28 方法专题七 “半角”模型 -【智乐星中考·学考传奇】2026年山东省济南市中考数学全练本PPT课件

2026-03-09
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教辅
山东智乐星教育科技股份有限公司
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资源信息

学段 初中
学科 数学
教材版本 -
年级 九年级
章节 -
类型 课件
知识点 全等三角形
使用场景 中考复习
学年 2026-2027
地区(省份) 山东省
地区(市) 济南市
地区(区县) -
文件格式 PPTX
文件大小 1.93 MB
发布时间 2026-03-09
更新时间 2026-03-09
作者 山东智乐星教育科技股份有限公司
品牌系列 智乐星中考·学考传奇
审核时间 2026-03-09
下载链接 https://m.zxxk.com/soft/56682239.html
价格 2.00储值(1储值=1元)
来源 学科网

摘要:

该初中数学中考复习课件聚焦“半角”模型这一中考几何核心考点,紧密对接中考说明要求,分析其在几何综合题中的高频考查权重,归纳出正方形、等腰直角三角形等背景下的选择、填空及解答题型,体现备考的针对性和实用性。 课件亮点在于“模型解析+真题演练+素养提升”的复习模式,如通过正方形中∠MAN=45°的典型题,示范旋转构造全等三角形的解题技巧,培养学生的几何直观和推理能力。详细的步骤解析和方法归纳,帮助学生掌握半角模型的突破策略,教师可依此开展专题复习,提升学生中考得分率。

内容正文:

1 2 3 1. 如图,已知正方形ABCD的边长为5,点M,N分别在边BC,CD上,连接AM,MN,AN. 若∠MAN=45°,BM=2,则线段NC的长为(  ) A. 2 B. 3 C. D. 1 3 5 题序 2 4 4 2. 如图,在Rt△ABC和Rt△BCD中,∠BAC=∠BDC=90°,BC=4, AB=AC,∠CBD=30°,点M,N分别在BD,CD上,∠MAN=45°, 则△DMN的周长为_______.   2+2 1 3 5 题序 2 4 5 3. 如图,在矩形ABCD中,点E,F在边BC,CD上,BE=2,DF=1, ∠EAF=∠CEF=45°,则EF的长为.   1 3 5 题序 2 4 6 【解析】 如图,延长EF交AD的延长线于点M,延长FE交AB的延长线于点N. ∵四边形ABCD为矩形, ∴∠ABE=∠NBE=∠ADF=∠MDF=90°. ∵∠EAF=∠CEF=45°, ∴∠BNE=∠BEN=∠DFM=∠DMF=45°, ∴DM=DF=1,BN=BE=2,AN=AM, ∴NE=2,MF=. 把△AMF绕点A顺时针旋转90°到△ANP的位置, 1 3 5 题序 2 4 7 则NP=MF=,AP=AF,∠PNA=∠M=45°, ∴∠PNE=∠PNA+∠ANE=45°+45°=90°. ∵∠PAN=∠MAF,∠MAF+∠BAE=45°, ∴∠PAN+∠BAE=∠PAE=45°=∠EAF. 在△APE和△AFE中, ∴△APE≌△AFE(SAS),∴PE=EF. 在Rt△PEN中,由勾股定理可得PE==,∴EF=PE=. 1 3 5 题序 2 4 8 4. 如图,等腰直角三角形ABC中,AB=AC,∠BAC=90°. 点D,E是BC上的两个动点,且∠DAE=45°. 若 AF=AE,∠FAD=45°. (1)求证:△AEB≌△AFC. (2)当BE=3,CE=7时,求DE的长. 1 3 5 题序 2 4 9 (1)证明:∵∠DAE=45°,∠FAD=45°, ∴∠EAF=90°=∠BAC,∴∠BAE=∠CAF. 在△AEB和△AFC中, ∴△AEB≌△AFC(SAS). 1 3 5 题序 2 4 10 (2)解:设 DE=x,则 CD=7-x. ∵AB=AC,∠BAC=90°,∴∠B=∠ACB=45°. ∵AF=AE,∠FAD=45°,△AEB≌△AFC, ∴∠ABE=∠ACF=45°,CF=BE=3,∴∠DCF=90°. ∵AE=AF,∠DAE=∠DAF=45°,AD=AD, ∴△AED≌△AFD(SAS),∴DE=DF=x. ∵在Rt△DCF 中,DF2=CD2+CF2, ∴x2=(7-x)2+32,解得 x=,∴DE=. 1 3 5 题序 2 4 11 5. 已知,△ABC中,AB=AC,∠BAC=α,点D,E在边BC上,且∠DAE=α. (1)如图1,当α=60°时,将△AEC绕点A顺时针旋转60°到△AFB的位 置,连接DF. ①∠DAF=________;  ②求证:DF=DE. (2)如图2,当α=90°时,猜想BD,DE,CE的数量关系,并说明理由. 1 3 5 题序 2 4 12 (1)①解:30° 提示:由旋转知AF=AE,∠BAF=∠CAE,∠EAF=60°. ∵∠DAE=α,∠BAC=α=60°, ∴∠DAE=×60°=30°, ∴∠CAE+∠BAD=∠BAC-∠DAE=30°, ∴∠DAF=∠BAD+∠BAF=∠BAD+∠CAE=30°. ②证明:由①知AF=AE,∠DAF=∠DAE=30°. ∵AD=AD,∴△DAF≌△DAE(SAS),∴DF=DE. 1 3 5 题序 2 4 13 (2)解:DE2=BD2+CE2. 理由如下:如图,将△AEC绕点A顺时针旋转90°到△AFB的位置,连接DF. 1 3 5 题序 2 4 14 ∵∠BAC=90°,AB=AC, ∴∠C=∠ABD=45°. 由旋转的性质得△BAF≌△CAE, ∴BF=CE,∠ABF=∠C=45°, ∴∠DBF=90°. 由勾股定理得DF2=BD2+BF2, ∴DF2=BD2+CE2. 由(1)得DF=DE,∴DE2=BD2+CE2. 1 3 5 题序 2 4 15 16 $

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