山西2025-2026学年高三下学期高考适应性模拟物理试题

2025一2026学年山西高考适应性模拟 物理试题 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。 2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在 本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 考试时间为75分钟，满分100分 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项 中，只有一项是符合题目要求的。 1.某同学研究光电效应，用A、B、C三束光照射同一块金属，得出三条光电流与光电管两端 电压的图像，如图所示，其中A、C对应的遏止电压相同，下列说法正确的是 A.A、B对应的金属逸出功关系为WA<WB B.A、B对应的人射光频率关系为yA<yB C,A、C对应的入射光强度关系为IA=Ic D,B、C对应的电子最大初动能关系为EkB<Ekc 2.如图所示，奥托循环a→b→c→d→a由两个绝热和两个等容过程组成。一定质量的理想 气体在经历一个a→b→cd→a的循环过程中，下列说法正确的是 A.气体对外界做功，气体吸热 B.外界对气体做功，气体放热 C.气体对外界做功，气体放热 D.外界对气体做功，气体吸热 第1页（共8页） 3.将小球从空中由静止释放，小球下落的过程中，若所受空气阻力大小与速度大小成正比， 空气阻力大小始终小于重力大小，则下列说法正确的是 A.下落过程中，小球做匀加速直线运动 B.下落过程中，小球的加速度逐渐变大 C.下落过程中，小球处于超重状态 D.下落过程中，小球所受阻力逐渐变大 4.如图，在竖直分界线αb左侧有竖直向下的匀强电场，右侧有水平向里的匀强磁场。带正 电、可视为质点的橡胶小物块用一根不可伸长的绝缘细线悬挂于O'处。t=0时，小物块 经过最低点向右运动，且在竖直面内摆动的最大摆角小于5°，细线始终处于绷紧状态。 用表示小物块的速度，规定向右为正方向，忽略空气阻力，下列图像可能正确的是 x Bx 2to 34t 2 A B C D 5.如图，质量为m的小球用细线悬于O点，使小球在水平面内以O'为圆心做匀速圆周运 动，忽略空气阻力，重力加速度为g。悬挂小球的绳长1保持不变，悬点O到圆心O的距 离为，细线与OO'的夹角为日，改变0，则小球做匀速圆周运动的角速度ω、周期T、向心 加速度a、绳对小球的拉力F随h变化的关系图像中可能正确的是 B 第2页（共8页） 6.中国南馄号是全球首个将波浪能发电、海水淡化、智能养殖功能集于一体的半潜式海上 平台。如图所示为向x轴正方向传播的海水t=0时刻的波形图像，周期为4s。发电机 圆柱体浮杆定位于坐标值x=8m处，此时浮杆振动的速率为v。套于磁铁S极上的发电 线圈可与浮杆同步振动，线圈与一个理想变压器的原线圈连接。已知发电线圈共匝， 其圆半径为r,电阻忽略不计，N、S极产生的辐向磁场在线圈处的磁感应强度大小为B, 理想变压器原、副线圈匝数比为1：50。磁铁、变压器等固定不动，下列判断正确的是 俯视图 剖面图 y/m 0 12 16 20x/m -2 A.t=2s时刻，浮杆正随海水向上振动 B.t=0时刻，发电机产生的电动势为2Bπrv C.t=0时刻开始，发电机产生电动势的表达式为e=2πrnBucos(0.5πt) D.变压器副线圈输出电压的有效值为100√2πrnBv 7.如图所示，弹性绳一端固定在A点，另一端绕过有光滑、轻质定滑轮 的固定杆OB连接一个质量为m的小球，小球穿过固定的竖直杆， 初始时小球位于C点，A、B、C三点在一条水平直线上，小球从C 点由静止释放，小球滑到D点时弹性绳的弹力与小球重力大小相 等，弹性绳与竖直方向的夹角为日，小球滑到E点时速度恰好为0。 已知C、E两点的距离为L,小球与杆之间的动摩擦因数为4，重力 加速度为g,弹性绳的弹力满足胡克定律且弹性势能E,=2x2(k、 x分别为弹性绳的劲度系数、形变量)，AB长度为弹性绳的原长，弹性绳始终处在弹性限 度内，则弹性绳的劲度系数k为 Am(gsin) B.(in) C.2mgusin 0 D.mgusin L L 第3页（共8页） 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项 中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。 8.如图所示，我国“神舟二十二号”飞船在与中国空间站交会对接过程中，从近地圆形轨道 IA点变轨进人椭圆轨道Ⅱ，A、B分别为椭圆轨道的近地点、远地点，下列说法正确 的是 A.飞船在椭圆轨道上经过A点时的速率大于在近地圆轨道上的速率 B.飞船在椭圆轨道上A点的加速度小于在近地圆轨道上A点的加速度 C.飞船在椭圆轨道上的机械能大于在近地圆轨道上的机械能 D.飞船沿椭圆轨道从A运动到B的过程中，动能逐渐增大 9.如图所示，一带电小球N用绝缘柄固定不动，将一个质量为m,电荷量为qM的带正电小 球M用一根不可伸长的轻质绝缘丝线悬挂起来，悬点O在小球N的正上方，当小球M 静止时，丝线与竖直方向夹角0=30°，M、N两球连线刚好水平。丝线长度为L,重力加 速度大小为g,静电力常量为飞，两球均可视为点电荷，下列说法正确的是 u gie M------@N T A.小球M受到的丝线拉力的大小为2mg B小球M受到的库仑力的大小为5， g C.小球M所在处的电场强度的大小为Bmg 9M D.小球N的电荷量为3mgL 12kgM 第4页（共8页） 10.如图所示，虚线GH的直线方程为y=d,在GH与x轴之间的区域，y轴右侧存在垂直 纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B,y轴左侧存在沿y轴负方向的匀强电场；在 GH上方为另一个匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外。现有一个质量为，电荷量 为一q(g>0)的粒子，从O点沿x轴正方向射出，途经GH上的Q(2d,d)点，粒子运动 到第二象限经过GH后在电场中偏转，经过O点时速度方向沿x轴正方向。不计粒子 重力。sin37°=0.6，cos37°=0.8。则 y ● ● -----------H B A.粒子从0点射出时的初速度大小为5gdB m B.匀强电场的电场强度大小为29B C.GH上方匀强磁场的磁感应强度大小为B D.粒子从0点射出到第一次回到0点所经历的时间为367x十120)m 240Bg 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某实验小组利用如图所示的装置验证机械能守恒定律。不可伸长的轻质细线一 端固定在铁架台上P点，另一端连接一个小球（小球上固定一宽度为d的挡光片），光电 门安装在P点的正下方。实验时，将小球拉至细线（始终拉紧）与竖直方向成角的位 置由静止释放，记录小球通过光电门时挡光片的挡光时间△。已知细线悬点到小球中 心的距离为L,当地重力加速度为g。 (1)小球通过光电门时的速度大小为v= (用 d、△t表示) (2)若机械能守恒，需满足的表达式为gL= (用0、d、△t表示) 光电门 (3)某次实验中，测得0=30°，d=5.00mm,L=1.00m, △=3.15ms,若g=9.80m/s2,系统动能的增加量为△Ek,重力势能的减少量为△E。,则 本次实验的相对误差)=△E二△E,×100%- △Ep %。（结果保留一位有效数 字) 第5页（共8页） 12.(9分)某研究性学习小组利用图甲所示电路测量一粗细均匀的金属丝的电阻率及干电 池的电动势和内阻，使用的器材如下： 干电池一节（电动势未知，内阻未知） 0~3V电压表（内阻约3k2) 0~0.6A电流表（内阻为1.02） 定值电阻R。,R。=2.02 粗细均匀的金属丝 开关一个，导线若干，金属夹两个，刻度尺，螺旋测微器 金属丝 U UN 个A 1.6 1.3 1.0 L 0.71 S 0.1 0.2A 甲 乙 丙 实验步骤如下： ①将金属丝拉直固定，用螺旋测微器在金属丝上五个不同的位置分别测量金属丝的直 径，取平均值记为金属丝的直径d; ②按图甲连接电路，将金属夹B固定在金属丝右端，在金属丝上夹上金属夹A; ③测量AB之间金属丝的长度L; ④闭合开关，记录电流表和电压表的示数I、U; ⑤改变金属夹A的位置，进行多次实验，记录每一次的L和I、U; ⑥以号为纵轴，L为横轴，作出号-L图像如图乙所示；以U为纵轴，I为横轴，作出 U一I图像如图丙所示。 根据以上实验步骤，回答下列问题： (1)某次测量金属丝直径时，螺旋测微器的示数如图丁所示，则该次测量金属丝直径为 mm。 2)若图乙中号一L图像的斜率为，则金属丝的电阻率为 (结果用k、d表示)。 (3)由图丙可知，电源的电动势E= V(结果保留两位有效数字)，电源的内阻 r= 2(结果保留两位有效数字)。 (4)不考虑偶然误差，电源电动势的测量值 (填“大于”“等于”或“小于”)真实值， 电源内阻的测量值 (填“大于”“等于”或“小于”)真实值。 第6页（共8页） 13.(9分)如图所示，一个半圆柱形玻璃砖，其横截面是半径为R的半圆，AB为半圆的直 径，O为圆心，E为OA上的一点，已知真空中光速为c。一束细光线从E点垂直 于AB入射，恰好在上表面M点发生全反射，之后射在B点。求： (1)玻璃砖的折射率； (2)光线在玻璃砖中从E到B传播的时间。 M R 14.(14分)如图所示，在倾角0=30°的斜面上，固定着两根阻值不计的足够长平行金属导轨 MN、PQ,其间距为I;质量都为m、阻值分别为R、2R的金属棒ab、cd垂直放置在导轨 上且始终与导轨接触良好，ab与导轨间的动摩擦因数2二S8,cd与导轨间无摩擦。多 个装置处于垂直于导轨平面斜向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场中。现将αb锁 定，将cd由静止释放，经时间t后，cd加速度为零，此时释放ab,已知重力加速度为 g。求： (1)释放ab瞬间cd的速度大小； (2)cd从释放到加速度为零过程，运动的距离； (3)最终稳定时，通过ab的电流大小。 B 第7页（共8页） 15.(16分)如图所示，质量为m、半径为R、内壁光滑的半圆孤槽置于光滑水平面上，其左侧 紧靠竖直墙，右侧紧靠一质量为m的小滑块。将一质量为2m的小球自半圆弧槽左端 槽口A的正上方某一位置由静止释放，小球由左端A点进人槽内，刚好能到达槽右端C 点。重力加速度为g。 (1)求小球第一次运动到半圆弧槽最低点B瞬间，速度的大小； (2)求小球第一次经半圆弧槽最低点B到刚好到达槽右端C点过程中，槽对小球做 的功； (3)若小球从刚好到槽右端C点至第二次到槽最低点B过程所用的时间为t,求时间t 内槽运动的位移大小。 B T7n77n7n77777777777n7n777777 第8页（共8页） 2025一2026学年山西高考适应性模拟 物理参考答案及评分意见 1B【解析】逸出功与金属种类有关，同一块金属，逸出功相同，A错误；光电流恰为零时，光电管两端的电压为遏 止电压，对应的光的频率为金属的截止频率，根据U。=Ekm=hy一W。可知，人射光的频率越高，对应的遏止电 压U。越大，A光、C光的遏止电压相等且小于B光的遏止电压，所以A光、C光的频率相同且小于B光的频率， 以及A光、C光的光电子的最大初动能相同且小于B光的光电子的最大初动能，A光的饱和光电流较大，则A 光的强度比C光的大，B正确，C、D错误。 2.A【解析】整个循环过程气体又回到了初始状态，内能不变，b→c、d→a过程气体体积不变，气体不做功，a→b 过程气体体积减小，外界对气体做功，c→d过程气体体积增大，气体对外界做功，a→b、c→d两个过程气体体积 的变化量大小相等，α→b过程气体压强较小，故一个循环中，外界对气体做的功小于气体对外界做的功，即气体 对外界做功，W<0,由于△U=Q十W=0,所以Q>0,即气体吸收热量，A正确。 3D【解析】空气阻力大小始终小于重力大小，小球做加速运动，速度逐渐变大，则阻力逐渐变大，小球的加速度逐 渐变小，小球做加速度逐渐减小的加速运动，A、B错误，D正确；小球加速度向下，处于失重状态，C错误。 【解析小物块在磁场中摆动时，浴伦效力对小物块的摆动周期没有影响，依然用T=2元√仁计算摆动 小物块在电场中摆动时，电场力与重力的合力为等效重力，等效重力加速度为g',则有g'>g,则其在电场中摆 L 动的周期T'=2√安，故其周期比在匀强磁场中摆动时的周期小，小物块在最低点的速度大小不会变化，A 正确。 5.B【解析】对小球受力分析，水平方向根据牛顿第二定律可得Fsin0=mw2lsin0,竖直方向由平衡条件可得 h Fcos0=mg,联立解得w=。 V万·A错误：周期T=2红=2元、g ，B正确：由小球所受合外力沿水平方向的分力 提供向心力得mgan0=ma,且an0=2不，解得a=g一不，C错误：绳对小球的拉力F=m8 h h ,D结误。 T 6.C【解析】由图可知1=0时刻，浮杆正随海水向上振动，浮杆振动时间1=2，所以1=2s时刻，浮杆正随海水向 下振动，A错误；由图可知t=0时刻发电机产生的电动势最大，最大值Em=nBLw,其中L=2πr,解得Em= 2πrnBv,B错误；l=0时刻发电机产生的电动势最大，则发电机产生电动势的表达式为e=Emcos(wl),其中w= 0.5,所以：=2πrnBvcc0s(0.5π).C正确：根据变压器原副线圈电压关系可知，副线圈电压的最大值U。● E.=1 00B0,有效值U==502mB,D错误。 2 7.A【解析】小球运动过程中，在D点时受力分析如图所示，由题意可得T=mg=kxm,小 ●】 球在水平方向上受力平衡，得FN=Tsin0=mg sin0=k.c gp sin0=k.x,即小球在运动过 程中竖直杆对小球的弹力是一个恒力，则摩擦力f=uFx=mg sin0,也为恒力。小球由 C到E过程，根据能量守恒mgL=L+方kxic- 2kxc,即mgL=fL+2L2,解得 _2m8(1一usin0),A正确。 k二1 物理答案第1页（共4页） 8.AC【解析】飞船在近地圆轨道A点加速后进人椭圆轨道，因此在椭圆轨道上经过A点时的速率大于在近地圆 轨道上的速率，A正确；加速度由万有引力决定，两轨道A点到地心距离相同，故在A点的加速度相等，B错误； 变轨需发动机做功增加机械能，飞船在椭圆轨道上的机械能大于在近地圆轨道上的机械能，C正确：飞船从A (近地点)到B(远地点)过程中，引力做负功，动能减小，D错误。 9,BD【解折1对小球M受力分折，由平衡条件可得，丝线拉力的大小为T=80=Smg,A错误：小球M受 c0s30 到的库仑力大小为F=mg1an30°-5， mg,B正确：由电场强度定义可得，小球M所在处的电场强度的大小为 E=E=s,C错误：由库仑定律可知，M、N两球间的库仑力可表示为F=k307,联立解得g= gM 3gM √3mgL2 12kgM ，D正确。 10.BC【解析】粒子从O点沿x轴正方向以v。射出后运动轨迹如下图，设在磁场B中做圆周运动的半径为R,由 关系(R一d)2土(2d)2=R,得R一d,根据洛伦兹力提供向心力有9，B=加？，所以二 2m 2,A错 误：由几何关系得轨迹圆半径与GH夹角α=37°，由对称性可知，粒子在第二象限出磁场时速度方向与y轴负 方向的夹角也为α=37°，粒子在电场中沿x轴正方向做匀速直线运动，沿y轴负方向做匀减速直线运动，则沿 1 y轴负方向满足d=vocos a·1一2·a,由牛顿第二定律可知qE=ma,又由粒子自第二象限偏转后过0点， 且速度方向沿x轴正方向可知vocosa=at,联立解得t=m E=2qdB -,B正确；设粒子在GH上方匀强磁场 m 中做匀速圆周运动的半径为，圆心为0，由x=,sin。·1,可得x=d,由x+2d=2rc0sa,根据洛伦兹力 提供向心力有w,B,二m联立解得B,二B,C正确：粒子在磁场中运动的时间分别为1器×2水 vo 2254×2,粒子运动的总时间La=1十t1十t:=0”,D错资 240Bq 24 。B ol 11.(1)(2分)2②21=cos0)(△)(2分）3)4(2分) 【解析】(1)由于挡光片宽度d很小，小球通过光电门的时间△：极短，因此可用挡光片通过光电门的平均速度近 似代替小球通过光电门时的瞬时速度，即0= (2)小球从与竖直方向成0角的位置静止释放，到通过最低点时，下降的高度h=L(1一cos),根据机械能守恒 物理答案第2页（共4页） 定律，重力势能的减少量等于动能的增加量，有mgL(1-os0)=立m(盆)】 d? ,整理得gL=21=c0s0)(A 3)重力势能的诚少量△E,=mgLI=cs0,动能的增加量4E二m二7w口 ,则7= △E-AE,X △ △E, 100%≈4% 12.(1)0.615(或0.614、0.616,1分)(2)0（2分)(3)1.5(2分）1.0(2分)(4)等于(1分)等于(1分 【解析】(1)螺旋测微器的最小刻度为0.01mm,故金属丝直径d=0.5mm+11.5×0.01mm=0.615mm。 (②)根据欧姆定律，接入电路中的金属丝电阻满足R=又=DL =。二七一，解得二=2L,结合图乙可知科举= 2 票，金属丝的电阻率。矿 4。 (3)根据闭合电路的欧姆定律，电压表和电流表的示数满足U=E一I(r十R。十R、),结合图丙可知斜率的绝对 △U0.8 值k'1=r+R。+R=-0.20=40,结合题干数据解得r=1.0n,截距6=E=1.5V。 (4)因电流表内阻已知，表达式U=E一I(r十R。十R)不存在因未考虑电流表分压造成的误差，故电源电动势 的测量值等于真实值，电源内阻的测量值等于真实值。 13.(1)2(2)33R c 【解析】(1)在M处恰好发生全反射，根据全反射临界角公式有sinC=上(2分) 根据几何关系可得C=30°(1分) 解得n=2(1分) (2)根据几何关系可得光线通过的路程5=EM+MB=3,3R 2R(1分) 光线在玻璃砖中传播速度=二(2分) n 则光线在玻璃砖中传播的时间1=亡(1分) 解得4=3R(1分) 14.(1)3mgR 2B212 (2)3mgRt_9m'gR: 2B2122B'11 (3)n8 8BL 【解析】(I)设释放ab瞬间cd的速度大小为o,cd切割磁感线产生的感应电动势E=Blvo(1分) 回路中产生的感应电流1二卡1分) cd受到的安培力FA=BIl(1分) cd加速度为零，则有Fx=mg sin0(1分) 3mgR 代人数据解得v=2B(1分) (2)cd下滑过程根据动量定理有mgsin0·t一BIl·t=mvo(2分) i-最-照-0分 物理答案第3页（共4页） 3mgRt 9m2gR2 解得x= 2B212 2B示(1分) (3)在此后运动过程中ab、cd的加速度相等时达到稳定，根据牛顿第二定律有 a-mgm0-F(1分) n a'=mgsin0+F'-ng co0（1分) 解得F-学 通过ab的电流大小为'=B就(1分) 解得'-器1分) 15.(1)2gR (2)-mgR (3)R+2WgR·1 2 【解析】()小球第一次运动到槽最低点B至刚好能到达槽右端C点过程，对小球、半圆弧槽和小滑块组成的系 统有系统水平方向上动量守恒，2mvB=(2m十m十m)v共(2分) 根据系统能量守恒有宁×2mi=2mgR十号×(2m十m十m)o候(2分) 解得v共=√gR B=2VgR(2分) (2)对小球由动能定理有-2mkR+W=方·2m或一子·2mi(2分) 解得W=一mgR(2分) (3)小球从刚好到槽右端C点至第二次经过槽最低点B点过程，小球、半圆弧槽和小滑块组成的系统，任意时刻 水平方向上动量守恒，4m℃共=2m1十2mv2x(1分) 对时间微元，4mw共·△1=2m·v1△1+2m·v2△1(1分) 设槽运动的位移大小为x1,小球运动的位移大小为x2,叠加得4v共1=2m·x1十2m·x2(1分) 根据几何关系有x1一x2=R(1分) 联立解得，-R+2配·(2分) 2 物理答案第4页（共4页）