第1章 第1节 第2课时 分离定律的模拟、验证及应用 课后达标检测（课件PPT）-【学霸笔记·同步精讲】2025-2026学年高中生物必修2 遗传与进化（人教版）不定项

该高中生物学课件围绕基因的分离定律，通过性状分离比模拟实验导入，系统呈现孟德尔豌豆杂交实验、假说—演绎法及遗传因子传递规律，构建从实验现象到理论验证再到实际应用的学习支架。 其亮点在于融合科学思维与探究实践，通过模拟实验（如抓取彩球理解配子结合）、假说—演绎法分析（如测交验证）及实际案例（如动物杂交比例计算），培养学生逻辑推理与问题解决能力。题组分层设计，解析详尽，助力学生深化生命观念，也为教师提供高效教学资源。

课后达标检测 1 [过基础　知识巩固] 题组一　性状分离比的模拟实验 1．在做“性状分离比的模拟实验”时，分别同时从甲小桶和乙小桶中抓取彩球50～100次，统计彩球组合为DD的比例为(　　) A．1/3 B．1/5 C．1/2 D．1/4 解析：由于甲、乙两小桶中D与d的比例是相同的，所以从每个小桶中抓取D的可能性为1/2，从两小桶中同时抓取D的可能性为1/4。 √ 4 5 6 7 8 1 9 10 12 13 14 15 11 2 3 课后达标检测 2．在“性状分离比的模拟实验”中，老师准备了①～⑤ 5个小桶，在每个小桶中放置了10个小球，小球颜色表示含有不同遗传因子类型的配子，若某同学欲模拟“一对相对性状的杂交实验”中，F1雌、雄个体产生配子的随机结合，则他选择的组合应该为(　　) A．雌①、雄② B．雌④、雄⑤ C．雌③、雄⑤ D．雌⑤、雄⑤ √ 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 解析：根据题图分析可知，①中只有A，②中只有a，③中A∶a＝6∶4，④中B∶b＝7∶3，⑤中A∶a＝5∶5。故模拟F1雌、雄个体产生配子的随机结合时，应选择的组合为雌⑤和雄⑤，即小桶中含有两种配子，且两种配子的比例为1∶1。 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 题组二　对分离现象解释的验证 3．关于测交，下列说法错误的是(　　) A．测定待测个体的遗传因子组成 B．判断待测个体的显隐性 C.验证是否符合分离定律 D．推测待测个体产生的配子种类 解析：测交不能推测个体性状的显隐性。 √ 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 4．一某病致病遗传因子携带者(男)与一该病患者(女)结婚，某同学将这对夫妇产生子代的情况绘制成遗传图解(下图)，下列对该遗传图解的评价，不合理的是(　　) A．漏写亲本的性状表现类型 B．漏写杂交符号“×” C．卵细胞的类型应该只写一个a D．F1的性状表现类型的比例写错 √ 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 解析：书写遗传图解时，亲本的性状表现类型应注明，A合理； 亲本之间的杂交符号“×”不能缺少，B合理； 在遗传图解中，当生物体产生的生殖细胞类型相同时，只需写出一个即可，C合理； F1的性状表现类型的比例是正确的，D不合理。 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 题组三　假说—演绎法、分离定律的内容 5．(2025·天津高一期中)下列有关豌豆杂交实验(相关遗传因子用D/d表示)中的比例，可以直接说明分离定律实质的是(　　) A．F1产生两种雌配子(或雄配子)的比例为1∶1 B．F1高茎豌豆测交，结果为高茎∶矮茎＝1∶1 C.F1高茎豌豆自交，结果为高茎∶矮茎＝3∶1 D．F1自交，结果为DD∶Dd∶dd＝1∶2∶1 √ 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 解析：分离定律的实质是生物在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，即F1产生两种雌配子(或雄配子)的比例为1∶1，A正确。 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 6．假说—演绎法是现代科学研究中常用的方法，利用该方法孟德尔发现了分离定律。下列有关叙述正确的是(　　) A．孟德尔所作假说的核心内容是“生物的性状是由遗传因子决定的” B．孟德尔发现的分离定律可以解释所有生物的遗传现象 C．孟德尔在发现分离定律时，通过设计自交实验进行了验证 D．提出问题是建立在豌豆纯合亲本杂交和F1自交遗传实验基础上的 √ 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 解析：孟德尔所作假说的核心内容是“生物体在形成生殖细胞——配子时，成对的遗传因子彼此分离，分别进入不同的配子中”，A错误； 孟德尔分离定律只适用于进行有性生殖的真核生物，B错误； 孟德尔在发现分离定律时，通过设计测交实验，让F1与隐性纯合子杂交，验证了假说，C错误； 提出问题是建立在豌豆纯合亲本杂交和F1自交遗传实验基础上的，D正确。 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 7．(2025·广东珠海高一期中)下列有关孟德尔一对相对性状的豌豆杂交实验的叙述，错误的是　(　　) A．应用统计学方法对实验结果进行分析是孟德尔成功的原因之一 B．杂交实验时应去除母本未成熟花的全部雄蕊 C．实验中，孟德尔观察到子二代的性状分离比恰好为3∶1 D．“体细胞中的遗传因子成对存在，形成配子时成对的遗传因子彼此分离”属于假说的内容 √ 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 解析：孟德尔成功的原因之一是应用统计学方法对实验结果进行分析，A正确； 杂交实验时应去除母本未成熟花的全部雄蕊，B正确； 实验中，孟德尔观察到子二代的性状分离比约为3∶1，C错误； “体细胞中的遗传因子成对存在，形成配子时成对的遗传因子彼此分离”属于假说的内容，D正确。 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 [过能力　综合提升] 8．(2025·辽宁高一联考)为实现下列目的，采取的最佳交配方式分别是(　　) ①鉴别一只白兔是否为纯合子　②鉴别一株小麦是否为纯合子　③不断提高水稻品种的纯合度 A．自交、测交、自交 B．杂交、测交、测交 C．测交、自交、自交 D．测交、测交、杂交 √ 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 解析：①鉴别一只白兔是否为纯合子，可采用测交方法，即让该白兔与多只相对性状的异性个体进行杂交，通过后代的性状表现做出判断；②由于小麦是植物，且开两性花，所以鉴别一株小麦是否为纯合子最简单的方法是自交；③不断提高水稻品种的纯合度，最简单的方法是自交，淘汰性状分离的个体。 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 9．(2025·广东汕头高一期中)若某种植物的红花和白花是由一对遗传因子控制的一对相对性状。某同学用红花植株(植株甲)进行了下列四个实验。能够判定植株甲为杂合子的实验是(　　) ①植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离 ②用植株甲给另一红花植株授粉，子代均为红花 ③用植株甲给白花植株授粉，子代中红花与白花的比例为1∶1 ④用植株甲给另一红花植株授粉，子代中红花与白花的比例为3∶1 A．①或② B．①或④ C．②或④ D．③或④ √ 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 解析：让植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离，说明红花为显性性状，植株甲为杂合子，①符合题意； 用植株甲给另一红花植株授粉，子代均为红花，说明双亲可能都是纯合子，或者是双亲均表现为显性性状，其中之一为杂合子，另一个为显性纯合子，故不能判断植株甲为杂合子，②不符合题意； 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 用植株甲给白花植株授粉，子代中红花与白花的比例为1∶1，只能说明一个亲本为杂合子，另一个亲本为隐性纯合子，但无法判断谁是杂合子、谁是纯合子，故无法确定植株甲是杂合子，③不符合题意； 用植株甲给另一红花植株授粉，子代中红花与白花的比例为3∶1，说明植株甲和另一红花植株均为杂合子，④符合题意，综上分析，B符合题意。 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 10．现有某种动物的800对雌雄个体(均为灰体)分别交配，每对仅产下一个后代，统计后代中有灰体700只、黑体100只。控制体色的遗传因子分别用R、r表示，则理论上杂交组合Rr×Rr的亲本应该是(　　) A．100对 B．400对 C．700对 D．800对 √ 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 解析：分析题干信息，灰体亲本杂交后代出现黑体，则灰体对黑体为显性。亲本可能的遗传因子组成及子代的性状为RR×Rr→R_(全为灰体)、RR×RR→RR(全为灰体)、Rr×Rr→3R_(灰体)∶1rr(黑体)，后代黑体全由杂交组合为Rr×Rr的亲本产生，且在杂交组合为Rr×Rr的亲本产生的子代中占1/4。据此判断，理论上杂交组合Rr×Rr的亲本如果是400对，那么会产生灰体300只、黑体100只，另外400只灰体子代则由杂交组合为RR×Rr或RR×RR的亲本产生，B符合题意。 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 11．山羊的黑毛和白毛是一对相对性状，受一对遗传因子控制，下列是几组杂交实验及其结果： 如果让实验Ⅳ的黑色雌山羊亲本与实验Ⅱ的黑色雄山羊亲本交配，下列4种情况可能的是(　　) A．所有后代都是黑色的 B．所有后代都是白色的 C．后代中的一半是黑色的 D．后代中1/4是黑色(白色)的 √ 实验分组 亲本 后代 母本 父本 黑色 白色 Ⅰ 黑色 白色 82 78 Ⅱ 黑色 黑色 118 39 Ⅲ 白色 白色 0 50 Ⅳ 黑色 白色 74 0 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 解析：根据杂交实验Ⅱ，具有相同性状的亲本(黑色)杂交后代出现性状分离，判断黑色是显性性状，且亲本全是杂合子。根据杂交实验Ⅳ，具有相对性状的两个亲本杂交，后代只表现一种性状(黑色)，判断亲本中的黑色雌山羊是纯合子。让实验Ⅳ的黑色雌山羊亲本(纯合子)与实验Ⅱ的黑色雄山羊亲本(杂合子)杂交，后代全是黑色的。 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 12．(不定项)酒窝由一对遗传因子决定，属于显性遗传。下列相关叙述正确的是(　　) A．有酒窝与有酒窝婚配，生出的孩子不一定都有酒窝 B．无酒窝与无酒窝婚配，生出的孩子一定都无酒窝 C．有酒窝与无酒窝婚配，生出的孩子有酒窝的概率为50% D．有酒窝与无酒窝婚配，生出无酒窝的男孩，则有酒窝的亲本是纯合子 √ √ 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 解析：有酒窝属于显性性状，当两者都为杂合子时会生出无酒窝的孩子，A正确； 无酒窝属于隐性性状，两者都为纯合子，生出的孩子一定都无酒窝，B正确； 若有酒窝为显性纯合子，则其与无酒窝(隐性纯合子)婚配，生出的孩子有酒窝的概率为100%，C错误； 有酒窝与无酒窝婚配，生出无酒窝的男孩，则有酒窝的亲本是杂合子，不可能是纯合子，D错误。 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 13．(不定项)老鼠的毛色有黑色和黄色，由一对遗传因子(B、b)控制，有三组杂交组合，①丙(黑色)×乙(黑色)、②甲(黄色)×乙(黑色)、③甲(黄色)×丁(黑色)，其中①②得到的子代表现类型如下图所示，③得到的子代全部为黑色。 下列叙述错误的是(　　) A．杂交组合①②③均可判断显性性状是黑色 B．甲、丙的遗传因子组成分别是bb、BB C．亲本中为纯合子的有甲和丁 D．杂交组合②产生的子代中，能稳定遗传的个体所占比例为1/2 √ √ 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 解析：由组合①黑色个体与黑色个体杂交，后代黑色∶黄色＝3∶1，可知黑色为显性性状，黄色为隐性性状，且乙、丙都是杂合子，遗传因子组成都是Bb，由组合②黄色个体与黑色个体杂交，后代黑色∶黄色＝1∶1，无法判断性状的显隐性，由组合③黄色个体与黑色个体杂交，后代全为黑色可知，甲与丁的遗传因子组成分别为bb、BB，A、B错误，C正确； 杂交组合②为甲(bb)×乙(Bb)，后代中黑色(Bb)∶黄色(bb)＝1∶1，能稳定遗传的个体的遗传因子组成为bb，占1/2，D正确。 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 14．(2025·广东佛山高一期中)玉米是一年生雌雄同株异花植物，其传粉方式如下图所示。已知玉米的大粒与小粒由一对遗传因子(R、r)控制，只有杂合子才表现为大粒，纯合子均表现为小粒，图中植株A、植株B的遗传因子组成分别为RR、rr。回答下列相关问题： 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 (1)与豌豆的杂交过程相比，为保证图中植株A、B上所结的都是杂合子，操作的步骤是_______________________________________(用文字和→表示)。 解析：玉米是雌雄同株异花，做人工杂交实验不需要去雄，而豌豆是自花传粉、闭花授粉，做人工杂交实验需要去雄，故与豌豆的杂交过程相比，为保证题图中植株A、B上所结的都是杂合子，操作的步骤是(对未成熟雌花)套袋→人工授粉→套袋。 (对未成熟雌花)套袋→人工授粉→套袋 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 (2)在自然条件下，种植具有大粒性状的F1种子，F2出现的表现类型及比例为___________________，出现这种现象的原因是_________________，因此这种类型的玉米不能自留种，否则会直接影响产量。 解析：在自然条件下，种植具有大粒性状(Rr)的F1种子，其子代中会出现RR∶Rr∶rr＝1∶2∶1，由于只有杂合子才表现为大粒，故表现类型及比例为大粒∶小粒＝1∶1，出现该现象的原因是发生了成对遗传因子的分离，子代出现性状分离。 大粒∶小粒＝1∶1 发生了性状分离 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 (3)已知玉米的抗病和感病是一对相对性状，相关基因分别用D、d表示，一个玉米群体中DD∶Dd＝1∶2，在随机受粉和自交产生的子代中感病植株所占的比例分别是________、________。为确定某株具有抗病性状的玉米的遗传因子组成，可采用的方法以及观察的结果结论是____________________________________________________________________________________________________________。 1/9 1/6 让这株玉米自交，若子代全为抗病个体，则该个体为纯合子DD；若子代中有感病个体出现，则该个体为杂合子Dd 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 解析：由题干可知随机受粉时配子类型及比例为2/3D、1/3d，子代中感病植株(dd)所占比例为1/9，自交时只有2/3Dd子代才有感病植株，所占比例为(2/3)×(1/4)＝1/6。为确定某株具有抗病性状的玉米的遗传因子组成(DD或Dd)，可采用的方法是自交，自交后观察其子代的表现类型，若该个体为纯合子DD，则子代全为抗病个体；若该个体为杂合子Dd，则子代中有感病个体出现。 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 15．(2025·山东济宁高一期末)某生物兴趣小组对果蝇的长翅和残翅这一相对性状进行了研究，其结果如下表所示，相应遗传因子用A、a表示。回答下列问题。 组合 亲本性状 子一代性状 1 残翅×残翅 残翅 2 长翅×残翅 长翅、残翅 3 长翅×长翅 长翅、残翅 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 (1)根据组合________，可以判断________是隐性性状。组合2的杂交方式称为________，可验证分离定律。 解析：在组合3中，亲本为长翅×长翅，子代中有残翅出现，说明残翅是隐性性状，长翅是显性性状。组合2亲代性状为长翅×残翅，子一代性状为长翅和残翅，杂交方式为测交，可验证分离定律。 3 残翅 测交 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 (2)为判断某长翅雄果蝇的遗传因子组成，可将该长翅雄果蝇与____________果蝇进行杂交，观察记录杂交后代的表现类型，预期结果得出相应结论： ①若杂交后代全为长翅，则其遗传因子组成为____________； ②若杂交后代出现残翅，则其遗传因子组成为____________。 解析：为判断某长翅雄果蝇(A_)的遗传因子组成，可将该长翅雄果蝇(A_)与残翅雌果蝇(aa)进行杂交，观察后代的表现类型，①若杂交后代全为长翅Aa，则其遗传因子组成为AA。②若杂交后代出现残翅(aa)，则其遗传因子组成为Aa。 残翅雌 AA Aa 4 5 6 7 8 9 10 12 13 14 15 11 2 3 1 课后达标检测 $