章末质量检测（1）遗传因子的发现-【优学精讲】2024-2025学年高中生物必修第二册教用课件(人教版)

该高中生物学课件聚焦“遗传因子的发现”，系统涵盖孟德尔杂交实验、基因分离与自由组合定律、不完全显性、配子致死、多基因遗传等核心知识点，通过从基础实验到复杂遗传现象的递进设计，搭建从原理理解到实际应用的学习支架，帮助学生构建完整的遗传知识体系。 其亮点在于以科学思维为核心，通过模拟实验分析（如配子形成模拟装置）、复杂遗传情境题（如多基因累加效应、基因互作）培养学生逻辑推理与分析能力，结合探究实践设计（如喷瓜性别鉴定实验）提升实验设计与结果分析素养。学生能深化对遗传规律的理解，教师可借助多样化题目与详细解析优化教学，提高课堂效率。

章末质量检测（一） 遗传因子的发现 （满分：100分） 一、单项选择题（本题共14小题，每小题2分，共28分。在每小题给 出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的） 1. （2024·山东济南高一月考）下列关于孟德尔一对相对性状杂交实 验的叙述，错误的是（　　） A. 孟德尔在豌豆花未成熟时对母本进行去雄并套袋 B. 孟德尔假设的核心内容是在体细胞中遗传因子是成对存在的 C. 实验中F2出现3∶1性状分离比的结果否定了融合遗传 D. 孟德尔进行的测交实验属于假说—演绎法中的实验验证阶段 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析： 　孟德尔所作假说的核心内容是“性状是由遗传因子决定 的，生物体形成配子时，成对的遗传因子彼此分离，分别进入不同 的配子中”，B错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 2. 在孟德尔的豌豆杂交实验中，涉及了杂交、自交和测交等实验方 法。下列相关叙述正确的是（　　） A. 自交可以用来判断某显性个体的遗传因子组成，测交不能 B. 杂交可以用来判断一对相对性状的显隐性，测交不能 C. 对于隐性优良性状品种，可以通过连续自交方法培育 D. 自交和测交都不能用来验证分离定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析： 　显性个体的基因型包括杂合子和纯合子，显性杂合子自 交或测交，后代会出现显性性状和隐性性状，显性纯合子自交或测 交，后代只有显性性状，因此自交和测交都可以用来判断某一显性 个体的基因型，A错误；自交可以用于显性优良性状的品种培育过 程，通过连续自交，淘汰发生性状分离的个体，得到纯合子；对于 隐性优良性状的品种，只要出现即可稳定遗传，不需要连续自交， C错误；孟德尔通过测交法来验证分离定律和自由组合定律，自交 法也可验证基因分离定律，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 3. 下列有关基因的分离定律和自由组合定律的说法，正确的是（　） A. 一对相对性状的遗传可能遵循基因的分离定律，也可能遵循基因 的自由组合定律 B. 等位基因的分离发生在配子产生过程中，非等位基因的自由组合 发生在配子随机结合过程中 C. 若符合基因的自由组合定律，双杂合子自交后代一定出现 9∶3∶3∶1的性状分离比 D. 等位基因先分离，非等位基因后进行自由组合 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：　等位基因的分离和非等位基因的自由组合都发生在形成 配子的过程中，B错误；如果双杂合子的两对等位基因之间存在互 作关系，则可能不符合9∶3∶3∶1的性状分离比，C错误；等位基 因分离的同时，非等位基因自由组合，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 4. （2024·山东枣庄高一月考）对孟德尔提出的假说进行模拟实验， 装置如图，下列有关叙述错误的是（　　） A. 从①中随机抓取一个小球，模拟产生配子时等位基因的分离 B. 从①②中各取一个小球组合在一起，模拟雌雄配子的受精作用 C. 从4个容器中各取一个小球组合在一起，模拟产生配子时非等位基 因的自由组合 D. 抓取小球前摇晃小桶是为了保证抓取的随机性 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：　自由组合发生在非等位基因之间，因此从②③或②④或 ①③或①④中各取一个小球组合在一起，模拟DdRr产生配子时非 等位基因的自由组合，C错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 5. （2024·河北石家庄高一期中）孔雀鱼原产于南美洲，现作为观赏 鱼引入世界各国，在人工培育下，孔雀鱼产生了许多品系，其中蓝 尾总系包括浅蓝尾、深蓝尾和紫尾三 个品系。科研人员选用深蓝尾和紫尾 品系个体做杂交实验（相关基因用B、 b表示），结果如图所示。下列叙述 正确的是（　　） 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 A. F2出现不同尾形鱼说明该性状的遗传遵循自由组合定律 B. F2中雌雄鱼自由交配，其子代中深蓝尾鱼所占的比例为1/2 C. 浅蓝尾鱼测交实验后代表型及比例是浅蓝尾∶紫尾＝1∶1 D. F2中深蓝尾个体与浅蓝尾个体杂交，F3中不会出现紫尾个体 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析： 　浅蓝尾相互交配，F2出现了1∶2∶1的性状分离比，为 3∶1的变式，所以这对基因遵循基因分离定律，A错误；深蓝尾和 紫尾杂交，F1全为浅蓝尾，F1相互交配，F2中深蓝尾∶浅蓝尾∶紫 尾＝1∶2∶1，说明这对基因遵循基因分离定律，且是不完全显 性，假设深蓝尾是BB，紫尾是bb，浅蓝尾是Bb，如果F2相互交 配，则产生的配子B∶b＝1∶1，F3中依然是深蓝尾∶浅蓝尾∶紫 尾＝1∶2∶1，深蓝尾的比例为1/4，B错误； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 浅蓝尾个体的基因型是Bb，进行测交，后代的基因型及比例是 Bb∶bb＝1∶1，由于无法确定深蓝尾和紫尾个体的基因型哪个是BB， 哪个是bb，所以测交后代表型及比例无法确定，C错误；F2的深蓝尾 基因是bb或BB，和浅蓝尾Bb杂交，子代基因型是Bb和bb或BB和Bb， 不会出现紫尾，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 6. （2024·四川遂宁射洪中学高一月考）某自花传粉植物，其花色受 一对等位基因控制，紫花（A）对白花（a）为显性。下列对相关 遗传现象分析错误的是（　　） A. 若将多株紫花与白花植株杂交，F1紫花与白花植株比为5∶1，则理论上亲本紫花植株中杂合子占1/3 B. Aa紫花植株连续自交三代，理论上子三代中杂合子占1/8 C. Aa植株连续自由交配二代，并逐代淘汰隐性个体，子二代中AA、Aa的比例为5∶4 D. 若含a的花粉有一半致死，则Aa紫花植株自交，F1性状分离比为5∶1 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：　若将多株紫花与白花植株杂交，F1紫花与白花植株比为 5∶1，说明紫花产生的配子比为A∶a＝5∶1，设Aa占1份，能产生 A∶a＝1∶1，则AA能产生4份的A配子，即AA有2份，故可推出紫 花AA∶Aa＝2∶1，杂合子占1/3，A正确；Aa紫花植株连续自交， Fn中杂合子占1/2n，理论上子三代中杂合子占1/8，B正确；Aa植株 自由交配，F1中1/4AA、1/2Aa、1/4aa，淘汰隐性个体后，1/3AA、 2/3Aa，则A的基因频率为2/3，a的基因频率为1/3，自由交配得 F2，4/9AA、4/9Aa、1/9aa，淘汰隐性个体后，1/2AA、1/2Aa，则 子二代中AA、Aa的比例为1∶1，C错误；若含a的花粉有一半致死，则Aa紫花植株自交，产生的雌配子A∶a＝1∶1，雄配子A∶a＝2∶1，子代aa占1/2×1/3＝1/6，F1性状分离比为5∶1，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 7. （2024·山东省实验中学高一月考）一豌豆杂合子（Aa）植物自交 时，下列叙述错误的是（　　） A. 若自交后代基因型比例（AA∶Aa∶aa，下同）是2∶3∶1，可能 是含有隐性基因的花粉50％死亡造成的 B. 若自交后代的基因型比例是2∶4∶1，可能是隐性个体有50％死亡 造成的 C. 若自交后代的基因型比例是4∶4∶1，可能是含有隐性基因的配子 有50％死亡造成的 D. 若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能有50％的花粉死亡 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：　若含有隐性基因a的花粉50％死亡，则Aa产生的花粉的 比例为A∶a＝2∶1，即A花粉＝2/3，a花粉＝1/3；Aa产生的卵细 胞为A卵细胞＝1/2，a卵细胞＝1/2，这些配子相互结合得到的后代 基因型及比例为AA＝2/3×1/2＝1/3，Aa＝2/3×1/2＋1/3×1/2＝ 1/2，aa＝1/3×1/2＝1/6，即AA∶Aa∶aa＝2∶3∶1，A正确；若隐 性个体aa有50％死亡，则Aa自交后代中AA＝1/4，Aa＝1/2，aa＝ 1/4×1/2＝1/8，即AA∶Aa∶aa＝2∶4∶1，B正确； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 若含有隐性基因a的配子有50％死亡，则Aa产生的花粉和卵细胞的比 例均为A∶a＝2∶1，即A花粉＝2/3，a花粉＝1/3，A卵细胞＝2/3，a 卵细胞＝1/3，这些配子相互结合得到的后代基因型及比例为AA＝ 2/3×2/3＝4/9，Aa＝2/3×1/3×2＝4/9，aa＝1/3×1/3＝1/9，即 AA∶Aa∶aa＝4∶4∶1，C正确；若有50％的花粉，则不会影响Aa产 生的花粉的比例，即A花粉仍占1/2，a花粉仍占1/2，同时Aa产生的卵 细胞为A卵细胞＝1/2，a卵细胞＝1/2，这些配子相互结合得到的后代 基因型及比例为AA＝1/2×1/2＝1/4，Aa＝1/2×1/2×2＝1/2，aa＝ 1/2×1/2＝1/4，即AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 8. 如图为某植株自交产生后代的过程示意图，下列对此过程及结果的 叙述，不正确的是（　　） A. A、a与B、b的自由组合发生在①过程 B. ②过程发生雌、雄配子的随机结合 C. M、N、P分别代表16、9、3 D. 该植株测交后代性状比例为1∶1∶1∶1 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析： 　A、a与B、b的自由组合发生在配子形成的过程中，即 ①过程，A正确；②是受精作用，雌、雄配子的结合是随机的，B 正确；①过程形成4种配子，则雌、雄配子随机结合的方式M＝ 4×4＝16（种），基因型N＝3×3＝9（种），表型比例是 12∶3∶1，所以表型P是3种，C正确；由表型比例为12∶3∶1可 知，后代A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，说明A_B_和 A_bb（或aaB_）表现一种性状，测交后代的基因型及比例是 AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，AaBb和Aabb（或aaBb） 表型相同，所以该植株测交后代性状比例为2∶1∶1，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 9. 已知水稻的抗旱性（A）和多颗粒（B）为显性，各由一对等位基 因控制且独立遗传。现有抗旱、多颗粒植株若干，对其进行测交， 子代的性状比例为抗旱多颗粒∶抗旱少颗粒∶敏旱多颗粒∶敏旱少 颗粒＝2∶2∶1∶1，若这些亲代植株相互受粉，后代性状分离比为 （　　） A. 24∶8∶3∶1 B. 9∶3∶3∶1 C. 15∶5∶3∶1 D. 25∶15∶15∶9 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析： 　由题意可知，水稻的抗旱性和多颗粒的遗传遵循自由组 合定律，因此，由测交结果，可知抗旱、多颗粒植株产生的配子基 因型及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝2∶2∶1∶1，再根据棋盘格法推 出这些亲代植株相互受粉，后代性状分离比为24∶8∶3∶1。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 10. 某植物的高茎（B）对矮茎（b）为显性，花粉粒长形（D）对花 粉粒圆形（d）为显性，花粉粒非糯性（E）对花粉粒糯性（e） 为显性，非糯性花粉遇碘变蓝黑色，糯性花粉遇碘变橙红色。现 有品种甲（BBDDee）、乙（bbDDEE）、丙（BBddEE）和丁 （bbddee），利用花粉鉴定法（检测F1花粉性状）验证自由组合 定律，可选用的亲本组合有（　　） A. 乙×丁和甲×丙 B. 甲×丁和甲×丙 C. 丙×丁和甲×丙 D. 乙×丙和甲×丙 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析： 　利用花粉鉴定法验证自由组合定律，选择的亲本应涉 及花粉粒形状和花粉粒是否为糯性两对相对性状，可选用的亲本 组合为乙×丁和甲×丙，故A符合题意。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 11. （2024·四川南充高级中学高一期中）控制玉米株高的2对等位基 因对株高的作用相等（显性基因的数量越多植株越高），且分别 位于2对同源染色体上。已知基因型为aabb的玉米株高为10 cm， 基因型为AABB的玉米株高为30 cm。若已知亲代玉米株高分别为 10 cm和30 cm，则F1的株高是（　　） A. 15 cm B. 25 cm C. 30 cm D. 20 cm 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析： 　已知基因型为aabb的玉米高10 cm，基因型为AABB的 玉米高30 cm，每个显性基因对高度增加效应相同且具叠加性，则 每含一个显性基因玉米增高（30－10）÷4＝5 cm，aabb和AABB 杂交所得F1的基因型为AaBb，含2个显性基因，表型为10＋5×2 ＝20 cm，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 12. （2024·河南省直辖县级单位高一联考）某种药用植物合成药物1 和药物2的途径如图所示，基因A和基因b 分别位于两对同源染色体上，下列叙述 正确的是（　　） A. 基因型为AAbb或Aabb的植株不能同时合成两种药物 B. 若某植株只能合成一种药物，则药物1和药物2都有可能 C. 基因型为AaBb的植株自交，后代有9种基因型和4种表型 D. 基因型为AaBb的植株自交，后代中能合成药物2的个体占3/16 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：　药物1的合成需要有A基因，药物2的合成需要有A和bb 基因，所以基因型是AAbb或Aabb的植株能同时合成两种药物，A 错误；若某植株只能合成一种药物，则必定是药物1，因为如果不 产生药物1就没有药物2，所以要产生药物2就必须有药物1，B错 误；基因型为AaBb的植株自交，后代有9种基因型和3种表型，表 型有产生2种药物、只产生药物1、不产生药物，C错误；基因型 为AaBb的植株自交，A_B_（药物1）∶A_bb（2种药物）∶aaB_ （不产生药物）∶aabb（不产生药物）＝9∶3∶3∶1，后代中能 合成药物2的个体占3/16，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 13. （2024·河北石家庄高一期中）兰花的花色有红色、蓝色两种，其 遗传符合孟德尔的遗传规律，现将纯合红花和纯合蓝花进行杂 交，F1均为红花，F1自交，F2中红花与蓝花的比例为27∶37，下 列说法错误的是（　　） A. 红花与蓝花的遗传至少受三对等位基因控制 B. 红花与蓝花的遗传遵循自由组合定律 C. 若F1测交，则其子代表型与比例为红花∶蓝花＝1∶7 D. F2中蓝花基因型有19种，其中杂合子比例7∶37 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：　将亲代红花与蓝花进行杂交，F1均为红花，F1自交，F2 中红花与蓝花的比例为27∶37，27＋37＝64＝43，说明该对相对 性状是由三对等位基因控制的（相关基因用A和a、B和b、C和c表 示），遵循基因自由组合定律，且A_B_C_表现为红花，其余均 为蓝花，A、B正确；若F1（AaBbCc）测交，即与aabbcc杂交，其 子代基因型有8种，分别为AaBbCc（红花）、aaBbCc（蓝花）、 AabbCc（蓝花）、AaBbcc（蓝花）、aabbCc（蓝花）、aaBbcc （蓝花）、Aabbcc（蓝花）、aabbcc（蓝花），且比例均等，即 比例为红花∶蓝花＝1∶7，C正确； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 兰花花色的遗传由三对同源染色体上的三对非等位基因控制，基因型 共有3×3×3＝27种，红花是A_B_C_，基因型共有2×2×2＝8种，因 此蓝花的基因型是27－8＝19种，其中纯合子有AABBcc、AAbbCC、 aaBBCC、AAbbcc、aaBBcc、aabbCC、aabbcc，比例为7/37，杂合子 的比例为30/37，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 14. （2024·四川遂宁射洪中学高一月考）苹果的果皮色泽同时受 多对独立遗传的等位基因控制（如A、a；B、b；C、c……， 当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时 （即A_B_C……）为红色，每对等位基因都不含显性基因时 （即aabbcc……）为青色，否则为无色。现用三株苹果进行如 下实验： 实验甲：红色×青色→红色∶无色∶青色＝1∶6∶1； 实验乙：无色×红色→红色∶无色∶青色＝3∶12∶1。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 A. 实验乙的无色亲本可能有3种基因型 B. 实验乙中亲子代红色个体基因型相同的概率为2/3 C. 实验甲子代的无色有6种基因型 D. 实验乙说明果皮颜色受两对等位基因控制 据此分析错误的是（　　） 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：　乙组中无色和红色（A_B_C_）杂交，子代中出现了青 色aabbcc，所以红色基因型是AaBbCc，青色aabbcc的比例为1/16 ＝1/2×1/4×1/2，因此无色亲本的基因型可能是aaBbcc，Aabbcc 或aabbCc，共三种，A正确；实验乙中红色亲代基因型是 AaBbCc，无色的基因型以Aabbcc为例，子代中出现红色的比例为 3/4×1/2×1/2＝3/16，AaBbCc的比例为1/2×1/2×1/2＝1/8，所以 亲子代红色个体基因型相同的概率为1/8÷3/16＝2/3，B正确； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 实验甲中红色和青色杂交，子代中出现了青色，因此基因型是 AaBbCc和aabbcc，子代基因型有23＝8种，红色基因型是AaBbCc，青 色基因型是aabbcc，所以无色基因型是8－2＝6种，C正确；根据实验 甲1∶6∶1的比例为（1∶1）3的变式，可以说明该性状由三对等位基 因控制，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 二、多项选择题（本题共4小题，每小题3分，共12分。在每小题给出 的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求，全部选对得3 分，选对但不全的得1分，有选错的得0分） 15. （2024·辽宁大连高一期中）水稻的非糯性和糯性是一对相对性 状，非糯性花粉中所含的淀粉为直链淀粉，遇碘变蓝黑色，而糯 性花粉中所含的淀粉为支链淀粉，遇碘变橙红色。现用纯种非糯 性水稻和纯种糯性水稻杂交，得到的F1全为非糯性，再让F1自交 得到F2。下列叙述错误的是（　　） A. F1花粉加碘液染色后花粉呈蓝黑色与呈橙红色的比例接近1∶1 B. F2中非糯性水稻与糯性水稻的比例接近3∶1符合分离定律 C. 非糯性水稻产生的花粉既有糯性又有非糯性的现象属于性状分离 D. 根据本实验的结果可以验证分离定律和自由组合定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析： 　设相关基因是A/a，现用纯种非糯性水稻和纯种糯 性水稻杂交，得到的F1全为非糯性，说明非糯性是显性性状， 基因型是Aa，可产生比例相等的两种配子，故F1花粉加碘液染 色后花粉呈蓝黑色与呈橙红色的比例接近1∶1，A正确；F1基 因型是Aa，令其自交，F2中非糯性水稻A－与糯性水稻aa的比 例接近3∶1，符合分离定律，B正确；某非糯性水稻产生的花 粉既有糯性的又有非糯性的，能直接证明孟德尔的基因分离定 律，但不属于性状分离现象，C错误；该性状受一对等位基因 控制，根据本实验的结果可以验证分离定律，但不能证明自由 组合定律，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 16. 在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，黄色（A）对灰色 （a1）、黑色（a2）为完全显性，灰色（a1）对黑色（a2）为完全 显性，且存在A纯合胚胎致死现象。下列关于杂交及其结果的叙 述，错误的是（　　） A. 一对杂合黄色鼠杂交，后代的分离比接近2∶1 B. 该群体中黄色鼠有2种基因型 C. 黄色鼠与黑色鼠杂交，后代中黑色鼠的比例一定为1/2 D. 基因型为Aa2的黄色鼠与a1a2的灰色鼠杂交，后代中黑色雌鼠的 比例为1/4 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：　一对杂合黄色鼠杂交，根据分离定律，后代应出现两 种表型，且正常情况下分离比为3∶1，由于存在A纯合胚胎致死 现象，因此后代的分离比接近2∶1，A正确；该群体中黄色鼠有2 种基因型，分别为Aa1和Aa2，B正确；黄色鼠Aa1与黑色鼠a2a2杂 交，后代没有黑色鼠，C错误；基因型为Aa2的黄色鼠与a1a2的灰 色鼠杂交，后代中黑色雌鼠的比例为1/4×1/2＝1/8，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 17. （2024·安徽安庆高一期中）已知玉米籽粒黄色对红色为显性，非 甜对甜为显性。纯合的黄色非甜玉米与红色甜玉米杂交得到F1， F1自交或测交，预期结果不正确的是（　　） A. 自交结果中黄色非甜与红色甜比例为9∶1 B. 自交结果中黄色与红色比例为3∶1，非甜与甜比例为1∶1 C. 测交结果为红色甜∶黄色非甜∶红色非甜∶黄色甜＝9∶3∶3∶1 D. 测交结果为红色与黄色比例为1∶1，甜与非甜比例为1∶1 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：　假定黄与红用A、a表示，非甜与甜用B、b表示，则 双亲的基因型为AABB和aabb，杂交得到F1为AaBb，其自交后代 表型比例为黄色非甜∶黄色甜∶红色非甜∶红色甜＝ 9∶3∶3∶1，A正确；若只考虑一对等位基因，则符合基因的分 离定律，黄色与红色比例为3∶1，非甜与甜比例也是3∶1，B错 误；如果F1测交，后代有四种表型，比例为黄色非甜∶黄色甜∶ 红色非甜∶红色甜＝1∶1∶1∶1，C错误；如只考虑一对等位基 因，测交结果均为1∶1，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 18. （2024·安徽师范大学附属中学高一期中）已知玉米的抗病（R） 对易感病（r）为显性，由位于常染色体上的一对等位基因控制， 纯合易感病植株产生的卵细胞有50％无受精能力，花粉有50％败 育，杂合植株正常。下列相关叙述正确的是（　　） A. 玉米的抗病与易感病为一对相对性状，其遗传不遵循分离定律 B. 用纯合抗病植株与易感病植株作亲本进行正反交时，子代表型及 比例相同 C. 对杂合玉米植株进行测交时，正交和反交的子代表型及比例相同 D. 杂合玉米自交，后代出现3∶1的性状分离比 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析： 　玉米的抗病与易感病为相对性状，由一对等位基因 控制，遵循分离定律，A错误；用纯合抗病植株与易感病植株作 亲本进行正反交时，子代均全为抗病；对杂合植株进行测交时， 正反交的子代均为抗病∶易感病＝1∶1，B、C正确；杂合植株 （Rr）自交时，由于产生的雌雄配子均为R∶r＝1∶1，所以F1基 因型及比例为RR∶Rr∶r＝1∶2∶1，后代出现3∶1的性状分离 比，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 三、非选择题（本题共4小题，共60分） 19. （15分）（2024·浙江嘉兴海宁市高级中学高一月考）喷瓜的性别 是由3个等位基因：aD、a＋、ad决定的，每一株植物中只存在其中 的两个基因。它们的性别表现与基因型如下表所示： 性别类型 基因型 雄性植株 aDa＋、aDad 两性植株（雌雄同株） a＋a＋、a＋ad 雌性植株 adad 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （1）aD、a＋、ad这三个基因的显隐性关系是 ⁠ ，自然界没有雄性纯合植株的原因 是 ⁠。 aD对a＋、ad为显 性，a＋对ad为显性 无aD的雌配子 请根据上述信息，回答下列问题： 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：雄株的基因型为aDa＋、aDad，可知aD对a＋和ad均为显性，雌株的基因型为adad，雌雄同株（两性植株）的基因型为a＋a＋、a＋ad，可知a＋对ad为显性，故控制喷瓜性别类型的三种基因间的显隐性关系是aD＞a＋＞ad；由于含有aD的都是雄株，即不存在aD的雌配子，故自然界没有雄性纯合植株。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （2）现有一株两性植株，单性花，设计最简单的方案鉴定其 基因型。 设计方案： 让 ，观察子一代的表型。 预期结果及结论： 若子一代 ，则该植株基因型为a＋a＋； 若子一代 ，则该植株基因型 为a＋ad。 两性植株自交 都是雌雄同株 雌雄同株∶雌性植株＝3∶1 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：对于植物而言，鉴定其基因型的最简便方法是自交，故设计方案为：让两性植株自交，观察子一代的表型。预期结果及结论：若亲本基因型为a＋a＋，则子代不发生性状分离，即全为雌雄同株；若亲本基因型为a＋ad，自交后会发生性状分离，表现为雌雄同株∶雌性植株＝3∶1。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （3）根据以上实验方案进行鉴定操作，操作过程中必须对植株进 行 处理，以保证实验结果的准确性。 解析： 为保证实验结果的准确性，需要对两性植株进行套袋处理，避免外来花粉的干扰。 套袋 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （4）鉴定结果，两性植株基因型为a＋a＋，利用该两性植株的子 一代与基因型aDa＋∶aDad＝2∶1的一个雄株群体杂交后代的 表型及比例为 ⁠。 解析：两性植株基因型为a＋a＋，该植株的子一代基因型是a＋a＋，与基因型aDa＋∶aDad＝2∶1的一个雄株群体杂交，雌配子只有a＋，雄配子及比例为3/6aD、2/6a＋、1/6ad，后代的表型及比例为3aDa＋∶2a＋a＋∶1a＋ad，表现为雄性植株∶雌雄同株＝3∶3＝1∶1。 雄性植株∶雌雄同株＝3∶3＝1∶1 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （5）喷瓜的抗病与不抗病受一对等位基因（R、r）控制，现有一 株抗病的喷瓜自交后代出现的抗病与不抗病比例为8∶1。据 此分析，这株抗病喷瓜的性别类型是 ，抗病与不 抗病这对相对性状中，显性性状为 ，判定的依据 是 。该株喷瓜自交后代 抗病植株与不抗病植株比为8∶1的可能原因是 ⁠ ⁠。 雌雄同株　 抗病 抗病个体自交后出现不抗病类型 该个体产生 的r的雌配子或雄配子有1/2不育 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：喷瓜能够自交产生后代，说明该植株是雌雄同株类型；抗病的喷瓜自交后代出现了抗病与不抗病比例为8∶1，即发生了性状分离，则新出现的性状不抗病是隐性性状，抗病是显性性状；该株喷瓜自交后代抗病植株与不抗病植株比为8∶1，即rr＝1/9，说明其产生的r配子所占比例为1/3，R＝2/3，可能原因是该个体产生的r的雌配子或雄配子有1/2不育。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 20. （15分）（2024·江苏扬州中学高一期中）某雌雄同株植物的叶色 由B、b基因控制，花色由D、d和E、e两对等位基因控制，三对基 因独立遗传。花色和叶色的基因型与表型的对应关系如表： 性状 叶色 花色 表型 绿 叶 浅绿叶 白化叶（幼苗后 期死亡） 红花 黄花 白花 基因 型 BB Bb bb D_E_、 D_ee ddE_ ddee 注：除基因型为bb的个体外，其他个体生存和繁殖能力相同。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 回答下列问题： （1）绿叶黄花植株有 种基因型。一株表型为浅绿叶红花的 植株最多可产生 种类型的雄配子，最少可产生 ⁠种 类型的雄配子。 解析：表格中显示基因型为ddE_的植物开黄花，即表 示基因型为BBddEE或BBddEe的植物表现为绿叶黄花，绿叶 黄花植株有2种基因型；浅绿叶红花的植株的基因型为 BbD_E_、BbD_ee，基因型为BbDdEe产生雄配子最多为8 种，BbDDEE或BbDDee产生的雄配子最少为2种。 2 8 2　 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （2）基因型为DdEe的植株的花色为 ，其自交后代表型 及比例为 ⁠。 解析：根据表格可知，基因型为DdEe的植株的花色为红花，该植株自交后代中红花∶黄花∶白花＝（9/16D_E_＋3/16D_ee）∶3/16ddE_∶1/16ddee＝12∶3∶1。 红花 红花∶黄花∶白花＝12∶3∶1 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （3）某浅绿叶黄花植株自交，F1中出现了白花性状，则亲本的基 因型为 ，F1绿叶黄花植株中的杂合子占比 为 ，F1成年叶中的浅绿叶白花植株占比为 ⁠。 解析：浅绿叶黄花植株自交，F1中出现了白花性状，则亲本的基因型为BbddEe，F1绿叶黄花植株的基因型为BBddE_，其中的纯合子是BBddEE，占1/3，则杂合子占比为2/3，F1成年叶中的浅绿叶白花植株Bbddee占比为2/3×1/4＝1/6。 BbddEe 　 2/3 1/6 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 21. （15分）（2024·河北邢台第二中学高一月考）某兴趣小组在科研 部门的协助下进行了下列相关实验：取甲（雄蕊异常，雌蕊正 常，表现为雄性不育）、乙（可育）两个品种的水稻进行相关实 验，实验过程和结果如下表所示。已知水稻雄性育性由等位基因 A/a控制，A对a完全显性，B基因会抑制不育基因的表达，反转为 可育。 P F1 F1个体自交单株收获，种植并统计F2表型 甲与乙 杂交 全部 可育 一半全部可育 另一半可育株∶雄性不育株＝13∶3 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （1）控制水稻雄性不育的基因是 ，甲、乙的基因型分别 为 。利用雄性不育植株培育杂交水稻的优 点是 ，大大减轻了杂交操作的工 作量。 A 　 Aabb、aaBB 不用进行人工去雄操作 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：B基因会抑制不育基因的表达，反转为可育， 说明雄性不育株一定不含B基因，一半个体自交得到F2中， 可育株∶雄性不育株＝13∶3，是9∶3∶3∶1的变式，可推 测雄性不育株基因型是A_bb，可育的基因型为A_B_、 aaB_、aabb，据此确定控制雄性不育的基因为A。根据F2的 表型及比例可知F1的基因型为1/2aaBb，1/2AaBb，可知甲的 基因型是Aabb、乙的基因型是aaBB。利用雄性不育植株培 育杂交水稻的优点是不需要进行人工去雄操作。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （2）F2中可育株的基因型共有 种。 解析：甲的基因型是Aabb、乙的基因型是aaBB，F1为 aaBb和AaBb。aaBb自交后代的基因型共3种，为1/4aaBB、 1/2aaBb、1/4aabb；AaBb自交后代的基因型共9种，其中 1/16AAbb、2/16Aabb表现为不育，因此可育株的基因型共 有9－2＝7种。 7 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （3）若要利用F2中的两种可育株杂交，使后代雄性不育株的比例 最高，则双亲的基因型为 ⁠。 解析：F2中共有7种基因型可育，若想使后代雄性不育 株的比例最高，应满足后代必须含有A基因，同时出现不含 B基因的情况，故应选择AABb和aabb杂交，产生的后代为 1/2AaBb、1/2Aabb，后代雄性不育株占1/2。 AABb和aabb 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （4）现有一雄性不育水稻丙及各种基因型的可育水稻，为确定水 稻丙的基因型。将水稻丙与基因型为aabb的可育水稻杂交， 观察后代植株的育性；预期结果及结论：若后代全是 ⁠ ，则丙的基因型为AAbb；若后代可育株∶雄性不 育株＝ ，则丙的基因型为Aabb。 雄性 不育株 1∶1 　 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：水稻不育植株的基因型为A_bb，要确定水稻丙 的基因型，可采用测交的方法，即取基因型为aabb的可育株 与水稻丙杂交，观察后代植株的育性，若后代全是雄性不育 植株，则丙基因型是AAbb；若后代出现可育植株和雄性不 育植株，且比例为1∶1，则丙的基因型为Aabb。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 22. （15分）（2024·安徽阜阳高一质检）藏报春花的花色表现为白色 （只含白色素）和黄色（含黄色锦葵色素），是一对相对性状， 由两对等位基因（A和a，B和b）共同控制，生理机制如图甲所 示。为探究藏报春花的遗传规律，进行了杂交实验，结果及比例 如图乙所示。分析回答下列问题： 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （1）根据图甲和图乙杂交结果说明两对基因遵循 ⁠ 定律。 解析： 根据图甲和图乙杂交结果，子二代性状分离比为13∶3，是“9∶3∶3∶1”的变式，说明两对基因遵循自由组合定律。 自由组合 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （2）F1白花植株的基因型为 ，种群中黄花基因型 有 种。F2白花植株中能够稳定遗传的比例是 ⁠。 解析：据图甲可知，黄色的基因型为A_bb，其余都是白色，图乙中，子二代性状分离比为13∶3，是“9∶3∶3∶1”的变式，说明F1白花植株的基因型为AaBb，种群中黄花基因型有2种，分别为AAbb和Aabb。F2中白花基因型为A_B_、aaB_、aabb，一共有7种，共占13份，其中A_BB（3份）、aaB_（3份）、aabb（1份）能稳定遗传，占F2白花藏报春的7/13。 AaBb 2 7/13 　 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 （3）上述F2部分白花个体自交，后代会发生性状分离，欲判断这 样个体的基因组成，有同学设计了以下实验，请根据相关实 验步骤预测实验结果（有各种基因型纯合的植株可供利用）。 ①让能够发生性状分离的个体自交； ②分析并统计后代的表型和比例。 请你帮该同学预测实验的结果及结论： ⁠ ⁠ ⁠。 如果白花∶黄花＝ 13∶3，则该植株基因型为AaBb；如果白花∶黄花＝3∶1， 则该植株基因型为AABb 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 解析：上述F2部分白花个体自交，其中AaBb、AABb自交会发生性状分离，出现黄花。欲判断这样个体的基因组成，可以让能够发生性状分离的个体自交；然后分析并统计后代的表型和比例：如果该植株基因型为AaBb，则自交后代中白花∶黄花＝13∶3；如果该植株基因型为AABb，则自交后代中白花∶黄花＝3∶1。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 生物学·必修2 $