第3部分 选择题组B10-【金版教程】2026年高考物理大二轮专题复习冲刺方案全书word

大二轮专题复习冲刺方案　物理 满分46分，限时30分钟 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．(2025·湖北省武汉市高三下调研)宇宙射线进入地球大气层时，与大气作用产生中子，中子撞击大气中的N产生C，核反应方程为N＋n→C＋X；C具有放射性，能够自发衰变成N，其半衰期为5730年，核反应方程为C→N＋Y。下列说法正确的是(　　) A．X为氘核H B．产生Y的核反应属于α衰变 C．升高温度，C的半衰期变长 D．用α粒子、质子轰击一些原子核，也可以实现原子核的转变 答案：D 解析：由电荷数守恒和质量数守恒知，核反应方程为N＋n→C＋H，故X为质子，A错误；根据电荷数守恒和质量数守恒，得C衰变的核反应方程为C→N＋e，则该衰变是β衰变，B错误；半衰期与粒子所处的环境无关，只与原子核本身因素有关，升高温度，C的半衰期不变，C错误；用α粒子、质子轰击一些原子核，也可以实现原子核的转变，D正确。 2．(2025·北京市石景山区高三下一模)如图所示，拔火罐时，用点燃的酒精棉球加热小罐内的空气，随后迅速把小罐倒扣在身体表面，冷却后小罐便紧贴在皮肤上。若在逐渐冷却过程中，罐中气体质量和体积均视为不变。下列说法正确的是(　　) A．冷却过程中罐内气体对外做功 B．冷却过程中罐内气体内能减小 C．冷却后罐内每个气体分子的动能都减小 D．冷却后罐内单位体积的气体分子数减少 答案：B 解析：冷却过程中罐内气体体积视为不变，可知罐内气体不对外做功，A错误；冷却过程中罐内气体温度降低，内能减小，B正确；冷却后罐内气体分子平均动能减小，但并非每个气体分子的动能都减小，C错误；冷却后罐内气体质量和体积都不变，可知单位体积的气体分子数不变，D错误。 3．(2025·江西省新余市高三上一模)现用某款智能手机进行竖直上抛实验：用手掌托着智能手机，在软件Phyphox里面打开加速度传感器，把手机向上抛出，然后又在抛出点接住手机，以竖直向上为正方向，测得手机在竖直方向的加速度随时间变化的图像如图所示，则手机(　　) A．在t1～t3时间内手机先加速后减速 B．在t2～t3时间内手机受到的支持力逐渐减小 C．在t3时刻手机到达最高点 D．在t2～t4时间内，手机处于失重状态 答案：B 解析：由题图可知，t1～t3时间内手机加速度方向向上，手机一直在向上加速，故A错误；t2～t3时间内加速度向上，大小逐渐减小，根据牛顿第二定律有FN－mg＝ma，可知手机受到的支持力FN逐渐减小，故B正确；t3时刻手机的加速度为0，此时手机向上的速度达到最大，所以在t3时刻手机还没有到达最高点，故C错误；在t2～t4时间内加速度先向上再向下，手机先处于超重状态再处于失重状态，故D错误。 4．(2025·河北省沧州市高三下质量检测(二模))如图所示，倾角为37°的斜面固定在水平面内，斜面顶端AA′的离地高度h＝6 m，在斜面底端BB′固定有竖直的足够大的挡板。现在AA′的中点O斜向上以不同速率抛出一小球，小球抛出时的速度方向与水平面间的夹角为45°，且速率的最大值为10 m/s。已知重力加速度为10 m/s2，忽略空气阻力的影响，则小球直接落在挡板上与A点等高的可能落点构成线段的长度为(　　) A．6 m B．8 m C．10 m D．12 m 答案：D 解析：小球做斜上抛运动，设初速度的大小为v0，当小球的高度与抛出点等高时，小球的运动时间t＝，此时小球的水平分位移x＝v0tcos45°＝，当小球以v0m＝10 m/s抛出时，在与抛出点等高处的水平分位移xm＝＝10 m，O点到挡板的距离x0＝＝8 m，则挡板上与A点等高的可能落点构成的线段长度d＝2＝12 m，故选D。 5．(2025·河北省邯郸市高三下第二次调研监测)如图所示，质量均为m的物块A、B中间用一根原长为L0的轻弹簧相连，放在光滑水平面上，开始时两物块均静止，弹簧处于原长。用一小锤敲击物块A给其一个水平向右的速度v0，此后A、B向右运动，弹簧始终处于弹性限度内。下列关于弹簧的弹性势能Ep与弹簧的长度L、形变量x之间的关系图像可能正确的是(　　) 答案：D 解析：当弹簧的形变量达到最大时，弹性势能达到最大值Epmax，此时A、B共速，设A、B共速时的速度大小为v，由动量守恒定律有mv0＝2mv，对A、B及弹簧整体，由机械能守恒定律得mv＝×2mv2＋Epmax，联立可得Epmax＝，故A、C错误；当弹簧形变量x＝0时，即弹簧的长度L＝L0时，弹性势能为0，故B错误，D正确。 6．(2025·河北省部分示范校高三下一模)某同学在岸边振起了一列水波(可视为简谐横波)，沿波的传播方向上有两个相距为2 m的竖直立杆，已知该波的周期为0.5 s，他发现水波在两根立杆处同时达到平衡位置，且两杆之间只有一个波峰，则该波在水中传播的速度可能为(　　) A．6 m/s B. m/s C．2 m/s D. m/s 答案：B 解析：根据题意可得两根立杆之间可能有0、1、2个波谷，即两杆间距离为0.5、1、1.5个波长，则波长可能为λ1＝2×2 m＝4 m，λ2＝2 m，λ3＝×2 m＝ m，由λ＝vT得v1＝8 m/s，v2＝4 m/s，v3＝ m/s，故选B。 7．(2025·山东省滨州市高三下二模)我国“巡天号”地外天体采样机器人着陆某小行星时的最后阶段，需通过引擎反推实现减速。机器人以初速度v0＝8 m/s垂直接近地表时，引擎提供功率恒定的反向推力，功率的大小P＝2.0×103 W，使其速度减小到2 m/s。由于存在稀薄大气，空气阻力大小f＝kv(v为速度，系数k＝0.2 N·s·m－1)，机器人重力保持不变。则速度从8 m/s到2 m/s的下落过程中，机器人的加速度(　　) A．先增大后减小 B．先减小后增大 C．一直增大 D．一直减小 答案：C 解析：机器人下落过程中，受到重力、空气阻力和反推力作用，以向上为正方向，根据牛顿第二定律有f＋F－mg＝ma，其中f＝kv，又有F＝，联立得a＝＋－g，根据数学知识，可知当＝时，即v＝＝100 m/s时，＋有极小值，且速度越接近100 m/s，加速度越小，所以速度从8 m/s到2 m/s的下落过程中，机器人的加速度一直增大，故C正确。 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．(2025·海南省海口市高三下仿真模拟)如图所示，虚线a、b、c表示O处点电荷的电场中的三个等势面，1、2两个带电粒子射入电场后，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中两条实线所示，其中粒子1的运动轨迹与等势面c、b分别相交于P、Q两点，粒子2的运动轨迹与等势面c、a分别相交于M、N两点(不考虑两个粒子间的相互作用)。由此可以判定(　　) A．两个粒子一定带异种电荷 B．M、N两处电势一定是φM<φN C．粒子1在P点的加速度小于在Q点的加速度 D．粒子2在运动过程中的电势能先增大后减小 答案：AC 解析：由图中轨迹可知，粒子1受到库仑斥力作用，与场源点电荷带同种电荷；粒子2受到库仑引力作用，与场源点电荷带异种电荷，则两个粒子一定带异种电荷，故A正确。由于不清楚场源点电荷的电性，故无法判断M、N两处电势的高低，故B错误。根据F＝k及牛顿第二定律可知，粒子1在P点的加速度小于在Q点的加速度，故C正确。粒子2受到库仑引力作用，由图中轨迹可知，粒子2在运动过程中，电场力对粒子2先做正功后做负功，则其电势能先减小后增大，故D错误。 9．(2025·山东省日照市高三下一模)将一质量为m的物体放在地球赤道上时，该物体的重力为mg0；将该物体放在地球的北极点时，该物体的重力为mg。地球可视为质量分布均匀的球体，地球的半径为R。已知引力常量为G，下列判断正确的是(　　) A．地球的质量为 B．地球的自转周期为2π C．地球的平均密度为 D．地球同步卫星的高度为R 答案：ACD 解析：在地球的北极点时，物体受到的重力与万有引力大小相等，有G＝mg，解得地球的质量M＝，故A正确；在地球赤道上有mg－mg0＝mω2R，解得ω＝，故地球自转的周期为T＝＝2π，故B错误；地球的体积为V＝πR3，则地球的平均密度为ρ＝＝，故C正确；由于地球同步卫星围绕地球转动的角速度等于地球自转的角速度，由万有引力提供向心力可得G＝m′ω2(R＋h)，联立解得地球同步卫星的高度为h＝R，故D正确。 10．(2025·山东省烟台市高三下高考适应性测试)2024年6月，国家卫健委举行新闻发布会，宣布启动“体重管理年”活动，更多的人走进了健身房。某健身器的简化装置如图所示，整个装置倾斜放置，与水平面的夹角为θ，两侧平行金属导轨相距为l，导轨上端接一阻值为R的电阻，下端接一电容为C的电容器。在导轨间长为d的区域内存在磁感应强度大小为B、方向垂直导轨平面向下的匀强磁场，质量为m的金属棒PQ水平置于导轨上，用平行两侧导轨的绝缘绳索通过定滑轮与拉杆相连。金属棒向上运动时，K1闭合，K2断开，向下运动时，K1断开，K2闭合。开始时金属棒静止在磁场下方某位置处，电容器不带电，一位健身者用恒定的拉力竖直向下拉动拉杆，金属棒进入磁场时恰好做匀速运动，再经时间t运动至磁场中间位置时撤去拉力，金属棒恰好能运动到磁场上边界，然后金属棒从磁场上边界由静止开始下滑。其他电阻不计，忽略一切摩擦以及拉杆和绳索的质量，金属棒始终与导轨垂直且接触良好，重力加速度为g。下列说法正确的是(　　) A．撤去拉力后金属棒向上做匀减速直线运动 B．拉力的大小为＋mgsinθ C．金属棒在磁场中向下运动时做匀加速直线运动 D．电容器储存的电场能最大值为 答案：BCD 解析：当金属棒在磁场中向上运动的速度大小为v时，切割磁感线产生的感应电动势E＝Blv，由闭合电路的欧姆定律可知回路中的感应电流I＝＝，金属棒受到的安培力F安＝BIl＝，方向沿导轨向下，设拉力的大小为F，金属棒进入磁场时的速度大小为v0，撤去拉力后金属棒向上运动的加速度大小为a，撤去拉力前，由上述分析可知，金属棒受到的安培力大小为F安0＝，由平衡条件有F＝F安0＋mgsinθ，由题意可知v0t＝，解得F＝＋mgsinθ，故B正确；撤去拉力后，由牛顿第二定律有mgsinθ＋F安＝ma，解得a＝gsinθ＋，随着v逐渐减小，a逐渐减小，可知金属棒向上做加速度逐渐减小的减速直线运动，故A错误；当金属棒在磁场中向下运动的速度大小为v′时，设其加速度大小为a′，金属棒切割磁感线产生的感应电动势E′＝Blv′，电容器所带的电荷量Q＝CE′＝CBlv′，取极短的时间Δt，使加速度和电流可视为定值，则在Δt时间内，速度变化了Δv＝a′Δt，电容器两端电压变化了ΔU＝Bl·Δv，电容器所带的电荷量变化了ΔQ＝CΔU，流过电路的电流I′＝，对金属棒，由牛顿第二定律有mgsinθ－BI′l＝ma′，联立解得a′＝，I′＝，可知金属棒在磁场中向下运动时做匀加速直线运动，受到的安培力为定值，为F′＝BI′l＝，由功能关系可知，电容器储存的电场能等于金属棒克服安培力所做的功，最大值为Emax＝F′d＝，故C、D正确。 7 学科网（北京）股份有限公司 $