第一章 三角形的证明及其应用 1 三角形内角和定理第4课时多边形的外角和&专题特训求不规则多边形的内角和的有关技巧-【精英新课堂·三点分层作业】 2025-2026学年八年级下册数学（北师大版·新教材

第4课时 A分点训练 。夯实基础 知识点多边形的外角和 1.七边形的外角和为 A.30 B.150° C.360° D.1800° 2.若正多边形的一个外角是45°，则这个正多 边形是 () A.正六边形 B.正七边形 C.正八边形 D.正九边形 3.在剪纸活动中，小花同学想用一张长方形纸 片剪出一个正五边形，其中正五边形的一条 边与长方形的边重合，如图所示，则∠α的度 数为 A.54 B.60° C.70° D.72° (第3题图) (第5题图) 4.(2025·遂宁中考)已知一个凸多边形的内 角和是外角和的4倍，则该多边形的边数为 A.10 B.11 C.12 D.13 5.如图，已知∠1+∠2+∠3+∠4=280°，则 ∠5的度数为. 6.(教材P11习题T8变式)已知一个多边形的 边数为n,若这个多边形的每个内角都比与 它相邻的外角的4倍多30°，求n的值， 边形的外角和 B综合运用 。提升能力 7.一个正多边形的内角和为1080°，则这个正 多边形的每个外角为 () A.36° B.40° C.45° D.60° 8.某同学用5根相同的小木棍首尾顺次相接 组成了五边形ABCDE,固定边CD,将点A 向下推，使点B,A,E共线，形成四边形 BCDE,如图所示，则此变化过程中() A.内角和减少了360 B.内角和增加了180° C.外角和减少了180° D.外角和不变 入、B D (第8题图) (第9题图) 9.如图，在五边形ABCDE中，AB∥ED,∠1， ∠2，∠3分别是∠ABC,∠BCD,∠CDE的 外角，则∠1+∠2+∠3的度数为 10.如图，淇淇从点A出发，前进10m后向右 转20°，再前进10m后又向右转20°，这样 一直下去，直到他第一次回到出发点A为 止，他所走的路径构成了一个多边形 (1)淇淇一共走了多少米？ (2)求这个多边形的内角和. A 20° 20 第一章三角形的证明及其应用 7 专题特训 求不规则多 模型提炼：“8字型”：如图①，∠1十∠2=∠3十∠4 “飞镖型”：如图②，连接AO并延长（或延长BO,交 AC于点D或连接BC等)，易得∠BOC=∠B十 ∠BAC+∠C. 29 40 3 图① 图② 1.(1)【验证“飞镖型”结论】如图，求证：∠BOC= ∠A+∠B+∠C. (2)【直接应用】一个零件形状D 的示意图如图所示，∠B 20°，∠D=30°.若按规定 ∠A=90°时这个零件合 格，则此时∠BCD的度数为 (3)【变式应用·一题多解】一把帆布折椅的侧 面示意图如图所示，∠A=28°，∠D=12°， ∠ABC=64°，∠BCD=46°，求椅面和椅背 的夹角∠AED的度数.（请将下面解题 过程补充完整) 解法一：（直接运用“飞镖型”结论） 8数学八年级下册北师大版 边形的内角和的有关技巧 解法二：（构造“8字型”） (4)【拓展应用】如图，∠ABC=100°，∠DEF= 130°，求∠A+∠C+∠D+∠F的度数. E130 1002B 7 2.【一题多解】如图，∠A十∠B十∠C十∠D十 ∠E的度数为 3 (第2题图)（变式题1图）（变式题2图） 【变式题1】如图，∠A+∠B+∠C+∠D+十 ∠E十∠F的度数为 【变式题2】如图，∠1+∠2+∠3+∠4十 ∠5+∠6+∠7的度数为参考答案 第一章三角形的证明及其应用 1三角形内角和定理 第1课时三角形内角和与全等三角形的性质与判定 1.A2.B3.B4.20° 5.解：∠BAC=95°，∠B=25°，.∠C=180°-∠BAC-∠B=60°.：∠CAD=75°， .∠ADC=180°-∠CAD-∠C=45°. 6.B7.B 8.两直线平行，同位角相等BDAB=DE SAS全等三角形的对应角相等同位角相 等，两直线平行 9.B10.45°11.50° 12.解：(1)添加条件：∠BAC=∠EDA.理由如下：在△ABC和△DEA中， AB=DE, ∠BAC=∠EDA,.△ABC≌△DEA(SAS).(2)由(1)知△ABC≌△DEA,∴.∠ACB= AC=DA, ∠DAE.∴.∠DAE+∠BAC=∠ACB+∠BAC=18O°-∠B=70°..∠BAE=∠DAE+ ∠BAC+∠CAD=135°. 13.(1)解：120°(2)证明：由题意，得∠ABC+∠ACB=180°-∠A.,∠BPC=90°， ∴∠PBC+∠PCB=180°-∠BPC=90°.∠ABP=∠ABC-∠PBC,∠ACP=∠ACB- ∠PCB,∴·∠ABP+∠ACP=∠ABC-∠PBC+∠ACB-∠PCB=(∠ABC+∠ACB)- (∠PBC+∠PCB)=180°-∠A-90=90-∠A.(3)解：①30②∠0=号∠A+45.【解 析】由题意，易得∠A十∠ACP=∠P+∠ABP,·∠ACP-∠ABP=90°-∠A.同理可得 ∠O+∠OBA=∠A+∠ACO,∴.∠O=∠A+∠ACO-∠OBA.:BO,CO分别平分 ∠ABP,∠ACP,∠OBA=∠ABP,∠AC0-∠ACP.∠0=∠A+号∠ACP- 号∠ABP=∠A+合(90°-∠A)=合∠A+45. 第2课时三角形内角和定理的推论 1.D2.ACE3.C4.D5.C6.B7.B8.120°9.80° 10.解：(1)∠A=30°，∠ABC=70°，.∠BCD=∠A+∠ABC=100°.，CE是∠BCD的 平分线，∠BCE=合∠BCD=50.(2):∠BCE=50,∠ABC=70°，∴∠BEC=∠ABC- ∠BCE=20°.DF∥CE,∴.∠F=∠BEC=20. 11.C12.C13.22.5° 14.(1)解：∠B=35°，∠E=25°，.∠DCE=∠B+∠E=60°.：CE平分∠ACD, ∠ACE=∠DCE=60°..∠CAE=180°-∠ACE-∠E=95°.(2)证明：由(1)知∠ACE= ∠DCE.I∠DCE=∠B+∠E,∴∠ACE=∠B+∠E.∴∠BAC=∠E+∠ACE=∠E+ ∠B+∠E=∠B+2∠E. 15.解：(1)①130°②∠1+∠2=70°+∠a(2)∠1=70°+∠2+∠a.理由 如下：'∠1=∠C+∠CFD,∠CFD=∠2+∠a,∴∠1=70°+∠2+∠a (3)答案不唯一，如图，∠1十∠2=430°-∠a.理由如下：连接CP.∠1 ∠DCP+∠DPC,∠2=∠ECP+∠CPE,∴.∠I+∠2=∠DCP+∠DPC+ ∠ECP+∠CPE=∠ACB+360°-∠a=70°+360°-∠a=430°-∠a. 专题特训与三角形的双角平分线有关的解题模型【回归教材·一题一课】 母题：解：∠A=40°，∴.∠ABC+∠ACB=180°-∠A=140°.BP,CP分别平分∠ABC, ∠ACB,∴∠PBC=Z∠ABC,∠PCB=∠ACB.∠BPC=180-(∠PBC+∠PCB)- 180°-号（∠ABC+∠ACB)=10 【延伸问】解：：∠A=n°，∴∠ABC+∠ACB=180°-∠A=180°-n°.：BP,CP分别平分 ∠ABC,∠ACB,∠PBC=∠ABC,∠PCB-∠ACB.÷∠BPC=18O-(∠PBC+ ∠PCB)=180°-2（∠ABC+∠ACB)=90+2. 【变式题1】解：(1)：∠ACB=70°，∴.∠ACD=180°-∠ACB=110°.：BO,CO分别平分 一1 ∠ABC,∠ACD,∠CB0=∠ABC=30,∠DG0=∠ACD=55.∴∠0=∠D00- ∠CB0-25.(2②)∠0-合∠A理由如下：B0,C0分别平分∠ABC,∠ACD,∠CB0 ∠ABC,∠DC0=合∠ACD.&∠0=∠D0-∠CB0=合（∠ACD-∠ABC)= 3∠A 【变式题2】獬：(1)∠C=70°，∠CAB+∠CBA=180°-∠C=110°.∴.∠EAB+∠FBA =360°-（∠CAB+∠CBA)=250°.：AD,BD是△ABC的外角平分线，∴.∠DAB= ∠EAB,∠DBA=合∠FBA.∠DAB+∠DBA=合（∠EAB+∠PBA)=125.:∠D =180°-（∠DAB+∠DBA)=55°.(2）由题意，得∠CAB+∠CBA=180°-∠C..∠EAB +∠FBA=360°-（∠CAB+∠CBA)=180°+∠C.:AD,BD是△ABC的外角平分线， ∴∠DAB=∠EAB,∠DBA=∠FBA.∴∠DAB+∠DBA=(∠EAB+∠FBA)= 90+2∠C.∠D=180-(∠DAB+∠DBA)=90-∠C 第3课时多边形的内角和 1.C2.A3.205°4.1260°5.C6.D7.1440°8.A9.A10.5或6或7 11.解：(1)1140°÷180°=6…60°，则边数是6+1十2=9..小强是在求九边形的内角和. (2)少加的那个内角的度数是180°-60°=120°. 第4课时多边形的外角和 1.C2.C3.D4.A5.809 6解：设多边形的相邻的外角为x由题意，得红十3十一180解得一30a警-12 7.C8.D9.180 10.解：(1)：所经过的路线正好构成一个每个外角都是20°的正多边形，正多边形的边数 为360°÷20°=18.∴.淇淇一共走了18×10=180(m).(2)根据题意，得这个多边形的内角和 是(18-2)×180°=2880°. 专题特训求不规则多边形的内角和的有关技巧 1.(I)证明：连接AO并延长至点M.:∠BOM是△ABO的外角，.∠BOM=∠BAO十∠B ①，：∠COM是△AOC的外角，∴∠COM=∠CAO+∠C②.①+②，得∠BOM+∠COM =∠BAO+∠B+∠CAO十∠C,即∠BOC=∠BAC+∠B+∠C.(2)140°(3)解法一：解： 设AB,CD交于点O.:∠ABC=64°，∠BCD=46°，∴∠COB=180°-∠ABC-∠BCD= 70°.∴∠AOD=∠C0B=70°.同(1)，易得∠AED=∠A+∠D+∠AOD=28°+12°+70°= 110°.解法二：解：连接AD.由题意，易得∠DAB十∠ADC=∠ABC十∠BCD=64°十46°= 110°.·∠BAE=28°，∠CDE=12°，∴.∠DAE+∠ADE=(∠DAB+∠ADC)-∠BAE- ∠CDE=70°..∠AED=180°-（∠DAE+∠ADE)=110°.(4）解：如图，连接AD.同(1)，得∠F+ ∠2+∠3=∠DEF③，∠1十∠4+∠C=∠ABC④.③+④，得∠F+∠2+∠3+∠1十∠4+∠C= ∠DEF+∠ABC=130°+100°=230°，即∠BAF+∠C+∠CDE+∠F=230°. 9 A3E0130° 4 1002B D 2.180°【变式题1】360°【变式题2】540° 2等腰三角形 第1课时等腰三角形与等边三角形的性质 1.C2.C3.C4.25° 5.解：AB=AC,∠BAC=120,∠B=∠C=(180-∠BAC)=30.BD=AB, ∠BAD=∠BDA=号180°-∠B)=75.:∠ADC=180-∠BDA=105. 6.D7.D8.5 一2 9.解：，△ABC是等边三角形，，.∠ABC=60°.，·BD是AC边上的高，.∠DBC= 号∠ABC=30.DE=BD,∠E=∠DBC=30.·∠BDE=180-∠E-∠DBC =120°. 10.B11.C12.75° 13.解：(1)△ABC为等边三角形，.∠BAC=60°.AD=AE,AC⊥DE,AC平分 ∠DAE.∠DAC=∠DAE=40.∴∠BAD=∠BAC-∠DAC=20.(2):AD=AE, ∠ADE=2180°-∠DAE)=50.:△ABC为等边三角形，∠B=60:∠ADC= ∠BAD+∠B=80°.∴∠FDC=∠ADC-∠ADE=30°. 14.解：(1)，△ABC是等边三角形，∴AB=BC,∠ABC=∠ACB=60°.在△ABM和 (AB-BC, △BCN中，∠ABM=∠BCN,∴.△ABM≌△BCN(SAS).∴.∠BAM=∠CBN..∠BQM BM-CN, =∠BAM+∠ABQ=∠CBN+∠ABQ=∠ABC=60°.(2)成立.证明如下：'△ABC是等 边三角形，.AB=BC,∠ABC=∠ACB=60°.在△ABM和△BCN中， AB=BC, ∠ABM=∠BCN,∴，△ABM≌△BCN(SAS).∴.∠M=∠N.∠QAN=∠CAM, BM=CN, ∴.∠BQM=∠N+∠QAN=∠M+∠CAM=∠ACB=60°. 第2课时等腰三角形的判定与反证法 1.B2.A3.A 4.证明：AB=AC,.∠C=∠B=30°.∠DAB=45°，∠ADC=∠B+∠DAB=75 ∴.∠DAC=180°-∠ADC-∠C=75.∠DAC=∠ADC.∴.CD=AC.△ACD是等腰三 角形. 5.证明：BD平分∠ABC,.∠CBD=∠ABD.,∠ACB=90°，CE⊥AB,.∠CBD+ ∠CDB=9O°，∠ABD+∠BME=9O°.∴.∠CDB=∠BME.,∠BME=∠CMD,∴.∠CDB =∠CMD.∴.CM=CD.∴△CDM是等腰三角形. 6.A7.a与b不平行过一点有且只有一条直线与已知直线垂直 8.证明：假设∠B,∠C都是直角或钝角，则∠B≥90°，∠C≥90°..∠B十∠C≥90°十90°= 180°..∠A+∠B+∠C>180°.这与三角形的内角和定理相矛盾，∴.假设不成立..等腰三 角形的底角都是锐角. 9.B10.D11.212.80 13.(I)证明：，BD是△ABC的角平分线，∠CBD=∠EBD.DE∥BC,∴.∠CBD= ∠EDB.∴·∠EBD=∠EDB..BE=DE.△BDE是等腰三角形.(2)解：CD=DE.理由如 下：'AB=AC,∴∠C=∠ABC.:DE∥BC,∴∠ADE=∠C,∠AED=∠ABC.∴∠ADE =∠AED.AD=AE.AC-AD=AB-AE,即CD=BE.由(1)知BE=DE,∴.CD=DE. 14.证明：(1)，AD⊥BC,∴∠BDA=∠CDA=90°.∴∠B+∠BAD=90°，∠C+∠CAD= 90°.AD平分∠BAC,∴∠BAD=∠CAD.∴∠B=∠C..AB=AC.(2)延长AD到点E, (DA=DE, 使DE=DA,连接CE.在△ADB和△EDC中，∠ADB=∠EDC,∴.△ADB≌△EDC BD-CD, (SAS)..∠BAD=∠E,AB=CE.,AD平分∠BAC,∠BAD=∠CAD.∴∠E= ∠CAD.AC=CE.AB=AC. 专题特训利用等腰三角形的“三线合一”作辅助线 1.证明：过点A作AF⊥BC于点F.AB=AC,AD=AE,∴.BF=CF,DF=EF.∴.BF DF=CF-EF.∴.BD=CE. 2.证明：连接BD.:△ABC是等边三角形，∴∠ABC=∠ACB=60°.D是AC的中点， ÷∠DBE=7∠ABC=30.:CE=CD∠CDE=∠E.:∠ACB=∠E+∠CDE=6o, ∠E=30°=∠DBE..BD=DE.DF⊥BE,BF=EF 3.证明：过点A作AE⊥BC于点E,∴∠AEB=90°.∴∠BAE+∠B=90°.：CD⊥AB, ∴∠DCB+∠B=90°.∴∠DCB=∠BAE.AB=AC,∴∠BAC=2∠BAE.∴.∠BAC= 2∠DCB. 4.2【变式题】D 5.证明：连接BC.:D是AB的中点，AD=BD.CD⊥AB,∴∠CDA=∠CDB=90°.又 3