内容正文:
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1. 如图,已知正方形ABCD的边长为5,点M,N分别在边BC,CD上,连接AM,MN,AN. 若∠MAN=45°,BM=2,则线段NC的长为( )
A. 2 B. 3 C. D.
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题序
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2. 如图,在Rt△ABC和Rt△BCD中,∠BAC=∠BDC=90°,BC=4,
AB=AC,∠CBD=30°,点M,N分别在BD,CD上,∠MAN=45°,
则△DMN的周长为_______.
2+2
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题序
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3. 如图,在矩形ABCD中,点E,F在边BC,CD上,BE=2,DF=1,
∠EAF=∠CEF=45°,则EF的长为.
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题序
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【解析】 如图,延长EF交AD的延长线于点M,延长FE交AB的延长线于点N.
∵四边形ABCD为矩形,
∴∠ABE=∠NBE=∠ADF=∠MDF=90°.
∵∠EAF=∠CEF=45°,
∴∠BNE=∠BEN=∠DFM=∠DMF=45°,
∴DM=DF=1,BN=BE=2,AN=AM,
∴NE=2,MF=.
把△AMF绕点A顺时针旋转90°到△ANP的位置,
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题序
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则NP=MF=,AP=AF,∠PNA=∠M=45°,
∴∠PNE=∠PNA+∠ANE=45°+45°=90°.
∵∠PAN=∠MAF,∠MAF+∠BAE=45°,
∴∠PAN+∠BAE=∠PAE=45°=∠EAF.
在△APE和△AFE中,
∴△APE≌△AFE(SAS),∴PE=EF.
在Rt△PEN中,由勾股定理可得PE==,∴EF=PE=.
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题序
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4. 如图,等腰直角三角形ABC中,AB=AC,∠BAC=90°. 点D,E是BC上的两个动点,且∠DAE=45°. 若 AF=AE,∠FAD=45°.
(1)求证:△AEB≌△AFC.
(2)当BE=3,CE=7时,求DE的长.
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题序
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(1)证明:∵∠DAE=45°,∠FAD=45°,
∴∠EAF=90°=∠BAC,∴∠BAE=∠CAF.
在△AEB和△AFC中,
∴△AEB≌△AFC(SAS).
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题序
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(2)解:设 DE=x,则 CD=7-x.
∵AB=AC,∠BAC=90°,∴∠B=∠ACB=45°.
∵AF=AE,∠FAD=45°,△AEB≌△AFC,
∴∠ABE=∠ACF=45°,CF=BE=3,∴∠DCF=90°.
∵AE=AF,∠DAE=∠DAF=45°,AD=AD,
∴△AED≌△AFD(SAS),∴DE=DF=x.
∵在Rt△DCF 中,DF2=CD2+CF2,
∴x2=(7-x)2+32,解得 x=,∴DE=.
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题序
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5. 已知,△ABC中,AB=AC,∠BAC=α,点D,E在边BC上,且∠DAE=α.
(1)如图1,当α=60°时,将△AEC绕点A顺时针旋转60°到△AFB的位
置,连接DF.
①∠DAF=________;
②求证:DF=DE.
(2)如图2,当α=90°时,猜想BD,DE,CE的数量关系,并说明理由.
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(1)①解:30°
提示:由旋转知AF=AE,∠BAF=∠CAE,∠EAF=60°.
∵∠DAE=α,∠BAC=α=60°,
∴∠DAE=×60°=30°,
∴∠CAE+∠BAD=∠BAC-∠DAE=30°,
∴∠DAF=∠BAD+∠BAF=∠BAD+∠CAE=30°.
②证明:由①知AF=AE,∠DAF=∠DAE=30°.
∵AD=AD,∴△DAF≌△DAE(SAS),∴DF=DE.
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题序
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(2)解:DE2=BD2+CE2.
理由如下:如图,将△AEC绕点A顺时针旋转90°到△AFB的位置,连接DF.
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题序
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∵∠BAC=90°,AB=AC,
∴∠C=∠ABD=45°.
由旋转的性质得△BAF≌△CAE,
∴BF=CE,∠ABF=∠C=45°,
∴∠DBF=90°.
由勾股定理得DF2=BD2+BF2,
∴DF2=BD2+CE2.
由(1)得DF=DE,∴DE2=BD2+CE2.
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题序
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