课时跟踪检测（三） 自由组合定律的发现2025-2026学年高一下学期生物人教版必修2

**基本信息** 高中生物学新授课同步练，聚焦自由组合定律，通过“理解巩固-迁移应用”分层设计，构建从概念辨析到综合应用的知识巩固路径，培养科学思维与探究实践能力。 **分层设计** |层次|知识覆盖|设计特色| |----|----------|----------| |理解·巩固·落实|孟德尔实验过程、自由组合定律实质、F1配子类型、F2性状分离比|判断题（1题）、基础选择题（2-8题）、简单填空（9题），聚焦单一知识点辨析，夯实生命观念| |迁移·应用·发展|杂交育种、遗传推断、数据统计分析|综合应用题（10-12题），结合实例（如小麦育种、牵牛花性状），需跨知识点推理，提升科学思维与探究实践能力|

第 5 页 共 5 页 课时跟踪检测（三） 自由组合定律的发现 [理解·巩固·落实] 1．判断下列叙述的正误，对的打“√”，错的打“×”。 (1)孟德尔在以豌豆为材料所做的实验中，通过杂交实验发现问题，然后提出假设进行解释，再通过测交实验进行验证。(√) (2)F1(YyRr)产生的YR卵细胞和YR精子数量之比为1∶1。(×) (3)形成配子时，决定同种性状的遗传因子自由组合。(×) (4)基因自由组合定律是指F1产生的4种类型的精子和卵细胞可以自由组合。(×) (5)在孟德尔两对相对性状杂交实验中F1受精时，雌雄配子的组合方式有9种。(×) 2．自由组合定律中的“自由组合”是指(　　) A．带有不同遗传因子的雌雄配子间的组合 B．决定同一性状的成对的遗传因子的组合 C．两亲本间的组合 D．决定不同性状的遗传因子的自由组合 解析：选D　自由组合定律的实质是生物在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。 3．下列有关孟德尔对豌豆两对相对性状杂交实验的叙述，错误的是(　　) A．F1自交后，F2出现绿圆和黄皱两种新性状组合 B．对F2每一对性状进行分析，比例都接近3∶1 C．F2的性状表型有4种，比例接近9∶3∶3∶1 D．F2中雌雄配子组合方式有4种 解析：选D　F1自交后，F2出现绿圆和黄皱两种新性状组合，与亲本的黄色圆粒和绿色皱粒不同，A正确；F2中，黄色∶绿色接近3∶1，圆粒∶皱粒接近3∶1，B正确；F2中，黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒接近9∶3∶3∶1，C正确；F2中雌雄配子组合方式有16种，D错误。 4．家兔的黑色(B)对褐色(b)是显性，短毛(D)对长毛(d)是显性，这两对基因是自由组合的。兔甲与一只黑色短毛兔(BbDd)杂交后产仔26只，其中黑短9只、黑长3只、褐短10只、褐长4只。按理论推算，兔甲的表型应为(　　) A．黑色短毛　　　　　　　 B．黑色长毛 C．褐色短毛 D．褐色长毛 解析：选C　可以利用分离定律进行分析，首先考虑毛色这一对相对性状，子代中黑(9＋3)∶褐(10＋4)≈1∶1，所以兔甲的毛色基因型应为bb，表型为褐色。再考虑毛长度这一对相对性状，子代中短毛(9＋10)∶长毛(3＋4)≈3∶1，兔甲毛长度的基因型应为Dd，表型为短毛。因此兔甲的表型是褐色短毛。故选C。 5．遗传学的奠基人孟德尔之所以在研究遗传规律时获得了巨大成功，关键在于他在实验过程中选择了正确的方法。下面各项中，不是他获得成功的重要原因的选项是(　　) A．先只针对一对相对性状的遗传规律进行研究，然后再研究多对相对性状的遗传规律 B．选择了严格自花传粉的豌豆作为实验材料 C．选择了多种植物作为实验材料，做了大量的实验 D．应用了数学统计的方法对结果进行统计分析 解析：选C　选项A、B、D均是孟德尔成功的原因，选项C不能作为其成功的原因。因为无目的、无意义的大量的实验只是浪费时间和精力。他曾花了几年时间研究山柳菊，结果却一无所获，也反过来说明正确选择实验材料是科学研究取得成功的重要保障。 6．两对相对性状的纯合亲本杂交得F1，F1自交得F2，F2出现4种表型，且比例约为9∶3∶3∶1。下列叙述正确的是(　　) A．每对相对性状的遗传都遵循分离定律，且表现完全显性 B．F1产生的雌配子和雄配子数量相等，各有4种类型 C．F1产生的雌配子和雄配子随机结合，有9种组合方式 D．F2中与亲代表型不同的新组合类型占3/8 解析：选A　F1产生的雌雄配子种类相同，但数量不相等，B错误；F1产生的雌雄配子有16种组合方式，C错误；F2中与亲代表型不同的新组合类型占3/8或5/8，D错误。 7．AABB和aabb杂交得F1，在F1自交后代的所有基因型中，纯合子与杂合子的比例为(　　) A．4∶5 B．1∶3 C．1∶8 D．9∶7 解析：选B　由分析可知，F1自交后代的所有基因型的比例为AABB∶AaBB∶AABb∶AaBb∶AAbb∶Aabb∶aaBB∶aaBb∶aabb＝1∶2∶2∶4∶1∶2∶1∶2∶1，故纯合子与杂合子的比例为4∶12＝1∶3。 8．以下为孟德尔对豌豆两对相对性状杂交实验的假说—演绎图解，有关分析正确的是(　　) A．左、右图分别是假说推理过程、演绎推理过程 B．左图的每对相对性状在F2中不出现一定的分离比，右图的比例为9∶3∶3∶1 C．右图的雌雄配子随机受精结合的过程遵循自由组合定律 D．孟德尔运用此科学思维方法解决问题并提出遗传因子就是染色体上的基因 解析：选A　左图是孟德尔利用假说解释提出的问题的过程，即为假说推理过程，右图是设计测交实验进行演绎推理过程，A正确；左图的每对相对性状在F2中出现一定的分离比，右图的比例为1∶1∶1∶1，B错误；右图的雌雄配子随机受精结合的过程没有体现自由组合定律，自由组合定律起作用的时间是产生配子的过程中，C错误；孟德尔运用科学思维方法解决问题，提出分离定律和自由组合定律，但没有得出遗传因子就是染色体上的基因，且当时还没有基因的概念，D错误。 9．(2025·全国二卷)植物合成的色素会影响花色。某二倍体植物的花色有深红、浅红和白三种表型。研究小组用甲、乙两个浅红色表型的植株进行相关实验。回答下列问题： (1)甲、乙分别自交，子一代均出现浅红色∶白色＝3∶1的表型分离比；甲和乙杂交，子一代出现深红色(丙)∶浅红色∶白色(丁)＝1∶2∶1的表型分离比。综上判断，甲和乙的基因型____________(填“相同”或“不同”)，判断依据是________________________________________。 (2)丙自交子一代出现深红色∶浅红色：白色＝9∶6∶1的表型分离比，其中与丙基因型相同的个体所占比例为__________。若丙与丁杂交，子一代的表型及分离比为__________，其中纯合体所占比例为______。 解析：(1)甲、乙分别自交，子一代均出现浅红色∶白色＝3∶1的表型分离比，这符合杂合子自交的性状分离比，说明甲、乙均为杂合子。若甲和乙基因型相同，设为Aa，那么甲和乙杂交后代的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，表型应该是浅红色∶白色＝3∶1，而实际甲和乙杂交子一代出现深红色∶浅红色∶白色＝1∶2∶1的表型分离比，所以甲和乙的基因型不同。(2)丙自交子一代出现深红色∶浅红色∶白色＝9∶6∶1的表型分离比，这是9∶3∶3∶1的变式，说明花色由两对等位基因控制(设相关基因为A、a和B、b)，且丙的基因型为AaBb。根据基因自由组合定律，AaBb自交后代中AaBb的比例为1/4。因为甲、乙杂交产生丙(AaBb)，且甲、乙自交都出现浅红色∶白色＝3∶1，可推测甲、乙基因型为Aabb和aaBb(二者可互换)；丁为白色，基因型为aabb。丙(AaBb)与丁(aabb)杂交，即测交，后代基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，对应的表型及比例为深红色∶浅红色∶白色＝1∶2∶1。丙(AaBb)与丁(aabb)杂交，后代中纯合体只有aabb，所占比例为1/4。 答案：(1)不同　甲、乙自交的结果与甲和乙杂交的结果不同　(2)1/4　深红色∶浅红色∶白色＝1∶2∶1　1/4 [迁移·应用·发展] 10．已知小麦的有芒(A)对无芒(a)为显性，抗病(R)对不抗病(r)为显性，小麦一年只播种一次。如图是培育无芒抗病小麦的示意图，下列相关叙述错误的是(　　) A．杂交的目的是将控制无芒和抗病的基因集中到子一代中 B．子一代自交的目的是使子二代中出现无芒抗病个体 C．得到纯合的无芒抗病种子至少需要四年 D．子二代中无芒抗病植株自交的目的是筛选子二代中无芒抗病植株中的纯合子 解析：选C　有芒抗病植株和无芒不抗病植株进行杂交产生的子一代中虽然没有出现无芒抗病植株，但已经将控制优良性状的基因a和R集中到了子一代中，然后通过子一代自交，子二代中出现了符合要求的植株，但其中有2/3是杂合子，纯合子只有1/3，所以要令子二代中无芒抗病植株自交，目的是鉴定哪些是纯合子。要杂交一次、自交两次才能获得纯合的无芒抗病种子，因为小麦一年只播种一次，所以至少需要三年才能获得纯合的无芒抗病种子。 11．牵牛花中叶子有普通叶和枫形叶两种，种子有黑色和白色两种。现用普通叶白色种子纯种和枫形叶黑色种子纯种作为亲本进行杂交，得到F1为普通叶黑色种子，F1自交得F2，结果符合基因的自由组合定律。下列对F2的描述中错误的是(　　) A．F2中杂合子与纯合子数量之比为3∶1 B．F2中黑色种子与白色种子之比为3∶1 C．F2中与亲本表型相同的个体大约占3/8 D．F2中普通叶黑色种子个体有9种基因型 解析：选D　假设控制叶形的基因用A、a表示，控制种子颜色的基因用B、b表示，用普通叶白色种子纯种和枫形叶黑色种子纯种作为亲本进行杂交，得到的F1为普通叶黑色种子，说明普通叶对枫形叶为显性，黑色种子对白色种子为显性，且F1为双杂合子，基因型为AaBb，则亲本的基因型为AAbb和aaBB。F1为AaBb，自交得F2，F2中杂合子(12/16)与纯合子(4/16)数量之比为3∶1，A正确；F2中两对性状分开分析，每一对都符合基因的分离定律，所以普通叶与枫形叶之比为3∶1，黑色种子与白色种子之比为3∶1，B正确；与亲本表型相同的基因型为A_bb和aaB_，F2中A_bb比例为3/4×1/4＝3/16，aaB_比例为1/4×3/4＝3/16，故F2中与亲本表型相同的个体大约占3/8，C正确；F1自交得F2，F2中有9种基因型，4种表型，其中双显性的普通叶黑色种子个体有4种基因型，D错误。 12．西红柿为自花受粉的植物，已知果实颜色有黄色和红色，果形有圆形和多棱形。控制这两对性状的基因分别位于不同对的染色体上。根据下表有关的杂交及数据统计，回答下列问题。 组别 亲本组合 后代表型及株数 红色圆果 红色 多棱果 黄色 圆果 黄色 多棱果 Ⅰ 红色多棱果× 黄色圆果 531 557 502 510 Ⅱ 红色圆果× 红色多棱果 720 745 241 253 Ⅲ 红色圆果× 黄色圆果 603 198 627 207 (1)上述两对性状的遗传符合__________定律，两对相对性状中，显性性状为____________。 (2)以A和a分别表示果色的显、隐性基因，B和b分别表示果形的显、隐性基因。请写出组别Ⅱ的亲本中红色圆果的基因型：________。 (3)现有红色多棱果、黄色圆果和黄色多棱果三个纯合品种，育种家期望获得红色圆果的新品种，为此进行杂交，应选用哪两个品种作为杂交亲本较好？__________和____________。 (4)上述两亲本杂交得到F1，F1自交得F2，在F2中，表型为红色圆果的植株出现的比例为________，其中能稳定遗传的红色圆果又占该表型的比例为________。 解析：(1)根据表格分析可知，题述两对相对性状中，显性性状为红色、圆果，其遗传遵循自由组合定律。(2)根据组别Ⅱ的亲代表型推断其基因型为A_B_、A_bb，又因为后代表型比约为3∶3∶1∶1，所以亲本基因型为AaBb、Aabb。(3)要想获得红色圆果的新品种，选用表型为红色多棱果和黄色圆果两个品种作杂交亲本较好，所选亲本的基因型分别为AAbb和aaBB。(4)上述两个亲本杂交产生的F1的基因型为AaBb。在F2中，表型为红色圆果(A_B_)的植株出现的比例为3/4×3/4＝9/16，其中能稳定遗传的红色圆果(AABB)占该种表型的比例为1/16÷9/16＝1/9。 答案：(1)自由组合　红色、圆果　(2)AaBb　(3)红色多棱果　黄色圆果　(4)9/16　1/9 学科网（北京）股份有限公司 $