第3部分 选择题组B11-【金版教程】2026年高考物理大二轮专题复习冲刺方案全书word

大二轮专题复习冲刺方案　物理 满分46分，限时30分钟 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．(2025·河北省衡水中学高三下一模)如图所示，一块无限大，厚度为0.2 m的金属板垂直电场线放在水平向右的匀强电场中，电场强度大小为E＝400 V/m，以板左侧O点为坐标原点、水平向右为正方向建立x轴，取板右侧面为零势能面，O点到板左侧面的距离为0.2 m，则x轴上场强、电势分布图像正确的是(　　) 答案：C 解析：由静电平衡可知，金属板内的电场强度为0，即0.2～0.4 m处E＝0，又因金属板是一个等势体，则0.2～0.4 m处的电势均为0，且φ­x图像的斜率表示电场强度的大小，则金属板左右两侧直线的斜率相同，即电场强度相同，故选C。 2．(2025·青海省海东市高三下三模)2025年1月，有“人造太阳”之称的全超导托卡马克核聚变实验装置(EAST)成功创造新的世界纪录，首次实现1亿摄氏度1066秒的高约束模等离子体运行。EAST主要由氘核聚变反应释放能量，聚变方程为H＋H→He＋n。若H的质量为2.0141 u，He的质量为3.0160 u，n的质量为1.0087 u，1 u相当于931 MeV的能量，则氘核聚变反应中释放的核能约为(　　) A．0.54 MeV B．1.09 MeV C．1.63 MeV D．3.26 MeV 答案：D 解析：氘核聚变反应的质量亏损Δm＝(2×2.0141－3.0160－1.0087) u＝0.0035 u，释放的核能ΔE＝Δm×931 MeV/u＝3.26 MeV，故选D。 3．(2025·河南省信阳市信阳高级中学高三下高考考前适应性演练)声波是一种典型的纵波，在纵波中各质点只在各自平衡位置附近振动，并不随波迁移，故沿着波前进的方向，波中介质会出现疏密不同的部分，因此纵波也被称为“疏密波”(如图甲)。若把某时刻纵波中各质点偏离平衡位置的位移记录下来，画在坐标纸上，则可得到该时刻波的图像。若一列沿水平方向传播的纵波及该时刻对应的波的图像如图乙所示(只展示整个纵波的一部分，在纵波中密部中心处和疏部中心处的质点偏离平衡位置的位移为零)，已知“质点A”在图示时刻的位置在其平衡位置的右侧，且运动方向水平向右。则下列说法正确的是(　　) A．图乙中密部中心点到相邻的疏部中心点之间的距离为一个波长 B．图乙中疏部中心处的质点振动速度为零 C．图乙中波的传播方向沿水平方向向左 D．“质点A”的振动周期不等于该波的传播周期 答案：C 解析：两相邻密部(或疏部)中心点之间的距离为一个波长，A错误；疏部中心处的质点偏离平衡位置的位移为零，对应振动速度最大，B错误；该时刻质点A的位置在平衡位置的右侧且向右运动，结合波形图可知，质点A正在y轴负方向且向y轴负向最大位移处运动，可判断出该波的波形由右向左传播，即该纵波传播方向沿水平方向向左，C正确；纵波在一个质点振动的周期内向外传递一个波长的距离，故纵波的传播周期和质点的振动周期相同，D错误。 4．(2025·山东省济宁市高三下二模)我国特高压输电技术全球领先，如图甲所示为特高压输电线路，其中每组输电线都由6根相互平行的水平长直导线组成，使用六分裂间隔棒固定，使每组导线的横截面呈正六边形，中心为O，截面图如图乙所示。每根导线通有大小相等、方向相同的电流，已知单独一根通电导线在O点产生的磁感应强度大小为B。下列说法正确的是(　　) A．穿过截面abcdef的磁通量不为零 B．b导线受到的安培力方向竖直向下 C．a、b、c三根导线在O点产生的磁感应强度大小为2B D．a、b、c三根导线在O点产生的磁感应强度方向竖直向下 答案：C 解析：根据右手定则可知，通电长直导线产生的磁场是以导线为圆心的同心圆，通电长直导线产生的磁场平行于截面abcdef，所以穿过截面的磁通量为零，故A错误；根据右手定则可知，a、c两根导线在b处产生的磁感应强度大小相等，其合磁感应强度方向竖直向下，f、d两根导线在b处产生的磁感应强度大小相等，其合磁感应强度方向竖直向下，e导线在b处产生的磁感应强度方向竖直向下，则b处的磁感应强度方向竖直向下，根据左手定则可知，b导线的安培力方向水平向右，故B错误；a、b、c三根导线在O点产生的磁感应强度大小均为B，a导线在O点产生的磁感应强度垂直于aO连线指向ef中点，b导线在O点产生的磁感应强度垂直于bO连线向上，c导线在O点产生的磁感应强度垂直于cO连线指向ab中点，三个磁场叠加可得O点的磁感应强度方向竖直向上，大小为BO＝B＋2Bcos60°＝2B，故C正确，D错误。 5．(2025·湖南省高三下大联考)如图所示，细线一端系在物块Q上，另一端跨过定滑轮系在圆环P上，圆环套在粗糙的倾斜杆上。已知物块Q的质量为1 kg，斜杆与圆环间的动摩擦因数为0.5，斜杆与水平面的夹角为θ＝37°，sin37°＝0.6，重力加速度g取10 m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。若细线对圆环P的拉力始终水平向左，系统始终保持静止状态，则圆环P的质量可能为(　　) A．0.4 kg B．2 kg C．6 kg D．8 kg 答案：B 解析：对物块Q，由平衡条件可得细线上的拉力T＝mQg，当圆环P的质量较小时，圆环刚要上滑，对圆环P受力分析，如图所示，由平衡条件可得Tcosθ＝mmingsinθ＋fm，又FN＝Tsinθ＋mmingcosθ，fm＝μFN，联立解得mmin＝0.5 kg；当圆环P的质量较大，圆环刚要下滑时，由平衡条件可得Tcosθ＝mmaxgsinθ－fm′，又FN′＝Tsinθ＋mmax·gcosθ，fm′＝μFN′，联立解得mmax＝5.5 kg，圆环P的质量满足0.5 kg≤m≤5.5 kg，故选B。 6．(2025·安徽省滁州市高三下第二次教学质量监测)质量分别为mA＝1 kg、mB＝2 kg的小球A、B从地面上的同一位置先后竖直向上抛出，两球在空中发生正碰，图中曲线a是小球A碰前的位移—时间图像，曲线b是碰后A、B一起运动的位移—时间图像，a、b曲线关于t＝3 s轴对称。若空气阻力不计，重力加速度g取10 m/s2，则两球碰撞中损失的动能为(　　) A．400 J B．300 J C．200 J D．100 J 答案：B 解析：0～3 s内，小球A做竖直上抛运动，有x＝v0t－gt2，由图可知t＝3 s时x＝15 m，解得v0＝20 m/s，则3 s末A的速度v1＝v0－gt＝－10 m/s，方向竖直向下；由对称性可知两球碰后速度向上，大小为v＝10 m/s，设碰前瞬间小球B的速度大小为v2，碰撞过程动量守恒，以向上为正方向，则mBv2＋mAv1＝(mB＋mA)v，解得v2＝20 m/s，由能量守恒定律可得，两球碰撞中损失的动能为ΔEk＝mBv＋mAv－(mB＋mA)v2＝300 J，故选B。 7．(2025·湖北省武汉市高三下调研)骑行是一种健康自然的运动方式。如图所示，一位骑行爱好者骑着车轮半径为0.6 m的自行车，在平直路面上以10 m/s的速度匀速行驶。忽略空气阻力，重力加速度大小g＝10 m/s2，自行车未安装挡泥板，当自行车经过有水路面时，轮胎上的水飞溅后离水平地面的最大高度约为(　　) A．5.64 m B．5.62 m C．5.60 m D．5.58 m 答案：B 解析：如图所示，设水滴脱离车轮的位置与车轮圆心的连线与水平方向的夹角为θ，则水滴上升的高度h＝＋R(1＋sinθ)，整理可得h＝－5＋5.618，则当sinθ＝时，h最大，最大值hm＝5.618 m，故选B。 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．(2025·内蒙古包头市高三下三模)“食双星”是指两颗恒星在相互引力作用下绕连线上某点做匀速圆周运动。由于距离遥远，观测者不能把两颗星区分开，但由于两颗恒星的彼此掩食，会造成其亮度发生周期性变化，观测者可以通过观察双星的亮度研究双星。如图，t1时刻，由于较亮的恒星遮挡较暗的恒星，造成亮度L减弱，t2时刻则是较暗的恒星遮挡较亮的恒星。若较亮的恒星与较暗的恒星的质量和圆周运动的半径分别为m1、r1和m2、r2，下列说法正确的是(　　) A．＝ B．＝ C．m1＋m2＝ D．m1＋m2＝ 答案：BC 解析：由题意可知，该双星系统的周期T＝2(t2－t1)，根据牛顿第二定律，对较亮的恒星有G＝m1r1，对较暗的恒星有G＝m2r2，联立可得＝，m1＋m2＝＝，故选B、C。 9．(2025·河北省石家庄市河北正定中学高三下二模)原、副线圈匝数比为2∶1的变压器接成如图所示的电路，R1＝2R2＝2R3＝2R0，ab端接有效值为U的交流电源。开关S1闭合，S2断开时，ab端的输入功率为P0。下列说法正确的是(　　) A．当开关S1闭合，S2闭合时，ab端的输入功率为2P0 B．当开关S1断开，S2断开时，R1消耗的功率为P0 C．当开关S1断开，S2断开时，ab端的输入功率为P0 D．当开关S1断开，S2闭合时，ab端的输入功率为P0 答案：AD 解析：当开关S1闭合，S2断开时，变压器原线圈的电压U1＝U，由变压器变压规律有＝，且原线圈的输入功率等于副线圈的输出功率，则ab端的输入功率P0＝＝。当开关S1闭合，S2闭合时，ab端的输入功率变为P1＝＝＝＝2P0，故A正确；当开关S1断开，S2断开时，将变压器及其负载等效为一个定值电阻，其等效电阻R等1＝＝＝R2＝4R0，此时原线圈的电流I1＝＝，所以R1消耗的功率PR1＝IR1＝＝P0，ab端的输入功率P2＝UI1＝＝P0，故B、C错误；当开关S1断开，S2闭合时，R并＝，同理可得变压器及其负载的等效电阻变为R等2＝R并＝2R0，而此时原线圈的电流I1′＝＝，ab端的输入功率P3＝UI1′＝＝P0，故D正确。 10．(2025·内蒙古包头市高三下三模)如图所示，一弹性轻绳(绳的弹力与其伸长量成正比)左端固定在A点，自然长度等于AB。弹性绳跨过由固定轻杆OB固定的定滑轮连接一个质量为m的小球，小球穿过竖直固定的杆，初始时弹性绳ABC在一条水平线上，小球从C点由静止释放，当滑到E点时速度恰好为零，已知C、E两点间距离为h，D为CE的中点，小球在C点时弹性绳的拉力为，小球与杆之间的动摩擦因数为0.4，弹性绳始终处在弹性限度内，重力加速度为g。已知质点做简谐振动周期公式T＝2π(m为质点质量，k为回复力大小与位移大小的比值)，下列说法正确的是(　　) A．对于由弹性绳和小球组成的系统，在CD阶段损失的机械能等于在DE阶段损失的机械能 B．小球从C到E克服弹性绳弹力做功为mgh C．在E点给小球一个竖直向上的速度小球恰好能回到C点 D．从C到E的过程中，弹性轻绳对小球的冲量为　 答案：AD 解析：小球在C点时，根据题意可知弹性绳的拉力FTC＝kxBC＝mg，当小球运动到某点P，弹性绳的伸长量为xBP，小球受到如图所示的四个力作用，其中FT＝kxBP，将FT正交分解，则FT的水平分量为FTsinθ＝kxBPsinθ＝kxBC＝，由平衡条件可得FN＝FTsinθ＝，又Ff＝μFN＝，FT的竖直分量为FTy＝FTcosθ＝kxBP·cosθ＝kxCP，从C到E的过程中，根据能量守恒定律可得mgh＝kx－kx＋Ffh，解得k＝，由Ff＝可知小球受到的摩擦力为恒力，则CD段与DE段摩擦力所做的功相同，则弹性绳和小球组成的系统在DE段机械能的减小量等于在CD段机械能的减小量，故A正确；小球从C到E，根据动能定理有mgh－Ffh－W弹＝0－0，解得克服弹性绳弹力做功为W弹＝mgh，故B错误；若在E点给小球一个速度v，小球恰能从E点回到C点，由动能定理得－mgh＋W弹－Ffh＝0－mv2，联立解得v＝，故C错误；从C到E的过程中，小球位移为x时，所受合力F＝mg－kx－μFN＝－x，以D点为坐标原点，竖直向下为正方向建立数轴z，则C点坐标为－，E点坐标为，则小球位移为x时的坐标z＝x－，则合力F＝－x＝－z，所以小球向下的运动恰好是以D点为平衡位置的简谐运动，从C运动到E恰好为半个周期，弹性轻绳对小球水平冲量Ix＝FTsinθ×，由动量定理可知，弹性轻绳对小球的竖直冲量与重力和摩擦力合力的冲量大小相等，为Iy＝(mg－Ff)×，又T＝2π＝，弹性轻绳对小球冲量I＝＝，故D正确。 8 学科网（北京）股份有限公司 $