8 信息预测卷二-【智乐星中考】2026年日照市初中学业水平考试物理试题

该初中物理中考复习课件全面覆盖物质、运动和相互作用、能量等核心考点，严格对接中考说明，通过分析杠杆、欧姆定律等高频考点的权重分布，归纳出单项选择、实验探究、综合计算等常考题型，体现备考的针对性和实用性。 课件亮点在于“全真模拟+考点突破+错题反思”的备考体系，通过8套模拟卷训练科学思维，如凸透镜成像实验中数据表格分析培养科学探究能力，针对压强计算等难点题型详解公式应用步骤。设计“难度系数-对应题号”反思表，助力学生精准突破易错点，教师可依此制定分层复习计划，提升中考冲刺效率。

2026日照 物理 1 2 日照市2026年初中学业水平考试 物　理　试　题 3 本试卷共4页。满分100分。考试用时90分钟。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 注意事项： 　　1.答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号和座号填写在答题卡和试卷规定的位置上。 　　2.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答案写在试卷上无效。 　　3.非选择题必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置，不能写在试卷上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用涂改液、胶带纸、修正带。不按以上要求作答的答案无效。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 4 第Ⅰ卷(选择题　共40分) 一、单项选择题(本大题包括8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中只有一项符合题目要求) 1.镊子是日常生活中非常实用的一种工具。如图所示，使用镊子夹取物体时，下列说法正确的是(　　) A.A是支点 B.AB是动力臂 C.OB是阻力臂 D.镊子是省力杠杆 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 5 【考点】 杠杆五要素及分类。 【解析】 在使用镊子时，镊子的上、下两部分均绕O点转动，所以O点是支点，压力的方向与接触面垂直，阻力作用点在B点处，OB为阻力臂，动力作用点在A点处，OA为动力臂，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 6 2.“果蔬脆”是利用真空冷冻干燥技术制成的。将新鲜的果蔬低温冷冻，水分形成小冰晶，然后放在真空仓中进行抽真空干燥，形成果蔬干。该技术中水经历的物态变化是(　　) A.先凝固后熔化 B.先凝固后升华 C.先凝华后熔化 D.先凝华后升华 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 7 【考点】 物态变化的辨识。 【解析】 由题意可知，水先在低温下凝固成小冰晶，再放在真空仓中进行抽真空干燥，这一过程中小冰晶升华，直接变为水蒸气被抽走，则整个过程中水经历的物态变化是先凝固后升华，故B正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 8 3.沙画是我国的一种民间文化艺术。将沙子撒在平板灯台上做出各种造型，灯台下方射出的光被沙子阻挡后呈现出画面。下列现象与其光学原理相同的是(　　) A.镜花水月 B.海市蜃楼 C.杯弓蛇影 D.小孔成像 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 9 【考点】 光现象的辨识。 【解析】 沙画的原理是光的直线传播。 A.镜花水月属于平面镜成像，其原理是光的反射，故A错误。 B.海市蜃楼的原理是光的折射，故B错误。 C.杯弓蛇影的原理是光的反射，故C错误。 D.小孔成像的原理是光的直线传播，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 10 4.如图所示，中国汽车制造商正将人工智能大模型引入旗下车型，其功能主要体现在车载语音助手的智能化水平上，汽车领域广泛利用人工智能语音助手实现“人与车”全场景自然交互。下列说法正确的是(　　) A.人工智能语音助手发出的声音不是由振动产生的 B.减小声音音量实质是降低音调 C.人类能听到的音乐是超声波 D.人工智能语音助手能根据用户语音指令完 成指定操作，说明声音可以传递信息 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 11 【考点】 声音的产生与传播；声音的特性；声音的利用。 【解析】 A.声音是由物体振动产生的，人工智能语音助手发出的声音也不例外，故A错误。 B.音量指的是响度，减小音量是减小响度，不是降低音调，故B错误。 C.人能听到的频率范围为20～20 000 Hz，频率高于20 000 Hz的声波为超声波，人耳听不到，故C错误。 D.语音指令能让人工智能语音助手完成指定操作，说明声音可以传递信息，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 12 5.随着新能源电动汽车销量增长，充电桩的安装得到了普及。据了解铝合金是充电桩外壳常用的材料，充电桩输出电压的范围是300～600 V，峰值功率高达500 kW。关于充电桩，下列说法正确的是(　　) A.充电桩外壳常采用铝合金材料，所以安装时需连接保护线 B.电工在维修充电桩时，可以不用断开电源 C.若充电桩起火，应迅速用水扑灭 D.充电枪连接线绝缘层破损后继续使用 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 13 【考点】 安全用电原则。 【解析】 B.维修充电桩时若不切断电源，极易发生触电事故，故B错误。 C.生活用水是导体，若用水灭火，易造成灭火人员触电，还可能造成设备短路，使火势扩大，故C错误。 D.充电枪连接线绝缘层破损后，内部导线外露，人体接触导线时易发生触电事故，也可能引发短路故障，因此不能继续使用，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 14 6.在体育测试中，小明投出铅球的运动轨迹如图所示。若不计空气阻力， 下列说法正确的是(　　)   A.铅球离手后能继续前进是由于受到惯性的作用 B.运动的铅球最终会静止在地面上，说明物体的运动需要力来维持 C.若铅球运动到最高点a时，铅球受到的重力突然消失，铅球将沿轨迹1运动 D.铅球落地后滚动的过程中不受力的作用 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 15 【考点】 惯性的理解及应用。 【解析】 A.铅球离手后能继续前进，是因为铅球具有惯性，仍保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说物体受到惯性的作用，故A错误。 B.运动的铅球落向地面是因为铅球受到重力的作用，向前运动的铅球最终停下来是因为受到地面的摩擦力，故铅球运动状态的改变都是因为铅球受到了力，说明力是改变物体运动状态的原因，故B错误。 C.铅球运动到最高点a时，仍有水平向右的速度，此时若重力突然消失，即铅球受到的所有力突然消失，由牛顿第一定律可知，铅球将向右沿水平方向做匀速直线运动，即沿轨迹1运动，故C正确。 D.铅球落地后滚动的过程中受重力、支持力和阻力等作用，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 16 7.汽车是现代生活中最常见的一种交通工具。下列关于汽车的说法正确的是(　　) A.在水平路面上，汽车静止时所受的重力与路面对它的支持力是一对相互作用力 B.在水平路面上，汽车行驶时对路面的压力大于静止时对路面的压力 C.汽车是依靠电磁波传递信息进行导航的 D.利用汽车废气的热量给汽车供暖，可以提高其汽油机的效率 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 17 【考点】 平衡力与相互作用力；流体压强与流速的关系；电磁波；热机效率。 【解析】 A.在水平路面上，汽车静止时所受的重力与路面对它的支持力是一对平衡力，故A错误。 B.在水平路面上，汽车行驶时，汽车上方的空气流速大、压强小，下方的空气流速小、压强大，上下方的压强差会产生一个向上的升力，所以汽车对路面的压力小于自身的重力，即小于静止时其对路面的压力，故B错误。 C.汽车是依靠电磁波传递信息进行导航的，故C正确。 D.利用汽车废气的热量给汽车供暖是提高了燃料的利用率，其汽油机的效率并未改变，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 18 8.小明同学利用矿泉水瓶和薄壁小圆柱形玻璃瓶制作了“浮沉子”，如图甲所示(玻璃瓶口开着并倒置)，此时玻璃瓶内外水面高度差为h1，矿泉水瓶内水面到玻璃瓶口处的竖直距离为h2。小亮在此基础上为矿泉水瓶安装了打气筒，如图乙所示。下列说法正确的是(　　) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 19 A.“浮沉子”下沉时，所受浮力大于重力 B.用打气筒向图乙矿泉水瓶内打气，“浮沉子”将上浮 C.挤压矿泉水瓶，“浮沉子”内封闭气体的密度不变 D.松开挤压矿泉水瓶的手，“浮沉子”内封闭气体的压强减小，h2变小 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 【考点】 压强与浮力的综合分析。 【解析】 A.“浮沉子”下沉时，所受的浮力小于重力，故A错误。 BC.向瓶内打气或挤压矿泉水瓶，矿泉水瓶内气体压强增大，水被压入玻璃瓶中，“浮沉子”重力增大，会下沉；由于水被压入玻璃瓶，玻璃瓶中的气体被压缩，其质量不变、体积变小，由ρ=可知，玻璃瓶内气体密度变大，故BC错误。 D.松开手后，矿泉水瓶体积变大，内部气体压强减小，玻璃瓶排出内部部分水，玻璃瓶总重力减小，会上浮一些，所以h2会减小，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 21 二、多项选择题(本大题包括4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 9.下列说法正确的是(　　) A.烧水时用的天然气属于可再生能源 B.烧水时，不考虑水的蒸发，水的温度升高，水的内能一定增加 C.用开水泡茶时，茶香四溢，说明分子在不停地做无规则运动 D.用茶壶给客人倒茶，水未流出壶嘴与壶内液面高度始终相等 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 22 【考点】 能源的分类；温度、热量与内能的关系；分子动理论；连通器。 【解析】 A.天然气属于不可再生能源，故A错误。 B.烧水时，水吸收热量，水的温度升高时，水的内能一定增加，故B正确。 C.用开水泡茶时，茶香四溢，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确。 D.茶壶是一个连通器，水不流动时，两开口处液面总是相平的，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 23 10.工人利用如图所示的滑轮组将物料搬运到高处。卷扬机在30 s内，将重4 000 N的物料匀速提升6 m，卷扬机对绳子的拉力F为2 500 N，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是(　　) A.卷扬机的工作原理是电磁感应 B.动滑轮和吊篮的总重为3 500 N C.拉力F做功的功率为1 000 W D.滑轮组的机械效率为80% 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 24 【考点】 电动机的原理；滑轮组机械效率的相关计算。 【解析】 A.卷扬机核心是电动机，其工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故A错误。 B.承担物重的绳子段数n=2，不计绳重和摩擦，卷扬机对绳子的拉力F=(G物+G动+G吊)，则G动+G吊=nF-G物=2×2 500 N-4 000 N=1 000 N，故B错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 25 C.绳子自由端移动的距离s=nh=2×6 m=12 m，拉力F做的总功W总=Fs= 2 500 N×12 m=3×104 J，拉力F做功的功率P===1 000 W， 故C正确。 D.卷扬机对物料做的有用功W有用=G物h=4 000 N×6 m=2.4×104 J，滑轮组的机械效率η===80%，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 26 11.如图甲所示，放在水平地面上的物体受到方向不变的水平拉力F的作 用，物体在0～3 s内静止，在3～6 s内速度由0变为1 m/s，在6～9 s内以 1 m/s的速度做匀速直线运动，拉力随时间的变化关系如图乙所示。下列 说法正确的是(　　) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 27 A.物体在0～3 s内受到的摩擦力大于2 N B.物体在3～6 s内受到的摩擦力大小为6 N C.物体在6～9 s内受到的摩擦力大小为4 N D.物体在6～9 s内通过的路程为3 m 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 28 【考点】摩擦力；二力平衡；力与运动的关系；速度的计算。 【解析】 A.物体在0～3 s内静止，所受拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等。由图乙可知，在0～3 s内，拉力大小为2 N，则摩擦力大小为2 N，故A错误。 BC.物体在6～9 s内以1 m/s的速度做匀速直线运动，处于平衡状态，所受拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以摩擦力为4 N；物体在3～6 s内做加速运动，物体对水平面的压力及接触面粗糙程度不变，则所受滑动摩擦力不变，所以，物体受到的摩擦力也为4 N，故B错误、C正确。 D.根据s=vt可知，物体在6～9 s内通过的路程s=vt=1 m/s×3 s=3 m，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 29 12.图甲为某同学设计的调光灯电路，S为选择开关，当S接触点a时，小灯泡正常发光但不能调光；当S接触点b时，电路断开；当S接触点c时，滑片P调至最右端时，小灯泡的实际功率为额定功率的一半。已知滑动变阻器R1的铭牌上标有“1 A”，小灯泡的额定电压为6 V，通过小灯泡的电流与其两端电压的关系如图乙所示，电源电压恒为9 V。则下列判断正确的是(　　) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 30 A.当S接触点a时，通过小灯泡的电流为0.3 A B.定值电阻R0的阻值为5 Ω C.当S接触点c时，整个电路的最小功率为1.8 W D.当S接触点c时，在保证电路元件安全的条件下，整个电路的最大功率为5.4 W 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 31 【考点】 欧姆定律；电功率的相关计算。 【解析】 A.当S接触点a时，小灯泡和定值电阻R0串联，小灯泡正常发 光，小灯泡额定电压为6 V，由图乙可知，此时通过小灯泡的电流为 0.6 A，故A错误。 B.当S接触点a时，因为小灯泡和定值电阻R0串联，所以通过定值电阻 的电流为0.6 A，定值电阻两端的电压U定=U-UL=9 V-6 V=3 V，定值电 阻的阻值R0===5 Ω，故B正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 32 C.小灯泡的额定功率PL额=ULI=6 V×0.6 A=3.6 W，当S接触点c时，滑片P 调至最右端时，小灯泡的实际功率为额定功率的一半，则小灯泡的实际 功率PL实=PL额=×3.6 W=1.8 W，由图乙可知，当小灯泡两端的电压为 4 V时，通过小灯泡的电流为0.45 A，小灯泡的实际功率刚好为1.8 W，则 当滑动变阻器滑片P调至最右端时，即电阻最大时，电路中电流最小，为 0.45 A，此时电路功率最小，电路的最小功率P小=UI小=9 V×0.45 A= 4.05 W，故C错误。 D.为保证电路元件安全，电路允许通过的最大电流为0.6 A，此时电路功 率最大，电路的最大功率P大=UI大=9 V×0.6 A=5.4 W，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 33 【信息提取】 坐标图像的读图思路 (1)看轴：先看坐标轴的物理意义，再看原点是否从零开始。 (2)看线：依据坐标轴的物理意义，读出每一条线所描述的物理过程。 (3)看斜率：分析斜率的物理意义，看斜率是否有变化。 (4)看点：看图像的端点、转折点、交点，着重对这些点的物理过程进行分析。 (5)转换：将图像转换为实际的物理过程，或者转换成其他图像形式描述。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 34 第Ⅱ卷(非选择题　共60分) 三、实验探究题(本大题包括3小题，共22分) 13.(6分)制造属于物理的光影浪漫——利用凸透镜将远处的风景“搬”进房间。 任务一：探究凸透镜成像的规律。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 35 (1)如图甲所示，将卷尺拉直放在水平地面上，依次摆放“F”灯、凸透镜 和光屏，调节三者中心在__________。  (2)调整“F”灯与光屏的位置，使“F”灯经凸透镜折射后在光屏上成清晰的 像，实验数据及现象记录于表格中。 序号 焦距f/cm 物高H/cm 物距u/cm 像的正、倒 像高h/cm 像距v/cm 1 10.0 6.0 15.0 倒立 12.0 30.0 2 20.0 倒立 6.0 20.0 3 50.0 倒立 1.5 12.5 4 100.0 倒立 0.7 11.2 5 600.0 倒立 0.1 10.2 同一高度 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 36 分析数据，寻找规律： ①若要使物体经凸透镜成缩小的实像，物距u需满足的条件是________ ______。  ②当物体经凸透镜成实像时，物距u越大，像距v______，像的大小 ______。  大于2倍 焦距 越小 越小 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 37 任务二：将远处的实景“搬”进房间。 (3)根据实验结论与如图乙所示的房间大小，推算需要购买焦距f略小于 ___m的凸透镜。  (4)将凸透镜安装在窗的中央，窗的其余部分用锡纸遮光，在屋内看到 墙上的“风景”为下列图中的___(选填字母)。  3 B 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 38 评分标准：本小题6分。每空1分。 【考点】 探究凸透镜成像的规律。 【解析】 (1)为了使像成在光屏中央，应调整“F”灯、凸透镜和光屏三者 的中心在同一高度。 (2)①由表可知，物高为6.0 cm，物距越大，像高越小，当物距为20.0 cm， 光屏上的像高为6.0 cm，像的大小等于物体的大小，凸透镜的焦距为 10.0 cm，所以成缩小的实像，物距u需满足的条件是大于2倍焦距。②由表 可知，物高不变，凸透镜的焦距不变，物距逐渐增大，像距逐渐变小，像 高变小，所以物体经凸透镜成实像时，物距u越大，像距v越小，像的大小 越小。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 39 (3)窗外实景的像成在墙上，像距(3 m)应该满足f<3 m<2f，得1.5 m<f< 3 m，故需要购买焦距f略小于3 m的凸透镜。 (4)屋内的墙相当于光屏，此时成倒立、缩小的实像，像与窗外实景相 比，上下颠倒、左右相反，所以人看向墙时，椰树在人的右侧，故B 正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 40 14.(8分)在测量液体密度的实验中，小王想知道食用油的密度，于是他用天平和量筒做了如图所示的实验。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 41 (1)将托盘天平放在水平桌面上，用镊子将游码移至标尺左端的__________ 处，指针静止时，位置如图甲所示，则应将平衡螺母向____(选填“左”或 “右”)调节使横梁在水平位置平衡。  (2)天平调节平衡后，测出空烧杯的质量为25.2 g，往烧杯中倒入适量的食 用油，测出烧杯和食用油的总质量如图乙所示，将烧杯中的食用油全部倒 入量筒中，食用油的体积如图丙所示，则烧杯中食用油的质量为____g， 食用油的密度为_________kg/m3。  零刻度线 左 36 0.9×103 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 42 (3)小王用这种方法测出的食用油密度与真实值相比______(选填“偏大” 或“偏小”)，原因是______(选填“质量”或“体积”)测量误差较大。  (4)邻组的小新仅用空烧杯和天平也测出了食用油的密度，他进行了如 下实验操作： ①用天平测出空烧杯的质量为m0； ②烧杯中装满水，用天平测出烧杯和水的总质量为m1； ③把烧杯中的水倒尽，______________，用天平测出烧杯和食用油的 总质量为m2；  ④食用油的密度表达式ρ油= (用ρ水、m0、m1和m2来表示)。  偏大 体积 再装满食用油 ρ水 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 43 评分标准：本小题8分。每空1分。 【考点】 测量液体的密度。 【解析】 (1)将托盘天平放在水平桌面上，用镊子将游码移至标尺左端的零刻度线处，指针右偏，则应将平衡螺母向左调节使横梁在水平位置平衡。 (2)烧杯和食用油的总质量m总=50 g+10 g+1.2 g=61.2 g，食用油的质量m=m总-m杯=61.2 g-25.2 g=36 g，食用油的体积为V=40 mL=40 cm3，食用油的密度ρ食用油===0.9 g/cm3=0.9×103 kg/m3。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 44 (3)将烧杯内的食用油全部倒进量筒时不可避免会有残留，导致测得食用油的体积偏小，质量测量准确，根据密度公式可知，测出的食用油的密度偏大。 (4)水的质量m水=m1-m0，食用油的质量m油=m2-m0，根据V=，使两种液体的体积相等即步骤③中装满食用油，则=，则食用油的密度表达式ρ油=ρ水。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 45 15.(8分)某实验小组用如图甲所示的电路探究电流与电阻的关系，实验器材：2节新干电池(电源电压恒为3 V)、三个定值电阻R(阻值分别是5 Ω、10 Ω、20 Ω)、滑动变阻器(1.5 A　8 Ω)。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 46 (1)正确连接电路后，闭合开关后发现：无论怎样移动滑片P，电流表 指针几乎不动，电压表有示数且保持不变。产生这种现象的原因可能 是_______________。  (2)实验过程中，当定值电阻为5 Ω时，电压表示数为2 V，将5 Ω的电阻换 为10 Ω的电阻后，未改变滑动变阻器滑片位置，闭合开关，接下来的操 作应该是_______________________________________________，并记录 电流表的示数。  定值电阻R断路 向左移动滑动变阻器的滑片直到电压表的示数为2 V 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 47 (3)实验过程中，当用20 Ω的电阻替换掉10 Ω的电阻后，无论怎样调节滑 动变阻器的滑片，电压表的示数始终大于2 V，其原因可能是___。(选填 字母)  A.定值电阻的阻值太小　　　 B.滑动变阻器的最大阻值太小　　　 C.电压表所选的量程太小 B 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 48 (4)调整实验器材后，实验小组更换不同的定值电阻，得到如表所示的 数据。   ①请在图乙中描点连线作出I-的图像。 ②分析图像，可得出结论：_____________________________________ __________。  实验序号 1 2 3 R/Ω 5 10 20 /Ω-1 0.2 0.1 0.05 I/A 0.4 0.2 0.1 电压一定时，通过导体的电流与导体的电 阻成反比 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 49 (5)为了验证上述结论是否正确，实验小组将一个标有“8 W　8 V”的小 灯泡接入电路，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数仍为2 V，若观 察到电流表的示数恰好为0.25 A，则说明上述结论正确。你认为该方案 ________(选填“可行”或“不可行”)，理由是________________________ ____________。  不可行 小灯泡的阻值不是定值， 受温度影响 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 50 评分标准：本小题8分。作图2分，其余每空1分。 【考点】 探究电流与电阻的关系。 【解析】 (1)电流表几乎不动，说明电路断路；电压表有示数且不变，说明电压表两端与电源两端之间是通路，因此故障可能是定值电阻R断路。 (2)将5 Ω电阻换为10 Ω后，根据串联分压原理可知，定值电阻两端电压会增大。为保持电压表示数为2 V，应向左移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持为2 V，并记录电流表示数。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 51 (3)电源电压U=3 V，定值电阻两端电压UR=2 V，则滑动变阻器两端电压U滑=1 V。由串联分压原理可得，=，当R=20 Ω时，=，解得R滑=10 Ω。而题中滑动变阻器最大阻值仅为8 Ω，即滑动变阻器的最大阻值太小，无法满足分压需求，因此电压表示数始终大于2 V。 (4)①根据表格数据，在图乙中描出(0.2，0.4)、(0.1，0.2)、(0.05，0.1)三点，然后用一条直线将这三个点连接起来，即可得到I-的图像。 ②由图像为过原点的直线可知，I与成正比，则U一定时，I与R成反比。 (5)小灯泡的阻值随温度的变化而变化，其两端电压为2 V时的阻值不等于额定电压下的阻值。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 52 四、计算题(本大题包括3小题，共38分。解答时应写出必要的文字说明、主要公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分) 16.(8分)如图为我国自主研制的“奋斗者”号深海载人潜水器，其坐底深度纪录达10 909 m。“奋斗者”号可装配4块相同的压载铁，满载总质量约为36 t，总体积约为35 m3，将满载的“奋斗者”号从科考船放入海中后它开始自主下沉，即将抵达预定深度时抛掉2块压载铁，最终可悬浮在海中执行作业；作业完成后，再抛掉另外2块压载铁开始上浮。(g取10 N/kg，海水的密度取1.0×103 kg/m3)求： 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 53 (1)当“奋斗者”号潜水器底部到达10 909 m深度时，底部受到海水的压 强。   (2)当“奋斗者”号潜水器悬浮在海中时受到的浮力。 (3)1块压载铁的质量。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 54 解：(1)潜水器底部到达10 909 m深度时，其底部受到海水的压强： p=ρ海水gh=1.0×103 kg/m3×10 N/kg×10 909 m=1.090 9×108 Pa。…………2分 (2)当“奋斗者”号潜水器悬浮在海中时，它排开海水的体积V排=V=35 m3，它受到的浮力： F浮=ρ海水gV排=1.0×103kg/m3×10 N/kg×35 m3=3.5×105 N。 …………2分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 55 (3)潜水器满载时所受的重力： G0=m0g=36×103 kg×10 N/kg=3.6×105 N，…………1分 潜水器悬浮在海中时所受的重力： G1=F浮=3.5×105 N，…………1分 1块压载铁所受的重力： G铁===5×103 N，…………1分 1块压载铁的质量：m铁===500 kg。…………1分 【考点】 质量、压强和浮力的综合计算。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 56 17.(14分)蔬菜育苗需精准控制光照强度，于是某小组设计了如图甲所示的“蔬菜育苗光照警戒报警电路”，电源电压恒为12 V，定值电阻R1=20 Ω，R2为光敏电阻，其阻值与光照度的关系如图乙所示。当电流表示数≥1.4 A时，触发报警，提醒农户调整遮阳设施，此时的光照度为育苗警戒光照度(lx是衡量光照度的基本单位，该数值越大表示光照度越大)。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 57 (1)求通过定值电阻R1的电流I1。 (2)求该蔬菜育苗的警戒光照度。 (3)为了适应不同育苗阶段的需求，需要将警戒光照度调整为100 lx，但保持报警电流不变。现有两种方案： A.用电阻R0(R0>20 Ω)替换R1； B.用电压为U0(U0<12 V)的电源替换原电源。 请判断这两种方案是否可行？如果可行，计算相应的R0或U0的值；如果不可行，请说明理由。 (4)从实操性的角度，评价方案A或方案B。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 58 解：(1)由图甲可知，R1和R2并联，则R1两端的电压U1=U=12 V，……1分 由欧姆定律可得，通过定值电阻R1的电流： I1===0.6 A。…………1分 (2)当电流表示数≥1.4 A时触发报警，因为并联电路中各支路电流互不影 响，通过R1的电流不变，所以报警时通过光敏电阻R2的电流： I2=I总-I1=1.4 A-0.6 A=0.8 A，…………1分 光敏电阻两端电压U2=U=12 V，其阻值：R2===15 Ω，………1分 由图乙可知，当R2=15 Ω时，对应的光照度为80 lx。…………1分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 59 (3)警戒光照度调整为100 lx，由图乙可得此时R2'=12 Ω，且报警电流仍为1.4 A。…………1分 方案A：用电阻R0(R0>20 Ω)替换R1，此时通过R2的电流： I2'===1 A，…………1分 为使干路电流仍为1.4 A，需要通过R0的电流： I0=I总-I2'=1.4 A-1 A=0.4 A，…………1分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 60 R0的阻值：R0===30 Ω，…………1分 因为30 Ω>20 Ω，满足条件，方案A可行，R0=30 Ω。 …………1分 方案B：用电压为U0(U0<12 V)的电源替换原电源，要保持干路电流为 1.4 A，则I1'+I2'=1.4 A，即+=1.4 A，解得U0=10.5 V，因为10.5 V <12 V，满足条件，方案B可行，U0=10.5 V。…………2分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 61 (4)方案B更易操作，更换电源只需调整电压或更换电源模块，无需拆卸电路板更换电阻，操作更便捷，适合现场快速调整。方案A需要精准匹配30 Ω的电阻，实操性稍差。…………2分 【考点】 欧姆定律的相关计算。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 62 18.(16分)家用燃气热水器是一种方便、快捷的洗浴设备。下表是小明家某品牌家用燃气热水器的铭牌，使用时需防止无水或水压过低情况下的“干烧”。为此，该热水器设计了“水气联动”装置，实现“水到气才到”(即水从进水管流入时，对膜片产生压力，膜片带动阀杆顶开阀门，天然气才能通过阀门进入主火管道)，其结构原理如图所示。已知水管出水口的横截面积为3 cm2，c水=4.2×103 J/(kg·℃)，ρ水=1.0×103 kg/m3，取q天然气=4.5×107 J/m3。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 63 (1)燃气热水器通过__________的方式增加水的内能；天然气用掉一部分后，其热值________(选填“变大”“变小”或“不变”)。  (2)观察“水气联动”装置的结构原理图，若膜片的面积是3 cm2，则“水到气到”时，水对膜片的最小压力为多少？ 型　　号 ××× 燃气类型 天然气 额定热功率 1.5×104 W 额定电压 3 V(DC) 适应水压 2×104～8×105 Pa 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 64 (3)水流在粗细均匀的管道中以0.5 m/s的速度匀速流出，求每秒流出水的质量。 (4)热水器以额定热功率工作，水流以0.5 m/s的速度匀速流出，经加热后出水温度升高了20 ℃，求该热水器的热效率。 (5)若小明某次洗澡用时20 min，在(4)的条件下，至少需要燃烧天然气多少立方米？ 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 65 解：(1)热传递　不变…………2分 (2)由表可知，热水器工作的最小水压p=2×104 Pa， 由p=可知，“水到气到”时水对膜片的最小压力： F=pS膜=2×104 Pa×3×10-4 m2=6 N。…………2分 (3)每秒流出水的体积： V=Svt=3×10-4 m2×0.5 m/s×1 s=1.5×10-4 m3，…………2分 由ρ=可知，每秒流出水的质量： m=ρ水V=1.0×103 kg/m3×1.5×10-4 m3=0.15 kg。…………2分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 66 (4)每秒流出的水吸收的热量： Q吸=c水mΔt=4.2×103 J/(kg·℃)×0.15 kg×20 ℃=1.26×104 J， …………1分 每秒消耗的电能： W=Pt=1.5×104 W×1 s=1.5×104 J，…………1分 该热水器的热效率： η===84%。…………2分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 67 (5)20 min消耗的电能： W总=Pt'=1.5×104 W×20×60 s=1.8×107 J，…………2分 需要天然气的体积： V'===0.4 m3。…………2分 【考点】 改变内能的方式；热值；压强、质量、热量、热效率的相关计算。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 68 【错题反思】 核对完答案后，将错题做重点反思。对应的考点如果还有不明白的地方，可回到《中考备战》(或者手上的其他一轮资料)中再深入学习一遍。 难度系数 对应题号 命中注定送给你 T1、T2、T3、T4、T5、T6、T7、T9 再接再厉鼓舞你 T8、T11、T13、T14 伤筋动骨磨炼你 T10、T12、T15、T16 学霸登顶恭喜你 T17、T18 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 69 70 $