高三入学衔接检测卷-快乐假期】2025-2026学年高二物理暑假作业

三0022 高二物理) [第二部分]更上一层楼一 初试锋芒 高三入学衔接检测卷 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分， 3.如图所示，一根长为1.0m 共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一 的轻绳一端系在固定横轴 项是符合题目要求的) 的O点上，另一端系着一个 1.华龙一号核电5号机 质量为1kg的小球（小球半 径忽略不计).O点距离光滑水平桌面的距 组首次并网成功，标志 离为0.8m,水平桌面足够大.若想让小球 着我国正式进入核电 对水平桌面压力为零，可以让小球在某一水 技术先进国家行列.华 平面上做匀速圆周运动，重力加速度取10 龙一号发电机利用的是铀核裂变释放的核 m/s2,则匀速圆周运动的角速度w应满足 能，则下列叙述正确的是 ( ) A.太阳辐射能量的主要来源也是重核裂变 B.典型的裂变方程为U→Ba十Kr十2n A.w≥号2rad/s B.rad/s C.裂变过程中释放核能是因为产物中新核 Co≥号包rad/s D.w≥/10rad/s 的比结合能大 4.一定质量的理想气体 2V D.锶90是铀235的裂变产物，其半衰期为 在体积可变化的汽缸 D 28年，那么经过56年锶90便衰变没了 中，从状态A开始经 -273.150 3to 1/C 2.等量异种电荷+Q、一Q的等势线分布如图 过状态B、C、D又回到 所示，相邻的等势线间电势差均相等，点a、 状态A,其状态变化的V-t图像如图所示. b、c连线与两电荷的连线平行，且ab=bc.一 已知状态D对应的压强为p,热力学温度与 摄氏温度间的关系为T=(t+273.15)K,完成 带负电的点电荷M仅在静电力的作用下经 一个循环的过程中，外界对气体做的功为 过a点时速度方向如图，经过b所在等势线 ( ) 到达c所在等势线，取无穷远处电势为零. A.0.520Vo B.PoVo 下列说法正确的是 ( C.2PoVo D.2.5PoVo 5.进入2025年以来，全国多地发生地震，其中 在西藏日喀则市定日县发生的6.8级地震， 造成95人遇难、130人受伤，国家地震局建 议在手机中设置“地震预警”.“地震预警”是 指在地震发生以后，抢在地震波传播到受灾 A.a、c两点的电势相等 地区前，向受灾地区提前几秒至数十秒发出 警报，通知目标区域从而实现预警.科研机 B.a、c两点的电场强度相同 构为此对波的特性展开研究.如图甲所示为 C.点电荷M在电场中运动的轨迹关于b所 所研究的一列沿x轴传播的简谐横波在 在等势线对称 t=0时刻的波形图，x=3m处的质点M的 D.点电荷M穿越a、b、c等势线时电势能满 振动图像如图乙所示。下列说法正确的是 足Ea<Eb<E 35 900= y/cm 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分， 共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项 369x 符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全 甲 的得3分，有选错的得0分) A.波沿y轴正方向传播 8.2025年1月10日，由中国团队开发的 B.06s波传播的距离为18m DeepSeek人工智能软件一经发布，火爆全 C.0~6s质点M通过的路程为10cm 球.资深天文爱好者小慧同学用该软件搜索 D.质点M的振动方程是y=-1.7sin0.5 “火星与地球的重要参数比较”，得到如图所 πt(cm) 示的信息.已知火星、地球都是绕太阳公转 6.如图所示，木块A放在木板 的行星，忽略天体自转对重力的影响，根据 B上左端，用恒力F将A拉 B 表格中的数据，则 至B的右端，第一次将B固定在地面上，F 火星 地球 做功为W1,生热为Q,第二次让B可以在 直径/km 6.8×103 1.27×10 光滑地面上自由滑动，这次F做功为W2, 自转周期/h 24.6 23.9 生热为Q2,则应有 ( ) 质量/kg 6.4×1023 6.0×102 A.W1<W2,Q1=Q2B.W1=W1,Q1=Q2 与太阳的平均距离/km 2.3×108 1.5×108 C.W<W2,Q<Q D.W-W2,Q<Q A.火星的公转周期比地球的公转周期大 7.如图所示，在xOy平面内，x ty B.火星和地球自转的角速度之比约为1：2 轴上方的匀强磁场的磁感应： ×XXXX× C.火星和地球表面附近的重力加速度大小 强度大小为B,方向垂直于纸 之比约为2：5 D.火星和地球的第一宇宙速度之比约为1 面向里，x轴下方的匀强磁场的磁感应强度 :5 大小为2B,方向垂直纸面向外.一质量为 9.如图所示，一束单色光从A点 m、电荷量为q的带电粒子从原点O沿y轴 射入玻璃球内，已知人射角为 0=45°.现发现有光线恰好能 负方向以速度。射人磁场，粒子在磁场中 经过A点从玻璃球内折射回空气，且此光 运动的部分轨迹如图所示.若粒子每次沿y 线在球内经过两次反射.已知玻璃球的半径 轴负方向经过x轴时两磁场的方向均变为 为5√6cm,光在真空中传播速度为3×108 与原方向相反，大小不变，不计粒子重力，则 m/s.下列选项正确的是 ( 下列说法正确的是 A.玻璃球对该单色光的折射率为√2 A.粒子带正电 B.从玻璃球射出的光线相对从A点入射光 以粒子在：销下方运动的半径为份 线的偏向角一定为30 C.粒子从O点开始到第一次回到O点所经 C.经过A点从玻璃球内折射回空气的光在 历的时间为6πm qB 玻璃球内的传播时间为号×10 D.粒子从O点开始到第一次回到O点，动 D.经过A点从玻璃球内折射回空气的光在 量变化量的大小为2mv, 玻璃球内的传播时间为3×109s 36 三0022 10.如图所示，A物体质量为2m,B ④先不放小球m2,让小球m1从斜槽顶端 物体质量为，用一轻绳相连，将 P处由静止释放，记下小球m,撞击竖直挡 A用一轻弹簧悬挂于天花板上， A 板的位置 系统处于静止状态，此时弹簧的 B ⑤将小球m2放在斜槽末端，再让小球m 伸长量为x,弹性势能为E。,已知弹簧的弹 从斜槽顶端P处由静止释放，与m2发生 性势能与形变量的平方成正比，且弹簧始 碰撞，分别记下小球m1和2撞击竖直挡 终在弹性限度内.现将悬线剪断，则在以后 板的位置. 的运动过程中 ⑥图中A、B、C点是该实验小组记下的小球 A.A物体上升号x时速度最大 与竖直挡板撞击的位置，用毫米刻度尺量出 各个撞击点到O的距离，分别为OA、OB、OC. B.A物体上升了x时速度最大 根据该实验小组的测量，回答下列问题： CA物体的最大动能为E,一号mg (1)小球m1与m2发生碰撞后，m1撞击的 是图中的 点，m2撞击的是图中的 D.A物体的最大动能为E。一Smgx 点（填字母A、B、C) (2)只要满足关系式 则说明碰撞 三、非选择题（本题共5小题，共54分） 中的动量是守恒的（用m1、m2、OA、OB、 11.(6分)为验证碰撞中的 OC表示) 动量是否守恒，某实验 12.(8分)导电玻璃是制造LCD的主要材料 小组选取两个体积相 之一，为测量导电玻璃的电阻率，某小组同 同、质量不相等的小 学选取了一个长度为L的圆柱体导电玻璃 球，按下述步骤进行实验， 器件，上面标有“3V”的字样，主要步骤如 ①用天平测出两小球的质量（分别为，和 下，完成下列问题， m2,且m1>m2). ②按图安装好实验装置，将斜槽PQ固定 0o500005 在桌边，使斜槽末端切线水平，先不放小球 V\0s A-V-2 m2,让竖直挡板紧贴斜槽末端，再让小球 乙 1从斜槽顶端P处由静止释放，记下小球 (1)首先用螺旋测微器测量导电玻璃的直径， m,在竖直挡板上的撞击位置O, 示数如图甲所示，则直径d= mm, ③将竖直挡板向右平移距斜槽末端一定距 (2)然后用欧姆表×100挡粗测该导电玻 离，确保小球在碰撞前后均能撞击固定竖 璃的电阻，表盘指针位置如图乙所示，则导 直挡板。 电玻璃的电阻约为 2. 37 火受快乐假期 S0M-= (3)为精确测量导电玻璃的电阻R在额定 能打进2.5×10-4m3的空气，假设打气过 电压时的阻值，且要求测量时电表的读数 程中药液不会向外喷出.当打气次后，喷 不小于其量程的，滑动变阻器便于调节， 雾器内空气的压强达到4.0×10Pa,设周 围环境温度不变，气压为标准大气压强 他们根据下面提供的器材，设计了一个方 1.0×105Pa,则 案，请在下面对应的虚线框中画出电路图， (1)求出n的数值； 标出所选器材对应的电学符号. (2)试判断这个压强能否使喷雾器内的药 液全部喷完 A.电流表A1(量程为60mA,内阻R约 为32) B.电流表A(量程为2mA,内阻Re=152) C.定值电阻R,=7472 D.定值电阻R2=19852 E.滑动变阻器R(0~202)一只 F.电压表V(量程为10V,内阻Rv=1k2) G.蓄电池E(电动势为12V,内阻很小) H.开关S一只，导线若干 (4)由以上实验可测得该导电玻璃电阻率 值p= (用字母表示，可能用到的 字母有长度L、直径d、电流表A1、A2的读 数I、I2,电压表读数U,电阻值R1、R2 Rv、R1、R2) 13.(10分)如图，医院消毒用 进气口喷液口 的压缩式喷雾器储液桶的 容量为5.7×103m3,开始 时桶内倒入了4.2×10 m3的药液.现关闭进气口，开始打气，每次 38 三0022 富二物理) 14.(14分)如图，圆心为O、半 15.(16分)如图所示，光滑 径为0.1m的半圆形轨道 02 导轨EF、GH等高平 H 竖直固定在水平地面上， 行放置，EG间宽度为 B 与水平地面相切于最低 FH间宽度的3倍，导轨右侧水平且处于 点.原长为0.2m、劲度系数为100N/m的 竖直向上的匀强磁场中，左侧呈弧形升高. 轻质弹簧上端悬挂在O点，下端连接质量 ab、cd是质量均为m的金属棒，现让ab从 为1kg的小滑块A,A静止在轨道最低点. 离水平轨道h高处由静止下滑，设导轨足 质量为2kg的小滑块B,以某一初速度水 够长，ab未离开宽轨处，重力加速度为g. 平向右运动，跟A发生碰撞（碰撞时间极 试求： 短).一切摩擦和空气阻力均不计，取g= (1)ab、cd棒的最终速度大小； 10m/s2. (2)全过程中感应电流产生的焦耳热. (1)若B的初速度大小为1.5m/s,且B与 A发生弹性正碰，求碰后瞬间A对轨道的 压力大小： (2)若B与A碰撞后粘合在一起，要使B 与A能一起通过轨道的最高点，求B的初 速度的最小值. 39飞受快乐假明 (2)氢原子从n=3能级向=1能级跃迁辐射出的光子能量 最大，此时从金属表面逸出的光电子的最大初动能为Ekm, =E-B=-8E Ekm-hv-Wo-- 省案识 10.解析：(1)由质量数和核电荷数守恒，写出核反应方程式 为2H十H→8He十dn. (2)反应过程中质量减少了 △m=2×2.0136u-1.0087u-3.0150u=0.0035u, 反应过程中释放的核能 △E=0.0035×931.5MeV=3.26MeV. (3)设n和He核的动量分别为p1和p2,由动量守恒 定律得0=1十2， 由此得p1和2大小相等， 由动能和动量关系E=D及He核和n质量关系得， 27m 中子的动能E1是He核的动能E2的3倍，即E1:E2 =3:1,由能量守恒定律得E十E2=△E十2X 0.35MeV, 由以上可以算出E2=0.99MeV. 答案：(1)H+H3He十n (2)3.26MeV(3)0.99MeV 高考在线 1.C[根据光电效应方程可知当只有一种光子可使某金属 发生光电效应，该光子对应的能量最大，根据图中能级图 可知跃迁时对应波长为入3的光子能量最大.] 2.D[根据核反应前后质量数和电荷数守恒得，A=12十1 -7-2×1=4,Z=6+1-3-2×1=2,则X为He,D 正确. 3.D[根据质量数守恒和电荷数守恒可知器Sr衰变为船Y 时产生电子，即B粒子，故A错误；根据质量数守恒和电 荷数守恒可知2Pu衰变为2醴U时产生He,即a粒子，故 B错误；根据题意可知2Pu的半衰期大于Sr的半衰期， 现用相同数目的8Sr和2Pu各做一块核电池，经过相同 的时间，器Sr经过的半衰期的次数多，所以剩余器Sr数目 小于剩余Pu的数目，故D正确，C错误.] [第二部分]高三入学衔接检测卷 1.C[太阳内部发生的是核聚变，A错误；典型的裂变方 程为25U十n→1Ba十Kr+3n,B错误；裂变释放核 能是因为新核的比结合能大于原来重核的比结合能，C 正确；经过56年锶90剩下原来的四分之一，D错误.] 5 .-00M= 2.D[a、c两点分别位于正、负电荷附近，则有9a>9,故A 错误；a、c两点关于中轴对称，由等量异种电荷电场分布 可知，两点场强大小相同，方向不同，故B错误；在M到达 等势线b时，竖直方向速度为不为0，在b右侧仍有一段 向下运动的过程，所以不可能对称，故C错误；M穿越a、 b、C,M带负电，所以电场力做负功，电势能变大，故D 正确.] 3.B[当小球对水平桌面压力恰好为零 时，以小球为研究对象，受力分析如图 由几何关系cos0=元 =0.8=0.8,所 =1.0 以0=37°，小球圆周运动的半径r Lsin37°=1.0m×0.6=0.6m,由牛顿 第二定律mgam=ma2r,解得a=名巨rad/s,所以要让 小球对水平桌面压力为零，匀速圆周运动的角速度仙应 满足w≥号Ead/s,故B正确A,C.D错误.] 4.B[状态D对应的压强为p。,状态C到状态D发生等容 变化，由题图可得C_,解得pc=2p。,由V-1图像分 2to to 析可知气体从状态A到状态B,状态C到状态D均发生 等容变化，故有WAB=0,WGD=0,从状态B到状态C发 生等压变化，外界对气体做的功为Wx=pc(2V。一V。) =2。V。,从状态D到状态A发生等压变化，外界对气体 做的功为WDA=-p(2V。-V,)=-pVo,故一个循环 内外界对气体做的功为W=WAB十Wx十WD十WDA= poV。,故选B.] 5.D[对于A,由振动图像可知，1=0时刻质点M沿y轴 负向振动，结合波形图可知波沿x轴正方向传播，故A错 误；对于B,由振动图像可知周期为T=4s,由波形图可 知波长为X=6m:波递为=产=1.5m/s,可知0~6s 波传播的距离为x=t=9m,故B错误；对于C,由图可 知振幅为A=l.7cm,0一6s质点M通过的路程为s=1.5× 4M=6X1.7am=10.2m,故C错误：对于D.由w=会 0.5π，可知质点M的振动方程是y=一1.7sin0.5πt(cm),故 D正确.] 6.A[第一次B固定在地面上，将A拉到B的右端时， A相对于地面移动的距离等于B板的长度；第二次B 可以在光滑地面上自由滑动，A、B间存在摩擦，在摩 擦力作用下B要向右运动，则将A拉到B的右端时， A相对于地面移动的距离将大于B板的长度；所以， 三022 第二次A相对于地面移动的距离大，而拉力恒定，由 公式W=Fs可知，W1<W2.摩擦产生的热量Q= F相对，两次都从木板B的左端滑到右端，相对距离 都等于B板的长度，相对距离相等，且A、B间的摩擦 力大小不变，所以Q1=Q2,故A正确，B、C、D错误.] 7.C[根据题图中粒子的运动轨迹， ↑y 由左手定则可知粒子带负电，则A 0 项错误；粒子在x轴下方运动时，由物》 B mvo 牛顿第二定律可得q0·2=r1 ,解得r1= 器B 项错误；粒子回到坐标原点O的运动轨迹如图所示 粒子从O点开始到第一次回到O点，动量变化量的大小 为0，故D项错误；粒子在x轴上方和下方运动的周期分 别为1一招1-绍则粒子从0点齐始到第一次回 到0点所经历的时间为1=T十T。=昭故C项 正确.」 8.AC[对于A,由表中数据可知，火星的公转半径比地球 的公转半径大，由开普勒第三定律气=6可得火星的公 转周期比地球的公转周期大，故A正确：对于B,根据ω= 严可知火星和地球自转的角速度之比约为0大：%=】 :1故B错误：对于C,依题意，可得GMm=mg,解得g R2 2可得火星和地还表面附近的重力加速度大小之比 为g火：g地=2：5，故C正确：对于D,根据GMm=m R2 GM 尺，解得，可得火星和地球的第一宇笛速度之巴 约为v火：v地=1：√5，故D错误。故选AC.] 9.AD[作出光路如图所示（只考虑经过 A点从玻璃球内折射回空气的光线) Q 由对称性及光路可逆可知，第一次折射 的折射角为30°，则由折射定律可知n= 盟册据=亿，做A正确：由几何关 系可知，光线第一次从玻璃球内出射时相对于射入玻璃 球的光线的偏向角为α=270°，故B错误；光线从A,点进 入及第一次从A点射出时在玻璃球中传播的距离为s=3 ×2Rcos30°=45√2cm,在玻璃中运动的速度为u=C 可得经过A,点从玻璃球内折射回空气的光在玻璃球内的 传播时间为t=氵=3×10-9s,故C错误，D正确.] 5 10.BC[在最低，点未剪断悬绳时，对A、B整体受力分析有 3mg=kx,悬线剪断后，当速度最大时，加速度为零，则 2mg=kz',则A物体上升高度为△x=x一x= 3,A 错误，B正确；速度最大时，弹性势能大小为E。'=k( 2 3 )”=号A上升过程中，由机城能守恒定律可知B, =E,'+E十2mg△，解得民=号E,号mg,C正确， D错误.] 11.解析：(1)根据动量守恒和机械能守恒 m1vo=m1v1十m2v2（m1>n2）, 2m听-名m听+2m,喝， 1 .1 可知v2>,01<v0, 故相等水平位移内速度小的物体下落高度大，1撞击 的是C点： m2撞击的是A点； (2)设Q点到竖直挡板的距离为x,两球平抛时初速度 为0，下落高度为h,有 /8x2 02h' gx2 gx2 gx2 因此，只要有m1√0B=m1√20C+m2√20A' 即1 √OB√OC'√OA 即可验证碰撞中的动量是守恒的， 答案：(1)CA(2)m1=m m2 √OB√OCOA 12.解析：(1)螺旋测微器的固定刻度为1.5mm,可动刻度为 49.0×0.01mm=0.490mm,所以最终读数为1.5mm十 0.490mm=1.990mm(1.989~1.991mm均正确) (2)表盘的读数为5，所以导电玻璃的电阻约为5×1002= 5002. (3)电源的电动势为12V,电压表的量程为10V,滑动 变阻器的电阻为202，由于滑动变阻器的电阻与待测电 阻的电阻值差距不太大，若串联使用调节的范围太小， 所以滑动变阻器选择分压式接法；流过待测电阻的电流约 为：1=写品0A=0.06A=6mA,两电流表量程均不 合适； 同时由于电压表量程为10V,远大于待测电阻的额定电 压3V,故常规方法不能正常测量； 所以考虑用电流表改装成电压表使用，同时电压表量 程为10V,内阻Ry=1k2,故满偏电流为10mA,符合 飞受铁乐假期 要求，故将电压表充当电流表使用，电流表A2与R。串 联充当电压表使用，改装后量程为4V,可以使用，由于 改装后电表内阻已知，故内外接法均可，故电路图如图 所示： A R2 (4)根据串并联电路的规律可知，待测电阻中的电流：1 =-1 Ry 电压：U=I2(R2十RA2) U 由欧姆定律可知电阻：R,= 根据电阻定律可知：R,=p5, L 面横截面面积：S=} 联立解得：p= πd2I2(R2+RA2） 4L(-1,) Rv 答案：(1)1.990(1.989~1.991均正确)(2)500 (3)见解析图（4)PI,(R,+RA2) ng- 15 13.解析：(1)空气经历等温变化，由理想气体状态方程，得 BovPonv ipoV T T T· 其中V=5.7×10-3m3-4.2×10-3m3=1.5×10-3 m3,V'=0.25×10-3m3, 代入数值，解得n=18; (2)当空气完全充满储液桶后，如果空气压强仍然大于 标准大气压，则药液可以全部喷出 由于温度不变，根据玻意耳定律4p。V=pV1,其中V1= 5.7×10-3m3,得 4PoV p=5.7X10 解得p≈1.053p>p0, 所以药液能全部喷出。 答案：(1)18(2)能 14.解析：(1)设A、B的质量分别为m1、m2,碰撞后A的速 度大小为1，B的速度大小为2，以A、B为系统，根据 动量守恒定律和能量守恒定律有 54 90M= m2%=n22十m1v1① 1 1 m听=2m2呢+2m1听@ 以A为研究对象，设碰后瞬间轨道对A的支持力大小 为F、,根据牛顿第二定律有 Fx(1R)=m1R图 由①②③式解得 FN=60N④ 由牛顿第三定律得A对轨道的压力大小 FN'=FN=60N⑤ (2)设B的初速度的最小值为，碰撞后瞬间A、B的共 同速度大小为v3,以A、B为系统，根据动量守恒定律有 m2)=(m1+m2)U3⑥ 设A、B一起恰好通过轨道最高点的速度大小为)4，根 据牛顿第二定律有 4+m2)g-k(1-R)=(m1十m2)2@ A、B从轨道最低点到轨道最高点，根据动能定理有 m十m,g·2求=m十m,话-m,十m,国 由⑥⑦⑧式解得u=√42 2 m/s. 答案：(1)60N(2)2 m/s 解析：1ab自由下滑，机拔能守恒有mgh=之m, 由于ab、cd串联在同一电路中，任何时刻通过的电流总 相等，金属棒有效长度L=3Ld,故它们受到的安培力 关系为Fob=3Fd 在安培力作用下，αb、cd各做变速运动，产生的感应电动 势方向相反，当E=E。时，电路中感应电流为零(I= 0),安培力为零，ab、cd运动趋于稳定，此时有 BLdUd-BLadUd, 1 所以vh=3vd' αb、cd受安培力作用，动量均发生变化，由动量定理得 Fb△T=m(v-vh）, Fd△T=mva' 10,a-32gh 联立以上各式解得=，0 10 (2)根据系统的总能量守恒可得 Q=ms-mw2-2-8 101 答案：(1)2gh32gh 10 (2)9mgh 10 10