7 信息预测卷一-【智乐星中考】2026年山东省初中学业水平考试物理试题

该初中物理中考复习课件全面覆盖声现象、光现象、力学、电学等核心物理观念，严格对接中考说明，分析力学占30%、电学占25%等考点权重，归纳选择、实验、计算等常考题型，体现备考针对性和实用性。 课件亮点在于“真题模拟+核心素养培养”模式，如实验探究题通过光的折射规律实验培养科学探究能力，综合解答题结合风力发电情境渗透科学态度与责任。针对动态电路分析等难点，提供“电路简化-状态分析-公式应用”三步解题法，帮助学生掌握答题技巧，教师可依此制定精准复习计划，提升中考冲刺效率。

2026山东 物理 1 2 2026年山东省初中学业水平考试 物 理 试 题 3 　　本试卷共4页。满分100分。考试时长90分钟。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，用0.5毫米黑色签字笔将答案写在答题卡上。答案写在本试卷上无效。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 4 一、选择题：本题共15小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1.我们生活在声音的海洋里。下列关于图中声现象的说法正确的是(　　)   A.图甲中，正在发声的音叉将乒乓球弹开——固体可以传声 B.图乙中，能听到水中音乐盒发出的声音——液体可以传声 C.图丙中，声呐探测鱼群、潜水艇的位置——次声波可以传递信息 D.图丁中，出舱后的航天员可以互相交流——真空可以传声 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 5 【考点】 声音的产生与传播；声的利用。 【解析】 A.发声的音叉将乒乓球弹开，说明声音是由物体振动产生的，不能说明固体能传声，故A错误。 B.能听到水中音乐盒发出的声音，说明声音可以通过水传播，即液体可以传声，故B正确。 C.声呐探测鱼群、潜水艇的位置是利用超声波来传递信息的，故C错误。 D.真空不能传声，航天员对话是通过电磁波实现的，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 6 2.中华古诗文意境优美、博大精深，许多诗句中蕴含着丰富的物理知识。对下列古诗文中涉及的光现象，解释不正确的是(　　) A.“雾雨当空飞彩虹”，诗句中的“彩虹”是光的色散现象 B.“楼台倒影入池塘”，诗句中的“倒影”是光的反射形成的 C.“端阳逢日食”，诗句中的“日食”成因是光的折射现象 D.“削冰令圆……，则火生”，古文中冰透镜在阳光下能“火生”是因其对光有会聚作用 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 7 【考点】 光现象的辨识。 【解析】 A.彩虹是光的色散现象，故A正确。 B.“倒影”是光的反射形成的，故B正确。 C.日食的成因是光的直线传播，月球挡住了太阳光，不是折射，故C不正确。 D.冰透镜相当于凸透镜，对光有会聚作用，可以会聚太阳光生火，原理是光的折射，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 8 3.热气腾腾的临沂糁汤是鲁南特色美食。下列相关说法正确的是(　　) A.糁汤香气四溢，说明分子在不停地做无规则运动 B.煮糁汤时，通过做功的方式增加汤的内能 C.糁汤温度越高，所含的热量越多 D.糁汤能长时间保温，是因为水的比热容较小 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 9 【考点】 分子动理论；改变内能的方式；热量；水的比热容的特点及应用。 【解析】 A.糁汤香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故A正确。 B.煮糁汤时通过热传递的方式增加汤的内能，故B错误。 C.热量是过程量，只能说“吸收、放出热量”，不能说“所含的热量”，故C错误。 D.糁汤能长时间保温，是因为水的比热容大，相同条件下降温慢，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 10 4.老师在物理课堂上用手机拍摄同学做实验的视频时，发现手机只剩18%的电量了，由于无法及时充电，老师就开启了“省电模式”，延长了手机的使用时间。手机开启“省电模式”后，下列说法正确的是(　　) A.减小了手机电池的电压 B.增加了手机电池的电能 C.增大了手机的总电流 D.减小了手机的电功率 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 11 【考点】 电能、电功率的理解。 【解析】 W一定时，由P=可得，要延长使用时间t，应减小电功率P，因此手机的“省电模式”是通过减小电功率的方式来延长使用时间的，手机电池的电能不会凭空增加，手机电池的电压是一定的，根据P=UI可知，手机的总电流减小了，故ABC错误、D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 12 5.小明通过实验探究影响压力作用效果的因素，下列相关说法不正确的 是(　　)   A.图甲、丙实验可以用来说明轻按图钉帽和图钉尖的感受不同的原因 B.图甲、乙实验可以探究压力作用效果与压力大小的关系，实验运用了控制变量法 C.蚊子尖尖的口器可以插入皮肤吸食血液，用图乙、丙的实验结论来解释 D.图甲、乙的实验结论是高层楼房非承重墙体用泡沫砖比实心砖好的一个重要原因 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 13 【考点】 探究影响压力作用效果的因素。 【解析】 A.乙、丙实验受力面积不同、压力相同，可解释轻按图钉帽与图钉尖感受不同，故A不正确。 B.甲、乙实验受力面积相同、压力不同，可以探究压力作用效果与压力大小的关系，运用了控制变量法，故B正确。 C.蚊子尖尖的口器是通过减小受力面积来增大压强的，应用的是乙、丙实验的结论，故C正确。 D.高层楼房用泡沫砖，是为了减小压力从而减小压强，与甲、乙实验结论一致，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 14 6.物理兴趣小组在“探究凸透镜成像规律”的实验 中，记录并绘制了像到凸透镜的距离v跟物体到 凸透镜的距离u之间关系的图像，如图所示。 下列判断正确的是(　　) A.该凸透镜的焦距是10 cm B.当u=25 cm时，在光屏上能得到一个缩小的像 C.当u=35 cm时成放大的像，投影仪就是根据这一原理制成的 D.把物体从距凸透镜10 cm处移动到30 cm处的过程中，像逐渐变小 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 15 【考点】 凸透镜成像的规律及应用。 【解析】 A.由凸透镜成像规律知，当u=v=2f时，成倒立、等大的实像，图中u=v=2f=40 cm，所以f=20 cm，故A错误。 B.当u=25 cm时，2f>u>f，成倒立、放大的实像，故B错误。 C.当u=35 cm时，2f>u>f，成倒立、放大的实像，v>2f，应用于投影仪，故C正确。 D.把物体从距凸透镜10 cm处移动到30 cm处的过程中，u<f时，成正立、放大的虚像，凸透镜成虚像时，物距增大，像距增大，像变大；u>f时，成实像，物距增大，像距减小，像变小，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 16 7.运动是宇宙中最普遍的现象，下列关于运动的说法正确的是(　　) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 17 A.图甲中，火箭加速升空时，以火箭为参照物，发射架是静止的 B.图乙中，抽去玻璃板，由于二氧化氮的密度大于空气的密度，因此不能发生扩散 C.图丙中，早期的原子模型认为核外电子A绕原子核B匀速转动，核外电子处于平衡状态 D.图丁中，该路程s随时间t变化的图像表示物体处于静止状态 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 18 【考点】 机械运动；扩散；平衡力；s-t图像。 【解析】 A.火箭加速升空时，以火箭为参照物，发射架与火箭之间的位置发生了变化，发射架是运动的，故A错误。 B.扩散现象是分子无规则运动的结果，与密度无关。抽去玻璃板后，二氧化氮和空气仍会发生扩散，故B错误。 C.核外电子绕原子核匀速转动，电子的运动方向不断改变，运动状态发生改变，因此核外电子处于非平衡状态，故C错误。 D.由图可知，路程不随时间变化，表示物体位置不变，处于静止状态，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 19 8.如图所示的装置不是利用连通器原理工作的是(　　) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 20 【考点】 连通器原理。 【解析】 盆景的自动给水装置是利用大气压工作的，故C符合题意。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 21 9.小明参加以“苍穹”为主题的飞机模型制作大赛，要让飞机获得升力，机翼横截面的形状应设计成(　　) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 22 【考点】 流体压强与流速的关系。 【解析】 飞机能起飞是由于机翼上下表面的压强差产生向上的升力，所以机翼应设计成横截面为上凸下平的形状，故B符合题意。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 23 【核心素养】 科学态度与责任 　　科学态度与责任是指，在认识科学本质和了解科学、技术、社会、环境之间关系的基础上形成的，探索自然的内在动力，严谨认真、实事求是、持之以恒的品质，热爱自然、保护环境、遵守科学伦理的自觉行为，以及推动可持续发展和实现中华民族伟大复兴的使命担当。 　　第9题以小明参加飞机模型制作大赛为素材，通过实践操作，培养学生严谨认真、实事求是的科学态度。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 24 10.家庭电路中有时会出现这样的现象：原来各用电器都正常工作，当再把一个手机充电器的插头(未连接手机)插入插座时，家里所有用电器全部停止了工作。关于这种现象形成的原因，下列说法正确的是(　　) A.可能是这个插座的相线(火线)和中性线(零线)原来就相接触发生短路 B.可能是这个手机充电器的插头与插座接触不良，是断路状态 C.可能同时工作的用电器过多，导致干路中总电流过大，空气开关跳闸 D.可能是这个手机充电器的插头插入这个插座时，导致相线和中性线接触发生短路 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 25 【考点】 家庭电路的故障分析。 【解析】 A.若插座处原来就短路，在插入手机充电器之前，电路就已经跳闸，原来用电器无法正常工作，故A错误。 B.手机充电器的插头与插座接触不良属于断路，则手机不会充电，不会导致其他用电器停止工作，故B错误。 C.手机充电器未连接手机时的功率很小，不会因为总电流过大导致跳闸，故C错误。 D.若手机充电器的插头插入这个插座时，导致相线和中性线接触发生短路，所有用电器会停止工作，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 26 11.我国古代科技著作《天工开物》中记载了用脚踏碓给稻谷去壳的过程，用脚连续踏木杠的一端，另一端的碓头就会连续起落，如图所示。下列说法正确的是(　　) A.人脚越靠近O点越省力 B.使用脚踏碓可以省功 C.脚踏碓在应用中属于费力杠杆 D.碓的头部较尖是为了增大压力 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 27 【考点】 杠杆的分类；杠杆的平衡条件；功的原理；增大压强的方法。 【解析】 A.当阻力和阻力臂不变时，人脚越靠近O点，动力臂越小，由杠杆平衡条件可知，动力越大，越费力，故A错误。 BC.由图可知，用脚连续踏木杠时，动力臂小于阻力臂，脚踏碓属于费力杠杆，可以省距离，使用任何机械都不能省功，故B错误、C正确。 D.碓的头部较尖，是为了减小受力面积，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 28 12.小明为一工棚安装照明灯，只有标着“110 V　100 W”的甲、乙、丙、丁四个灯泡，要把它们接在220 V的电路中使用。下列电路设计最合理的是(　　) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 29 【考点】 串、并联电路的设计。 【解析】 A.如果某一灯泡损坏，只会影响与其串联的灯泡，故A符合题意。 B.如果某一灯泡损坏，将导致所有灯泡不能正常发光，故B不符合题意。 CD.灯泡全部串联或并联后均不能正常发光，故CD不符合题意。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 30 13.关于如图所示的四幅图，下列说法正确的是(　　)   A.图甲为自制水气压计，拿着它从山下到山上时，玻璃管内水柱降低 B.图乙为自制水温度计，它是根据液体热胀冷缩的规律制成的 C.图丙中，活塞压缩空气使硝化棉燃烧，这个过程与汽油机的做功冲程原理相同 D.图丁中，两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，主要是由于大气压强的作用 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 31 【考点】 大气压强；温度计的原理；热机的工作原理；分子间作用力。 【解析】 A.瓶内的气压等于大气压加上玻璃管内水柱产生的压强，拿着它从山下到山上时，大气压减小，玻璃管中的水柱将升高，故A错误。 C.活塞压缩空气使硝化棉燃烧，是通过对物体做功改变了物体的内能，将机械能转化为内能，对应汽油机的压缩冲程，做功冲程将内能转化为机械能，二者原理不同，故C错误。 D.铅块压紧后能吊住重物是因为分子间存在引力，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 32 14.如图所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关S，滑动变阻器的滑片由中点向右滑动过程中，下列说法正确的是(　　) A.电压表示数变大 B.电流表A1示数变大 C.电流表A2示数变小 D.电路的总功率变大 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 33 【考点】 动态电路分析。 【解析】 由电路图可知，两定值电阻与滑动变阻器并联；电压表测电源两端电压；电流表A1测通过电阻R1、R2的电流，电流表A2测通过R2与滑动变阻器的电流。 A.电源电压不变，电压表的示数不变，故A错误。 B.R1、R2均为定值电阻，根据I=可知，R1、R2所在支路的电流均不变，则电流表A1示数不变，故B错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 34 C.滑片由中点向右滑动过程中，滑动变阻器接入电路阻值变大，其所在支路电流变小，R2所在支路电流不变，则电流表A2示数变小，故C正确。 D.电源电压U不变，干路总电流变小，根据P=UI可知，电路的总功率变小，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 35 15.将图甲中A、B两个相同的物体从粗糙程度相同的斜面底端匀速拉到 顶端，做功情况如图乙所示，已知拉力FA为12 N，则下列说法正确的是 (　　) A.拉力FA大于拉力FB B.左侧斜面的长度sA为0.75 m C.右侧斜面的机械效率为85% D.物体A受到的摩擦力为4 N 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 36 【考点】 斜面机械效率的相关计算。 【解析】 A.在相同条件下，斜面越长越省力，左侧斜面比右侧斜面长，所以拉力FA小于拉力FB，故A错误。 B.由图乙可知，拉力FA做的总功W总A=6 J，根据W=Fs可得，左侧斜面的长度sA===0.5 m，故B错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 37 C.由W=Gh可知，提升A、B做的有用功相同。由图乙可知，左侧斜面克服摩擦力做的额外功W额外A=2 J，有用功W有用=W总A-W额外A=6 J-2 J=4 J，拉力FB做的总功W总B=5 J，右侧斜面的机械效率η===80%，故C错误。 D.根据W额外=Ffs可得，物体A受到的摩擦力FfA===4 N，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 38 【信息提取】 复杂情境的读题思路 (1)通读题目，理解描述的物理情境，明确解题的目标是什么； (2)关联知识，找出情境与物理知识之间的联系； (3)细读题目，提取关键信息(已知量、未知量、物理过程、约束条件等)； (4)转化信息形式，依据题意，构建物理模型，将文字信息(如运动状态等)、图像信息，转化为物理量关系式等。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 39 二、填空与作图题：本题共4小题，填空每空1分，作图3分，共13分。 16.2026年1月19日9时34分，神舟二十号飞船返回舱在东风着陆场成功着 陆。返回舱在减速下降的过程中，其重力势能不断______(选填“增大”或 “减小”)，指挥中心通过________(选填“电磁波”或“超声波”)传递信息， 采集返回舱的各种数据。  减小 电磁波 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 40 【考点】 机械能；电磁波的应用。 【解析】 返回舱在减速下降过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小；电磁波的传播不需要介质，可在真空中传播。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 41 17.乒乓球运动是融合竞技、娱乐、健身于一体的体育运动，深受同学们 的喜爱。 (1)乒乓球的直径约为40_____(请填写合适的单位符号)。  (2)球拍表面贴表面粗糙的橡胶，是为了增大球与球拍间的______。  (3)乒乓球受到打击后，改变运动方向及速度大小，因为力可以改变物体 的__________。  (4)乒乓球离开球拍后依然可以在空中飞行，是因为乒乓球__________。  mm 摩擦 运动状态 具有惯性 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 42 【考点】 长度的单位；增大摩擦的方法；力的作用效果；惯性。 【解析】 (1)乒乓球直径约为40 mm。 (2)球拍表面贴表面粗糙的橡胶，是为了增大球与球拍间的摩擦。 (3)乒乓球受到打击后，改变运动方向及速度大小，因为力可以改变物体的运动状态。 (4)乒乓球离开球拍后依然可以在空中飞行，是因为乒乓球具有惯性，要保持原来的运动状态。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 43 18.如图甲所示，水平放置的长方体容器中水深为16 cm，用细线将沉在容 器底的圆柱体物块竖直向上匀速提升。从物块刚刚离开容器底到完全拉出 水面的过程中，拉力F与物块下表面到容器底的距离h的关系如图乙所示 (细线的质量、体积及物块带走的水均忽略不计，ρ水=1.0×103 kg/m3，g取 10 N/kg)。则物块浸没在水中时受到的浮力为___N，容器中水的质量为 ____kg。  5 7.5 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 44 【考点】 密度与浮力的综合计算。 【解析】 由图乙可知，当h>15 cm时，物块完全离开水面，物块受到的竖直向下的重力、竖直向上的拉力二力平衡，则物块所受的重力G=F'=13 N；当h<9 cm时，物块浸没在水中，此时拉力F=8 N，物块受到的竖直向下的重力、竖直向上的拉力、竖直向上的浮力三力平衡，G=F+F浮，因此物块浸没在水中时受到的浮力F浮=G-F=13 N-8 N=5 N。根据F浮=ρ水gV排可得，物块浸没时排开水的体积V排== 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 45 =5×10-4 m3，物块浸没时与物块取出后相比，水面下降的高度h=h水-h水'=0.16 m-0.15 m=0.01 m，容器的底面积S===0.05 m2，容器中水的体积V水=Sh水'=0.05 m2×0.15 m =7.5×10-3 m3，容器中水的质量m水=ρ水V水=1.0×103 kg/m3×7.5×10-3 m3 =7.5 kg。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 46 19.轿车仪表盘上有一个用来提醒司机车门是否关好的指示灯，若四个车门中任意一个车门未关好，该指示灯就会一直发光，其工作原理如图甲所示。 (1)请具体说明保护电阻R0的主要作用：____________________________ __________________。  (2)指出该电路存在的一处不足：________________________。  车门打开时保护指示灯，车门 均关好时保护电源 不能确定哪个车门未关好 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 47 (3)为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统，主要电路元件有：电源、开关S1、开关S2、保护电阻R、指示灯L及导线。当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1闭合；若未系安全带，则开关S2断开，指示灯L亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯L熄灭；当座椅上没有乘客时，电路断路以省电。请在图乙中画出符合要求的电路图。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 48 【考点】 电路的设计。 【解析】 (1)①防止电源短路：当所有车门关好时，所有开关闭合，指示灯会被短路，若没有R0，电源两极会被导线直接连通，造成电源短路，烧坏电源；R0可以避免电源短路，保护电源。②保护指示灯：当车门未关好时，电路为指示灯与R0的串联电路，R0能分担部分电压，限制电路中的电流，防止指示灯因电流过大、电压过高被烧坏。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 49 (2)该电路无法判断具体是哪个车门未关好，只能知道有车门未关，无法精准定位，实用性不足。 (3)开关S2闭合时，指示灯L被短路熄灭，则开关S2与指示灯L并联，开关S1在干路上，为避免电源短路，保护电阻R在干路上。 【评分标准】 每空1分，作图3分，共13分。19(3)作图不规范的酌情扣分。其他答案合理的同样给分。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 50 三、实验探究题：本题共4小题，共34分。 20.(9分)小明为了探究光的折射规律，进行了如下实验。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 51 (1)如图甲所示，小明将一束激光射至P点，形成一个光斑，向水槽内慢 慢注水，水槽底部光斑的位置将__________(选填“向左移动”“向右移动” 或“不动”)，这说明光从空气斜射入水中时，传播方向____(选填“会”或 “不会”)发生偏折。实验中看不到光在空气中的传播路径，他向水面上方 喷些烟雾，这时光通过烟雾时发生________(选填“镜面反射”或“漫反射”)， 便于在各个角度观察光的传播路径。  向左移动 会 漫反射 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 52 (2)如图乙所示，小明继续探究光从空气斜射入水中时的折射规律，他使 用可折转的光屏，是为了探究折射光线、入射光线和法线是否__________ ______。如图丙所示，他将光沿着AO方向射向水面上的O点，光在水中 沿着OB方向射出，调整激光笔使入射光逐步偏向法线，折射光也逐步偏 向法线，说明光从空气斜射入水中时，入射角减小，折射角随之______ (选填“增大”“减小”或“不变”)。当光沿着NO方向射入水中时会沿ON'方向 射出，此时折射角为___度。  在同一平 面内 减小 0 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 53 (3)如图丁所示，光源A发出一束光射入水中，在水底形成光斑，请完成此过程的光路图。(要求：画出反射光线，折射光线和A点在水中的像) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 54 【评分标准】 本小题9分。(1)3分，每空1分。(2)3分，每空1分。(3)3分。作图不规范的酌情扣分。 【考点】 探究光的折射规律。 【解析】 (1)光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角。按照图甲中的角度照射激光，向水槽内慢慢注水时，光线在水面发生折射，传播方向改变，因此水槽底部光斑的位置将向左移动，这说明光从空气斜射入水中时，传播方向会发生偏折。向水面上方喷些烟雾，光通过烟雾时发生漫反射，反射光线射向各个方向，便于在不同角度观察光的传播路径。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 55 (2)使用可折转的光屏，是为了观察折射光线、入射光线和法线是否在同一平面内。当入射光偏向法线时，入射角减小，观察到折射光也随之偏向法线，折射角减小，由此可得出：光从空气斜射入水中时，入射角减小，折射角随之减小。当光沿着NO方向射入时会沿ON'方向射出，即入射光线垂直界面入射，折射光线与法线重合，则此时折射角为0度。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 56 (3)由光的反射定律可知，反射角等于入射角，过入射点作法线，据此作出反射光线，根据平面镜成像特点，像与物关于水面对称，故可作出A点在水中的像A'点；根据光的折射规律，光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，过入射点画出偏向法线的折射光线，最终折射光线照射到水底形成光斑。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 57 21.(8分)图甲是小明和小红探究水在沸腾前后温度变化特点的实验装置。   (1)安装此装置时应按__________(选填“自下而上”或“自上而下”)的顺序 进行；用一块比烧杯口略大的圆形硬纸板盖住烧杯口，这么做的目的 是______(选填“增加”或“减少”)加热时间。  自下而上 减少 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 58 (2)图乙和丙是小明和小红根据观察画出的水沸腾时的气泡示意图，其中 正确的是图____(选填“乙”或“丙”)。  (3)小明观察到撤去酒精灯后，水能继续沸腾一小段时间，其原因是陶土 网的温度______(选填“高于”“低于”或“等于”)水的沸点。  (4)实验完成后，他们将记录数据绘制成如图丁所示的温度随时间变化关 系的图像，分析图像可知，水沸腾时温度保持______，且该环境下水的 沸点是____℃。  乙 高于 不变 98 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 59 (5)若采用图戊所示的方法进行实验，试管中的水______(选填“能”或“不 能”)沸腾。  (6)小明和小红在总结这次实验时，发现烧杯内的水过多，既不利于安全 实验，又延长实验时间，浪费燃料，应____________________来保证实 验正常进行。  不能 减少烧杯中水的质量 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 60 【评分标准】 本小题8分。(1)2分，每空1分。(2)1分。(3)1分。(4)2分，每空1分。(5)1分。(6)1分。其他答案合理的同样给分。 【考点】 探究水在沸腾前后温度变化特点。 【解析】 (1)实验时需要用酒精灯外焰加热，陶土网的高度需要根据外焰的高度来确定，自下而上安装才能准确调整器材高度。用一块比烧杯口略大的圆形硬纸板盖住烧杯口，这么做的目的是减少热量散失，减少加热时间。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 61 (2)水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小，图丙符合水沸腾前的现象；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大，图乙符合水沸腾时的现象。 (3)撤去酒精灯后，水未立即停止沸腾是因为陶土网的温度高于水的沸点，水会继续吸收热量，维持沸腾状态。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 62 (4)由图丁可知，当水加热到第10 min之后一直保持98 ℃不变，说明水已经沸腾，此温度就是水的沸点，水在沸腾过程中继续吸热，但是温度保持不变。 (5)因为烧杯中的水到达沸点后，继续吸收热量，温度不变，所以，试管中的水虽然可以达到沸点，但是达到沸点后，无法继续吸热，所以不能沸腾。 (6)烧杯内的水过多，既不利于安全实验，又浪费燃料，应减少烧杯中水的质量。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 63 22.(9分)小明和小红用如图甲、乙所示的实验来探究动能的大小与哪些因素有关。 图甲：让质量相同的小球从同一光滑斜面的A处和B处由静止滚下，撞击水平面上的木块，木块移动一段距离后静止。 图乙：让不同质量的小球从同一光滑斜面的B处由静止滚下，撞击水平面上的木块，木块移动一段距离后静止。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 64 (1)在甲、乙两实验中： ①要探究动能与物体运动速度的关系应选用图____。  ②在图乙中让不同质量的小球从同一高度由静止滚下的目的是________ ____________________________________。  ③由甲、乙两实验可以得出动能的大小与____________有关。  甲 使小球 到达斜面底端与木块相碰时的速度相同 质量和速度 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 65 (2)在对实验进行分析时，小红提出用这个实验装置可以继续来探究影响 重力势能大小的因素。实验中通过观察__________________的大小，来 判断小球重力势能的大小。本实验中若水平面绝对光滑则不能得出结论， 原因是______________________________。  木块被推出的距离 小球与木块将会做匀速直线运动 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 66 (3)实验结束后，小红提出：游乐场的过山车为什么不需要引擎推动就能 “翻山越岭”呢？原来过山车在开始运行时，靠一个机械装置推到最高点， 但在第一次下行后，驱动它沿轨道行驶的唯一“发动机”就是动能和重力 势能。在生产与生活中，利用了类似“发动机”的有________(举一例)。  荡秋千 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 67 【评分标准】 本小题9分。(1)4分，①1分，②2分，③1分。(2)3分，第1空1分，第2空2分。(3)2分。其他答案合理的同样给分。 【考点】 探究动能的大小与哪些因素有关。 【解析】 (1)①探究动能与速度的关系，需控制质量相同、改变速度；图甲中小球质量相同，从不同高度滚下(高度不同则到达水平面速度不同)，故选用图甲。②让不同质量的小球从同一高度由静止滚下的目的是使小球到达斜面底端与木块相碰时速度相同。③图甲说明质量相同时，速度越大，动能越大；图乙说明速度相同时，质量越大，动能越大。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 68 (2)实验中采用转换法，通过观察木块被推出的距离，来判断小球重力势能的大小；若水平面绝对光滑，小球与木块将会做匀速直线运动，无法通过移动距离比较重力势能大小，故不能得出结论。 (3)见答案。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 69 23.(8分)电与磁之间存在着相互联系，彰显物理现象的对称之美。 (1)如图1甲所示，导线触接通电后小磁针发生偏转，断电后小磁针复位。 实验表明通电导线周围存在______。    图1 磁场 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 70 (2)如图1乙所示，电路中的开关为单刀双掷开关。 ①将开关掷于1，观察到导体棒ab运动，说明___(选填字母)。  A.电路中产生了感应电流　　　　　　　　 B.通电导体在磁场中受力的作用 ②将开关掷于2，使导体棒ab向右运动，观察到灵敏电流计指针向左偏 转；若要使灵敏电流计的指针向右偏转，可以___(选填字母)。  A.保持磁体不动，使导体棒ab向左运动　　 B.将磁体的磁极对调，使导体棒ab向左运动 B A 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 71 (3)在探究通电螺线管两端的极性由什么因素决定时，按照电路图连接成 实验电路，把小磁针放在螺线管两端，闭合开关，记录小磁针静止时N 极指向、螺线管绕向、电源正负极接法、螺线管中电流方向。图2是本组 同学用电路图的方法呈现出的四次实验现象，说明通电螺线管的极性由 螺线管中__________决定，而不决定于____________________________。    图2 电流方向 螺线管绕向和电源正负极接法 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 72 (4)电磁铁应用广泛，图3甲为某无人机内发动机限速系统的简化电路，当飞行速度达到350 km/h时，衔铁B刚好被吸下，油门C的喷油量减小，无人机速度不再增大。已知电源电压为12 V，定值电阻R0为25 Ω，电磁铁线圈电阻不计，图3乙为电阻R的阻值随飞行速度变化的图像。则：   图3 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 73 ①电磁铁上端的极性为___极。  ②当飞行速度增大时，电压表的示数______。  ③当飞行速度达到210 km/h时，电压表的示数为____V。  S 增大 7.5 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 74 【评分标准】 本小题8分。(1)1分。(2)2分，①1分，②1分。(3)2分，每空1分。(4)3分，①1分，②1分，③1分。 【考点】 电流的磁效应；电磁现象的辨识；电磁感应；安培定则；欧姆定律的应用。 【解析】 (1)导线通电后小磁针发生偏转，说明小磁针受到磁场力的作用，断电后小磁针复位，磁场力消失，表明通电导线周围存在磁场。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 75 (2)①将开关掷于1，电路接通有电流通过，导体棒ab运动，说明通电导体在磁场中受力的作用，故B符合题意。②感应电流的方向与导体运动方向、磁场方向有关；原来使导体棒ab向右运动，灵敏电流计指针向左偏转；若要使灵敏电流计的指针向右偏转，可以将磁体的磁极对调或导体棒ab向左运动，两者不能同时改变，故A符合题意。 (3)单独改变绕向或电源正负极接法，电流方向改变，则磁极改变；若电流方向不变(如同时改变绕向和电源接法)，则磁极不变。因此，通电螺线管的极性由螺线管中电流方向决定，而不决定于螺线管绕向，也不决定于电源正负极接法。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 76 (4)①由图3甲可知，电流从电磁铁上端流入，由安培定则可知电磁铁下端是N极，上端是S极。②由图3甲可知，R和R0串联，电压表测量R0两端的电压，由图3乙可知，当飞行速度增大时，R的阻值减小，根据欧姆定律知，电路中电流增大，则R0两端的电压增大，即电压表的示数增大。③当飞行速度达到210 km/h时，从图3乙中可知R=15 Ω，电路中的电流I====0.3 A，电压表的示数U0=IR0=0.3 A×25 Ω=7.5 V。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 77 四、综合解答题：本题共3小题，共23分。 24.(6分)为了践行环保理念和保障能源安全，我国大力发展电动汽车替代传统燃油汽车。表中是某电动汽车(四轮)的部分参数，假设车上只有质量为60 kg的司机一人，汽车沿平直道路匀速行驶时所受阻力为总重力的0.04倍，电动汽车充满电后以节电模式沿平直道路匀速行驶20 km，电池剩余电量为38 kW·h。(g取10 N/kg)求： (1)电动汽车对水平地面的压强； (2)电动汽车匀速行驶20 km，牵引力所做的功； (3)电动汽车电能转化为机械能的转化效率。 空车质量 1 380 kg 每个轮胎与地面接触面积 80 cm2 电池容量 42 kW·h 最高时速 120 km/h 最大功率 100 kW 最大续航里程 260 km 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 78 解：(1)电动汽车对水平地面的压力： F压=G=(m1+m2)g=(1 380 kg+60 kg)×10 N/kg=1.44×104 N， …………1分 电动汽车对水平地面的压强： p===4.5×105 Pa。…………1分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 79 (2)电动汽车沿平直道路匀速行驶，所以牵引力与阻力二力平衡，则电动汽车受到的牵引力： F=F阻=0.04G=0.04×1.44×104 N=576 N，…………1分 电动汽车行驶20 km，牵引力做的功： W=Fs=576 N×20×103 m=1.152×107 J。…………1分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 80 (3)由表格数据可知，电池容量为42 kW·h，行驶20 km后电池剩余电量为38 kW·h，则此过程中电动汽车消耗的电能： W总=42 kW·h-38 kW·h=4 kW·h=1.44×107 J，…………1分 电动汽车电能转化为机械能的转化效率： η===80%。…………1分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 81 【评分标准】 本小题6分。只写出公式及其变形公式而未与题中给出各量相联系的不给分。未正确使用角标区分有关物理量的酌情扣分。因前面数字计算错误而导致后面结果错误的，不重复扣分。其他解法合理的同样给分。 【考点】 压强、功、效率的相关计算。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 82 25.(8分)图甲是小明家新买的一台冷暖空调扇，其内部简化电路如图乙所示。已知电源电压为220 V，R1、R2均为发热电阻，M是电动机。开关S1闭合后：当扇形开关S2同时接1、2接线柱时吹冷风；当扇形开关S2同时接2、3接线柱时吹温风，此时空调扇的功率为550 W；当扇形开关S2同时接3、4接线柱时吹热风，此时空调扇的总功率为1 100 W。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 83 (1)吹冷风时，在空调扇内加入冰袋会使吹出的风温度变低，若冰袋内冰的质量为1.5 kg，温度从-15 ℃升高到-5 ℃时，冰吸收的热量是多少？[c冰=2.1×103 J/(kg·℃)] (2)吹冷风时，若电动机正常工作1 h消耗的电能为0.11 kW·h，则通过电动机的电流是多少？ (3)吹热风时，1 min内电流通过R1产生的热量是多少？ (4)小明断开家中其他用电器，只让空调扇单独工作1 min，如图丙所示的电能表脉冲指示灯闪烁40次，则空调扇的实际功率是多少？ 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 84 解：(1)冰吸收的热量： Q吸=c冰m冰Δt=2.1×103 J/(kg·℃)×1.5 kg×[-5 ℃-(-15 ℃)]=3.15×104 J。…………2分 (2)电动机的功率： P0===0.11 kW=110 W，…………1分 通过电动机的电流： I===0.5 A。…………1分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 85 (3)R2的电功率： P2=P34-P23=1 100 W-550 W=550 W， 吹热风的情况下，R1的电功率： P1=P34-P2-P0=1 100 W-550 W-110 W=440 W，…………1分 1 min内电流通过R1产生的热量： Q=W1=P1 t1=440 W×60 s=26 400 J。…………1分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 86 (4)电能表上的脉冲指示灯1 min闪烁40次，消耗的电能： W== kW·h，…………1分 空调扇的实际功率： P实===0.8 kW=800 W。…………1分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 87 【评分标准】 本小题8分。只写出公式及其变形公式而未与题中给出各量相联系的不给分。未正确使用角标区分有关物理量的酌情扣分。因前面数字计算错误而导致后面结果错误的，不重复扣分。其他解法合理的同样给分。 【考点】 热量、电功、电功率的相关计算。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 88 【信息提取】 提取关键词，获取隐含条件——电学 关键词 隐含条件 串联 ①通过各用电器的电流相等。 ②串联分压原理：=。 ③利用P=I2R计算电功率(纯电阻电路) 并联 ①各用电器两端的电压相等。 ②并联分流原理：=。 ③利用P=计算电功率(纯电阻电路) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 89 关键词 隐含条件 正常工作(发光) 用电器在额定电压下工作，实际功率等于额定功率 灯泡的亮、暗 灯泡实际功率的大、小 高温(加热)挡、 低温(保温)挡 电热器额定功率大、小 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 90 26.(9分)2026年2月5日，威海乳山500千伏变电站成功送电。该变电站的投运，能有效提升当地供电可靠性，还可更好地接入当地海上风电、核电等清洁能源，助力能源绿色低碳转型，是保障区域能源安全与推动绿色能源发展的重要工程。图甲为我省胶东半岛沿海的“风电林”，既为经济发展提供绿色能源，也为旅游业增添新亮点。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 91 (1)风力发电利用的风能属于____________(选填 “可再生”或“不可再生”)能源；风力发电的优点是__________________(写出一条即可)。 (2)风力发电机由风轮(叶片)、传动轴、齿轮箱、发电机、塔筒等组成，风力发电机的能量转化为多阶段链式转化，核心是将________能最终转化为电能。  1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 92 (3)若某15万千瓦风力发电机组年发电量为3×108 kW·h，相当于完全燃烧多少吨煤放出的能量？(煤的热值为3.0×107 J/kg) (4)小明设计了“风力测试仪”，原理图如图乙所示。已知电源电压为12 V，R0=20 Ω，AB为阻值60 Ω的均匀电阻丝。金属杆OP阻值不计，下端连接圆球P。OP始终与电阻丝AB接触良好且无摩擦。闭合开关S，无风时，OP下垂并与电阻丝的B端接触；有风时，圆球 P受风力作用，使OP绕点O转动。 求无风时电流表示数。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 93 解：(1)可再生　节能环保…………2分 (2)机械(或“风”)…………2分 (3)W=3×108 kW·h=1.08×1015 J，…………1分 Q放=W=1.08×1015 J， 相当于完全燃烧的煤的质量： m===3.6×107 kg=3.6×104 t。…………2分 (4)无风时，R0与RAB串联，电流表的示数： I===0.15 A。…………2分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 94 【评分标准】 本小题9分。(1)2分，每空1分。其他答案合理的同样给分。(2)2分。(3)3分。(4)2分。只写出公式及其变形公式而未与题中给出各量相联系的不给分。未正确使用角标区分有关物理量的酌情扣分。因前面数字计算错误而导致后面结果错误的，不重复扣分。其他解法合理的同样给分。 【考点】 能源的分类；能量的转化；热量、欧姆定律的相关计算。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 95 【错题反思】 核对完答案后，将错题做重点反思。对应的考点如果还有不明白的地方，可回到《中考备战》《学考传奇》(或者手上的其他一轮资料)中再深入学习一遍。 难度系数 对应题号 命中注定送给你 T1、T2、T3、T4、T5、T6、T7、T8、T9、T10、T13、T16、T17 再接再厉鼓舞你 T11、T12、T19、T20、T21、T22 伤筋动骨磨炼你 T14、T15、T18、T23、T24、T26 学霸登顶恭喜你 T25 1 3 5 7 9 11 13 15 17 19 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 21 22 23 24 25 26 96 97 $