特训2 相互作用-【创新教程·微点特训】2026年考前复盘高考物理冲刺

物理 特训2 相互作用 (时间：45分钟满分：60分) 单选题：本题7小题，每小题3分，共21分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1.如图所示，静止在水平路面上的小车，其支架的杆子上固定一铁球，关 于杆子给铁球的力的方向，下列说法正确的是 ) A.沿杆子 B.竖直向上 7777777777777777 C.垂直于杆子 D.沿杆子与竖直方向之间的某一方向 整 2.如图所示的玩具静止时轻弹簧长度为2cm,将头部拆卸后静止时该弹簧 长度为4cm。已知该弹簧的劲度系数k=100N/m,取g=10m/s2,则该 头部 玩具头部的质量为 轻弹簧 A.0.1 kg B.0.2 kg 底座 C.0.3 kg D.0.4 kg 3.如图所示，重力为G的石头卡在绝壁间，悬空于峡湾千米之上。设两 侧绝壁光滑且均为平面，左侧平面竖直，右侧平面与竖直方向夹角为 ,左右两侧绝壁对石头的作用力大小分别为F,和F2,则 ( 刻 G A.F2=sin 0 B.F可能大于F2 和 C.人站上石头，F,不变 D.人站上石头，F,不变 4.如图所示，“嫦娥六号”探测器静止在月球平坦表面处，已知探测器质量为m,四条腿与竖 直方向的夹角均为0，月球表面的重力加速度为地球表面重力加速度g的行。则它的每 条腿对月球表面压力的大小为 阳 数 A B紧 C.ucos n."gcos0 5.2025年8月11日，明月山杯全国少儿围棋公开赛在明月山温汤小 板五中可王中王国 镇拉开序幕。来自全国各地的围棋少年英才齐聚一堂，以棋会友，智 慧交锋，共同开启一段精彩纷呈的围棋文化之旅。如图所示解说围 盛 棋的大棋盘，棋盘竖直放置，棋盘和棋子都是磁性材料制成，棋子能 吸在棋盘上，不计棋子之间的相互作用力，下列说法正确的是( A.棋子受到的弹力是棋子发生形变引起的 B.棋盘对棋子的弹力与棋子受到的重力是一对平衡力 C.棋盘对棋子的磁力与棋子对棋盘的磁力是一对作用力与反作用力 D.棋盘对棋子的磁力与棋盘对棋子的弹力是一对作用力与反作用力 ·5 6.一根水平刻度尺上套有两个轻环，系在两环上的等长细绳拴住 的钩码在图中虚线位置处于静止状态，现将两环拉至图中实线 位置，钩码仍处于静止状态，则 () A.杆对两环的支持力变小 B.杆对两环的支持力不变 C.两环对杆的摩擦力变小 D.细绳对钩码的拉力变小 7.如图所示，水平杆固定，质量为0.6kg的小球a套在杆上，小球a通过劲度系数k,=50N/m 的轻质弹簧I与质量为0.3kg的小球b相连，小球b与劲度系数2=100N/m的轻质 弹簧Ⅱ相连。现对弹簧Ⅱ的右端施加一水平向右的力F,使小球、b一起水平向右缓慢 移动。已知弹簧I与竖直方向的夹角0=53°，两弹簧均未超出其弹性限度，取g=10m/s2, sin53°=0.8，c0s53°=0.6。下列说法正确的是 () ○M→F A.弹簧Ⅱ的形变量为5cm B.弹簧I的形变量为10cm C.杆对小球a的支持力大小为6N D.小球a与杆之间的动李擦因数为号 二、多选题：本题3小题，每小题4分，共12分。在每小题给出的四个选项中有多个选项符 合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得零分。 一支架 8.我们常用支架与底板垂直的两轮手推车搬运货物。如图所示，将质量为 的货物平放在手推车底板上，压下把手，直至底板与水平面间的夹角为 30°，并保持不动。重力加速度大小为g,不计货物与支架及底板间的摩 擦。下列说法正确的是 A.底板对货物的支持力大小为， 上底板对货物的支持力大小为g C.支架对货物的支持力大小为5， g D.支架对货物的支持力大小为2mg 9.如图，冰坑是“哈尔滨”在松花江上为南方“小土豆”准备的一个新型的冰上娱乐项目，进 入冰坑的游客在不借助外力的情况下很难从冰坑里行走出来，为了让冰坑底部的游客能 从冰坑内出来，用外力F拉动游客使游客缓慢的向边缘移动，如图；F的方向始终沿冰坑 的切线方向，在此过程中所有的摩擦均可忽略，下列说法正确的是 () A.拉力F先增大后减小 B.拉力F一直增大 C.冰坑对游客的支持力先减小后增大 D.冰坑对游客的支持力一直减小 ·6 10.如图甲所示为我国传统豆腐制作流程中的纱布过滤过程，其模型如图乙所示，正方形纱 布的四角用细绳系在两根等长的、相互垂直的水平木杆两端，再通过木杆中心转轴静止 悬挂在空中。豆浆过滤完，纱布与豆渣的总质量为，细绳与竖直方向的夹角始终为0， 重力加速度为g。下列说法正确的是 () 滤 甲 A.此时每程细绳受到的拉力大小为。 B.此时每根细绳受到的拉力大小为紧 C.豆浆从纱布流出过程中，忽略纱布的拉伸形变，细绳受到的拉力变大 D.豆浆从纱布流出过程中，纱布中豆浆和豆渣整体的重心先下降后上升 三、实验题：本题1小题，共8分。 11.某探究小组利用橡皮筋完成下面实验。 250 300o LLL 350目 F400 m 450 500. 图(a) 图(b) (1)将粘贴有坐标纸的木板竖直放置。橡皮筋的一端用图钉固定在木板上，另一端悬挂 钩码。钩码质量分别为200g、250g、·、500g,平衡时橡皮筋底端在坐标纸上对应的位 置如图()中圆点所示（钩码的质量在图中用数字标出）。悬挂的钩码质量分别为2o0g 和300g时，橡皮筋底端位置间的距离为 cm (2)根据图(a)中各点的位置可知，在所测范围内橡皮筋长度的增加量与所挂钩码的 (选填“质量”或“质量的增加量”)成正比，由此可求出橡皮筋的劲度系数为 N/m(保留2位有效数字，重力加速度取9.8m/s2)。 (3)悬挂的钩码质量为时，在橡皮筋底端施以水平向右的力F,平衡时橡皮筋方向如 图(b)中虚线所示，图(b)中测力计的示数给出了力F的大小，则F N,m= g(选填“200”“300”或“400”)。 。7 四、解答题：本题2小题，共19分，写出必要的文字说明和重要的演算步骤，有数字计算的 要注明单位，只写最后结果的不得分。 12.(8分)如图所示，放在粗糙水平面上的物块A和悬挂的物块B均处于静止状态，绳AC 水平，劲度系数=300N/m的轻弹簧中轴线CD与水平方向的夹角a=37°，弹簧伸长 量为x=5cm。sin37°=0.6，c0s37°=0.8。求： A (1)物块A受到的摩擦力大小； (2)物块B的重力大小。 13.(11分)质量为M=10kg的物体A放置在倾角a=30°的固定斜 面上，绳子跨过两个光滑轻质滑轮后一端系在A上，另一端系在 竖直墙壁上，动滑轮下面悬挂一物体B,系在竖直墙壁上的绳子 B a 与竖直方向夹角B=30°，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s。 (1)若物体B质量m=5kg时，物体A刚好不下滑，求物体A与斜面之间的动摩擦 因数； (2)改变物体B的质量，如要物体A始终相对斜面静止，求物体B的质量范围。 烯 ·8(2)为了保证小车所受合力不变，使小车做匀 变速直线运动，实验时必须调节定滑轮的高 度，使细线与长木板平行，故A正确；本实验只 需使小车做匀变速直线运动，不需要平衡小车 的摩擦力，故B错误；为了充分利用纸带，实验 时应接通电源，待打，点稳定后，再释放小车，故 C错误。 (3)每相邻的两个计数点之间有四个小，点未画出， 则相邻计数，点之间的时间间隔为T=5×0.02s =0.1s,图中打点计时器打下D点时小车的瞬 时度为，器-位200X10m: 2×0.1 =0.340m/s; 根据逐差法可得小车的加速度为a=工二工C 4T9 =(3.20+3.60-2.40-2.80)×102 4×0.1 m/s2= 0.400m/s2。 答案：(1)B(2)A(3)0.3400.400 12.解析：(1)机器人在空中做竖直上抛运动，根据 2gh=v 可得离地速度大小为v=√2gh= √2×10×31.25m/s=25m/s (2)根据对称性可知，机器人从起跳到落地的 时间为1=2型 s=5 s g (③)机器人离地前，加速的距离为x=号1 25×8.3×103m=0.10375m 机器人离地前，平均加速度大小为日=号 8.3X10m/s≈3012m/s 25 答案：(1)25m/s(2)5s(3)0.10375m, 3012m/s 13.解析：(1)甲车从开始刹车到停止所用时间为 t,=4=10s a 甲车运动的距高为，=兰=160m 该段时间内乙车运动的距离为S2=v2t= 160m (2)设甲车开始刹车到两车速度相等时，经过 的时间为t1,则有v1一at1=2 代入相关已知数据求得t1=5s 答案：(1)160m,160m(2)5s 特训2 1.B[铁球静止在杆子上，处于平衡状态，受到竖 直向下的重力和杆子对它的力，根据二力平衡 条件知，作用在同一物体上的两个力，大小相 等、方向相反、作用在同一直线上，所以杆子给 铁球的力与重力平衡，方向竖直向上，故选B。] ·6 mg 2.B根据胡克定律得为E0.0402N/m =100N/m,解得m=0.2kg,故选B。] 3.A[根据F1、F2和G构成的失F G 量三角形知F,=品故A正 →F Y G 确；F2为直角三角形斜边，F1一 定小于F2,故B错误；人站上石头，0不变，G增 大，F1和F2均增大，故C、D错误。] 4.B[对探测器受力分析，由平衡可知4FN=m· 合8，可得F、=紧，由牛顿第三定律可知每条 1 腿对月球表面压力的大小为紧，故选B.] 5.C[棋子受到的弹力是棋盘发生了形变引起 的，故A错误；棋盘对棋子的弹力和棋子受到的 磁力是一对平衡力；棋子的重力和其受到的摩 擦力是一对平衡力，故B错误；棋盘对棋子的磁 力与棋子对棋盘的磁力是一对作用力与反作用 力，棋盘对棋子的磁力与棋盘对棋子的弹力是 一对平衡力，故C正确，D错误。] 6.B[以两环和钩码为整体，竖直方向根据受力 平衡可得N=mg,可知杆对两环的支持力不 变，故A错误，B正确；设细绳与竖直方向的夹 角为日，以钩码为对象，根据平衡条件可得 2Tcos0=mg,由于0逐渐增大，可知细绳对钩 码的拉力变大，故D错误；以环为对象，水平方 据受力平衡可得f=Tsin9=msan 于日逐渐增大，可知杆对两环的摩擦力变大，即 两环对杆的摩擦力变大，故C错误。] 7.B[对小球b 受力分析如图 所示，b受力 平衡，可知F AF =m gtan53° 53 =4N,弹簧 Ⅱ的形变量 c0s53=5N,弹簧I 2==4cm,且F=m8 的形支量△，-号=10m,A铅误，B正确：将 a、b视为整体，则杆对a的支持力等于a、b重力 之和，即F=9N,C错误；a所受的摩擦力与F 等大反肉湖红后=合D格民 8.AD[当底板与水平面间的夹角F FN2 为30°时，货物的受力情况如图 ￥30. 所示， 根据物体的平衡条件有F mgcos30°，FN2=mgsin30°，解得 Pg Fing 1 故选AD,] 9.BD[令游客所在位置的支持力N的方向与竖 直方向夹角为日，用外力F拉动游客使游客缓慢 的向边缘移动过程，逐渐增大，根据平衡条件 有F=mgsin0,N=ngcos0, 由于0逐渐增大，可知，拉力F一直增大，冰坑 对游客的支持力一直减小。故选BD。] 10.AD[以纱布与豆渣为分析对象，根据受力平 衡可得4Fcos=mg,可得此时每根细绳受到 的拉力大小为F=0故A正确，B错误： 豆浆流出过程中整体的质量减少，根据F= 4c030,可知细绳受到的拉力变小，故C错误： mg 豆浆流出过程中根据整体质量的变化可以判 断，豆浆和豆渣整体的重心先向下移，当豆浆 流出到一定程度后，豆浆和豆渣整体的重心又 会上移，故D正确。] 11.解析：(1)根据图(a)可知悬挂的钩码质量分别 为200g和300g时，橡皮筋底端位置间的距 离为1.90cm; (2)根据图像可知钩码每增加相同的质量橡皮 筋增加相同的长度，故在所测范围内橡皮筋长 度的增加量与所挂钩码的质量的增加量成 正比。 设橡皮筋原长为L。,劲度系数为k,根据胡克 定律F=kx;其中F=mg,x为橡皮筋长度的 增加量。 设悬挂质量为m1、m2的钩码时，橡皮筋长度的 增加量分别为2x1、22,则mh1g=kx1,m2g=kx2 两式相减得(m2一m1)g=k(x2一x1） 取m1=200g=0.2kg,m2=300g=0.3kg, △x=x2-2x1=1.9cm=1.9X102m 根据(m2一m1)g=k(x2一21），可得k= (m2-m1)g=(0.3-0.2)X9.8N/m≈ x2一x1 1.9×10-2 52N/m (3)根据图(b)可知F=1.00N;设橡皮筋与竖 直方向夹角为日，对橡皮筋下端点进行受力分 析有an=后从图中可知an突号结合 mg F=1.0N 可得m≈0.31kg,所以取m=300g。 答案：(1)1.90(2)质量的增加量52 (3)1.00300 12.解析：（1)结点C受力 如图 对C点，由平衡条件可知 A a 7777 FA-Fpcos a=kxcos a =(300×0.05)N×c0s37 B =12N 对A,由平衡条件可知物块A受到的摩擦力大 小fA=FA=12N 6 (2)对C点，由平衡条件可知F.=Fpsin a= 9N 对B,由平衡态可知FB=GB=9N 答案：(1)12N(2)9N 13.解析：(1)对右侧滑轮和重物B,根据平衡条件 有2 Tcos B-=mg 对物体A,有gsin a=T+Mgcos a 联立解得4=B】 3 (2)重物B的质量较大时，对右侧滑轮和重物 B,根据平衡条件有2 T'cos B-=m'g 对物体A,有Mgsin a十uMgcos a=T 联立解得m'=(10√5-5)kg 重物B的质量较小时，对右侧滑轮和重物B, 根据平衡条件有2 T"cos B-=mg 对物体A,有Mgsin a=T"+uMgcos a 联立解得m"=5kg 所以要使物体A始终相对斜面静止，物体B的 质量范围为5kg≤m≤(10√3-5)kg。 答案：(1)5-1 3 (2)5kg≤m≤(10V5-5)kg 特训3 1.B[当卡车有加速度时，油桶除了受支持力外 还会受静摩擦力，此时油桶与卡车之间的相互 作用力有两对，故A错误；卡车匀加速行驶时， 根据牛顿第二定律有f=ma,可得油桶所受静 摩擦力保持不变，故B正确；油桶的质量越大， 油桶与卡车车厢之间的动摩擦力越大，会使得 最大静摩擦力越大，而实际静摩擦力由f=ma 决定，故C、D错误。] 2.B[设木板与地面间的倾角为0，则有sin0= 2=0.6,0s9=21.2=0.8 2 2 根据牛顿第二定律可得mgsin0一umgcos0= ma,解得加速度大小为a=4m/s 1 根据运动学公式可得L=2t,解得所用时间 X2s=1s,故选B.] 为入4 3.D[对零件受力分析，受重力和绳子的拉力，由 于零件沿水平方向做直线运动，可知合外力沿 水平方向，提供水平方向的加速度，零件水平向 左做匀加速直线运动，速度逐渐变大，故A错 误，D正确；根据牛顿第二定律，有mgtan0= ma,解得a=gtan0,故C错误；惯性的大小只与 质量有关，零件的质量不变，所以零件的惯性不 变，故B错误。] 4.C[某同学超重时，加速度竖直向上，此时该同 学对压力传感器的示数大于其重力，结合图像 可知超重出现在t2和t:时刻。故选C。]