第3部分 选择题组B1-【金版教程】2026年高考物理大二轮专题复习冲刺方案全书word

大二轮专题复习冲刺方案　物理 满分46分，限时30分钟 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．1934年，约里奥－居里夫妇用α粒子轰击铝核Al，产生了第一个人工放射性元素X：α＋Al→n＋X。X的原子序数和质量数分别为(　　) A．15和28 B．15和30 C．16和30 D．17和31 答案：B 解析：根据核反应遵循的质量数守恒和电荷数守恒可知，X的电荷数为2＋13＝15，质量数为4＋27－1＝30，根据原子核的电荷数等于原子序数，可知X的原子序数为15，质量数为30，B正确。 2．(2025·安徽省合肥市高三下二模)2024年6月，我国嫦娥六号探测器实现世界首次月球背面采样返回地球，返回过程包括月面上升、交会对接、环月等待、月地转移、再入回收等阶段。如图为环月等待阶段嫦娥六号在椭圆轨道上运行的示意图，运行方向如图中箭头所示，ab、cd分别为椭圆轨道长轴与短轴。仅考虑月球对嫦娥六号的引力，下列关于嫦娥六号的说法中正确的是(　　) A．在a点的速率等于在b点的速率 B．在a点的加速度大小等于在b点的加速度大小 C．从c点到b点的时间大于从d点到a点的时间 D．在a点受到的引力大小小于在c点的引力大小 答案：C 解析：根据开普勒第二定律可知，嫦娥六号从a点向b点运动过程中速率逐渐减小，则其在a点的速率大于在b点的速率，且从a点到c点的平均速率大于从c点到b点的平均速率，所以从a点到c点的时间小于从c点到b点的时间，由对称性可知从d点到a点的时间与从a点到c点的时间相等，所以从c点到b点的时间大于从d点到a点的时间，故A错误，C正确；由万有引力公式F＝G可知，嫦娥六号在a点受到的引力大小大于在c点的引力大小，故D错误；根据牛顿第二定律有F＝ma，解得a＝，可知嫦娥六号在a点的加速度大小大于在b点的加速度大小，故B错误。 3．(2025·江西省赣州市高三下一模)2025年蛇年春晚的舞台上，《秧BOT》节目开场，一群穿着花棉袄的机器人在舞台上扭起了秧歌。其中机器人转手绢的动作，使手绢绕中心点O在竖直面内匀速转动，如图所示，若手绢上有质量不相等的两质点A、B，则(　　) A．质点A、B的线速度相同 B．质点A、B的动能可能相等 C．质点A、B受到的合外力可能相同 D．质点A、B的机械能守恒 答案：B 解析：由题意可知，A、B两质点做同轴转动，角速度相同，且rA<rB，根据v＝ωr可知，vA<vB，故A错误；由动能表达式Ek＝mv2可得两质点的动能Ek＝mω2r2，由于两质点质量不相等，转动半径不相等，所以二者动能可能相等，故B正确；质点所受合外力大小为F合＝mω2r，可知二者受到的合外力大小可能相等，但方向一定不同，故C错误；由于质点转动过程中线速度大小不变，动能不变，但重力势能不断变化，所以两质点的机械能均不守恒，故D错误。 4．(2025·江西省上饶市高三下一模)如图三个规格相同的小灯泡(可视为纯电阻)连接在理想变压器的原、副线圈上。三个小灯泡均能正常发光，已知小灯泡正常工作时的电阻为4 Ω，变压器原线圈ab端输入电压为u＝24sin(100πt) V，则单个小灯泡的额定功率为(　　) A．4 W B．8 W C．16 W D．32 W 答案：B 解析：ab端输入电压的有效值为U有效＝＝12 V，设小灯泡的额定电压为U额，额定电流为I额，则变压器原线圈所在电路电流的有效值为I额，根据能量守恒定律有U有效I额＝U额I额＋P原，理想变压器原线圈的输入功率等于副线圈的输出功率，即P原＝P副，且P副＝2U额I额，解得U额＝4 V，故单个小灯泡的额定功率为P额＝＝8 W，故选B。 5．(2025·山东省潍坊市高三下三模)如图所示，空间存在平行于菱形ABCD所在平面的匀强电场(图中未画出)，A点处有一粒子源，可不断地向各方向发射电荷量为q、初动能为Ek的带负电的粒子，经过B点的粒子的动能为3Ek，经过D点的粒子的动能为5Ek。已知菱形的边长为L，∠BAD＝60°，粒子的重力忽略不计。则下列判断正确的是(　　) A．A、B两点的电势差为 B．匀强电场的方向沿AD方向 C．经过C点的粒子动能为7Ek D．匀强电场的大小为 答案：C 解析：以带负电的粒子为研究对象，从A点到B点由动能定理得－qUAB＝3Ek－Ek，解得A、B两点的电势差UAB＝－，故A错误；从A点到D点由动能定理得－qUAD＝5Ek－Ek，解得A、D两点的电势差UAD＝－，取AD的中点F，如图所示，则UAF＝＝－＝UAB，所以BF为等势线，由几何关系可知BF⊥AD，故匀强电场的方向与AD共线，带负电的粒子从A点到D点动能增加，电场力做正功，粒子所受电场力沿AD方向，故电场方向沿DA方向，故B错误；由几何关系可知A、C两点沿电场线方向的距离d＝L＋Lcos60°＝L，电场强度的大小为E＝，从A点到C点由动能定理得qE·d＝EkC－Ek，解得E＝，EkC＝7Ek，故C正确，D错误。 6．(2025·江西省赣州市高三下一模)如图，水面上漂浮一直径为46.0 cm的圆形荷叶，一只小蝌蚪(可视为质点)从距离水面深度为h的M点沿水平方向以0.4 m/s的速度匀速运动，其运动轨迹位于荷叶直径AB的正下方。小蝌蚪从荷叶下方穿过的过程中，荷叶始终保持静止，在水面之上的任意位置都看不到小蝌蚪的时间为0.85 s。已知水的折射率为，则h约为(　　) A．5.3 cm B．5.0 cm C．4.6 cm D．3.8 cm 答案：A 解析：由题意可知，恰好看不到小蝌蚪时，小蝌蚪反射的光在荷叶边缘恰好发生全反射，如图所示，在水面之上的任意位置都看不到小蝌蚪的时间内小蝌蚪的位移x＝vt＝0.34 m，根据临界角与折射率的关系有sinC＝＝，设荷叶的直径为d，根据几何关系有tanC＝，由三角函数关系有tanC＝，sin2C＋cos2C＝1，联立解得h＝2 cm≈5.3 cm，故选A。 7．(2025·河北省沧州市高三下质量检测(二模))如图所示，轻质弹性绳的一端固定在O点，另一端与一小球相连，带孔小球穿在一固定半圆环上，弹性绳绕过固定在半圆环顶端A点的光滑小定滑轮，OA为弹性绳原长。当小球位于半圆环底端B点时，小球与半圆环间恰好无相互作用。现对小球施加一外力F，使小球缓慢向上运动，运动过程中小球与半圆环间始终无相互作用，弹性绳始终在弹性限度内且弹性绳弹力与其形变量成正比，则外力F的大小(　　) A．先减小后增大 B．先增大后减小 C．越来越小 D．越来越大 答案：D 解析：设半圆环的半径为R，弹性绳的劲度系数为k，由题可知，小球在B点时重力和弹力平衡，有mg＝k·2R，在上移过程中任取一点C，小球在C点受到竖直向下的重力mg、沿绳方向的弹力F弹和外力F，且三力平衡，设弹性绳与竖直方向的夹角为θ，由胡克定律可知F弹＝k·LAC，由几何关系可知LAB＝2R，LBC＝2Rsinθ，LAC＝2Rcosθ，将F、F弹平移，组成矢量三角形，如图所示，由三角形相似可得＝＝，解得F＝mgsinθ，在小球上移的过程中θ从0逐渐增大到90°，sinθ越来越大，F越来越大，故选D。 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．(2025·河北省张家口市高三下一模)2024年巴黎奥运会网球女单决赛，郑钦文创造历史成为了中国首位奥运网球单打冠军。某次比赛中，郑钦文将网球斜向上击出后，若不计空气阻力，网球在空中从最高点运动至落地过程中的动能Ek、重力势能Ep、机械能E随运动时间t或下落高度h变化的关系中，可能正确的是(　　) 答案：AD 解析：不计空气阻力，网球在空中从最高点运动至落地过程中做平抛运动，只有重力做功，机械能守恒，故A可能正确；设网球在最高点处的动能和重力势能分别为Ek0和Ep0，则Ep＝Ep0－mgh，由动能定理有Ek＝Ek0＋mgh，故C错误，D可能正确；由平抛运动的规律有h＝gt2，代入得Ek＝Ek0＋mg2t2，故B错误。 9．(2025·江西省上饶市高三下一模)降噪耳机可以有效减少环境噪音的干扰，越来越受到大家的青睐。降噪可分为被动式降噪和主动式降噪，其中主动式降噪通过拾噪麦克风，采集一些有规律的噪声，通过电路，加入降噪声波，从而达到降噪效果。图甲为原理简化图，图乙为理想情况下的降噪过程图，实线表示环境声波，虚线表示降噪系统产生的降噪声波，假如采集到的某一噪声信号的振动方程为y＝Asin，下列说法正确的是(　　) A．降噪过程应用的是声波的衍射原理 B．理想状态下，降噪声波与环境噪声声波的传播速度大小相等 C．降噪声波频率应为100 Hz才能有效降噪 D．P点处的质点经过一个周期向外迁移的距离为一个波长 答案：BC 解析：降噪过程应用的是声波的干涉原理，故A错误；声波是机械波，其传播速度由介质决定，则理想状态下，降噪声波与环境噪声声波的传播速度大小相等，故B正确；由振动方程可知噪声的振动频率为f＝＝＝ Hz＝100 Hz，根据干涉条件可知，降噪声波频率应为100 Hz才能有效降噪，故C正确；机械波传播的是质点的振动形式，质点自身并不随波迁移，故D错误。 10．(2025·江西省新余市高三上一模)如图甲所示，两平行光滑金属导轨固定在绝缘水平面上，左端连接阻值为R＝1.5 Ω的电阻，导轨间距为L＝1 m。一长为L＝1 m、阻值为r＝0.5 Ω的导体棒垂直放置在导轨上，到导轨左端的距离为x0＝16 m，空间中有垂直导轨平面向里均匀分布的磁场，磁感应强度随时间变化的图线如图乙所示。从t＝0时刻开始，导体棒在外力作用下向左做初速度为零的匀加速直线运动，速度随时间变化的关系如图丙所示，在导体棒离开导轨前的过程，下列说法正确的是(　　) A．回路中的电流先逐渐增大后逐渐减小 B．t＝2 s内某时刻回路中电流方向发生变化 C．t＝1 s时导体棒所受安培力大小为0.11 N，方向向左 D．该过程通过定值电阻R的净电荷量为0.8 C 答案：CD 解析：由图乙可知，磁感应强度随时间变化的关系式为B＝0.1＋0.1t(T)，由图丙可知，导体棒运动速度与时间的关系式为v＝at＝2t(m/s)，导体棒运动位移与时间的关系式为x＝at2＝t2(m)，由于初始时刻导体棒到导轨左端的距离为x0＝16 m，所以导体棒在导轨上运动的最长时间为tm＝＝4 s，在t(0≤t≤4 s)时刻，闭合回路因磁感应强度变化产生的感生电动势为E1＝＝1.6－0.1t2(V)，根据楞次定律和安培定则可知该感应电动势产生的感应电流方向为逆时针，导体棒运动产生的动生电动势为E2＝BLv＝0.2t＋0.2t2(V)，由右手定则可知，该感应电动势产生的感应电流方向为顺时针，以逆时针方向为正方向，则回路中感应电动势为E＝E1－E2＝1.6－0.3t2－0.2t(V)(0≤t≤4 s)，由闭合电路欧姆定律可得闭合回路中的感应电流为I＝＝0.8－0.15t2－0.1t(A)＝0.8－0.15(A)(0≤t≤4 s)，可知随着t增大，感应电流先减小，当I＝0时，即t＝2 s时，感应电流方向改变，开始反向增大，所以回路中的电流先逐渐减小后逐渐增大，t＝2 s时回路中电流方向发生变化，故A、B错误；t＝1 s时，感应电流为I1＝ A，方向为逆时针，磁感应强度为B1＝0.2 T，导体棒所受安培力大小为F＝B1I1L＝0.11 N，由左手定则可知，安培力方向向左，故C正确；该过程中，所经历时间Δt＝4 s，回路中的磁通量的变化量ΔΦ＝B0x0L－0＝1.6 Wb，平均感应电动势＝＝0.4 V，平均感应电流＝＝0.2 A，通过定值电阻R的净电荷量q＝Δt＝0.8 C，故D正确。 8 学科网（北京）股份有限公司 $