 粉粒=1 ∶ 1 D.选择①和②为亲本进行杂交,可通过观察 F2 植株的表现型及比例来验证自由组合定律 【答案】C 【分析】基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。根据题意，①是非糯性抗病圆粒②是非糯性染病圆粒③是非糯性染病长粒④是糯性染病圆粒。 【详解】A、选择①和③为亲本进行杂交，由于抗病与易染病性状不能在配子中体现，故不能验证自由组合定律，A错误； B、由于染病与抗病基因的表现型不在配子中表现，所以不能用花粉来观察这一基因的分离现象，B错误； C、选择①和④进行杂交时，因为都是纯合子，所以子一代的基因型为AaTtdd，而其花粉经减数分裂得到，所以其中带有a、A基因的花粉数相等，所以蓝色花粉粒：棕色花粉粒=1：1，C正确； D、①和②进行杂交，子一代为AATtdd，是非糯性抗病长粒，由于只有抗病基因和染病基因杂合，所以只能观察到这一基因的分离现象，D错误； 故选C。 【点睛】本题考查基因分离定律和基因自由组合定律的实质及应用，要求考生掌握基因分离定律和基因自由组合定律的实质，能选择合适的组合来验证基因分离定律和基因自由组合定律，再对各选项作出准确的判断。 3、 自交和自由交配 9. 现有一批基因型为AA和Aa的豌豆和玉米种子，其中纯合子与杂合子的比例为1：2．两种作物分别间行种植，则在自然状态下，豌豆田地和玉米田地中F₁的显隐性状的比例分别为（    ） A．5：1、5：1 B．8：1、8：1 C．5：1、8：1 D．6：1、9：1 【答案】C 【详解】亲本中AA占1/3、Aa占2/3；豌豆为严格的闭花授粉植物，自交时，只有Aa自交能产生隐性性状aa，aa比例为2/3×1/4=1/6，显性性状比例为1-1/6=5/6，显隐比为5∶1；玉米为随机传粉植物，既可以自交，也可杂交，在自由交配时，a配子频率为2/3×1/2=1/3，aa基因型频率为(1/3)2=1/9，显性性状比例为1-1/9=8/9，即该群体玉米随机传粉后代的显隐比为8∶1，C正确。 10. D 基因是一种“自私基因” ，它编码的毒性蛋白，对雌配子没有影响，但会导致不含该基因的花粉 1/2 死亡，不含 D 的染 色体可看作 d。现将某棉花杂合子 Dd 自交得到 F1，再分别让 F1 ，自交得 F2 ，自由交配得到 F2。下列相关叙述正确的是 ( ) A ．杂合子棉花亲本产生的雌配子 D：d=2 ：1 B ．F1 的基因型及比例为 DD：Dd：dd=3 ：2 ：1 C ．F1 进行自交得到的 F2 的性状分离比为 5 ：1 D ．F1 进行随机受粉获得的 F2 中基因型为 dd 的植株所占比例为 5/36 【答案】D 【分析】基因的分离定律的实质是：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；在减数分裂形成配子的过程中。等位基因会随同源染色体的分开而分离，分别进入两个配子中，独立地随配子遗传给后代。 【详解】A、由于D基因对雌配子没有影响，因此杂合子Dd棉花亲本产生的雌配子D∶d=1∶1，A错误； B、由于D基因会导致不含该基因的花粉1/2死亡，因此Dd产生的雄配子D∶d=2∶1，且雌配子D∶d=1∶1，故子代DD=2/3×1/2=1/3，dd=1/3×1/2=1/6，Dd=1-1/3-1/6=1/2，即Dd自交子代的基因型及比例为DD∶Dd∶dd=2∶3∶1，B错误； C、子一代的基因型及比例为DD∶Dd∶dd=2∶3∶1，DD自交后代均为DD，dd自交后代均为dd，Dd自交后代为DD∶Dd∶dd=2∶3∶1，因此dd所占的比例为1/6+3/6×1/6=1/4，D-占3/4，即F2的性状分离比为3∶1，C错误； D、子一代的基因型及比例为DD∶Dd∶dd=2∶3∶1，随机交配时，可通过分别求雌配子比例和雄配子比例进行计算，雌配子比例为D∶d=（2/6+3/6×1/2）∶（3/6×1/2+1/6）=7∶5，由于D基因会导致不含该基因的花粉1/2死亡，因此子一代产生的雄配子为D∶d=（2/6+3/6×1/2）∶（3/6×1/2×1/2+1/6）=2∶1，故子二代dd所占比例为1/3×5/12=5/36，D正确。 故选D。 11. 下列关于遗传的几项计算中，错误的是 ( ) A．N对基因均杂合（基因间均独立遗传）的个体自交后代中杂合子出现的概率为1/2n B．Aa（亲本）连续自交5代（每代均去除aa）后,则子5代中Aa出现的概率为2/33 C．Aa（亲本）连续自交，Fn中纯合子的比例比上一代增加了（1/2）n-1 D．Aa（亲本）连续自交并淘汰隐性个体与自由交配并淘汰隐性个体，在第N代杂合子所占的比例相比，连续自交并淘汰隐性个体的杂合子比例较低 【答案】A 【详解】N对基因均杂合（基因间均独立遗传）的个体自交后代中杂合子出现的概率为1-1/2n，A错误；一个基因型为Aa的个体自交,子一代得到 AA的概率是1/4,Aa是2/4,aa是1/4,去除 aa的话,AA的概率是1/3,Aa是2/3；能够产生aa的只有Aa的基因型的自交,所以再自交一代Aa的概率是2/3*1/2=1/3,aa为2/3*1/4=1/6,Aa为1/2,再除去aa,则AA的概率变为3/5,Aa变为2/5；以此类推,自交三代时,AA的概率变为7/9,Aa变为2/9，由此我们可以推出自交代数N与Aa之间的关系（除去aa）是Aa=2/（2的N次方+1）,自交五代后,Aa=2/33,AA=31/33，B正确；Aa（亲本）连续自交，Fn-1中纯合子占1-1/2n-1, Fn中纯合子占1-1/2n,所以Fn中纯合子的比例比上一代增加了1-1/2n-1+1/2n-1=1/2n-1，C正确；根据以上分析可知，Aa（亲本）连续自交并淘汰隐性个体与自由交配并淘汰隐性个体，在第N代杂合子所占的比例相比，连续自交并淘汰隐性个体的杂合子比例较低，D正确。 【考点定位】杂合子的自交和自由交配 【名师点睛】淘汰隐性个体后,子一代、子二代、子三代中Aa所占比例分别是2/3、2/5、2/9,可由此类推 第n代的隐性个体为：1//2n＋2；杂合子：2/（2n+2）；显性纯合子为：1-3/（2n＋2）。当不计隐性个体时：杂合子2/（2n+1）；显性纯合子为1 - 2/（2n＋2）。 12. 某种猫的毛色有4种,由常染色体上三对独立遗传的等位基因控制。已知存在基因C时,该种猫的毛色均为白色。如图为不存在基因C时,该种猫毛色的形成过程,其中酶A由基因A控制合成,酶B由基因B控制合成。请回答下列问题: (1)该种猫白色个体的基因型有　　　种。  (2)现有两只绿色猫交配,并产下6只小猫,其中有1只白色、5只绿色。该实验结果　　　　(填“能”或“不能”)体现这三对等位基因的遗传遵循孟德尔的遗传定律,原因是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。  (3))取(2)中亲本绿色雄猫测交,得到数量足够多的后代小猫,则绿色∶黄色∶蓝色∶白色=　　　　　　;现让这4种颜色的后代小猫自由交配,它们的下一代中绿色∶黄色∶蓝色∶白色=　　　　　　　　　。  【答案】(1) 19 基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物性状 (2) 不能 后代数量过少，不能形成正常的分离比 (3) 1：1：1：1 49：63：63：81 【分析】由题意“常染色体上三对独立的等位基因控制”准确定位这三对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律。抓住题意中的“已知存在C基因时，该种猫的毛色均为白色”、“下图为不存在C基因时，该种猫毛色的形成过程”这一有效信息并以此为解题的切入点，从图示中提取信息，准确定位表现型与基因型的关系，即黄色为A_bbcc、蓝色为aaB_cc、绿色为A_B_cc、，白色为aabbcc和_ _ _ _C_。 【详解】（1）依题意可知：某种猫的毛色由常染色体上A和a、B和b、C和c这三对独立的等位基因控制，共有3（AA、Aa、aa）×3（BB、Bb、bb）×3（CC、Cc、cc）＝27种基因型，其中控制黄色（A_bbcc）的基因型有2种、控制蓝色（aaB_cc）的基因型有2种、控制绿色（A_B_cc）的基因型有4种，其余的均为控制白色的基因型，共有27﹣（2+2+4）＝19种。图示体现了基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，从而控制生物性状。 （2）有两只亲本绿色猫交配，并产下6只小猫，其中有1只白色，5只绿色由于后代数量过少，不能形成正常的分离比，故不能体现这三对等位基因遵循孟德尔的遗传定律。 （3）现有两只亲本绿色猫（A_B_cc）交配，cc的后代只有cc，因此产下的1只白色基因型为aabbcc，说明双亲的基因型均为AaBbcc。让亲本中的雄猫测交，即AaBbcc与aabbcc交配，则后代的表现型及其比例为绿色（AaBbcc）∶黄色（Aabbcc）∶蓝色（aaBbcc）∶白色（aabbcc）＝1∶1∶1∶1。这4种颜色的后代小猫中，基因型为AaBbcc、Aabbcc、aaBbcc、aabbcc各占1/4，产生的配子为1/16ABc、3/16Abc、3/16aBc、9/16abc。让这4种颜色的后代小猫自由交配，他们的下一代中，白色个体占9/16abc×9/16abc＝81/256，蓝色个体占3/16aBc×3/16aBc+3/16aBc×9/16abc+9/16abc×3/16aBc＝63/256，黄色个体占3/16Abc×3/16Abc+3/16Abc×9/16abc+9/16abc×3/16Abc＝63/256，绿色个体占1﹣（81/256+63/256+63/256）＝49/256，即绿色∶黄色∶蓝色∶白色＝49∶63∶63∶81。 4、 否定融合遗传 13. 下列有关孟德尔的一对相对性状杂交实验的叙述中，正确的是 ( ) A ．孟德尔的演绎过程：若 F1 产生配子时成对的遗传因子分离，则 F2 中三种基因型的个体比值接近 1 ：2 ：1 B ．F2 出现了性状分离，该实验结果能否定融合遗传 C ．孟德尔所作假说的核心内容是“性状是由位于染色体上的基因控制的” D ．测交后代中高茎与矮茎植株的数量比接近 1 ：1 ，属于假说的内容 【答案】B 【分析】孟德尔采用假说—演绎法得出了基因的分离定律和基因的自由组合定律；其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证→得出结论。 【详解】A、孟德尔的演绎过程（测交）：若F1产生配子时成对的遗传因子分离，则测交后代两种表型比值接近1：1，A错误； B、因为F1只有一种性状，F2出现了性状分离，该实验结果能否定融合遗传，B正确； C、孟德尔所作假设的核心内容之一是“性状是由遗传因子控制的”，孟德尔所在的年代还没有“基因”一词，C错误； D、测交后代中高茎与矮茎植株的数量比接近1：1，属于“实验验证”的内容，D错误。 故选B。 14. 为了验证孟德尔遗传方式的正确性，有人用一株开红花的烟草和一株开白花的烟草作为亲本进行实验。在下列预期结果中，支持孟德尔遗传方式而否定融合遗传方式的是（     ） A．红花亲本与白花亲本杂交的F1全为红花 B．红花亲本与白花亲本杂交的F1全为粉红花 C．红花亲本与白花亲本杂交得F1，F1自交得到的F2按照一定比例出现花色分离 D．红花亲本自交，子代全为红花；白花亲本自交，子代全为白花 【答案】C 【分析】孟德尔豌豆一对相对性状的杂交实验，F1全为高茎，F1自交，F2中高茎：矮茎=3：1. 【详解】孟德尔认为，用具有相对性状的亲本杂交，在F1杂合细胞中，等位基因虽然存在于同一个细胞内，但彼此保持着独立性，互不融合。红花与白花亲本杂交，虽然F1只表现一种性状，但后代能按照一定的比例出现花色分离，这就有力地否定了融合遗传方式，支持了孟德尔的遗传理论，综上分析，C正确，ABD错误。 故选C。 5、 不完全显性与共显性 15. 油菜花有黄花、乳白花和白花三种，受一对等位基因 A/a 控制，A 基因是一种“自私基因” ，杂合子在产生配子时， A 基因会使体内含 a 基因的雄配子一半致死。选择黄花（AA）植株和白花（aa）植株杂交，正反交结果均为 F1 ，全 部开乳白花，F1 植株自交得 F2 。下列叙述正确的是 ( ) A ．F2 分离比不为 3:1 ，故 A/a 的遗传不遵循基因分离定律 B ．据题意可知，A 对 a 为不完全显性 C ．F2 油菜植株中，黄花:白花：=3:1 D ．F1 测交，后代中乳白花占 1/3 【答案】B 【分析】基因分离定律的实质是进行有性生殖的生物在产生配子时，等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代。 【详解】A、由题意可知，由于A基因杀死部分雄配子，导致F2分离比不为3:1，但基因A/a的遗传遵循分离定律，A错误； B、选择黄花（AA）植株和白花（ aa）植株杂交，正反交结果均为乳白花Aa，说明A基因对a基因为不完全显性，B正确； C、F1自交，根据题干，A基因会使体内含a基因的雄配子一半致死，则子一代产生的雄配子A：a=2:1，雌配子A：a=1:1，后代黄花AA：乳白花Aa：白花aa=2:3:1，C错误； D、若以F1乳白花植株作父本，产生的雄配子A：a=2:1，与aa个体测交，后代产生乳白花Aa：白花aa=2:1，乳白花占2/3；若以F1乳白花植株作母本进行测交，后代产生乳白花Aa：白花aa=1:1，后代中乳白花占1/2，D错误。 故选B。 16. 若同源染色体同一位置上等位基因的数目在两个或者两个以上，就称为复等位基因。例如人 类 ABO 血型系统有 A 型、B 型、AB 型和 O 型，由 IA、IB、i 三个复等位基因决定，基因 IA 和 IB 对 i 是完全显性，IA和 IB是共显性。下列叙述正确的是 A．人类的 ABO 血型有 4 种表现型，有 6 种基因型 B．复等位基因在减数分裂时不遵循孟德尔遗传定律 C．表现型为 AB 型的个体细胞中可以同时含有 IA、IB、i 三个复等位基因 D．表现型为 A 型的男性和 B 型的女性结婚，生下的孩子血型只能是 A 型或者 B 型 【答案】A 【分析】1、基因分离定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，由于基因突变具有不定向性，因此可能产生复等位基因，复等位基因也遵循基因分离定律。 2、根据题意，人类的ABO血型是受IA，IB和i三个复等位基因所控制的。IA和IB对i基因均为显性，IA和IB为并显性关系，即两者同时存在时，能表现各自作用。A型血型有两种基因型IAIA和IAi，B型血型有两种基因型IBIB和IBi，AB型为IAIB，O型为ii。 【详解】复等位基因在遗传时依然遵循孟德尔分离定律，每一个个体体内核基因成对存在，正常情况下不会同 时出现 3 个血型控制基因。表现型为 A 型的男性和 B 型的女性结婚，生下的孩子血型可能是 A 型、B 型、AB 型或者 O 型。综上，A正确，BCD错误。 故选A。 【点睛】本题考查基因的分离定律的实质及其应用、人类的血型遗传及基因频率的计算等相关知识，意在考查学生对已学知识的理解程度、获取信息和解决问题的能力。 6、 复等位基因 17. 小鼠的体色由复等位基因控制，基因 A 控制黄色，基因型为 AA 的胚胎致死，基因 a1 控制鼠色（野生型），基因 a2 控制非鼠色。这些复等位基因位于常染色体上，A 对 a1 、a2 为显性，a1 对 a2为显性，现有 Aa2×a1a2 的杂交组合。下 列叙述正确的是 ( ) A ．基因 A 和 a2不可能出现在同一条染色体上 B ．题述杂交组合的成年子代小鼠中黄色:鼠色:非鼠色=3:1:0 C ．若一只黄色雄鼠和几只非鼠色雌鼠杂交，其子代小鼠中可能会同时出现黄色和鼠色 D ．基因型为 Aa1 、Aa2 的个体杂交得 F1 ，F1 自由交配，F2 中黄色小鼠所占比例为 1/4 【答案】C 【分析】基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。 【详解】A、AA胚胎致死，不存在于成年个体中，成年小鼠可能的基因型为Aa₁、Aa₂、a₁a₁、a₁a₂、a₂a₂，共5种，A错误； B、Aa2×a1a2的杂交组合中子代为1/4Aa₁（黄色）、1/4Aa₂（黄色）、1/4a₁a₂（鼠色）、1/4a₂a₂（非鼠色），表型比例为黄色:鼠色:非鼠色=2:1:1，B错误； C、黄色雄鼠基因型可能为Aa₁或Aa₂：若为Aa₁，与非鼠色雌鼠（a₂a₂）杂交，子代基因型为Aa₂（黄色）和a₁a₂（鼠色），可能同时出现黄色和鼠色，C正确； D、Aa₁×Aa₂的子代F₁基因型为Aa₁（1/3）、Aa₂（1/3）、a₁a₂（1/3），自由交配时，F₁产生的配子中A、a₁、a₂各占1/3，F₂基因型中，黄色（Aa₁、Aa₂）占4/9，鼠色（a₁a₁、a₁a₂）占3/9，非鼠色（a₂a₂）占1/9，D错误。 故选C。 18. 豚鼠毛色由位于常染色体上的Ca（黑色）、Cb（乳白色）、Cc（银色）、Cd（白化）4个复等位基因控制，这4个复等位基因之间的显隐性关系是Ca>Cb>Cc>Cd，下列叙述错误的是（　　） A．种群中乳白色豚鼠的基因型共有3种 B．两只黑色豚鼠杂交后代中不可能出现银色豚鼠 C．两只白化的豚鼠杂交，后代的性状都是白化 D．两只豚鼠杂交的后代最多会出现三种毛色，最少一种毛色 【答案】B 【分析】基因的分离定律的实质是：在杂合体的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性，在减数分裂形成配子的过程中，等位基因会随同源染色体的分开而分离，分别进入两个配子中，独立地随配子遗传给后代。 【详解】A、由题意可知，种群中乳白色豚鼠的基因型有：CbCb、CbCc、CbCd3种，A正确； B、当黑色豚鼠基因型为CaCc时，即CaCc×CaCc杂交，后代可以出现银色豚鼠（CcCc），B错误； C、白化的豚鼠基因型为CcCc，CcCc×CcCc杂交，后代的性状都是白化，C正确； D、由于豚鼠毛色由常染色体上复等位基因决定，所以两只豚鼠杂交的后代最多会出现三种毛色，最少一种毛色，如CaCd×CbCd杂交，后代出现三种毛色，CcCc×CcCc杂交，后代出现一种毛色，D正确。 故选B。 7、 从性遗传、母性效应 19. 已知牛的体色由一对等位基因（A 、a）控制，其中基因型为 AA 的个体为红褐色，aa 为红色，在基因型为 Aa 的 个体中，雄牛为红褐色，雌牛为红色。现有一群牛，只有 AA 、Aa 两种基因型，其比例为 1 ：1 ，且雌：雄=1 ：1 。若 让该群体的牛分别进行自交（基因型相同的雌雄个体交配）和自由交配，则子代的表现型及比例分别是 ( ) A ． 自交红褐色：红色=1 ：1 ； 自由交配红褐色：红色=4 ：5 B ． 自交红褐色：红色=5 ：1 ； 自由交配红褐色：红色=8 ：1 C ． 自交红褐色：红色=2 ：1 ； 自由交配红褐色：红色=2 ：1 D ． 自交红褐色：红色=3 ：1 ； 自由交配红褐色：红色=3 ：1 【答案】D 【分析】根据题意分析可知：基因型为AA的个体的体色是红褐色的，aa是红色的，基因型为Aa的个体中雄牛是红褐色的，而雌牛是红色的，说明其性状受一对等位基因控制，遵循基因的分离定律。 【详解】根据题意，若该牛群进行自交，则1/2个体为AA×AA和1/2个体为Aa×Aa，故子代中AA的个体为1/2+1/2×1/4=5/8，aa的个体为1/2×1/4=1/8，Aa的个体为1/2×1/2=1/4（各种基因型个体均为雌雄个体各一半）；若该牛群进行自由交配，则可产生的雌雄配子分别为3/4A和1/4a，故可做下表分析： 3/4A 1/4a 3/4A 9/16AA 3/16Aa 1/4a 3/16Aa 1/16aa 即AA：Aa：aa=9:6:1（各种基因型个体均为雌雄各一半） 根据分析，该牛群自交后代中AA：Aa：aa=5:2:1，Aa的个体中雌雄各半，雌为红色雄为红褐色，故红褐色：红色=6:2=3:1；自由交配的后代中AA：Aa：aa=9:6:1，Aa中一半为雌性红色，一半为雄性红褐色，故红褐色：红色=12:4=3:1，D正确，ABC错误。 故选D。 20. “母性效应”是指子代某一性状的表型仅由母本的核基因型决定，而不受自身基因型的支配，也与母本的表型无关。 椎实螺是一种雌雄同体的动物，群养时一般异体受精，单独饲养时进行自体受精。椎实螺外壳的旋向由一对核基因控 制，右旋（S）对左旋（s）是显性，外壳的旋向符合“母性效应” 。以右旋椎实螺 A（SS）和左旋椎实螺 B（ss）作为亲本进行正反交实验得 F1 后全部单独饲养进行相关实验。下列叙述不正确的是 ( ) A ．任一椎实螺单独饲养，子一代都不会发生性状分离 B ．椎实螺 A 、B 正反交所得 F₁的螺壳旋向与各自母本相同 C ．F₁单独饲养后，所得 F₂的螺壳旋向为右旋 ∶左旋=3 ∶ 1 D ．螺壳左旋的椎实螺基因型只有 Ss 、ss 两种可能 【答案】C 【分析】根据题意和图示分析可知：“母性效应”现象是符合孟德尔分离定律的，母本的基因型来决定子代的表现型，所以要求哪一个个体的表现型，要看他母本的基因型。 【详解】A、由于子代性状的表现型仅由母本的核基因型决定，椎实螺单独饲养时进行自体受精，子一代的表现型与亲本相同，不会发生性状分离，A正确； B、子代性状的表现型仅由母本的核基因型决定，椎实螺A、B正反交所得F1的螺壳旋向均与各自母本相同，B正确； C、右旋椎实螺A（SS）和左旋椎实螺B（ss）作为亲本进行正反交，F1的基因型为Ss，F1（Ss）单独饲养后进行自体受精，所得F2的螺壳旋向与母本的核基因型决定，即全部为右旋，C错误； D、由于旋向的遗传规律是子代旋向只由其母本核基因型决定而与其自身基因型无关，所以椎实螺螺壳表现为左旋的个体，其母本基因型为ss，而父本基因型可以是SS或Ss或ss，因此螺壳左旋的椎实螺的基因型可能为Ss或ss，不可能为SS，D正确。 故选C。 8、 自交不亲和、雄性不育 21. 自交不亲和性是指某一植物的雌雄两性机能正常，但不能进行自花传粉或同一品系内异花传粉的现象。如某品种烟草为二倍体雌雄同株植物，却无法自交产生后代。烟草的自交不亲和性是由复等位基因（S1、S2、S3、S4…）控制，烟草的花粉只有通过花粉管伸长（花粉管由花粉萌发产生）输送到卵细胞所在处，才能完成受精。下表为不亲和基因的作用规律： 亲本组合 S3S4♂×S1S2♀ S1S2自交 S1S2♂×S1S3♀ 花粉管萌发情况 S3、S4花粉管都能伸长 S1、S2花粉管都不能伸长 只有S2花粉管能伸长 结合上表信息，下列分析错误的是（　　） A．S1S2 在产生配子的过程中发生了遗传因子的分离 B．将基因型为S1S3的花粉授于基因型为S1S2的烟草，则子代的基因型为S1S2、S2S3 C．自然条件下，烟草不存在S系列基因的纯合体 D．在杂交育种时，用两种自交不亲和的植株做亲本，可以省略杂交过程的去雄操作 【答案】B 【详解】A、复等位基因（如S1、S2、S3等）由同一基因突变产生，体现基因突变的不定向性，A正确； B、父本S1S3产生的花粉为S1或S3，母本为S1S3。根据自交不亲和规律，花粉的S基因若与母本任一S基因相同，花粉管无法伸长。因此，S1和S3花粉均无法完成受精，无法产生子代，B错误； C、自交不亲和性导致相同S基因的花粉无法萌发，自然条件下无法通过自交形成纯合体（如S1S1），C正确； D、自交不亲和的植株无法自花传粉，杂交时无需人工去雄，D正确。 故选B。 22. 在植物的质核互作雄性不育现象中，细胞质不育基因用W表示，可育基因用V表示；细胞核中不育基因用a表示，可育基因用A表示，A对a完全显性。当细胞质基因为W型且核基因为纯合隐性aa时，记为W（aa），植株表现为雄性不育。在多种作物如水稻、油菜等的杂交育种中，常利用质核互作雄性不育系、保持系和恢复系进行三系配套制种。下列有关叙述错误的是（　　） A．雄性不育系与基因组成为V（aa）的保持系杂交，后代能保持雄性不育的特性 B．雄性不育系与基因组成为V（AA）或W（AA）的恢复系杂交，后代可恢复育性 C．基因组成为W（Aa）的植株自交，后代中雄性不育株∶雄性可育株=1:3 D．基因组成为V（Aa）的植株与雄性不育系杂交，后代中全为雄性可育株 【答案】D 【详解】A、雄性不育系基因型为W(aa)，仅能作为母本，与保持系V(aa)杂交时，其后代基因型为W(aa)，可保持雄性不育特性，A正确； B、雄性不育系W(aa)与恢复系V(AA)或W(AA)杂交，后代基因型为W(Aa)，表现为可育，可恢复育性，B正确； C、W(Aa)植株自交，子代细胞质基因均为W，核基因Aa自交后代为AA:Aa:aa=1:2:1，仅W(aa)为雄性不育，故雄性不育株:雄性可育株=1:3，C正确； D、雄性不育系W(aa)只能作母本，与父本V(Aa)杂交，子代细胞质均为W，核基因可为Aa或aa，即存在W(aa)的雄性不育株，并非全为雄性可育株，D错误。 23. 甘蓝型油菜属于十字花科植物，是两性花，它们的雄性育性由两对等位基因A/a和B/b控制，其中A对a为完全显性，B基因的存在会抑制不育基因的表达。现有甲（雄性不育）、乙（雄性可育）两个品系，研究人员进行了如下实验：实验一：甲与乙杂交，F1个体全部表现为雄性可育；实验二：将实验一所得F1自交，单株收获种子，种植并统计F2表型。统计发现，约有一半的F1单株自交得到的F2全部表现为雄性可育；其余一半的F1单株自交得到的F2中表现为雄性可育：雄性不育=13：3。 回答下列问题： (1)用雄性不育品系杂交育种，操作上最显著的优点是__________________________________________________，该植物雄性育性的遗传遵循____________________定律。 (2)基因A和B的根本区别是___________________________________，A/a和B/b中控制雄性不育性状的基因是__________________________。 (3)亲代甲、乙的基因型分别为__________和__________。 (4)F2中雄性可育植株的基因型有_____种，雄性可育植株中纯合子所占的比例为__________。 (5)若要利用F2中的两种可育植株杂交，通过一次杂交实验选育出雄性不育的子代，使后代雄性不育植株的比例最高，请选择合适的材料为亲本并用遗传图解表示其杂交过程______________________________。 【答案】(1) 不用去雄 自由组合 (2) 基因中的碱基对（核苷酸对）的数量和排列顺序不同 A (3) Aabb aaBB (4) 7 11/29 (5) 【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】（1）雄性不育品系在杂交育种中最显著的优点是无需人工去雄，节省人力，提高育种效率。 该植物育性由两对等位基因控制，遵循基因的自由组合定律。 （2）基因A和B的根本区别是基因中的碱基对（核苷酸对）的数量和排列顺序不同。 由题意可知，F2出现13:3的比例，这是9：3：3：1的变式，说明两对基因独立遗传，遵循自由组合定律，B基因抑制不育基因的表达，所以不育性状主要由A/a控制，由其余一半的F1单株自交得到的F₂中表现为雄性可育：雄性不育=13：3，可知aabb为可育，控制雄性不育性状的基因是A。 （3）F1全部可育，说明B基因抑制了A的不育效应。F1自交后，一半的F1单株自交得到的F2中出现13:3的比例，说明这一半F1是双杂合子（AaBb)。一半的F1单株自交得到的F2全部表现为雄性可育，则这一半F1要么同时存在A和B，要么不存在A，又因它和AaBb比例约为1:1，故推测这一半F1的基因型为aaBb，所以甲是Aabb。乙是aaBB。 （4）由于B基因抑制不育基因的表达，所以亲本雄性不育个体的基因型为Aabb，亲本雄性可育植株的基因型为aaBB，所以F2中A-bb表现为雄性不育，aaB-表现为雄性可育。雄性可育植株的基因型有7种，分别为1/13AABB，2/13AaBB，2/13AABb，4/13AaBb，2/13aaBb，1/13aaBB，1/13aabb。F1为1/2AaBb、1/2aaBb，1/2AaBb自交产生的后代为1/16AABB、2/16AaBB、2/16AABb、1/16aaBB、2/16aaBb、4/16AaBb、1/16aabb、1/16AAbb、 2/16Aabb；1/2aaBb产生的后代均可育，为1/4aaBB、1/2aaBb、1/4aabb，综上，可育植株为1/2+1/2×13/16=29/32，纯合子所占的比例为1/2×1/2+1/2×3/16=11/32，因此，在F2的可育植株中，纯合子所占的比例为 11/32：29/32=11/29。 （5）若通过若干雄性可育植株育出雄性不育的子代，且使F₁中雄性不育植株比例最高，则亲本的选择应为AABb（可育）和aabb（雄性可育），遗传图解如下： 24. “喜看稻菽千重浪，遍地英雄下夕烟”，中国科学家团队对水稻科研做出了突出贡献：袁隆平院士被誉为“杂交水稻之父”，朱英国院士为我国杂交水稻的先驱，农民胡代书培育出了越年再生稻等。某兴趣小组在科研部门的协助下进行了下列相关实验：取甲（雄蕊异常，雌蕊正常，表现为雄性不育）、乙（可育）两个品种的水稻进行相关实验，实验过程和结果如下表所示。已知水稻雄性育性由等位基因A/a 控制，A 对a 完全显性，B 基因会抑制不育基因的表达，反转为可育。 P F1 F1 个体自交单株收获，种植并统计F2 表现型 甲与乙杂交 全部可育 一半全部可育 另一半可育株：雄性不育株＝13：3 (1)水稻是雌雄同株两性花的植物，杂交实验中，为了防止母本______须进行人工去雄。水稻的花非常小，人工操作难以实现。后来，科学家在自然界发现了雄性不育（雄蕊不能产生可育花粉）的水稻植株，其在杂交时只能做_________（填“父本”或“母本”），这就免除了人工去雄的工作，因此作为重要工具用于水稻杂交育种。 (2)不育系的产生是基因突变的结果。上述实验中控制水稻雄性不育的基因是_________填(“A”或“a”），该兴趣小组同学在分析结果后认为A/a 和B/b 这两对等位基因在遗传时遵循基因的自由组合定律，其判断理由是__________ _____________________________________________________________。 (3)F2 中可育株的基因型共有_________种。 (4)若要利用F2 中的两种可育株杂交，使后代雄性不育株的比例最高，则双亲的基因型为_______________。 (5)现有各种基因型的可育水稻，请利用这些实验材料，设计一次杂交实验，确定某雄性不育水稻丙的基因型。 实验思路为：取基因型为_____________的可育株与水稻丙杂交，观察后代植株的育性。若后代全是雄性不育植株，则丙基因型是_____________；若后代出现可育植株和雄性不育植株，且比例为1∶1，则丙的基因型为_____________。 【答案】(1) 自交（或自花传粉） 母本 (2) A F1个体自交单株收获得到的F2中的一半表现的性状分离比为可育株∶雄性不育株＝13∶3，而13∶3是9∶3∶3∶1的变式，说明该性状受两对等位基因控制，遵循自由组合定律 (3)7/七 (4)aabb和AABb (5) aabb AAbb Aabb 【分析】题意分析，F1个体自交得到的F2中的一半出现可育株:雄性不育株=13:3，13: 3是9:3:3: 1的变式，说明该性状受两对等位基因控制，遵循自由组合定律，且这部分子一代的基因型是AaBb。由于B基因会抑制不育基因的表达，反转为可育，说明雄性不育株一定不含B基因，进而确定控制雄性不育的基因为A，可育的基因型为A_ B_ 、aaB_ 、aabb，雄性不育的基因型是A_bb；F2出现两种情况，说明F1的基因型有两种且各占1/2，可确定甲的基因型是Aabb、乙的基因型是aaBB，子一代基因型是AaBb、aaBb，aaBb自交后代全部可育，AaBb自交后代可育株：雄性不育株=13：3。 【详解】（1）水稻是雌雄同株两性花植株，自然状态下会发生自交，故在做人工杂交实验时需对母本去雄并套袋。雄性不育的水稻植株的雄蕊不能产生可育花粉，在杂交实验时只能作为母本接受花粉，而不能作为父本。 （2）B基因会抑制不育基因的表达，反转为可育，说明雄性不育株一定不含B基因，一半F1个体自交得到F2代中，可育株:雄性不育株=13:3，是9:3:3:1的变式，可推测雄性不育株基因型是A_ bb，可育的基因型为A_ B_ 、aaB_ 、aabb，据此确定控制雄性不育的基因为A。F1个体自交得到的F2中的一半出现可育株:雄性不育株=13:3，13: 3是9:3:3: 1的变式，说明该性状受两对等位基因控制，遵循自由组合定律，该比值的出现是基因重组(或自由组合)的结果。 （3）根据F2的表现型及比例可知F1的基因型为1/2aaBb，1/2AaBb，可知甲的基因型是Aabb、乙的基因型是aaBB。aaBb自交后代的基因型共3种，为aaBB、aaBb、aabb；AaBb自交后代的基因型共9种，其中AAbb、Aabb表现为不育，因此可育株的基因型共有9-2=7种。 （4） 利用F2中的两种可育株杂交， 要使得得到雄性不育株A_ bb的比例最高，可确定其中一个亲本全部产生b的配子， 则亲本之一的基因型型一定是aabb，另一亲本能产生A的配子， 则另一亲本的基因型为AABb，则所选个体的基因型为aabb和AABb。 （5）水稻不育植株的基因型为A_ bb，要确定水稻丙的基因型，可采用测交的方法，即取基因型为aabb的可育株与水稻丙杂交，观察后代植株的育性；若后代全是雄性不育植株，则丙基因型是AAbb，若后代出现可育植株和雄性不育植株，且比例为1: 1，则丙的基因型为Aabb。 9、 致死问题 （一）配子致死 25. 自然界配子的发生、个体的发育受多种因素制约，存在致死现象。某基因型为Aa的自花授粉植株，A对a为不完全显性，若在产生配子时，含a的花粉1/3致死，其自交后代表型比例为（    ） A．4：1 B．3：7 C．9：6：1 D．3：5：2 【答案】D 【分析】基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。 【详解】由于在产生配子时，含a的花粉1/3致死，所以亲代产生的雄配子比例A：a=3:2，雌配子A：a=1:1，所以自交后子代基因型及比例如下表： 3A 2a 1A 3AA 2Aa 1a 3Aa 2aa 由于A对a为不完全显性，所以后代表型比例为 3：5：2。 故选D。 26. 如果在一个种群中，基因型 AA 的比例为 25%，基因型 Aa 的比例为 50%，基因型 aa 的比例为 25% 。已知基因型为 Aa 的植株产生的 a 花粉中，有 2/3 是致死的。让该种群的植株随机交配，在产生的后代中，AA：Aa：aa 基因型个 体的数量比为 ( ) A ．4 ∶7 ∶3 B ．6 ∶ 11 ∶5 C ．3 ∶5 ∶2 D ．3 ∶4 ∶ 1 【答案】C 【分析】由题可知：在一个随机交配的群体中，AA个体占25%，Aa个体占50%，aa个体占25%，比例为1：2：1。 【详解】根据题目信息可知，种群中基因型AA的比例为25%，Aa为50%，aa为25%。已知Aa植株产生的a花粉中有2/3是致死的。由此可知，在雌配子中A和a的比例各为1/4＋1/2×1/2=1/2。雄配子中Aa植株产生的雄配子原本A和a各占50%，但a花粉中有2/3致死，所以总雄配子中A的比例为1/4＋1/4=1/2，有效的a的比例1/4×1/3＋1/4=1/3，致死的a的比例1/4×2/3=1/6，因此有效的雄配子中A占3/5，a占2/5。让该种群的植株随机交配，在产生的后代中，AA基因型个体的占比为1/2×3/5=0.3，Aa基因型个体的占比为3/5×1/2＋2/5×1/2=0.5，aa基因型个体的占比为2/5×1/2=0.2，因此AA：Aa：aa基因型个体的数量比为3：5：2，C正确，ABD错误。 故选C。 27. 某植物的花色受独立遗传的两对基因Aa、Bb控制，这两对基因与花色的关系如图所示，此外，AB的花粉由于活力不足不能参与受精作用。现将基因型为AaBb的个体进行自交获得F1，则F1中花色的表现型及比例是（    ） A．白色：粉色：红色 = 4：3：9 B．白色：粉色：红色 = 5：3：4 C．白色：粉色：红色 = 4：3：5 D．白色：粉色：红色 = 6：9：1 【答案】C 【分析】自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】 据题意可知A_B_表现为红色，A_bb表现为粉色，aaB_和aabb表现为白色。基因型AaBb的个体自交产生子代中植物基因型及比例为A_B_：A_bb：aaB_：aabb=9:3:3:1，考虑含有AB的花粉由于活力不足不能参与受精作用，故红色花色的子代中减少4份，即A_B_：A_bb：aaB_：aabb变为5:3:3:1，即白色:粉色:红色=4:3:5，C正确，ABD错误。 故选C。 （二）胚胎致死 28. 某昆虫的翅型有正常翅和裂翅，体色有灰体和黄体，控制翅型和体色的两对等位基因独立遗传，且均不位于Y染色体上。研究人员选取一只裂翅黄体雌虫与一只裂翅灰体雄虫杂交，F1表型及比例为裂翅灰体雌虫：裂翅黄体雄虫：正常翅灰体雌虫：正常翅黄体雄虫=2：2：1：1。让全部F1相同翅型的个体自由交配，F2中裂翅灰体昆虫占F2总数的（　） A．1/12 B．1/10 C．1/8 D．1/5 【答案】D 【详解】假设控制翅型的基因为A、a，控制体色的基因为B、b。控制翅型和体色的两对等位基因独立遗传，则两对基因的遗传遵循自由组合定律。分析F1表型可知，雌虫全为灰体，雄虫全为黄体，又因为控制翅型和体色的两对等位基因均不位于Y染色体上，因此可推测控制体色的基因位于X染色体上，且黄体为隐性性状。裂翅黄体雌虫与裂翅灰体雄虫杂交，F1出现了正常翅的性状，可以推测裂翅为显性性状，正常翅为隐性性状。由以上分析可以推出亲本裂翅黄体雌虫的基因型为AaXbXb，裂翅灰体雄虫的基因型为AaXBY。AaXbXb和AaXBY杂交，正常情况下，F1中裂翅∶正常翅=3∶1，实际得到F1中裂翅∶正常翅=2∶1，推测应该是AA存在致死情况。AaXbXb和AaXBY杂交，F1表型及比例为裂翅灰体雌虫（AaXBXb）∶裂翅黄体雄虫（AaXbY）∶正常翅灰体雌虫（aaXBXb）∶正常翅黄体雄虫（aaXbY）=2∶2∶1∶1.F1的裂翅个体基因型为AaXBbXb和AaXbY交配才能得到裂翅灰体昆虫，占比为2/3×1/2×1/2=1/6，由于交配后AA个体致死（占比为2/3×1/4=1/6），故F2中裂翅黄体雄虫占比为1/6÷5/6=1/5，ABC错误，D正确。 故选D。 29. 某种小鼠的毛色受 AY(黄色)、A(鼠色) 、a(黑色)3 个基因控制，三者互为等位基因，AY 对 A 、a 为完全显性，A 对 a 为完全显性，并且基因型 AYAY 胚胎致死(不计入个体数) 。下列叙述错误的是( ) A ．若 AYa 个体与 AYA 个体杂交，则 F1 有 3 种基因型 B ．若 AYa 个体与 Aa 个体杂交，则 F1 有 3 种表现型 C ．若 1 只黄色雄鼠与若干只黑色雌鼠杂交，则 F1 可同时出现鼠色个体与黑色个体 D ．若 1 只黄色雄鼠与若干只纯合鼠色雌鼠杂交，则 F1 可同时出现黄色个体与鼠色个体 【答案】C 【分析】由题干信息可知，AY对A、a为完全显性，A对a为完全显性，AYAY胚胎致死，因此小鼠的基因型及对应毛色表型有AYA（黄色）、AYa（黄色）、AA（鼠色）、Aa（鼠色）、aa（黑色），据此分析。 【详解】A、若AYa个体与AYA个体杂交，由于基因型AYAY胚胎致死，则F1有AYA、AYa、Aa共3种基因型，A正确； B、若AYa个体与Aa个体杂交，产生的F1的基因型及表现型有AYA（黄色）、AYa（黄色）、Aa（鼠色）、aa（黑色），即有3种表现型，B正确； C、若1只黄色雄鼠（AYA或AYa）与若干只黑色雌鼠（aa）杂交，产生的F1的基因型为AYa（黄色）、Aa（鼠色），或AYa（黄色）、aa（黑色），不会同时出现鼠色个体与黑色个体，C错误； D、若1只黄色雄鼠（AYA或AYa）与若干只纯合鼠色雌鼠（AA）杂交，产生的F1的基因型为AYA（黄色）、AA（鼠色），或AYA（黄色）、Aa（鼠色），则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体，D正确。 故选C。 30. 致死基因的存在可影响后代性状分离比。现有基因型为 AaBb 的个体，两对等位基因独立遗传， 但具有某种基因型的配子或个体致死， 不考虑环境因素对表现型的影响。若该个体自交，下列说法正确的是 ( ) A ．后代分离比为 6 ：3 ：2 ：1 ， 则原因最可能是某对基因显性纯合的个体致死 B ．后代分离比为 5 ：3 ：3 ：1 ，则原因最可能是基因型 AaBb 的个体致死 C ．后代分离比为 7 ：3 ：1 ：1 ，则原因最可能是基因型 AB的雄或雌配子致死 D ．后代分离比为 9 ：3 ：3 ， 则原因最可能是基因型 aB 的雄配子或雌配子致死 【答案】A 【分析】两对等位基因独立遗传，遵循自由组合定律，基因型为AaBb的个体产生的配子类型及比例是AB∶Ab∶aB∶ab=1∶1∶1∶1，自交后代的基因型及比例是A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1。 【详解】A、后代分离比为6∶3∶2∶1，与A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1对照可推测可能是某对基因显性纯合致死，A正确； B、后代分离比为5∶3∶3∶1，只有双显中死亡四份，可推测可能是基因型为AB的雄配子或雌配子致死，导致双显性状中少4份，且亲本基因型为AaBb，不可能致死，B错误； C、子代A_B_∶aaB_（或者A_bb）∶A_bb（或者aaB_）∶aabb=7∶3∶1∶1，与9∶3∶3∶1相比，A_B_少了2，A_bb（或者aaB_）少了2，最可能的原因是Ab（或者aB）的雄配子或雌配子致死，C错误； D、后代分离比为9∶3∶3，没有出现双隐性，说明aabb的合子或个体死亡，D错误。 故选A。 31. 某自花传粉植物两对独立遗传的等位基因(A、a和B、b)分别控制一对相对性状,A对a、B对b均为完全显性。现让基因型为AaBb的植物自交产生F1,下列分析中错误的是 (　　) A.若此植物存在AA个体致死现象,则F1中表型的比例为6∶2∶3∶1 B.若此植物存在ab雌、雄配子都致死的现象,则F1中表型的比例为7∶1∶1 C.若此植物存在AB雄配子一半致死的现象,则F1中表型的比例为5∶3∶3∶1 D.若此植物存在a花粉有1/2不育的现象,则F1中表型的比例为15∶5∶3∶1 【答案】C 【分析】基因自由组合定律的实质是：控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的；在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。 【详解】A、两对基因独立遗传，若此植物存在AA个体致死现象，则上述F1中表型的比例为6（4AaBb、2AaBB）：2（2Aabb）：3（aaBB、2aaBb）：1（aabb），A正确； B、若此植物存在ab雌雄配子都致死现象，则该植物产生雌雄配子均为1/3AB、1/3aB、1/3Ab，则上述F1中表型的比例为7（A_B_）：1（aaBB）：1（AAbb），，B正确； C、若此植物存在AB雄配子一半致死现象，则该植物产生雌配子为AB、aB、Ab、ab，产生雄配子为1AB、2aB、2Ab、2ab，根据配子法可得F1中表型的比例为7（A_B_）：3（A_bb）：3（aaB_）：1（aabb），C错误； D、若此植物存在a花粉有1/2不育现象，则亲本产生的卵细胞有AB、Ab、aB、ab且比值为1：1：1：1，精子为AB、Ab、aB、ab且比例为2：2：1：1，则上述F1中表型的比例为15：5：3：1，D正确。 故选C。 10、 基因互作 32. 某植物的花色由 A 、a 和 B 、b 两对等位基因控制且独立遗传。花色形成的生物化学途径如下： 回答下列问题： (1)若该植物是雌雄同株异花植物，则在杂交过程中需要 次套袋处理； (2)A 、a 和 B 、b 两对基因的遗传遵循 定律。 (3)白花植株中纯合子的基因型有 种。 (4)若基因型不同的白花植株杂交，F1 紫花：白花=1 ：1 ，将 F1 紫花植株自交，所得 F₂植株中紫花：白花= 。 (5)对基因型为 AaBb 的个体进行测交，请用遗传图解表示该过程。 【答案】(1)2 (2)自由组合 (3)3 (4)9:7 (5)   【分析】1、基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。 2、基因自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】（1）该植物是雌雄同株异花植物，为防止外来花粉的干扰，需要进行两次套袋，即授粉前套袋和授粉后套袋。 （2）植物的花色由A、a和B、b两对等位基因控制且独立遗传，因此遵循基因的自由组合定律。 （3）由题意知，A_B_表现为紫花，A_bb、aa_ _表现为白花，因此白花的纯合子有3种分别是AAbb、aaBB、aabb。 （4）基因型不同的白花植株杂交，F1紫花：白花=1：1，白花的基因型为A_bb、aa_ _，紫花的基因型为A_B_，因此亲本基因型为AAbb×aaBb或Aabb×aaBB，F1紫花的基因型都是AaBb，F1紫花植株自交，所得F2植株中紫花：白花=9：7。 （5）对基因型为AaBb的个体进行测交，AaBb可产生4种配子比例为1：1：1：1，分别是AB、Ab、aB、ab，测交的另一个亲本是aabb，只产生ab一种配子，两者杂交，子代的基因型及比例为AaBb：Aabb：aaBb：aabb=1：1：1：1，表型比为紫花：白花=1：3，遗传图解为：   33. 某植物花色有白色、粉色和红色三种类型。已知该性状由两对等位基因控制（分别用A、a和B、b表示）。取某白花植株自交，后代表现型及比例为白花：红花：粉花＝12：3：1。下列分析错误的是（    ） A．该白花植株与粉花植株杂交，后代白花：红花：粉花＝2：1：1 B．该白花植株自交所得后代中，白花植株共有4种基因型 C．子代红花植株自交，后代中既有红花植株又有粉花植株 D．若含有A基因的个体表现为白花，则基因型为aaB＿的个体表现为红花 【答案】B 【分析】自交后代比例为12∶3∶1，说明双显和某一种单显为白花，另一种单显为红花，双隐为粉花。由自交后代可知，该白花植株的基因型为AaBb。据此答题。 【详解】A、根据分析可知，与粉花植株杂交实为测交，测交后代分别是双显、两种单显和双隐各占1份，所以白花∶红花∶粉花=2∶1∶1，A正确； BD、后代中12=9＋3，可以推知白花中一定含有基因型为A_B_的个体，这是“9”，其中的“3”可能是aaB_或A_bb，故子代中白花植株的基因型有6种，如果这个“3”是指A_bb，则aaB_则是另一个“3”，表现为红花，B错误，D正确； C、子代红花植株的基因型为aaB_或A_bb，自交后代中既有红花植株又有粉花植株，C正确。 故选B。 【点睛】本题考查基因的自由组合定律、基因互作，旨在考查考生的理解能力、获取信息的能力和综合运用能力，以及科学思维的核心素养。 34. 杜洛克猪毛色受两对独立遗传的等位基因控制，毛色有红毛、棕毛和白毛三种，对应的基因组成如下表。请回答下列问题： 毛色 红毛 棕毛 白毛 基因组成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb （1）棕毛猪的基因型有_________种。 （2）已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的F1均表现为红毛，F1雌雄交配产生F2。 ①该杂交实验的亲本基因型为____________。 ②F1测交，后代表现型及对应比例为___________。 ③F2中纯合个体相互交配，能产生棕毛子代的基因型组合有_________种（不考虑正反交）。 ④F2的棕毛个体中纯合体的比例为___________。F2中棕毛个体相互交配，子代白毛个体的比例为___________。 （3） 若另一对染色体上有一对基因I、i，I基因对A和B基因的表达都有抑制作用，i基因不抑制，如I_A_B_表现为白毛。基因型为IiAaBb的个体雌雄交配，子代中红毛个体的比例为__________，白毛个体的比例为___________。 【答案】(1)4 (2) 红毛：棕毛：白毛=1：2：1 4 1/3 1/9 (3) 9/64 49/64 【分析】由题意：猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制，可知猪毛色的遗传遵循自由组合定律。AaBb个体相互交配，后代A_B_：A_bb：aaB_：aabb＝9∶3∶3∶1，本题主要考查自由组合定律的应用，以及9∶3∶3∶1变型的应用。 【详解】（1）由表格知：棕毛猪的基因组成为A_bb、aaB_，因此棕毛猪的基因型有：AAbb、Aabb、aaBB、aaBb 4种。 （2）①由两头纯合棕毛猪杂交，F1均为红毛猪，红毛猪的基因组成为A_B_，可推知两头纯合棕毛猪的基因型为AAbb和aaBB，F1红毛猪的基因型为AaBb。F1测交，即AaBb与aabb杂交，后代基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，根据表格可知后代表现型及对应比例为：红毛：棕毛：白毛＝1:2:1。②F1红毛猪的基因型为AaBb，F1雌雄个体随机交配产生F2，F2的基因型有：A_B_、A_bb、aaB_、aabb，其中纯合子有：AABB、AAbb、aaBB、aabb，能产生棕色猪（A_bb、aaB_）的基因型组合有：AAbb×AAbb、aaBB×aaBB、AAbb×aabb、aaBB×aabb 共4种。③F2的基因型及比例为A_B_：A_bb：aaB_：aabb＝9∶3∶3∶1，棕毛猪A_bb：aaB_所占比例为6/16，其中纯合子为AAbb、aaBB，所占比例为2/16，故F2的棕毛个体中纯合体所占的比例为2/6，即1/3。F2的棕毛个体中各基因型及比例为1/6AAbb、2/6Aabb、1/6aaBB、2/6aaBb。棕毛个体相互交配，能产生白毛个体（aabb）的杂交组合及概率为：2/6Aabb×2/6Aabb＋2/6aaBb×2/6aaBb＋2/6Aabb×2/6aaBb×2＝1/3×1/3×1/4＋1/3×1/3×1/4＋1/3×1/3×1/2×1/2×2＝1/9。 （3）若另一对染色体上的I基因对A和B基因的表达有抑制作用，只要有I基因，不管有没有A或B基因都表现为白色，基因型为IiAaBb个体雌雄交配，后代中红毛个体即基因型为ii A_B_的个体。把Ii和AaBb分开来做，Ii×Ii后代有3/4I _和1/4ii，AaBb×AaBb后代基因型及比例为A_B_：A_bb：aaB_：aabb＝9∶3∶3∶1。故子代中红毛个体（ii A_B_）的比例为1/4×9/16＝9/64，棕毛个体（ii A_bb、iiaaB_）所占比例为1/4×6/16＝6/64，白毛个体所占比例为：1－9/64－6/64＝49/64。 35. 某两性花植物的花色由2对基因控制。2对基因独立遗传，其中基因A控制紫色，基因a无控制紫色素合成的功能，也不会影响其他基因的功能。基因B控制红色，基因b控制蓝色。所有基因型的植株都能正常生长和繁殖，基因型为A_B_和A_bb的植株花色为紫红色和靛蓝色。现有该植物的3个不同纯种品系甲、乙、丙，分别为紫红色花、蓝色花和红色花，杂交结果如表所示： 杂交组合 组合方式 F1性状表现 F2性状表现及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色=9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色=3∶1 回答下列问题： (1)乙植株的基因型是___________，紫红色花植株的基因型有___________种。 (2)让只含隐性基因的植株与杂交组合Ⅱ中F2测交，_______(填“能”或“不能”)确定F2中各植株控制花色性状的基因型。 (3)杂交组合Ⅰ的F2中靛蓝色花植株的基因型有___________种，其中杂合子占___________。 (4)若甲与丙杂交所得F1自交，则理论上F2表现型及比例为___________。 (5)请写出杂交组合Ⅱ中F1自交的遗传图解。（4分） 【答案】(1) aabb 4 (2)能 (3) 2 2/3 (4)紫红色∶红色=3∶1 (5) 【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】（1）分析题意可知，甲和乙杂交后，F1均表现为紫红色，F1自交，F2性状表现及比例为紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色=9∶3∶3∶1，说明该两性花的花色由两对遗传因子控制，遵循自由组合定律。分析杂交组合Ⅰ可知，F1紫红色遗传因子组成是AaBb，子代中紫红色(A_B_)∶靛蓝色(A_bb)∶红色(aaB_)∶蓝色(aabb)=9∶3∶3∶1，且甲植株(紫红色花)和乙植株(蓝色花)均为纯合子，据此可知，甲植株的遗传因子组成为AABB，乙植株的遗传因子组成为aabb；自然情况下紫红色花植株的遗传因子组成有AABB、AABb、AaBB和AaBb，共4种。 （2）乙(蓝色花)×丙(红色花)，F1均为红色花，F1自交后红色(aaB_)∶蓝色(aabb)=3∶1，说明组合ⅡF1的遗传因子组成为aaBb，已知乙植株的遗传因子组成是aabb，且丙植株为纯合子，则丙植株的遗传因子组成是aaBB，F2红色花植株遗传因子组成为aaBB、aaBb，蓝色花植株遗传因子组成为aabb，让只含隐性遗传因子的植株(aabb)与F2测交，若F2红色花植株的遗传因子组成为aaBB，测交后代均为红色花，若F2红色花植株的遗传因子组成为aaBb，测交后代为红色花和蓝色花，因此可以确定各植株控制花色性状的遗传因子组成。 （3）杂交组合Ⅰ的F2中靛蓝色花(A_bb)植株的遗传因子组成有1/3AAbb和2/3Aabb，共2种；其中杂合子占2/3。 （4）甲植株的遗传因子组成是AABB，丙植株的遗传因子组成是aaBB，两者杂交，F1的遗传因子组成是AaBB，则理论上F2的遗传因子组成及比例为AABB∶AaBB∶aaBB=1∶2∶1，性状表现类型及比例为紫红色∶红色=3∶1。 （5）结合（2）的分析可知组合II的F1基因型为aaBb。其自交的遗传图解为： 11、 叠加效应 36. 贵州矮马因其小巧玲珑，性情温顺，深受人们的喜爱，若矮马体高受两对独立遗传的基因（A/a、B/b）控制，两对基因中每个显性基因的遗传效应（使体高增加）相同且具有累加效应，基因型为AABB的矮马个体体高为110cm，基因型为aabb矮马个体体高为90cm。若矮马种群中基因型为AaBb公马和基因型为Aabb母马相互交配，在不考虑基因突变和环境因素影响的情况下，下列叙述错误的是（　　） A．亲代公马在产生配子的过程中会发生基因的自由组合 B．若子代数量足够，子代可能有4种不同体高的个体 C．子代矮马中，体高最大与体高最小个体相差20cm D．预测子代矮马中体高为100cm个体概率是3/8 【答案】C 【详解】A、公马基因型为AaBb，在减数分裂形成配子时，由于两对等位基因独立遗传，会发生非同源染色体上非等位基因的自由组合，属于基因重组，A正确； B、基因型为AABB的矮马个体体高为110cm，基因型为aabb矮马个体体高为90cm，所以可推知，每个显性基因能使个体体高增加204=5cm，父方AaBb可产生AB、Ab、aB、ab四种配子，母方Aabb可产生Ab、ab两种配子，子代显性基因数目可能为0、1、2、3，对应体高90cm、95cm、100cm、105cm，共4种，B正确； C、子代最大体高为105cm（显性基因3个），最小为90cm（显性基因0个），相差15cm，而非20cm，C错误； D、体高100cm对应显性基因2个，概率为（AB×ab + Ab×Ab + aB×Ab）= 12.5%+12.5%+12.5% = 37.5% = 3/8，D正确。 故选C。 12、 三对及以上基因控制性状 37. 某雌雄同株植物有 A/a、B/b 、 D/d 三对等位基因，每对等位基因控制一对相对性状且三对等位基因独立遗传，A、 B 、D 分别对 a 、b 、d 为完全显性。现有基因型为 AaBbDd 、aaBbDd 的两个体。下列相关叙述错误的是 ( ) A ．基因型为 AaBbDd 的个体自交，雌雄配子结合方式有 64 种 B ．基因型为 aaBbDd 的个体自交，后代有 4 种基因型 C ．二者杂交，子代中与亲本表型不同的个体占 7/16 D ．二者杂交，子代中共有 4 种纯合子，且比例为 1 ∶ 1 ∶ 1 ∶ 1 【答案】B 【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】A、三对基因独立遗传，遵循自由组合定律，基因型为AaBbDd的个体产生的雌雄配子分别有8种，雌雄配子结合方式共8×8=64种，A正确； B、基因型为aaBbDd的个体自交，后代有1×3×3=9种基因型，2×2=4种表型，B错误； C、AaBbDd×aaBbDd，子代与亲本表型相同的有：aaB_D_和AaB_D_，所占比例为1/2×3/4×3/4＋1/2×3/4×3/4＝9/16，则与亲本表型不同的概率为1−9/16＝7/16，C正确； D、二者杂交，子代中纯合子为aaBBDD、aaBBdd、aabbDD、aabbdd，所占比例均为1/2×1/4×1/4＝1/32，四种纯合子的比例为1∶1∶1∶1，D正确。 故选B。 38. 燕麦的籽粒颜色受三对等位基因的控制，三对等位基因对颜色有累加效应，即籽粒颜色取决于其细胞中所含相关显性基因的个数。为探究三对基因的位置关系，某同学将燕麦甲(AAbbDD)和燕麦乙(aaBBdd)进行杂交得F1，F1自由交配得到F2，下列有关F2的分析(不考虑交换和突变)，正确的是（　　） A．若F2中出现三种表型且与F1表型相同的个体占1/2，则三对基因位于一对同源染色体上 B．若F2中出现三种表型且与F1表型相同的个体占1/2，则三对基因位于两对同源染色体上 C．若F2中出现七种表型且与F1表型相同的个体占1/4，则三对基因位于两对同源染色体上 D．若F2中出现七种表型且与F1表型相同的个体占1/4，则三对基因位于三对同源染色体上 【答案】C 【详解】若三对基因位于一对同源染色体上，A、b、D基因位于一条染色体上，a、B、d位于另一条染色体上，则F2存在两种表型，且与F1表型相同的个体占1/2。若三对基因位于两对同源染色体上，存在A/a和B/b连锁、A/a和D/d连锁或B/b和D/d连锁三种可能。当A/a和B/b连锁或B/b和D/d连锁时，F2存在三种表型，与F1表型相同的个体占1/4；当A/a和D/d连锁时，F2存在七种表型，且与F1表型相同的个体占1/4；若三对基因位于三对同源染色体上，则三对基因遵循自由组合定律，F2存在七种表型，且与F1表型相同的个体占5/16。综上，若F2中出现七种表型且与F1表型相同的个体占1/4，则三对基因位于两对同源染色体上，ABD错误，C正确。 故选C。 13、 遗传系谱图 39. 已知该疾病是一种伴性遗传病（不考虑 X 和 Y 同源区段）。据图分析错误的是 ( ) A ．Ⅰ2 的母亲不一定是该病患者，但携带致病基因 B ．Ⅲ7 的致病基因由Ⅰ2 的致病基因通过Ⅱ4 传递获得 C ．Ⅱ3 和Ⅱ4 再生一个儿子患这种遗传病的概率是 1/2 D ．Ⅱ3 和Ⅱ4 再生一个患这种遗传病的儿子概率是 1/8 【答案】D 【分析】分析题目信息可得：男性患者Ⅰ-2的儿子不患病，可排除伴Y遗传，Ⅱ-3、Ⅱ-4不患病，生出患病孩子，可确定为隐性遗传，结合题干信息可确认该遗传病的遗传方式为伴X隐性遗传。 【详解】A、分析题目信息可得：男性患者Ⅰ-2的儿子不患病，可排除伴Y遗传，Ⅱ-3、Ⅱ-4不患病，生出患病孩子，可确定为隐性遗传，结合题干信息可确认该遗传病的遗传方式为伴X隐性遗传，男性的X染色体一定来自母亲，由此可得Ⅰ2的母亲不一定是该病患者，但携带致病基因，A正确； B、结合A项分析可得，Ⅲ-7的致病基因来自Ⅱ-4，Ⅱ-4不患该病，其基因型为杂合子，可推得Ⅱ-4的致病基因来自其父亲Ⅰ-2，B正确； C、设控制该病的等位基因为A/a，结合A项分析可得Ⅱ-3的基因型为XAY，Ⅱ-4的基因型为XAXa，二人再生一个儿子患这种病的概率是1/2（Xa）×1（Y）=1/2（XaY），C正确； D、结合C项分析可得，Ⅱ-3和Ⅱ-4再生一个患这种遗传病的儿子的概率是1/2（Xa）×1/2（Y）=1/4（XaY），D错误。 故选D。 40. 如图为某遗传病的家系图，据图可以做出的判断是 ( ) A ．母亲肯定是纯合子，子女是杂合子 B ．这种遗传病女性发病率高于男性 C ．该遗传病不可能是伴 X 染色体隐性遗传病 D ．子女的致病基因不可能来自父亲 【答案】C 【分析】试题分析：根据题意和图示分析可知，该系谱图不能确定该遗传病的遗传方式，该病可能是显性遗传病，也可能是隐性遗传病，致病基因可能位于常染色体上，也可能位于X染色体上。但根据1号和4号可知该病不可能是伴Y染色体遗传病；根据2号和4号可知，该病不可能是伴X染色体隐性遗传病。 【详解】A、分析遗传系谱图可知，该病可能是显性遗传病也可能是隐性遗传病，若是隐性遗传病母亲是纯合子，子女也是纯合子，若是显性遗传病母亲不一定是纯合子，子女是杂合子或纯合子，A错误； B、该病如果是常染色体隐性遗传病，则这种遗传病女性发病率等于男性，B错误； C、该病如果是伴X染色体隐性遗传病，则4号患病，2号必定患病，而遗传系谱图中2号正常，该遗传病不可能是伴X染色体隐性遗传病，C正确； D、该病如果是常染色体隐性遗传病，则子女中的2个致病基因有一个来自父亲，D错误。 故选C。 41. 图甲为某种单基因（受一对等位基因控制）遗传病的系谱图，相关基因不位于X、Y同源区段，图中Ⅲ7、Ⅲ8为双胞胎，双胞胎一般情况下可分为同卵双胞胎和异卵双胞胎，同卵双胞胎是由一个受精卵分裂形成的，异卵双胞胎直接由两个受精卵发育形成。图乙为人类性染色体的结构示意图，Ⅰ为同源区段。Ⅱ、Ⅲ为非同源区段。下列叙述错误的是（　　） A．图甲中与Ⅰ1的基因型和性别均相同的个体是Ⅱ4 B．据图甲Ⅲ7、Ⅲ8的表型和性别可判断他们是同卵双胞胎 C．Ⅰ区段上基因的遗传也与性别相关联 D．Ⅱ区段上隐性基因控制的遗传病，人群男性中患者多于女性患者 【答案】B 【详解】A、分析图甲遗传系谱图，Ⅰ1、Ⅰ2患病，二者的女儿Ⅱ5正常，可推出该病为常染色体显性遗传病，Ⅰ1、Ⅰ2的基因型均为Aa；Ⅱ3正常，Ⅱ4患病，二者的女儿Ⅲ7正常，Ⅱ4的基因型为Aa，Ⅱ3、Ⅱ5、Ⅱ6、Ⅲ7、Ⅲ8、Ⅲ9的基因型均为aa，所以图甲中与Ⅰ1基因型和性别均相同的是Ⅱ4，A正确； B、无论Ⅲ8与Ⅲ7为同卵双胞胎还是异卵双胞胎，二者表型均存在相同的情况。因此不能根据图甲中二者的表型判断其是同卵双胞胎还是异卵双胞胎，B错误； C、图乙中：  Ⅰ 区段：X、Y 的同源区段，存在等位基因； Ⅱ 区段：X 的非同源区段（仅 X 有，Y 无）； Ⅲ 区段：Y 的非同源区段（仅 Y 有，X 无）。  Ⅰ 区段（同源区段）上的基因遗传仍与性别相关联，例如：  亲本：XᵃXᵃ × XᵃYᴬ → 子代雌性全为 XᵃXᵃ（隐性），雄性全为 XᵃYᴬ（显性），性状与性别绑定，C正确； D、Ⅱ 区段是 X 染色体的非同源区段（Y 无对应等位基因），该区域的隐性基因控制的遗传病为伴 X 隐性遗传（如红绿色盲、血友病）。  男性：只要 X 染色体携带隐性致病基因就会发病（XᵃY）； 女性：需要两条 X 染色体均携带隐性致病基因才会发病（XᵃXᵃ），携带者（XᴬXᵃ）不发病。因此人群中男性患者远多于女性患者，D正确。 故选B。 42. 某单基因遗传病由一对等位基因A/a控制，酶Y可将A和a基因所在DNA片段各切成两个片段，其中a基因产生的片段长度相同，A基因产生的片段长度不同。从某家系的1~4个体中提取相关DNA，经酶Y处理后电泳，系谱图和电泳结果如图1、2所示。不考虑X、Y染色体同源区段，下列叙述正确的是（　　） A．该病在男性和女性中的患病概率相同 B．a基因被酶Y处理成两个6000bp片段 C．A基因和a基因中有2个酶Y的酶切位点 D．Ⅱ4与杂合子结婚，所生后代患病概率为0 【答案】A 【详解】A、家系图中，正常父母（Ⅰ1、Ⅰ2）生育患病女儿（Ⅱ3），不考虑X、Y染色体同源区段，符合常染色体隐性遗传病的“无中生有”特征（隐性遗传病），因此该病的遗传方式是常染色体隐性遗传病，该病在男性和女性中的患病概率相同，A正确； B、设相关基因为A/a，Ⅱ3患病，则基因型为aa，酶Y切割A/a基因所在DNA片段的特征：a基因切割后产生两个长度相同的片段，A基因切割后产生两个长度不同的片段。结合图2可推导：A基因切割后为8000bp+4000bp，a基因切割后为两个8000bp片段，B错误； C、酶Y切割A/a基因所在DNA片段的特征：a基因切割后产生两个长度相同的片段，A基因切割后产生两个长度不同的片段。结合图2可推导：A基因切割后为8000bp+4000bp，a基因切割后为两个8000bp片段，A基因和a基因中均含1个酶Y的酶切位点，C错误； D、Ⅰ1、Ⅰ2（正常父母）基因型为Aa，Ⅱ4（正常男性）的基因型为AA或Aa，Ⅱ4（AA或Aa）与杂合子（Aa）结婚，后代基因型为AA或Aa或aa，患病概率不为0，D错误。 故选A。 14、 基因位置判断 43. 已知三对基因在染色体上的位置情况如图所示，三对基因分别单独控制三对相对性状且为完全显性。下列说法正 确的是 ( ) A ．三对基因的遗传遵循基因的自由组合定律 B ．基因型为 AaDd 的个体与基因型为 aaDd 的个体杂交的后代会出现 4 种表型, 比例为 3: 3: 1: 1 C ．若基因型为 AaBb 的个体在产生配子时发生互换，则它能产生 4 种比例相等的配子 D ．基因型为 AaBbdd 的个体自交后代会出现 4 种表型, 比例为 9: 3: 3: 1 【分析】由题图可知：基因A、a和B、b位于一对同源染色体上，D、d位于另一对同源染色体上，同源染色体是减数分裂过程中配对的两条染色体，它们一般形态，大小相同，一条来自父方，另一条来自母方。 【详解】A、图中A和B、a和b基因位于一对同源染色体上，属于连锁基因，它们的遗传不遵循基因自由组合定律，A错误； B、基因A和a与基因D和d遵循自由组合定律，因此基因型为AaDd的个体与基因型为aaDd的个体杂交的后代会出现2×2=4种表现型，比例为（1：1）×（3：1）=3：3：1：1，B正确； C、如果基因型为AaBb的个体在产生配子时发生互换，则它能产生4种配子，但是发生互换的概率较低，所以AB和ab的配子比例要高于Ab和aB，C错误； D、图中A和B、a和b基因位于一对同源染色体上，不遵循基因的自由组合定律，而dd自交后代都是dd，因此AaBbdd的个体自交后代只有两种表现型，不会出现9：3：3：1的性状分离比，D错误。 故选B。 44. 某植物的三个基因 A、b 、d 分别控制①、② 、③三种酶的合成，在三种酶的催化下可使一种无色物质经一系列转 化变为紫色物质。基因 A 、B 、D 分别对基因 a 、b 、d 为完全显性。假设该生物体内紫色物质的合成必须由无色物质 通过下面的途径转化而来（如图所示），据图回答下列问题： (1)如果三对等位基因分别位于三对同源染色体上，则基因型为 AaBbDd 的两个亲本杂交，出现紫色子代的概率为 。 (2)如果要探究 b 、d 两个基因是否位于两对同源染色体上，请写出选用的亲本（基因型）及简便的实验方案，并预测 实验结果。 实验方案： 。 结果预测： 。 (3) 如果 A 、a ，B 、b 两对等位基因在染色体上的位置为 ，若不考虑突变、同源染色体非姐妹染色单体 互换的情况下，对基因型为 AaBbDD 的个体进行测交实验，后代的表型及比例为 。 【答案】(1)3/64 (2) 基因型为AABbDd的个体自交，统计后代的性状分离比 若后代出现白色∶蓝色∶紫色≈12∶3∶1，则b、d两个基因位于两对同源染色体上；若后代性状分离未出现上述比例，则b、d两个基因不是位于两对同源染色体上 (3)白色∶无色≈1∶1 【分析】 基因分离定律：在杂合子细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；在减数分裂形成配子的过程中，等位基因会随同源染色体分开而分离，分别进入两个配子中，独立地随配子遗传给后代。 基因自由组合定律：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】（1）紫色个体的基因型为A_bbdd，如果三对等位基因分别位于三对同源染色体上，则符合自由组合定律，基因型为AaBbDd的两个亲本杂交，产生紫色个体（A_bbdd）的概率为3/4×1/4×1/4＝3/64。 （2）验证两对等位基因位于两对同源染色体上，可采用自交或测交方法，但是自交方案更为简便一些。为避免因a基因影响后代的性状分离比，亲本必须为含AA的个体，因此应选用基因型为AABbDd的个体自交，若后代出现9AAB_D_（白色）、3AAB_dd（白色）、3AAbbD_（蓝色）、1AAbbdd（紫色），即性状分离比为白色∶蓝色∶紫色≈12∶3∶1，则b、d两个基因位于两对同源染色体上；若后代性状分离未出现上述比例，则b、d两个基因不是位于两对同源染色体上。 （3）如果A、a与B、b两对等位基因在染色体上的位置为，则AaBb只能产生AB、ab两种配子，那么AaBbDD×aabbdd→1/2AaBbDd（白色）、1/2aabbDd（无色），因此后代的表型及性状分离比为白色∶无色≈1∶1 45. 玉米是雌雄同株异花植物。玉米大斑病会导致叶片坏死，由两对等位基因A/a和B/b控制，玉米叶片坏死的程度又会因为A基因的数量多少分化为Aa轻度坏死、AA严重坏死。玉米的糯性和非糯性是由两对等位基因A/a和E/e控制。利用3个纯合玉米品种：甲（叶片坏死糯性）、乙（正常非糯性）、丙（叶片坏死非糯性），科研人员就此遗传性状开展了相关杂交实验，结果如表所示，不考虑突变和染色体互换。回答下列问题： 杂交组合 亲本表型 F1表型 F1自交F2表型 组合一 甲×乙 坏死 轻度坏死∶严重坏死∶正常＝6∶3∶7 组合二 乙×丙 糯性 糯∶非糯＝9∶7 (1)由组合一可判断玉米叶片坏死程度的遗传遵循__________定律，F2中轻度坏死个体的基因型有__________种，F2叶片正常中纯合子所占比例为__________。 (2)亲本乙的基因型为________，亲本丙的基因型为________，组合二中F2的非糯性玉米随机交配，子代糯性玉米个体占__________。 (3)为探究B/b、E/e的位置关系，可以利用基因型为AAbbee的个体与组合二F2中基因型为AABbEe的个体杂交，观察子代表型及比例。 ①若B/b、E/e位于非同源染色体上，则___________________________________________________________； ②若B/b、E/e位于同源染色体上，则_____________________________________________________________。 【答案】(1) 自由组合 2 3/7 (2) aabbEE AABBee 8/49 (3) 叶片坏死（严重坏死）糯性∶叶片坏死（严重坏死）非糯性∶叶片正常糯性∶叶片正常非糯性＝1∶1∶1∶1 叶片坏死（严重坏死）非糯性∶叶片正常糯性＝1∶1 【分析】基因的自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】（1）组合一的F1均为坏死，F2表型出现坏死：正常=9：7的比例，是9：3：3：1的变式，说明玉米叶片坏死的遗传遵循自由组合定律，由此推知甲为显性纯合子AABB，乙为隐性纯合子aabb，F1基因型为AaBb，F2轻度坏死的基因型为2/16AaBB、16/4AaBb；严重坏死的基因型为1/16AABB、2/16AAB；正常的基因型为1/16AAbb、2/16Aabb、1/16aaBB、2/16aaBb、1/16aabb，因此F2中轻度坏死个体的基因型有2中，F2叶片正常中纯合子所占比例为3/7。 （2）结合第一小问分析，纯合品系甲的基因型为AABBEE，纯合品系乙的基因型为aabbEE，纯合品系丙的基因型为AABBee。组合二中F2的非糯性玉米随机交配，仅考虑A/a、E/e基因，由于F1基因型为AaEe，F2中非糯性个体的基因型种类及比例为AAee：Aaee：aaEE：aaEe：aaee=1：2：1：2：1,则产生的配子种类及比例为Ae：ae：aE=2：3：2，糯性个体需要同时含有A、W基因，则子代中糯性个体占2/7×2/7×2=8/49。 （3）基因型为AAbbee的个体与组合二F2中基因型为AABbEe的个体杂交，观察子代表型及比例，若B/b、E/e位于非同源染色体上，则子代基因型种类及比例为AABbEe：AABbee：AAbbEe：AAbbee=1：1：1：1，表型及比例为叶片坏死(严重坏死)糯性：叶片坏死(严重坏死)非糯性：叶片正常糯性：叶片正常非糯性=1：1：1：1；若B/b、E/e位于同源染色体上，B与e连锁、b与E连锁，则子代基因型及比例为AABbee：AAbbEe=1：1，表型及比例为叶片坏死(严重坏死)非糯性：叶片正常糯性=1：1。 15、 杂交育种 46. 已知小麦的有芒(A)对无芒(a)为显性，抗病(R)对不抗病(r)为显性，小麦一年只播种一次。如图是培育无芒抗病小麦的示意图： 下列相关叙述错误的是（    ） A．杂交的目的是将控制无芒和抗病的基因集中到子一代中 B．子一代自交的目的是使子二代中出现无芒抗病个体 C．得到纯合的无芒抗病种子至少需要五年 D．子二代中无芒抗病植株自交的目的是筛选子二代中无芒抗病植株中的纯合子 【答案】C 【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。杂交育种原理：基因重组（通过基因分离、自由组合或连锁交换，分离出优良性状或使各种优良性状集中在一起）。 【详解】A、由图可知，杂交的目的是将控制无芒和抗病的基因集中到子一代中，从而使后代中出现目标类型，A正确； B、子一代自交的目的是为了出现性状分离，使子二代中出现无芒抗病个体，以便留种，B正确； C、有芒抗病植株和无芒不抗病植株进行杂交产生的子一代中虽然没有出现无芒抗病植株，但已经将控制优良性状的基因（a）和（R）集中到了子一代中（1年），然后通过子一代自交（1年），所结种子分区种植，子二代中出现了符合要求的植株（1年），其中2/3的后代会出现性状分离，1/3可稳定遗传，即为纯合的无芒抗病种子，所以至少需要三年才能获得纯合的无芒抗病种子，C错误； D、子二代中无芒抗病植株自交的目的是筛选子二代中的纯合子（体），同时也能提高纯合子的比例，D正确。 故选C。 第 1 页 共 7 页 学科网（北京）股份有限公司 $