高三入学街接检测卷(二)-【快乐假期】2025-2026学年高二物理暑假必刷题

飞壁快乐假明 mg,因此运动员先后落在斜面上动量的变化量之比2 '△p2 会-分D立瑰 10.BD[物块恰好静止在斜面上，则此时物块受到的最大静摩擦 力与重力沿斜面向下的分力平衡，有ngsin30°=ngcos30°， 物块缓慢运动时，由平衡条件得F=ngsin30°十ogcos30 =mg=kL,此时拉力F=F￥=mg,故A错误，B正确；整个过 程克服摩擦力做的功为W克r=ngcos30°·L=mgLsin30°- 0.5mgL,故C错误：整个过程中拉力做功为w,=L,十0×L十 F·L=1.5mgL,设克服弹簧弹力做功为W龙弹，根据动能定理 WF-W-W元弹一ngLsin30°=0，则W元#=0.5mgL,则弹簧 弹性势能增加了0.5mgL,故D正确.] 1,解析：1由T-子 得T=0.02s (2)要保持拉力与小车运动方向一致，所以实验中应保持细 线与木板上表面平行.为了消除摩擦对实验的影响，应将图 中木板的右端适当垫高， (3)设车及重物质量为m、盘和砝码的总质量为m。,由 Ft=ma,mog-Ft=moa, 得上，mm8 则若m减小，则F。减小 答案：（每空1.5分）(1)0.02(2)平行右(3)减小 12.解析：(1)用电压挡检测电路故障，电压表的表头是电流计， 原电路有断路，回路中无电流，将电压表接在αb间后有示 数，说明电路被接通，即ab间有断路故障，再测量aa'间电 压，电压表读数不为零，说明断路故障的范围被缩小到aa 间，则一定是aa'导线断开：若读数为零，则说明电路仍未 被接通，断路故障的范围被确定在bb间. (2)根据闭合电路欧姆定律：E=I(R,十r,)十(I1十I2)(R +r),I≤12，上式可简化为E=I(R十r)+I2(R。十r), 读出两点坐标：(60,0.12)和(260,0.05)，代入方程解得：电 动势E=1.41V,内阻r=0.52. 答案：（每空2分）(1)aa'bb(2)1.41(1.36~1.44均 可)0.5(0.40.6均可) 13.解析：(1)对汽缸B中的气体，温度不变，由玻意耳定律 A×号. 解得pg=2.5×10Pa; (2)加热前A汽缸中的气体压强等于B汽缸中的气体压强 p。=1.0×103Pa, 由于通过刚性细杆连接活塞，加热稳定后有 P=PB, V=8v. 由理想气体状态方程得 av paxsv TAT 联立得T4'=1200K. 答案：(1)2.5×10Pa(2)1200K 14.解析：(1)取向右为正方向，设小物块离开弹簧后的速度为 ,小物块滑上大滑块的过程中系统水平方向动量守恒 mv=(m+M)v,, 解得v,=5m/s; (2)设小物块第一次跃升到最高点时水平速度等于，，系 统机械能守恒m-号(m十0号+mgh 解得h,=1m. 90M= (3)小物块能回落到大滑块并从大滑块上滑到水平面，系统 水平方向动量守恒、机械能守恒 mv =mv'+Mv2', m=m+Ma, 1 解得y,'=-3m/s,,'=2m/s, 小物块压缩弹簧后又以一，'的速度弹回， 系统水平方向动量守恒、机械能守恒， m(-飞')+M,'=(m+MDu 合m+2Me”=合(m+M0d+mg6 解得h2=0.04m 答案：(1)5m/s(2)1m(3)2m/s0.04m 15.解析：(1)作出带电粒子的运动轨迹 如图 M- 可得Rsin0=d, 0。K0··x R-213d: 3 (2)由nB=g得0=25圆 a: 3m P 在N点速度v与x轴正方向成0=60° 角射出电场，将速度分解如图 cos 0=V 得射出速度=2，=3gBd 3m (3)粒子在电场中运动的时间为t1,有d=011, 所以一品-密。 粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期T-2πm, gB 设粒子在磁场中运动的时间，有1，=，T, 2π 2π1m 所以t2=3gB' t=t1+t2, 所以1=(33+2)m 3gB 答案：(1)25。（2)3gBt（3)35+2m)m 3gB 高三入学衔接检测卷（二） 1.C[太阳内部发生的是核聚变，A错误：典型的裂变方程 为25U+n-Ba+Kr十3n,B错误；裂变释放核能是因 为新核的比结合能大于原来重核的比结合能，C正确；经过 56年银90剩下原来的四分之一，D错误.] 2.D[a、c两点分别位于正、负电荷附近，则有9。>9，故A 错误：、c两点关于中轴对称，由等量异种电荷电场分布可 知，两点场强大小相同，方向不同，故B错误；在M到达等势 线b时，竖直方向速度为不为0，在b右侧仍有一段向下运动 的过程，所以不可能对称，故C错误；M穿越a、b、c,M带负 电，所以电场力做负功，电势能变大，故D正确.] 3.B[当小球对水平桌面压力恰好为零 时，以小球为研究对象，受力分析如图 由几灯关系c0s0=企-是8=0,8，所以 0=37°，小球圆周运动的半径r=Lsin37 =1.0m×0.6=0.6m,由牛顿第二定律 mgtan0=mwr,解得a=号巨rad/s,所 0 三022. 以要让小球对水平桌面压力为零，匀速圆周运动的角速度仙 应满足m>号巨ad/s,故B正确，A.CD错误.] 4.C[根据题述和图像可知，波沿x轴正方向传播，质点D的 起振方向沿y轴正方向，A错误；由题图(b)可知，质点振动 周期为T=0.4s,则机被波的频率了=子=25H,由题 图（(a)可知，波长为入=4m,则波速为0=子=10m/s,0.05 s传播的距离为x=v·△t=0.5m,B点左边最近的波峰坐 标传到B点，所以t=0.05时质点B回到波峰，B错误：1=0 时刻在D点的机械波信号接收器正以2/s的速度沿x轴 正方向匀速运动，波相对于接收器的速度为？对=10m/s 2m/s=8m/s,信号接收器1s内接收到的波数为2，即信号 接收器接收到的该机械波的频率为2Hz,C正确；机械波传 播速度与介质有关，改变振源的振动频率，则形成的机械波 在该介质中的波长改变，传播速度不变，D错误.门 5.D[根据理想气体我态方程兴=C, 可知V一T图像斜率越大，压强力越 小，由图像可知，OA等压线斜率大于 OC等压线斜率，所以A状态的压强小 B 于C状态的压强，故A错误；状态BO =1/ 到状态C过程中，温度不变，理想气体内能不变，体积减小， 外界对气体做正功，根据热力学第一定律可知，气体向外界 放热，故B错误：理想气体不计分子势能，状态C到状态D 过程中，温度升高，气体内能增大，分子动能增大，故C错 误；将V一T图像转化为p一V图像，如图所示，通过p-V 图像可知整个循环过程气体对外做功大于外界对气体做功， 初末状态温度相同，内能相同，所以该过程中气体从外界吸 热，故D正确.门 6.A[第一次B固定在地面上，将A拉到B的右端时，A 相对于地面移动的距离等于B板的长度：第二次B可以 在光滑地面上自由滑动，A、B间存在摩擦，在摩擦力作 用下B要向右运动，则将A拉到B的右端时，A相对于 地面移动的距离将大于B板的长度；所以，第二次A相 对于地面移动的距离大，而拉力恒定，由公式W=F、可 知，W,<W2·摩擦产生的热量Q=Fs相对，两次都从木板 B的左端滑到右端，相对距离都等于B板的长度，相对 距离相等，且A、B间的摩擦力大小不变，所以Q=Q,, 故A正确，B、C、D错误.] 7.C[根据题图中粒子的运动轨迹，由 左手定则可知粒子带负电，则A项错 误；粒子在工轴下方运动时，由牛顿第 B_m,解得r,= 二定律可得q,·2=n 、,故B项错误：粒子回到坐标原点0的运动轨迹如图 所示 粒子从O点开始到第一次回到O点，动量变化量的大小为 0,故D项错误；粒子在x轴上方和下方运动的周期分别为 T,一沿，工=留，则粒子从0点开始到第一次回到0点 所经历的时间为1=工十工-智，故C项正确.门 &.AB[根据万有引力提供向心力可得GMm=mm,解得a r2 /M,则角速度之比为四：322：33，故A正 高二物理) 确：根据万有引力提供向心力可得GM咖=m号，解得。 ,G,则线速度大小之比为2：5，故B正确：轨道周长为 C=2πr,则轨道周长之比为半径之比为3：2，故C错误；根 据万有引力提候向心力可得G=m加，解得a=以则向 r2 心加速度大小之比为4：9，故D错误.] 9.AD[作出光路如图所示（只考虑经过A 点从玻璃球内折射回空气的光线) 由对称性及光路可逆可知，第一次折射的 折射角为30，则由折射定律可知n=sin sin r 一”52，故A正确：由儿何关系可知，光线第一次从 玻璃球内出射时相对于射入玻璃球的光线的偏向角为α= 270°，故B错误；光线从A点进入及第一次从A点射出时在 玻璃球中传播的距离为s=3×2Rc0s30°=452cm,在玻璃 中运动的速度为口=C,可得经过A,点从玻璃球内折射回 空气的光在玻璃球内的传播时间为1=氵=3×109s,故C 错误，D正确.门 10.BC[在最低点未剪断悬绳时，对A、B整体受力分析有 3mg=kx,悬线剪断后，当速度最大时，加速度为零，则2mg =k,则A物体上升高度为△=x--弓，A错误，B 正确：递度溪大时，弹性势能大小为E'=(号)=音E A上升过程中，由机械能守恒定律可知E。=E。'十E十 2mgA,解得=号E,-号mgx,C正确，D错误.] 11.解析：(1)根据动量守恒和机械能守恒 m10=n1y1+m2y2（m1>m2）, m或=之m或+}m,戏， 1 1 可知u2>1<0， 故相等水平位移内速度小的物体下落高度大，m,撞击的是 C点； m,撞击的是A点： (2)设Q,点到竖直挡板的距离为x,两球平抛时初速度为 ,下落高度为h,有 2h 因此，只要有m√0B=m√20C+m√20A' 即, m,十 1m2 OBOC√OA 即可验证碰撞中的动量是守恒的. 答案：（每空2分）(1)CA(2)m=m十m √OBOC√OA 12.解析：(1)螺旋测微器的固定刻度为1.5mm,可动刻度为 49.0×0.01mm=0.490mm,所以最终读数为1.5mm十 0.490mm=1.990mm(1.989~1.991mm均正确) (2)表盘的读数为5，所以导电玻璃的电阻约为5×100Ω 5002. (3)电源的电动势为12V,电压表的量程为10V,滑动变阻 器的电阻为202，由于滑动变阻器的电阻与待测电阻的电 阻值差距不太大，若串联使用调节的范固太小，所以滑动变阻 器选择分压式接法：流过待测电肛的电流的为：1=品0A 0.006A=6mA,两电流表量程均不合适； 飞婴快乐慨期 同时由于电压表量程为10V,远大于待测电阻的额定电压 3V,故常规方法不能正常测量； 所以考虑用电流表改装成电压表使用，同时电压表量 程为10V,内阻Rv=1k2,故满偏电流为10mA,符合 要求，故将电压表充当电流表使用，电流表A,与R,串 联充当电压表使用，改装后量程为4V,可以使用，由 于改装后电表内阻已知，故内外接法均可，故电路图如 图所示： (4)根据串并联电路的规律可知，待测电阻中的电流：I= U一12 电压：U,=I2(R2十RA2) 由欧姆定律可知电阻：R,=了， 根据电阻定律可知：R,=pS: L d 而横裁面面积：S=π4' 联立解得：p= πdL2(R2+R2) 答案：（每空2分）(1)1.990(1.989~1.991均正确) (2)500 (3)见解析图 (4)d,(R+Re) -1) 4L人R 13.解析：(1)设粒子在空间1的磁场中的轨迹半径 E B B 为1，运动轨迹如图所示 由几何关系可得 (r1-d)2+(W3d)2=r2, 解得r1=2d, 由洛伦滋力提供向心力可得gB,=m正 r 解得B一器 粒子在空间Ⅱ做类平抛运动，沿y轴方向的加速度大小a =gE 沿x轴方向有d=ot, 活y轴方向有d=2a, 解得E=2m (2)粒子经过D点时，沿y轴负方向的分速度大小为，= at=2v, 沿x轴正方向的分速度大小为v,=, 粒子在空间Ⅲ内垂直于磁场的分速度v,使粒子在yOz 平面内做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力可得 00M= 9%,B:n 2 解得r2=2d, 粒子做圆周运动距x轴的最大距离为L=2r2=4d. (③)子在空间Ⅱ内微园周运功的网期为T-需-织 粒子在空间Ⅲ内沿x轴方向做匀速直线运动，粒子在一 个周期内沿x轴正方向运动的距离x=,T=2πd, 所以粒子在空间Ⅲ中每次经过x轴时的横坐标为 x=d+2nπd=(2r+1)d(n=1,2,3,…）. 答案：10 2mv gd (2)4d (3)(2nπ+1)d(n=1,2,3,…) 14.解析：(1)设A、B的质量分别为m1m2,碰撞后A的速度大 小为U,B的速度大小为，以A、B为系统，根据动量守恒 定律和能量守恒定律有 m20,=m22十m101① m,心=合m戏+号m,@ 1 以A为研究对象，设碰后瞬间轨道对A的支持力大小为 F、,根据牛顿第二定律有 Fs-m8-k(L-R)=mRG 由①②③式解得 FN=60N④ 由牛顿第三定律得A对轨道的压力大小 FY'=F=60N⑤ (2)设B的初速度的最小值为，碰撞后瞬间A、B的共同 速度大小为U,以A、B为系统，根据动量守恒定律有 m2v=(m1十m2v,⑥ 设A、B一起恰好通过轨道最高点的速度大小为)，根据牛 顿第二定律有 (m十m,)g-k(1-R)=(m,+m)尽⑦ A、B从轨道最低点到轨道最高，点，根据动能定理有 -(m+m)g·2R=m+m-m+%)⑧ 由⑥⑦⑧式解得v= √42 2 m/s⑨ 答案：1060N2)2 m/s 1 15.解析：(1)ab自由下滑，机械能守恒有mgh=2mw, 由于ab、cd串联在同一电路中，任何时刻通过的电流总相 等，金属棒有效长度L=3L,故它们受到的安培力关系 为F=3F； 在安培力作用下，ab、cd各做变速运动，产生的感应电动势 方向相反，当E=E时，电路中感应电流为零(I=0),安 培力为零，ab、cd运动趋于稳定，此时有 BLv=BLovo, 所以心=3 ab、cd受安培力作用，动量均发生变化，由动量定理得 F△T=m(o-℃）， F.△T=mva, 10,=3v2h 联立以上各式解得=， 10 (2)根据系统的总能量守恒可得 Q=mgh- 10 答案：(1)2gb32gh (2)9mgh 10 10 10 42快乐假期 0M= 高三入学衔接检测卷（二） 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分， 3.如图所示，一根长为1.0m 0 共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一 的轻绳一端系在固定横轴的 项是符合题目要求的) O点上，另一端系着一个质 1.华龙一号核电5号机 量为1kg的小球（小球半径忽略不计）.O 组首次并网成功，标志 点距离光滑水平桌面的距离为0.8m,水平 着我国正式进入核电 桌面足够大.若想让小球对水平桌面压力为 技术先进国家行列.华 零，可以让小球在某一水平面上做匀速圆周 运动，重力加速度取10m/s2,则匀速圆周运 龙一号发电机利用的是铀核裂变释放的核 动的角速度ω应满足 ( 能，则下列叙述正确的是 ( A.太阳辐射能量的主要来源也是重核裂变 A.w≥Ead/s B.w≥2rad/s B.典型的裂变方程为U→Ba十Kr十2n C≥92rads D.w≥/10rad/s C.裂变过程中释放核能是因为产物中新核 的比结合能大 4.在某种介质中，一列沿x轴传播的简谐横波 在t=0时刻的波形图如图(a)所示，此时质 D.锶90是铀235的裂变产物，其半衰期为 点A在波峰位置，质点D刚要开始振动，质 28年，那么经过56年锶90便衰变没了 点C的振动图像如图(b)所示；t=0时刻在 2.等量异种电荷十Q、一Q的等势线分布如图 D点有一台机械波信号接收器（图中未画 所示，相邻的等势线间电势差均相等，点a、 出)，正以2m/s的速度沿x轴正向匀速运 b、c连线与两电荷的连线平行，且ab=bc.一 动.下列说法正确的是 带负电的点电荷M仅在静电力的作用下经 y/cm ↑y/cm 过a点时速度方向如图，经过b所在等势线 10 0.5C/ D 0 0.2 0.6 2.54.5x7m 0.4 到达c所在等势线，取无穷远处电势为零 -10 下列说法正确的是 ) (a) (b) A.质点D的起振方向沿y轴负方向 B.t=0.05s时质点B回到平衡位置 C.信号接收器接收到该机械波的频率为2Hz D.若改变振源的振动频率，则形成的机械 波在该介质中的传播速度也将发生改变 5.一定质量的理想气体从状态A依次经过状 A.a、c两点的电势相等 态B、C和D后再回到状态A,V一T图像如 B.a、c两点的电场强度相同 图所示.下列说法正确的是 C.点电荷M在电场中运动的轨迹关于b所 在等势线对称 D.点电荷M穿越a、b、c等势线时电势能满 足Ea<Eb<E 102 三022 高二物理垫 A.气体A状态的压强大于C状态的压强 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分， B.状态B到状态C过程中，气体从外界 共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项 吸热 符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全 C.状态C到状态D过程中，气体内能增大， 的得3分，有选错的得0分》 其中分子动能减小，分子势能增大 8.2021年5月15日7时 D.从状态A依次经过状态B、C和D后再 18分，天问一号着陆巡 回到状态A过程中气体从外界吸热 视器成功着陆于火星 6.如图所示，木块A放在木板 鸟托邦平原南部预选着陆区，中国首次火星 B上左端，用恒力F将A拉 B 探测任务着陆火星取得圆满成功.若火星和 至B的右端，第一次将B固定在地面上，F 地球绕太阳的运动均可视为匀速圆周运动， 做功为W,,生热为Q,第二次让B可以在 火星公转轨道半径与地球公转轨道半径之 光滑地面上自由滑动，这次F做功为W, 比为3：2，则火星与地球绕太阳运动的 生热为Q2,则应有 ( A.W<W2:Q-Q A.角速度大小之比为2√2：33 B.W,=W1,Q1=Q2 B.线速度大小之比为√2：√3 C.W<W>,Q<Q, C.轨道周长之比为2：3 D.W=W>,Q<Q D.向心加速度大小之比为9：4 7.如图所示，在xOy平面内，x ↑Y ×××××× 9.如图所示，一束单色光从A点 轴上方的匀强磁场的磁感应 0 ··。x 射入玻璃球内，已知入射角为 强度大小为B,方向垂直于纸 0=45°.现发现有光线恰好能 面向里，x轴下方的匀强磁场的磁感应强度 经过A点从玻璃球内折射回空气，且此光 大小为B,方向垂直纸面向外.一质量为 线在球内经过两次反射.已知玻璃球的半径 为5√6cm,光在真空中传播速度为3×10m/s. m、电荷量为g的带电粒子从原点O沿y轴 下列选项正确的是 ( 负方向以速度。射入磁场，粒子在磁场中 运动的部分轨迹如图所示.若粒子每次沿y A.玻璃球对该单色光的折射率为，√2 轴负方向经过x轴时两磁场的方向均变为 B.从玻璃球射出的光线相对从A点入射光 与原方向相反，大小不变，不计粒子重力，则 线的偏向角一定为30° C.经过A点从玻璃球内折射回空气的光在 下列说法正确的是 A.粒子带正电 玻璃球内的传播时间为32×10。 B,粒子在x轴下方运动的半径为 D.经过A点从玻璃球内折射回空气的光在 gB 玻璃球内的传播时间为3×109s C.粒子从O点开始到第一次回到O点所经 10.如图所示，A物体质量为2m,B 历的时间为密 物体质量为m,用一轻绳相连，将 A用一轻弹簧悬挂于天花板上， D.粒子从O点开始到第一次回到O点，动 A 系统处于静止状态，此时弹簧的 量变化量的大小为2mv。 B 103 飞壁快乐假阴 900 伸长量为x,弹性势能为E。,已知弹簧的弹 (2)只要满足关系式 则说明碰撞 性势能与形变量的平方成正比，且弹簧始 中的动量是守恒的（用m1、m2、OA、OB、 终在弹性限度内.现将悬线剪断，则在以后 OC表示). 的运动过程中 ) 12.(8分)导电玻璃是制造LCD的主要材料 A.A物体上升号x时速度最大 之一，为测量导电玻璃的电阻率，某小组同 学选取了一个长度为L的圆柱体导电玻璃 BA物体上升了x时速度最大 器件，上面标有“3V”的字样，主要步骤如 C.A物体的最大动能为E,- 2 下，完成下列问题 mgx D.A物体的最大动能为E,一3 0o5000205 mgx 三、非选择题（本题共6小题，共54分） 11.(6分)为验证碰撞中的 甲 动量是否守恒，某实验 乙 A 小组选取两个体积相 (1)首先用螺旋测微器测量导电玻璃的直径， 同、质量不相等的小球， 示数如图甲所示，则直径d三 mm, 按下述步骤进行实验. (2)然后用欧姆表(×100)挡粗测该导电玻 ①用天平测出两小球的质量（分别为m1和 璃的电阻，表盘指针位置如图乙所示，则导 m2,且m1>2). 电玻璃的电阻约为 2. ②按图安装好实验装置，将斜槽PQ固定 (3)为精确测量导电玻璃的电阻R在额定 在桌边，使斜槽末端切线水平，先不放小球 电压时的阻值，且要求测量时电表的读数 m2,让竖直挡板紧贴斜槽末端，再让小球 1从斜槽顶端P处由静止释放，记下小球 不小于其量程的令，滑动变阻器便于调节， m1在竖直挡板上的撞击位置O. 他们根据下面提供的器材，设计了一个方 ③将竖直挡板向右平移距斜槽末端一定距 案，请在下面对应的虚线框中画出电路图， 离，确保小球在碰撞前后均能撞击固定竖 标出所选器材对应的电学符号 直挡板. ④先不放小球m2,让小球m1从斜槽顶端 P处由静止释放，记下小球m撞击竖直挡 板的位置 ⑤将小球2放在斜槽末端，再让小球m 从斜槽顶端P处由静止释放，与2发生 A.电流表A1(量程为60mA,内阻R1约 碰撞，分别记下小球m1和2撞击竖直挡 为32) 板的位置 ⑥图中A、B、C点是该实验小组记下的小球 B.电流表A(量程为2mA,内阻R2=152) 与竖直挡板撞击的位置，用毫米刻度尺量出 C.定值电阻R,=7472 各个撞击点到O的距离，分别为OA、OB、OC D.定值电阻R2=19852 根据该实验小组的测量，回答下列问题： E.滑动变阻器R(0~202)一只 (1)小球m1与m2发生碰撞后，m1撞击的 F.电压表V(量程为10V,内阻Ry=1k2) 是图中的 点，m2撞击的是图中的 G.蓄电池E(电动势为12V,内阻很小) 点（填字母A、B、C). H.开关S一只，导线若干 104 三0022 高三物理) (4)由以上实验可测得该导电玻璃电阻率 (2)粒子在空间Ⅲ的运动过程中，距离x 值p= (用字母表示，可能用到的 轴的最大距离： 字母有长度L、直径d、电流表A、A2的读 (3)粒子进入空间Ⅲ后，每次经过x轴时 数I1、L2,电压表读数U,电阻值RA1、RA2、 的横坐标 Rv、R1、R2) 13.(10分)如图所示，Oxy之为空间直角坐标 系，在x<0的空间I内存在沿z轴正方 向的匀强磁场B1.在0<x<d的空间Ⅱ 内存在沿y轴正方向的匀强电场E,在x >d的空间Ⅲ内存在磁感应强度大小B。 -一方向沿士铺正方向的匀罢酸场。攻 将一带负电的粒子从x轴上的A(xA= √3d)点以沿Oxy平面内某一方向的初速 度v。射入空间I的磁场区域，经磁场偏 转后从y轴上的C(yc=d)点垂直y轴进 入空间Ⅱ，并从x轴上的D(xD=d)点进 入空间Ⅲ.已知粒子的电荷量大小为q, 质量为m,不计重力.求： C↑E B 2Ⅲ D (1)空间I内磁场的磁感应强度大小B 和空间Ⅱ内电场的电场强度大小E; 105 飞曼快乐假阴 00M= 14.(14分)如图，圆心为O、半 15.(16分)如图所示，光滑 径为0.1m的半圆形轨道 02 导轨EF、GH等高平 /c H 竖直固定在水平地面上，与 行放置，EG间宽度为 水平地面相切于最低点.原 B FH间宽度的3倍，导轨右侧水平且处于 长为0.2m、劲度系数为100N/m的轻质 竖直向上的匀强磁场中，左侧呈弧形升高. 弹簧上端悬挂在O点，下端连接质量为 ab、cd是质量均为m的金属棒，现让ab从 1kg的小滑块A,A静止在轨道最低点.质 离水平轨道五高处由静止下滑，设导轨足 量为2kg的小滑块B,以某一初速度水平 够长，ab未离开宽轨处，重力加速度为g. 向右运动，跟A发生碰撞（碰撞时间极 试求： 短).一切摩擦和空气阻力均不计，取g= (1)ab、cd棒的最终速度大小： 10m/s2. (2)全过程中感应电流产生的焦耳热. (1)若B的初速度大小为1.5m/s,且B与 A发生弹性正碰，求碰后瞬间A对轨道的 压力大小； (2)若B与A碰撞后粘合在一起，要使B 与A能一起通过轨道的最高点，求B的初 速度的最小值 106