第3部分 选择题组B6-【金版教程】2026年高考物理大二轮专题复习冲刺方案全书word

大二轮专题复习冲刺方案　物理 满分46分，限时30分钟 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．(2025·河北省沧州市高三下质量检测(二模))在2024年8月11日的巴黎奥运会上，李雯雯成功卫冕了女子81公斤以上级举重冠军。如图甲所示，在抓举阶段，运动员将杠铃从地面提升至头顶，杠铃运动的v­t图像如图乙所示。在M、N、P、Q四点中，运动员对杠铃作用力最大的点是(　　) A．M点 B．N点 C．P点 D．Q点 答案：A 解析：v­t图像中图线的斜率表示加速度，由图乙可知，M点杠铃的加速度向上，N点加速度为零，P、Q点加速度向下，以竖直向上为正方向，根据牛顿第二定律可知，运动员施加的力F满足F－mg＝ma，可知在M点F>mg，在N点F＝mg，在P、Q点F<mg，故选A。 2．(2025·江西省新余市高三上一模)2024年6月1日，我国月球探测器嫦娥六号在月球着陆。这次月球探测器成功登月为我国在2030年前实现航天员登陆月球奠定了坚实的基础。已知月球质量约是地球质量的，半径约为地球半径的，设在地球表面发射一颗人造地球卫星最小的发射速度为v1，将来我国航天员登上月球后在月球表面发射一颗月球卫星，最小的发射速度为v2为(　　) A．v1 B．v1 C．v1 D．v1 答案：C 解析：设地球的质量为M1、半径为R1，月球的质量为M2、半径为R2，任取一质量为m的卫星，贴近地球表面运行时，由万有引力提供向心力有G＝m，可得v1＝，同理可得v2＝，则有＝×＝×2，即v2＝v1，故选C。 3．(2020·海南卷，3)图甲、乙分别表示两种电流的波形，其中图乙所示电流按正弦规律变化，分别用I1和I2表示甲和乙两电流的有效值，则(　　) A．I1∶I2＝2∶1 B．I1∶I2＝1∶2 C．I1∶I2＝1∶ D．I1∶I2＝∶1 答案：D 解析：对图甲的交流电分析可知，一个周期内交流电的电流方向发生变化，而电流的大小不变，故图甲电流的有效值为I1＝I0；对图乙的交流电分析可知，其有效值为I2＝，故I1∶I2＝∶1，故A、B、C错误，D正确。 4．(2025·山东省菏泽市高三下模拟)如图所示为玻尔原子模型理论下的氢原子能级图，已知可见光的光子能量在1.62 eV到3.11 eV之间，则下列说法正确的是(　　) A．处于n＝3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线并发生电离 B．氢原子从高能级向低能级跃迁时可能辐射出γ射线 C．氢原子从n＝3能级向n＝2能级跃迁时会辐射出红外线 D．一个氢原子从n＝4能级向低能级跃迁过程中可能辐射出2种频率的可见光 答案：A 解析：氢原子在n＝3能级吸收超过1.51 eV的光子能量就可以电离，紫外线的光子能量大于可见光光子能量，即大于3.11 eV，可以使处于n＝3能级的氢原子电离，故A正确；γ射线的光子能量极高，氢原子跃迁无法辐射γ射线，故B错误；氢原子从n＝4能级向n＝2能级辐射光子的能量E′＝E4－E2＝－0.85 eV－(－3.40 eV)＝2.55 eV，在可见光的光子能量1.62 eV～3.11 eV范围内，同理，氢原子从n＝3能级向n＝2能级辐射光子的能量E＝E3－E2＝－1.51 eV－(－3.40 eV)＝1.89 eV，也在可见光的光子能量1.62 eV～3.11 eV范围内，所以大量氢原子从n＝4能级向低能级跃迁过程中可能辐射出2种频率的可见光，而一个氢原子从n＝4能级向低能级跃迁过程中只能辐射出1种频率的可见光，故C、D错误。 5．(2025·河北省部分示范校高三下一模)中国选手郑钦文夺得巴黎奥运会网球女子单打金牌。比赛中郑钦文将网球竖直向上抛出，并在网球抛出1 s时完成击球。已知网球在上升到最高点的过程中，最初0.4 s与最后0.4 s内上升的高度之比为2∶1，重力加速度g＝10 m/s2，不计空气阻力，则击球瞬间网球至抛出点的距离为(　　) A．1.2 m B．1 m C．0.8 m D．0.6 m 答案：B 解析：网球上升过程中，最后t＝0.4 s内上升的高度h1＝gt2＝0.8 m，可知网球抛出后最初0.4 s内上升的高度h2＝2h1＝1.6 m，设网球抛出时的初速度大小为v0，则有v0t－gt2＝h2，解得v0＝6 m/s，所以击球瞬间(即t′＝1 s时)网球至抛出点的距离h＝v0t′－gt′2＝1 m，B正确。 6．(2025·河南省郑州市高三上一模)如图所示，重型自卸车能利用液压装置使车厢缓慢倾斜，车厢内的货物包会自动滑下。已知货物包重力为G，与车厢底板间的静摩擦因数为0.75(静摩擦因数是最大静摩擦力与正压力的比值)，动摩擦因数为0.70。下列四个图像中的曲线都是正弦或余弦曲线，其中的实曲线能正确描述货物包所受摩擦力Ff随车厢倾角θ变化关系的是(　　) 答案：B 解析：当车厢倾角从0开始增加时，货物包与车厢间的摩擦力为静摩擦力，大小为Ff＝Gsinθ，静摩擦力的最大值为Ffm＝μ静Gcosθ＝0.75Gcosθ，当Ff＝Ffm时货物包将要开始滑动，此位置在函数Ff＝Gsinθ与Ffm＝0.75Gcosθ图像的交点；之后货物包向下滑动，摩擦力为滑动摩擦力，大小为Ff＝μ动Gcosθ＝0.7Gcosθ，随θ增加，滑动摩擦力减小，故选B。 7．(2025·江西省萍乡市高三下二模)由于空气阻力的影响，炮弹的实际飞行轨迹不是抛物线，而是“弹道曲线”，如图中实线所示，O点为发射点，d点为落地点，b点为轨迹的最高点。a、c为运动过程中经过的距地面高度相等的两点，下列说法正确的是(　　) A．炮弹到达b点时的速度为零 B．炮弹到达b点时的加速度小于重力加速度g C．炮弹在Ob段重力的平均功率的绝对值比bd段的大 D．炮弹经过a点时重力的功率的绝对值与c点的相等 答案：C 解析：到达b点时，炮弹的竖直分速度为零，水平分速度不为零，故A错误；炮弹到达b点时，除受到竖直向下的重力外，还受到与运动方向相反的空气阻力作用，则合力F合>mg，由牛顿第二定律可知炮弹到达b点时的加速度大于重力加速度g，故B错误；炮弹从O到b的过程中，在竖直方向上做加速度大于g的减速运动，从b到d的过程中，在竖直方向上做加速度小于g的加速运动，可知炮弹由O点运动到b点的时间小于由b点运动到d点的时间，但两个过程重力做的功的绝对值相同，均为W＝mgh，根据＝，可知炮弹在Ob段重力的平均功率的绝对值比bd段的大，故C正确；由C项分析可知，炮弹在c点的竖直分速度小于在a点的竖直分速度，根据重力的功率P＝mgvy，可知炮弹经过a点时重力的功率的绝对值比c点的大，故D错误。 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．(2025·山东省青岛市高三下第一次适应性检测)如图所示，均匀介质中有一列沿x轴正向传播的简谐横波。t＝0时刻质点B位于波谷位置，t1＝0.3 s时刻B第一次回到平衡位置，t2＝0.4 s时刻质点A第一次回到平衡位置。已知A、B的平衡位置间距离为1.1 m。下列说法正确的是(　　) A．t＝0时A点向上振动 B．该波周期为1.2 s C．该波波长为1.5 m D．该波波速为1 m/s 答案：BD 解析：根据“上下坡”法可知，t＝0时A点向下振动，故A错误；由图像可知，质点B从波谷第一次回到平衡位置所需时间为四分之一周期，即＝t1，解得该波周期为T＝1.2 s，故B正确；质点A经t2＝0.4 s第一次回到平衡位置，则质点A第一次到达波谷的时间为Δt＝0.4 s－0.3 s＝0.1 s，设该波的波长为λ，波速为v，则λ＝Δt·v＋xAB，结合λ＝vT，解得λ＝1.2 m，v＝1 m/s，故C错误，D正确。 9．(2025·山东省济宁市高三下一模)如图所示，小球A、B带同种电荷，在外力作用下静止在光滑绝缘水平面上，相距为d。撤去外力的瞬间，A球的加速度大小为a；两球运动一段时间后，B球的加速度大小为，速度大小为v。已知A球质量为3m，B球质量为m，两小球均可视为点电荷，不考虑带电小球运动产生的电磁效应。则在该段时间内(　　) A．两球间的距离由d变为3d B．库仑力对A球的冲量大小为mv C．库仑力对A球做功为mv2 D．两球组成的系统电势能减少了mv2 答案：AD 解析：设小球A、B均带正电荷，且电荷量分别为qA、qB，当两球间的距离为d时，在撤去外力的瞬间，对A球受力分析，由牛顿第二定律可得k＝3ma，一段时间后设两球间的距离为d1，对B球受力分析，由牛顿第二定律可得k＝m·a，联立解得d1＝3d，故A正确；以A球速度方向为正方向，B球速度大小为v时，根据动量守恒定律有3mvA－mv＝0，解得A球的速度为vA＝，在该段时间内，A球的速度由0变为，由动量定理可得库仑力对A球的冲量大小为IA＝3mvA－0＝mv，故B错误；根据动能定理知库仑力对A球做功为W＝×3mv－0＝mv2，故C错误；根据能量守恒定律，可知系统电势能的减少量等于机械能的增加量，为ΔEp＝×3mv＋mv2－0＝mv2，故D正确。 10．(2025·河北省沧州市高三下质量检测(二模))如图所示，在实线ACODE以上的区域存在垂直纸面向里的匀强磁场(图中未画出)，磁感应强度大小为B，AC＝OC＝OD＝DE＝L。磁场边界A点有一粒子源，能射出质量为m、电荷量为－q的带电粒子，粒子以不同的速率垂直AC向上进入磁场，则粒子从COD边界射出磁场时，在磁场中运动的时间可能是(　　) A． B． C． D． 答案：BC 解析：对于速率为v的粒子，设其在磁场中做圆周运动的半径为R，由洛伦兹力提供向心力有qvB＝，则粒子做圆周运动的周期T＝＝，可知粒子在磁场中运动的时间只与轨迹所对应的圆心角有关。由放缩圆法可知，粒子从C点或D点射出时运动时间最短，为tmin＝T＝；当粒子的运动轨迹与OD相切、从CO边射出时，运动时间最长，这种情况如图所示，其中O′为轨迹圆的圆心，M为轨迹与OD的切点，设粒子在磁场中运动的最长时间为tmax，由于以C点为圆心、L为半径的轨迹已到达D点，则O′点必在C点左侧，运动时间最长的轨迹所对应的圆心角α＝180°＋β，由几何关系可知30°＝∠CAO<β<60°，又tmax＝T，则tmax<T＝，同时tmax>T＝，故B、C正确，A、D错误。 7 学科网（北京）股份有限公司 $