广东深圳市盐田高级中学2025-2026学年高一下学期5月期中物理试题

2025-2026学年第二学期期中考试 盐田高级中学高一物理试题卷 命题人：李天一审题人：任春林考试时间：75分钟分数：100分 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题 目要求) 1.2026年1月6日上午，航空工业试飞跑道上，一架接近量产标准的歼-35技术验证机伴随着引擎轰鸣腾 空而起，圆满完成2026年度“新年第一飞”，这一亮相标志着我国歼-35五代舰载机的量产进程全面提速。 已知该战机在某次测试中沿曲线MN加速爬升，图为战机在轨迹上P点的受力分析示意图。战机在P点 时所受合力的方向可能是() M A.耳 B.F C.F D。E 2.某广场喷泉喷出的两水柱如图中、b所示。不计空气阻力，、b中的水() A.加速度相同 B。喷出时的初速度相同 C。在最高点的速度相同 D.在空中的运动时间相同 3.地球和哈雷彗星绕太阳运行的轨迹如图所示，彗星从α运行到b、从c运行到的过程中，与太阳连线 扫过的面积分别为S和S2,且S,>S2。彗星在近日点与太阳中心的距离约为地球公转轨道半径的0.6倍， 则彗星（) 哈雷彗星 A.在近日点的速度小于地球的速度 。地球 B。从b运行到c的过程中动能先增大后减小 C。从a运行到b的时间大于从c运行到d的时间 木阳人 D.在近日点加速度约为地球的加速度的0.36倍 4.把一根弹簧平放在光滑水平面上，一端固定，把一个质量为1kg的滑块放在弹簧另一端，用力水平推动 滑动使弹簧压缩。当把滑块由静止释放后，经过0.5s弹簧把滑块以10/s的速度水平弹出去，在这段时间 内弹簧对滑块做功的平均功率等于() A.20W B.50W C。100W D。150W 试卷第1页共6页 5如图所示，轻绳的一端拴一个蜂鸣器，另一端穿过竖直管握在手中。蜂鸣器在水平面内做匀速圆周运 动。缓慢下拉绳子，使蜂鸣器升高到水平面内继续做匀速圆周运动。不计空气阻力和摩擦力，与升高前 相比，蜂鸣器() A.角速度不变 B。线速度减小 C。向心加速度增大 D.所受拉力大小不变 6如图，趣味运动会的“聚力建高塔”活动中，两长度相等的细绳一端系在同一塔块上，两名同学分别握住 绳的另一端，保持手在同一水平面以相同速率v相向运动。为使塔块沿竖直方向匀速下落，则v() A.一直减小 B。一直增大 C.先减小后增大 D.先增大后减小 7.电动方程式是目前世界上新能源汽车运动中级别最高的赛事，赛车在专业赛道水平路面上由静止启动， 在前2s内做匀加速直线运动，2s末达到额定功率，之后保持额定功率继续运动，其v-t图像如图所示。 已知汽车的质量为加=8×10kg,汽车受到地面的阻力为车重的号，取g=10m/s,下列说法正确的是( A.赛车在2s时的瞬时功率P=128W vlm·s) N0 B。赛车在加速过程中牵引力保持不变 16 C。该赛车的最大速度是288km/h D.当速度v=20m/s时，其加速度为5m/s2 2 病 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小题列出的四个选项中，有多项符合题目 要求。全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错得0分) 8如图所示，下列有关生活中的圆周运动实例分析，其中说法正确的是() 外轨 内轨 A.如图甲，火车转弯时超过规定速度行驶时，外轨对轮缘会有挤压作用 B。如图乙“水流星”表演中，刚好通过最高点时杯子处于完全失重状态，不受重力作用 C.如图丙，洗衣机脱水筒的脱水原理是因为衣服受到向心力，把水从衣服内甩出 D.如图丁，山崖边的公路被称为最险公路，若汽车以恒定的线速度大小转弯，选择外圈较为安全 试卷第2页共6页 9.中国预计在2028年实现载人登月计划，把月球作为登上更遥远行星的一个落脚点。图是“嫦娥一号奔月” 的示意图，“嫦娥一号”卫星发射后经多次变轨，进入地月转移轨道，最终被月球引力捕获，成为绕月卫星， Q点是轨道的切点。关于“嫦娥一号”，以下说法正确的是() 24h轨道 48h轨道 16h轨道 轨道1 地球 轨道Ⅱ 轨道Ⅲ 地月转移轨道 A。 发射速度必须达到第三宇宙速度 B.轨道Ⅲ变轨到轨道Ⅱ时，需在Q点处点火减速 C.轨道Ⅲ上Q点的加速度大于轨道上Q点的加速度 D.16h轨道与24h轨道半长轴的立方与公转周期的平方之比相等 10.一质量为1kg的物体在水平拉力的作用下，由静止开始在水平地面上沿x轴运动，出发点为x轴零点， 拉力做的功W与物体坐标x的关系如图所示。物体与水平地面间的动摩擦因数为0.4，重力加速度大小取 10m/s2。下列说法正确的是() ◆WI灯 A。在x=1m时，拉力的功率为6W 18 B。在x=4m时，物体的动能为2J 12 C。从x=0运动到x=2m,物体克服摩擦力做的功为8J 6 D.从x=0运动到x=4的过程中，物体的速度最大为2m/s 0 34x/m 三、实验题（本题共2小题，共14分） 11.（6分)某实验小组用如图甲所示的实验装置来完成“探究平抛运动的特点”的实验。 (1)关于该实验，下列说法正确的是 A。尽可能使用密度小、体积大的球进行实验 B.应想办法尽量减小小球与轨道之间的摩擦 C.每次应将小球从斜槽轨道上同一位置由静止释放 D。为描出小球的运动轨迹，描绘的点可用折线连接 乙 (2)正确操作后，获得如图乙所示的坐标纸。已知A、B、C为小球做平抛运动经过的三个位置，结合平抛 运动规律可判断出O点 (选填“是”或“不是”)小球做平抛运动轨迹上的一点。 (3)若图中背景方格的边长均为5cm,重力加速度g取10m/s2,则小球平抛的初速度大小y。= m/s。 试卷第3页共6页 12.(8分)小明同学在科技节的实验室开放期间，进入力学实验室自主探究，他做探究影响向心力大小因 素的实验： 方案一：用如图甲所示的装置，已知小球在挡板A、B、C处做圆周运动的轨迹半径之比为1：2：1，变速塔 轮自上而下按如图乙所示三种组合方式，左右每层半径之比由上至下分别为1：1、2：1和3：1。回答以下问 题： (1)本实验所采用的实验探究方法与下列哪些实验是相同的 A.探究小车速度随时间变化规律 标尺 长槽短槽 B.探究两个互成角度的力的合成规律 左塔轮 右塔 C.探究平抛运动的特点 第三层 D.探究加速度与物体受力、物体质量的关系 手柄《 (2)某次实验中，把两个质量相等的钢球放在B、C位置，探究向心力的大小与半径的关系，则需要将传动 皮带调至第 层塔轮（填“一”、“二”或“三”）： (3)现将质量相等的两小钢球分别放在A、C位置，将传送带调至第三层塔轮，则两球转动时所受向心力之 比为 方案二：如图丙所示装置，装置中竖直转轴固定在电动机的转轴上（未画出），光滑的水平直杆固定在竖 直转轴上，能随竖直转轴一起转动。水平直杆的左端套上滑块P，用细线将滑块P与固定在竖直转轴上的 力传感器连接，细线处于水平伸直状态，当滑块随水平直杆一起匀速转动时，细线拉力的大小可以通过力 传感器测得。水平直杆的右端最边缘安装了宽度为的挡光条，挡光条到竖直转轴的距离为D，光电门可 以测出挡光条经过光电门所用的时间（挡光时间）。滑块P与竖直转轴间的距离可调。回答以下问题： FN 1.0 0.8 0.6 竖直转轴 力传感器 0.4 滑块一 挡光条 0.2 水平直杆 D 0246810wrad2s) 丙 丁 (4某次实验中测得挡光条的挡光时间为△1，则滑块P的角速度表达式ω=： (⑤)实验小组保持滑块P质量和运动半径r不变，探究向心力F与角速度ω的关系，作F-0图线如图丁 所示，若滑块P运动半径r=0.2m，细线质量和滑块与杆的摩擦可忽略，由F-w图线可得滑块P质量 m= kg(结果保留2位有效数字)。 试卷第4页共6页 四、解答题（本题共3小题，共40分，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出 最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。) 13.（10分)如图所示，宇航员在某质量分布均匀的星球表面，从一斜坡上的P点沿水平方向以初速度 抛出一小球，测得小球经时间t落到斜坡上另一点Q,斜面的倾角为α，已知该星球半径为R,引力常量 为G,忽略星球自转的影响，求： (1)该星球表面的重力加速度大小： (2)该星球的密度： (3)该星球的第一宇宙速度。 14.(14分)某电视台正在策划的“快乐向前冲”节目的场地设施如图所示，AB为水平直轨道，上面安装有 电动悬挂器，可以载人运动，下方水面上漂浮着一个半径为R铺有海绵垫的转盘，转盘轴心在AB正下方 且离平台的水平距离为L,平台与转盘平面的高度差为H,A点位于平合边缘的正上方，水平直轨道与平 台间的高度差可忽略不计。选手抓住悬挂器后，按动开关，在电动机的带动下从A点沿轨道做初速度为零、 加速度为的匀加速直线运动，起动后2s人脱离悬挂器。设人的质量为m(人可看成质点)，人与转盘间 的最大静摩擦力为g，重力加速度为g。求： (1)假设选手落到转盘上瞬间相对转盘速度立即变为零，为保证他落在任何位置都不会被甩下转盘，转盘的 角速度ω最大值： (2)当a=2m/s2时选手离开悬挂器的速度大小： (3)若H=3.2m,R=0.9m,L=6.3m,取g=10m/s2,选手要想成功落在转盘上，加速度a的范围。 ω R 试卷第5页共6页 15.(16分)如图所示，一固定在竖直面内的半径为R=0.2m的光滑，圆弧轨道，在竖直半径0A的下端 A点与一水平面平滑连接，在水平半径OB的B端平滑连接一半径也为R的竖直圆管道BC,圆管道 BC内壁光滑。一质量为m=1kg的小滑块（小滑块尺寸略小于圆管道BC的内径），静置在水平面上的P 点，P点到A点的距离为L=1m,小滑块与水平面之间的动摩擦因数为u=0.2。小滑块在大小为F=10N 的水平拉力作用下开始沿水平面向右运动，F作用x。=0.8m的距离后撤去。重力加速度g取10m/s2。 (1)求小滑块到达A点时对圆弧轨道的压力大小： 2)判断小滑块能否到达竖直圆管道的C端。若不能，则说明理由：若能，求在C端小滑块与圆管道的 相互挤压力大小： (3)改变拉力F的作用距离，为了使小滑块能冲上圆弧轨道AB并进入竖直圆管道BC,但不能从圆管道的 C端飞出，求拉力F在水平面上的作用距离x应满足的条件。 0----- 777772 试卷第6页共6页2025-2026学年第二学期期中考试 盐田高级中学高一物理试题卷答案及评分标准 1.【答案】A【详解】战机做曲线运动，合力的方向指向运动轨迹的凹侧，其中？、E指向曲线凹侧；战 机沿曲线N加速爬升，则合力方向与运动方向的夹角为锐角，其中与运动方向的夹角为锐角。故选A。 2.【答案】A【详解】A.不计空气阻力，在喷泉喷出的水在空中只受重力，加速度均为重力加速度，故A 正确；D.设喷泉喷出的水竖直方向的分速度为'，，水平方向速度为V:,竖直方向，根据对称性可知在空 2h 中运动的时间t=2, 可知，>，D错误：BC.最高点的速度等于水平方向的分速度y=上由图像可知水 平方向的位移大小关系x。>x,最高点的速度大小关系。>。，根据速度的合成可知无法判断初速度的大 小，BC错误；故选A。 3【答案】C【详解】A.地球绕太阳微匀速圆周运动：万有引力提供向心力G=m→ GM \r 过近日点做一个以太阳为圆心的圆形轨道，卫星在该圆形轨道上的速度，比彗星在椭圆轨道上近日点速度 小，而，比地球公转的速度大，因此哈雷彗星在近日点的速度大于地球绕太阳的公转速度，A错误： B.从b运行到c的过程中万有引力与速度方向夹角一直为钝角，哈雷彗星速度一直减小，因此动能一直 减小，B错误；C.根据开普勒第二定律可知哈雷彗星绕太阳经过相同的时间扫过的面积相同，根据S>S, 可知从a运行到b的时间大于从c运行到d的时间，C正确；D.万有引力提供加速度GM GM ,=a→a= r2 则哈雷彗星的加速度a与地球的加速度4，比值为马=至=，1 a220.36 D错误。故选C。 4【答案】C【详解】由动能定理得m=m2=×1x10心J=50 2 则在这段时间内弹簧对滑块做功的平均功率为P=严-50W=1OW故选C。 t0.5 5.【答案】C【详解】CD.设绳子与竖直方向夹角为0，蜂鸣器质量为，绳长为L,对蜂鸣器受力分析， 水平方向有F=gtan0=a.可得a,=gtan8由题图可看出蜂鸣器从水平面a升高到水平面b,0增大， 则有向心加速度a,>a,蜂鸣器所受拉力大小F=3蜂鸣器重力不变，日增大，则所受拉力变大，故C cos0 正确，D错误；AB.根据几何关系，可得蜂鸣器做匀速圆周运动的半径为r=LsnO,根据牛顿第二定律 有gam9=m=mo7,可得v=gZam0sm0,w=√Zco 8 ,可得。>'。，>2，即角速度、线 速度均增大，故AB错误。故选C。 6.【答案】B【详解】设两边绳与竖直方向的夹角为日，塔块沿竖直方向匀速下落的速度为块，将沿绳 答案第1页共4页 方向和垂直绳方向分解，将v沿绳子方向和垂直绳方向分解，可得cos6=vs血6解得v= '块 tan 由于塔块匀速下落时日在减小，故可知v一直增大。故选B。 7.【答案】c【详解】A.赛车在2s内的加速度a=16m/g=8Ws,则牵引力 F=m+f=(8×103×8+0.2×8×103×10)N=8×10N,2s时牵引力的瞬时功率P-Fy2=8×104×16w=1280kw,A错 误；B.2s后功率不变，则根据P=Fv可知，随速度的增加，牵引力减小，则赛车在加速过程中牵引力不 是保持不变，B错误：C.当牵引力等于阻力时加速度为零，此时赛车的速度最大，则该赛车的最大速度 -2-1280x10,ms=80ms=288kmh,c正确： 是Vm= Ff0.2x8x103×10 D.当速度v=20m/s时，其加速度为。= 2-f128010-0.2x8×10x10 20 m/g2=6m/s,D错误。故选C。 8×10 8.【答案】AD【详解】A.如图甲，火车转弯时超过规定速度行驶时，重力和支持力的合力不足以提供所 需的向心力，火车有离心运动趋势，外轨对轮缘会有挤压作用，故A正确； B.如图乙“水流星”表演中，刚好通过最高点时，仅受重力，重力刚好提供向心力，处于完全失重状态， 故B错误：C.如图丙，洗衣机脱水筒的脱水原理是因为水受到的附着力不足以提供所需的向心力，水做 离心运动，把水从衣服内甩出，故C错误：D,当汽车转弯时，摩擦力提供向心力了=m,可知汽车國 恒定的线速度大小转弯，半径越大，需要的向心力越小，所以选择外圈较为安全，故D正确。故选AD。 9.【答案】BD【详解】A.“嫦娥一号”绕月球运行时，仍未脱离地球引力的约束，所以其发射速度应大于 第一宇宙速度，小于第二宇宙速度，故A错误；B.从大轨道Ⅲ变轨到更小的轨道Ⅱ需要做近心运动，因 此需要在切点Q点火减速，使万有引力大于所需的向心力，从而进入内层轨道，故B正确： C.根据=0可得a=GQ点是轨道切点，到月球中心的距离r相同，因此两个轨道在Q点的加 速度大小相等，故C错误；D.根据开普勒第三定律，绕同一中心天体运动的天体，轨道半长轴的立方与 公转周期平方的比值为定值，因此两个轨道的该比值相等，故D正确。故选BD。 10.【答案】BC【详解】由于拉力在水平方向，则拉力做功为W=x可看出W一x图像的斜率代表拉力F。 1 AB.在物体运动的过程中根据动能定理有W-wmg=2m则x=1m时物体的速度为-2ms,x=1m 时，拉力为P=△严=6N则此时拉力的功率P=m,=12Wx=4m时物体的动能为B=2JA错误、B正确： △x C.从x=0运动到x=2m,物体克服摩擦力做的功为W=gx=8JC正确； D.根据W-x图像可知在0一2m的过程中F=6N,2一4m的过程中F2=3N,由于物体受到的摩擦力恒 为f=4N,则物体在x=2m处速度最大，且根据选项AB分析可知此时的速度y,=√8n/sD错误。故选BC。 11.【答案】(1)C(2分) (2)是(2分)(3)1.5（2分) 【详解】(1)A.为了减小空气阻力的影响，应选用体积小、密度大的小球，故A错误：BC.为了保证小 答案第2页共4页 球每次抛出时的速度相同，每次应将小球从斜槽轨道上同一位置由静止释放，但斜槽轨道不需要光滑，故 B错误，C正确；D.为描出小球的运动轨迹，描绘的点应用平滑曲线连接，故D错误。故选C。 (2)平抛运动在水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动。由图可知，O点到A点、A点到B点、 B点到C点的水平位移为1：I:1,可知O点到A点、A点到B点、B点到C点的时间相等。竖直方向上， O点到A点、A点到B点、B点到C点的竖直位移之比满足1：3：5，O点是小球做平抛运动轨迹上的一点。 (3)竖直方向上有△y=gT2=2L解得T= 2×5×102 =0.1s 10 水平方向有=3L=,T解得小球平抛的初速度大小=3x5x10 0.1 m/s=1.5m/s 12.【答案】(1D(1分)(2)一（1分) (3)1:9(2分) (4)A (2分) (5)0.45/0.44(2分) DAt 【详解】(1)在该实验中，通过控制质量、半径、角速度中两个物理量相同，探究向心力与另外一个物理 量之间的关系，采用的科学方法是控变量法。A.探究小车速度随时间变化规律，利用极限思想计算小 车的速度，故A错误：B.探究两个互成角度的力的合成规律，应用了等效替代法，故B错误；C.探究 平抛运动的特点，例如两球同时落地，两球在竖直方向上的运动效果相同，应用了等效思想，故C错误： D.探究加速度与物体受力、物体质量的关系，应用了控制变量法，故D正确。故选D。 (2)把两个质量相等的钢球放在B、C位置，探究向心力的大小与半径的关系，应使两球的角速度相同， 则需要将传动皮带调至第一层塔轮。 (3)现将质量相等的两小钢球分别放在A、C位置，则两球做圆周运动的半径相等；将传送带调至第三层 塔轮，根据v=aoR可知，左、右塔轮的角速度之比为1：3；根据F=mor可知，两球转动时所受向心力之 比为1：9。 (4)挡光条的线速度大小为=只滑块P的角速度等于挡光条的角速度，则有0=、三从 △t D DAt （5)根据向心力表达式F=mm可知F-心图线的斜率为k=m=09kg:m解得滑块P质量为m=045kg 10 13.【答案】q)2tana (2)3tana (3) 2vRtan a 2πRtG t 【详解】(1)小球做平抛运动的规律x=vt,y=28 (1分) 且tana=y(1分) 解得g= 2ytmc(1分) t Mm (2分)解得M=8R_2,R2tama M 3vtan a (2)根据g=G P2 G 解得D 4 R3 2πRtG (2分) Gt 3 12 (3)根据星球表面附近万有引力近似等于重力，该力提供向心力，可得g=m (2分)解得 R 2v Rtan a V= (1分) t 答案第3页共4页 14.【答案】(1)， (2)4m/s(3)1.5m/s2≤a≤2m/s2 R 【详解】(1)设人落在转盘边缘处恰好不被甩下，此时最大静摩擦力提供向心力，有g=wR(2分) 解得ω= ug (2分) (2)人处于匀加速过程v=t(1分)v=4m/s(1分) (3)分析知a最小时人落在转盘左端，a最大时人落在转盘右端，由H-方8Q分) 人落在转盘左端时L-R=a42+4t华，(2分)解得a=15m/s 2 人落在转盘右端时Z+R=】a,2+a,:2分)解得a=2m/s 21 故加速度a的范围是1.5m/s2≤a≤2m/s2(2分) 15.【答案】(1)70N (2)10N (3)0.4m<x≤0.6m 【详解】(1)对小滑块从P点运动到A点的过程，由动能定理可得Fx。-ugL= 1 (2分) 2 解得v4=2V3m/s 在A点，对小滑块由牛顿第二定律可得R一服=m (1分)解得F=70N R 由牛顿第三定律得，小滑块到达A点时对圆弧轨道的压力大小==70N（1分) (2)设小滑块速度减为零时，能够上升的高度为，由动能定理可得-mgh=0-(1分)解得h=0.6m 2 由于h=0.6m>2R,故滑块能到达圆管道的C端。(1分) 对小滑块从A点运动到C点的过程，由动能定理可得2gR-分mm2分)解得。=2ms 在圆管道的C端，由牛顿第二定律有F。+g=m (1分) R 解得小滑块与圆管道的相互挤压力大小F=10N(1分) (3)设小滑块恰好能到达B点时，拉力F作用距离为x,由动能定理可得x,-gL-gR=0(2分) 解得x=0.4m 设小滑块恰好能到达圆管道的C端时，拉力F作用距离为x2,由动能定理可得x,-wmgL-2mgR=0(2分) 解得x=0.6m 所以为了使小滑块能进入圆管道，但不能从圆管道C端飞出，拉力F作用距离×应满足的条件是 0.4m<x≤0.6m(2分) 答案第4页共4页■口口▣ 2025一2026学年第二学期期中考试 盐田高级中学高一物理答题卷 班级： 姓名： 考场： 座位号： 注意事项 1答题前，考生务必用黑色字迹的钢笔或者铅笔填写准考证号和姓名等，将条 形码正确粘贴到指定的条形码粘贴区域。 2.保持卡面整洁，不要折叠，不要弄破 条形码粘贴区 3考生不得填涂缺考。 4.必须在题号对应的答题区域内作答超出答题区域书写无效。 正确填涂■缺考标记[] 一、单项选择题(28分) 1 CA]CB]CC]CD] 6 CAJ CB]CC]CD] 2 CAJ CBJ CCJ CD 7 CAJ CB]CCJ CD 3 CAJ CB]CC]CD] 4 CA]CB]CC]CD] 5 CA]CB]CC]CD] 二、 多项选择题(18分) 8 CA]CB]CC]CD] 9 CA]CB]CC]CD] 10 CA]CB]CC]CD] 三、实验题(14分) 11、(6分) 12、(8分) 第1面共2面 四、 解答题(40分) 13、(10分) 0 a p 14、(14分) B ω R ■ ■ 15、(16分) C B 第2面共2面 ■ 请勿在此区域作答 a ■