广东省湛江市廉江市廉江中学2025-2026学年高二上学期学科竞赛物理试题

2025年廉江中学高二级学科竞赛 物理答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A C D B BC CD AD 1.A 【难度】0.85 【知识点】探究感应电流产生的条件 【详解】AC.根据右手螺旋定则可知，两直导线在线圈α、c中的合磁场不为零，a中的合 磁场垂直纸面向里，c中的合磁场垂直纸面向外，当两直导线中的电流都增大时，线圈c 中的磁通量都变大，所以线圈α、c中有感应电流，故A正确，C错误： BD.根据右手螺旋定则可知，两直导线在线圈b、d中的磁场始终相互抵消，即线圈、d 中的磁通量始终为零，故线圈b、d中没有感应电流，故BD错误。 故选A。 2.C 【难度】0.85 【知识点】电容器的动态分析(U不变) 【详解】A.开关闭合稳定时，电容器两端电压等于电源电动势，即液面下降稳定后，电容 器两端电压不变，A错误： B.根据电容C=S 4πkd 液面下降，极板之间的介电常数￡，减小，则电容减小，极板之间电压不变，结合C=二 则电容器所带电量减少，B错误； C.根据图示可知，电容器右侧极板带负电，结合上述，液面下降时，极板所带电荷量减少， 即右侧极板失去电子，电子从α向b运动，则蜂鸣器电流由b流向a,C正确： D.结合上述可知，输液管较粗时，极板之间间距增大，则电容器的电容变小，D错误。 故选C。 3.D 【难度】0.65 【知识点】平抛运动速度的计算、平抛运动位移的计算 【详解】A.网球做平抛运动，不管出射速度足够大，竖直方向的位移不为零，所以网球不 能击中O点，故A错误； B.发球间隔时间足够短，但两个网球的水平位移不相等，竖直位移不相等，所以两个网球 在下落过程中不可能相遇，故B错误； C.对于击中A点的网球，根据平抛运动的规律可得 =h,A=默 解得击中A点的网球的初速度大小为V4=L, 故C错误； D.网球击中B点时，据平抛运动的规律可得 答案第1页，共10页 L=%k,=28 解得击中B点的网球的初速度大小为：=乙 g 网球击中B点时时速度大小为：y。=√。+2gh, 2h, 故D正确。 故选D。 4.C 【难度】0.65 【知识点】计算卫星的各个物理量、卫星的追及相遇问题 2=mo7 【详解】A.由：G,之、 M 得：w=r 知两颗卫星的角速度相同，由几何关系得它们之间的距离为”，故A错误： B.由：F=F万=G 两颗卫星的质量不清楚，所以不能确定两颗卫星所受的向心力大小是否相等，故B错误： C.由 GM 及黄金代换 GM=gR' 联立解得 0=1 gR 则卫星从位置A运动到位置B的时间可能为 2元+交 3 当n=0时，时间 t= 3RVg 故C正确： D.如果卫星2加速，万有引力不足以提供向心力，卫星2做离心运动，离开原轨道，不会 追上卫星1，故D错误。 故选C。 5.B 【难度】0.65 【知识点】计算带电粒子穿越不同等势面时电场力做功和能量变化、电场线、等势面和运动 轨迹的定性分析 答案第2页，共10页 【详解】A.电场线垂直于等势线，由高电势点指向低电势点，粒子所受电场力方向沿电场 线切线方向，由于粒子仅受电场力，则电场力方向指向轨迹内侧，根据图示可知，电场力方 向电场方向相反，即粒子带负电，故A错误； C.结合上述可知，粒子从A运动到B过程，电场力做负功，电势能增大，即粒子在A点时 的电势能小于在B点时的电势能，故C错误： B.结合上述，粒子从A运动到B过程，电场力做负功，根据动能定理可知，粒子在A点时 的动能大于在B点时的动能，故B正确： D.等差等势线分布的密集程度能够间接表示电场的强弱，根据图示可知，粒子运动过程电 场强度大小发生变化，则粒子所受电场力大小发生变化，即粒子加速度大小发生变化，故D 错误。 故选B。 6.B 【难度】0.65 【知识点】匀变速直线运动速度与位移的关系、逆向思维求解匀变速直线运动 【详解】A.假设没有墙壁，则冰壶经过d点后再运动L将停止，则冰壶离手后运动的加速 度大小为 12 1y2 Q=. 2×4L8L 选项A错误； B。冰壶离手后运动的时间为：t='=8L 选项B正确： C.由逆向思维，冰壶从c点运动到d点的时间和从d点返回到C点的时间之比为 ted :tdc= 2×2L2L、. 2L=2-01 选项C错误： D.冰壶与竖直墙壁碰撞前的瞬时速度大小为 v=√2aL=÷v 2 选项C错误。 故选B。 7.C 【难度】0.4 【知识点】利用平衡推论求力大小或方向、磁感应强度的矢量性与叠加、直线电流周围的磁 场 【详解】AB.对导线甲受力分析，如图所示 F丙 60° F 60° Ymg 答案第3页，共10页 由题意可知，导线甲刚好静止，在竖直方向上有g+F2sin60°=FN+F丙sin60 水平方向上有F=Ecos60°+耳c0s60 其中乃=F="唱，R=风 21 1 解得R=mg,R=2g,=05 又由牛顿第三定律得导线甲对桌面的压力大小为F'=R=g 故AB错误； C.仅将导线丙中电流反向，受力分析如图所示 60°60° F丙 mg 由对称性可知，导线乙和导线丙在水平方向的分力大小相等，所以导线甲所受的摩擦力为0， 故C正确： D.仅撤走导线乙，导线甲的受力分析如图所示 F F丙 60° F mg 假设导线甲不滑动，则竖直方向有g=R+Fsin60° 州及网5吸 导线甲与桌面间的最大静摩擦力为R。=山风-爬5， 1g 28 日在水平方向的分力为R=Rcs60-吸 显然F<Fm,所以导线甲仍静止，故D错误。 答案第4页，共10页 故选C。 8.BC 【难度】0.85 【知识点】线速度与角速度的关系、向心力的计算 【详解】A.两球靠弹簧的弹力提供向心力，则知两球向心力大小相等，故A错误： B.两球共轴转动，角速度相同。A、B的向心力大小相等，由 F向=2w2Ra=aRp 可求得两球的运动半径之比为 Ra:R3=1:2 故B正确； C.对于A球，轨道半径 由 F=k.2L=2m@L 可求得 k 故C正确； D.小球B匀速转动的周期为 T= =2r m 故D错误。 故选BC。 【点睛】两球做圆周运动，角速度相等，靠弹簧的弹力提供向心力，根据向心力的关系结合 胡克定律和牛顿第二定律求出转动半径的关系，并求出角速度和周期 9.CD 【难度】0.65 【知识点】整体法与隔离法解决共点力平衡问题、库仑定律内容和表达式、用解析法解决平 衡问题 【详解】CD.对小球A进行分析，受到重力、墙面弹力与库仑力。 令A、B连线与整直方向夹角为0，则有乃，08：=m,gn6 当将B稍向左推过一些时，B减小，可知，墙面弹力F4减小，库仑力F4减小，故CD正 确： AB.对A、B两小球整体进行分析有F地=(a+)g,F=F4=a8tan8 当将B稍向左推过一些时，O减小，可知，推力F将减小，地面对B的弹力不变，故AB 错误。 故选CD。 答案第5页，共10页 10.AD 【难度】0.4 【知识点】绳连接体问题、机械能守恒定律在弹簧类问题中的应用 【详解】A.由图可知，当小球下落到x2时，加速度为零，即弹力与重力大小相等，此时弹 簧的形变量为(x2-x),则有 k(x2x)=mgsine 解得 k=mg sin 0 X2-x1 A正确： B.对小滑块和弹簧组成的系统进行分析，由于只有重力和弹力做功，则系统机械能守恒， 当弹簧的弹性势能最小，小滑块的机械能最大，故当小滑块下落到x时，弹簧处于原长， 弹性势能为零，为最小，则此时小滑块的机械能最大，B错误： C.由图可知，x~x2的距离差小于x2~x:两的距离差，可得弹簧弹性势能的增量不相等，C 错误： D.在x~x2的过程中，重力大于弹力，根据牛顿第二定律有 mg sine-k(x-x)=ma 又由A项可知 k(x2-x)=gsin日 联立解得 a=s_在 由图可知，当x=x时 a=gsine 联立解得 kgsin m x2-x 即为该段图线的斜率绝对值： 在x2<x<x,过程中，弹力大于重力，根据牛顿第二定律有 k(x-x)-mg sine=ma 又 k(x2x)=mg sine 联立解得 a=在年 ml m 答案第6页，共10页 由图可知，当x=2x2-x时 a=gsine 联立解得 kgsin m X2-X 即为该段图线的斜率绝对值，故可得在x~x2和x2~x,两段过程中，-x图线斜率的绝对值 gsin 均等于民一X),D正确。 故选AD。 11.(1)12.7（2分) (2) d1分) (2m+MDkd(3分) 2 【难度】0.65 【知识点】用光电门研究匀变速运动、游标卡尺的使用与读数 【详解】（1)图2可知游标卡尺为10分度，即精度为0.1m,故物块的厚度 d=12mm+0.1mm×7=12.7mm d (2)[1]物块通过光电门时的速度表达式为v=9 t [2]把两物块和环形砝码作为一个系统，设系统加速度大小为α，则由牛顿第二定律可得 mg =(2m+M)a 解得：a= nig 2+M 物块经过物块速度v= 速度位移公式有v2=2h 1 218 联立以上解得产=d(2m+ -h 故片A图像刻率为k 211g d(2+M) 整理可得g= kd'(2m+M) 2m 传感器R 12.(1) (2分) 电源 (2)R（2分) (3)5(1分) 变大(1分) (4)低(1分) (5)偏小(2分) 答案第7页，共10页 【难度】0.65 【知识点】电学创新实验 【详解】(1)实物连接如图 传感器R, 电源 (2)由于电压表量程为6V,本实验电压表并联在定值电阻两端，由欧姆定律可得，定值电 ER 阻两端的电压心一R+R, 由图甲可知102≤R,≤302 可相0RoN 解得R≤302 故选R。 (3)[1]本实验采用替代法，用电阻箱的阻值替代传感器的电阻，故先将电阻箱调到30.02， 结合电路，开关应向b端闭合：由图甲可知R=302时，天然气浓度为5%。 [2]逐步减小电阻箱的阻值，根据串反并同可知电压表的示数不断增大。 (4)图甲可知浓度越低，R变化越快，电压表示数变化越大，即低浓度下灵敏度较高。 (5)使用一段时间后，由于电源的电动势略微变小，内阻变大，电路中的电流将变小，电 压表的示数将偏小，故其天然气浓度的测量结果将偏小。 (9分)13.(1)2m/s(2)8N(3)会 【难度】0.65 【知识点】有外力接触面粗糙的板块模型 【详解】（1)当=5N时，书本和抽屉一起向右运动的加速： M+m1.8+02ms=25m/sg21分) F 5 a= 抽屉与挡板碰前瞬间的速度大小：v=√2ad=√2×2.5×0.8n/s=2m/s(1分) (2)要使书本和抽屉不发生相对滑动， 则对书本由牛顿第二定律g=ma。(1分) 对整体F=(M+)a。(1分) 联立解得F=8N(1分) 答案第8页，共10页 (3)当F=9.8N>Fm,可知书本相对抽屉发生相对滑动，书本的加速度为4，=4/s2(1分) 对抽屉F-Lg=Ma(1分) 1 当抽屉碰到挡板时由d=2a4(1分) 联立解得，此时书本的位移：上4=0.64m1分) 因x>2s可知，书本不会碰到抽屉左端，又2x一2s+s>d可知，书本会碰到抽屉右端。 23 14.(1)48N (2)2s (3)297J 6 【难度】0.65 【知识点】物块在倾斜传送带上运动分析、能量守恒定律在传送带模型中的应用 【详解】(1)设传送带对物体的摩擦力为，传送带对货物的支持力为N, 挡板对货物的支持力为M, 则N=gcos8,N2=gsin8,f=山N,方=4，N,(四式共2分) 代入数据解得：f=48N,2=18N(1分) (2)设货物由静止放上传送带获得的加速度为α， 对货物有：才-方，=a（1分) 设货物在传送带上经时间t达到共速，所走的位移为51， 由运动学公式得： v=at (1分) 1 3=24 (1分) 联立以上三式，解得：t=ls,S=1.5m<L(1分) 所以物体能在传送带上达到共速，共速后，货物做匀速直线运动，直至被取下，设再经过时 间t2到达目的地，则有：L-S=vt2(1分) 691分 货物匀速阶段所用的时间为：5=1二 货物运动的总时间为：1=4+4=23。 s(1分) 6 (3)货物动能的猫加量：△2号m=4511分) 传送带和货物之间产生的热量：2=·(t-5)=72J(1分) 挡板和货物之间产生的热量：22=L=180J(1分) 电动机多消耗的电能转化为货物的动能和产生的热量，则E=△E+9+92=297J(1分) 答案第9页，共10页 d 15.（12 (②)粒子不能穿出极板，落在PQ极板上离P端的距离为V2。 3 (3)t=t。+t(=0,1,2,3.）或t=(n+)4,(=0,1,2,3.) 61 【难度】0.4 【知识点】带电粒子在匀强电场中做类抛体运动的相关计算、带电粒子在周期性变化的电场 运动（初速度垂直电场） 【详解】(1)粒子在A、B间电场加速过程中，由动能定理得：gU=号m22分) d 粒子在两极板MN、PQ间匀速运动时：v= t。 (1分) 解得带电粒子的比荷为：9= m2U (1分) (2)假设不能穿出，则根据牛顿第二定律有：qE=a(1分) 又E=18 (1分) 粒子类平抛运动，根据类平抛运动规律有： y=d-1分) x=vt (1分) 联立以上式子解得：￥=5。<42分) 3 则粒子不能穿出极板，落在P0极板上离P端的距离为5d。 (3)当UD=18U时，在t=0时刻，射入极板间的粒子，经过时间 由（D2)中公式可知)y号d>1会按极板吸收： (1分) 假设0的时间内，在时刻射入的粒子恰好不碰下板。 粒子以此加速度a-18%在轻直方向上先向下加速（子）时间，再向下减速（号-) dn 时间，则：d=2×a5-t)(2分) 2 2 解得：4- :(1分) 6 由交变电流的周期性得以下时刻射入的粒子恰好不碰到PQ板时应满足： t=i+t(0,1,2,3.)或t=(n+。(0,1,2,3.) (2分) 6 答案第10页，共10页■ 高二级物理学科竞赛 物理答题卡 姓名： 班级： 考场/座位号： 准考证号 [0] 注意事项 [0] [o] [o] [0] [0] [o] [ 1. 答题前请将姓名、班级、考场、准考证号填写清楚。 [] [1] [1] [1] [1] [1] 2.客观题答题，必须使用2B铅笔填涂，修改时用橡皮擦干净 [21 [2] [2] [2] [2] [2] [21 [21 3.主观题答题，必须使用黑色签字笔书写。 [3] [3] 3] [3] [3] [3] [3] [3] 4.必须在题号对应的答题区域内作答，超出答题区域书写无效 [4] [4] [4] [4] [4] [4] [4] [4] 5. 保持答卷清洁、完整。 [5] [5] [5] [5] [5] [5] [5] [5] [6] [6] [6] [6] [6] [61 [6] [6] 正确填涂 缺考标记 口 [7] [7] [7] [7] [7] [7] [7] [8] [8] [8] [8] [8] [81 [8] [8] [9] [9] [9] [9] [9] [9] [9] [9] 选择题 1[A][B][C][D] 4[A][B][c][D] 7[A][B][c][D] 1O[A][B][c][D] 2[A][B][C][D] 5[A][B][c][D] 8[A][B][C][D] 3[A][B][C][D] 6[A][B][c][D] 9[A][B][C][D] 实验题 11.(1) (2) 传感器R 12. (1)请根据图乙测试仪的电路图，在图丙中完成实物连线： (2) (3) (4) (5) 电源 解答题 13 ■ 口 古 9 2025年高二级学科竞赛 物理答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A C D C B B C BC CD AD 1．A 【难度】0.85 【知识点】探究感应电流产生的条件 【详解】AC．根据右手螺旋定则可知，两直导线在线圈a、c中的合磁场不为零，a中的合磁场垂直纸面向里，c中的合磁场垂直纸面向外，当两直导线中的电流都增大时，线圈a、c中的磁通量都变大，所以线圈a、c中有感应电流，故A正确，C错误； BD．根据右手螺旋定则可知，两直导线在线圈b、d中的磁场始终相互抵消，即线圈b、d中的磁通量始终为零，故线圈b、d中没有感应电流，故BD错误。 故选A。 2．C 【难度】0.85 【知识点】电容器的动态分析(U不变） 【详解】A．开关闭合稳定时，电容器两端电压等于电源电动势，即液面下降稳定后，电容器两端电压不变，A错误： B．根据电容 液面下降，极板之间的介电常数减小，则电容减小，极板之间电压不变，结合 则电容器所带电量减少，B错误； C．根据图示可知，电容器右侧极板带负电，结合上述，液面下降时，极板所带电荷量减少，即右侧极板失去电子，电子从a向b运动，则蜂鸣器电流由b流向a，C正确； D．结合上述可知，输液管较粗时，极板之间间距增大，则电容器的电容变小，D错误。 故选C。 3．D 【难度】0.65 【知识点】平抛运动速度的计算、平抛运动位移的计算 【详解】A．网球做平抛运动，不管出射速度足够大，竖直方向的位移不为零，所以网球不能击中点，故A错误； B．发球间隔时间足够短，但两个网球的水平位移不相等，竖直位移不相等，所以两个网球在下落过程中不可能相遇，故B错误； C．对于击中点的网球，根据平抛运动的规律可得 ， 解得击中点的网球的初速度大小为，故C错误； D．网球击中点时，据平抛运动的规律可得 ， 解得击中B点的网球的初速度大小为 网球击中点时时速度大小为： 故D正确。 故选D。 4．C 【难度】0.65 【知识点】计算卫星的各个物理量、卫星的追及相遇问题 【详解】A．由： 得： 知两颗卫星的角速度相同，由几何关系得它们之间的距离为，故A错误； B．由： 两颗卫星的质量不清楚，所以不能确定两颗卫星所受的向心力大小是否相等，故B错误； C．由 及黄金代换 联立解得 则卫星从位置A运动到位置B的时间可能为 当时，时间 故C正确； D．如果卫星２加速，万有引力不足以提供向心力，卫星２做离心运动，离开原轨道，不会追上卫星１，故D错误。 故选C。 5．B 【难度】0.65 【知识点】计算带电粒子穿越不同等势面时电场力做功和能量变化、电场线、等势面和运动轨迹的定性分析 【详解】A．电场线垂直于等势线，由高电势点指向低电势点，粒子所受电场力方向沿电场线切线方向，由于粒子仅受电场力，则电场力方向指向轨迹内侧，根据图示可知，电场力方向电场方向相反，即粒子带负电，故A错误； C．结合上述可知，粒子从A运动到B过程，电场力做负功，电势能增大，即粒子在A点时的电势能小于在B点时的电势能，故C错误； B．结合上述，粒子从A运动到B过程，电场力做负功，根据动能定理可知，粒子在A点时的动能大于在B点时的动能，故B正确； D．等差等势线分布的密集程度能够间接表示电场的强弱，根据图示可知，粒子运动过程电场强度大小发生变化，则粒子所受电场力大小发生变化，即粒子加速度大小发生变化，故D错误。 故选B。 6．B 【难度】0.65 【知识点】匀变速直线运动速度与位移的关系、逆向思维求解匀变速直线运动 【详解】A．假设没有墙壁，则冰壶经过d点后再运动L将停止，则冰壶离手后运动的加速度大小为 选项A错误； B．冰壶离手后运动的时间为： 选项B正确； C．由逆向思维，冰壶从点运动到点的时间和从点返回到点的时间之比为 选项C错误； D．冰壶与竖直墙壁碰撞前的瞬时速度大小为 选项C错误。 故选B。 7．C 【难度】0.4 【知识点】利用平衡推论求力大小或方向、磁感应强度的矢量性与叠加、直线电流周围的磁场 【详解】AB．对导线甲受力分析，如图所示 由题意可知，导线甲刚好静止，在竖直方向上有 水平方向上有 其中， 解得，， 又由牛顿第三定律得导线甲对桌面的压力大小为 故AB错误； C．仅将导线丙中电流反向，受力分析如图所示 由对称性可知，导线乙和导线丙在水平方向的分力大小相等，所以导线甲所受的摩擦力为0，故C正确； D．仅撤走导线乙，导线甲的受力分析如图所示 假设导线甲不滑动，则竖直方向有 则 导线甲与桌面间的最大静摩擦力为 在水平方向的分力为 显然，所以导线甲仍静止，故D错误。 故选C。 8．BC 【难度】0.85 【知识点】线速度与角速度的关系、向心力的计算 【详解】A．两球靠弹簧的弹力提供向心力，则知两球向心力大小相等，故A错误； B．两球共轴转动，角速度相同。A、B的向心力大小相等，由 可求得两球的运动半径之比为 故B正确； C．对于A球，轨道半径 由 可求得 故C正确； D．小球B匀速转动的周期为 故D错误。 故选BC。 【点睛】两球做圆周运动，角速度相等，靠弹簧的弹力提供向心力，根据向心力的关系结合胡克定律和牛顿第二定律求出转动半径的关系，并求出角速度和周期 9．CD 【难度】0.65 【知识点】整体法与隔离法解决共点力平衡问题、库仑定律内容和表达式、用解析法解决平衡问题 【详解】CD．对小球A进行分析，受到重力、墙面弹力与库仑力。 令A、B连线与竖直方向夹角为，则有， 当将B稍向左推过一些时，减小，可知，墙面弹力减小，库仑力减小，故CD正确； AB．对A、B两小球整体进行分析有， 当将B稍向左推过一些时，减小，可知，推力F将减小，地面对B的弹力不变，故AB错误。 故选CD。 10．AD 【难度】0.4 【知识点】绳连接体问题、机械能守恒定律在弹簧类问题中的应用 【详解】A．由图可知，当小球下落到x2时，加速度为零，即弹力与重力大小相等，此时弹簧的形变量为，则有 解得 A正确； B．对小滑块和弹簧组成的系统进行分析，由于只有重力和弹力做功，则系统机械能守恒，当弹簧的弹性势能最小，小滑块的机械能最大，故当小滑块下落到时，弹簧处于原长，弹性势能为零，为最小，则此时小滑块的机械能最大，B错误； C．由图可知，x1～x2的距离差小于x2～x3两的距离差，可得弹簧弹性势能的增量不相等，C错误； D．在x1～x2的过程中，重力大于弹力，根据牛顿第二定律有 又由A项可知 联立解得 由图可知，当时 联立解得 即为该段图线的斜率绝对值； 在过程中，弹力大于重力，根据牛顿第二定律有 又 联立解得 由图可知，当时 联立解得 即为该段图线的斜率绝对值，故可得在x1～x2和x2～x3两段过程中，a-x图线斜率的绝对值均等于，D正确。 故选AD。 11．(1)12.7（2分） (2) （1分） （3分） 【难度】0.65 【知识点】用光电门研究匀变速运动、游标卡尺的使用与读数 【详解】（1）图2可知游标卡尺为10分度，即精度为0.1mm，故物块的厚度 （2）[1]物块通过光电门时的速度表达式为 [2]把两物块和环形砝码作为一个系统，设系统加速度大小为a，则由牛顿第二定律可得 解得： 物块经过物块速度         速度位移公式有 联立以上解得 故图像斜率为 整理可得 12．(1) （2分） (2)（2分） (3) 5（1分） 变大（1分） (4)低（1分） (5)偏小（2分） 【难度】0.65 【知识点】电学创新实验 【详解】（1）实物连接如图 （2）由于电压表量程为6V，本实验电压表并联在定值电阻两端，由欧姆定律可得，定值电阻两端的电压 由图甲可知 可得 解得 故选。 （3）[1]本实验采用替代法，用电阻箱的阻值替代传感器的电阻，故先将电阻箱调到30.0Ω，结合电路，开关应向b端闭合；由图甲可知时，天然气浓度为5%。 [2]逐步减小电阻箱的阻值，根据串反并同可知电压表的示数不断增大。 （4）图甲可知浓度越低，变化越快，电压表示数变化越大，即低浓度下灵敏度较高。 （5）使用一段时间后，由于电源的电动势略微变小，内阻变大，电路中的电流将变小，电压表的示数将偏小，故其天然气浓度的测量结果将偏小。 （9分）13．(1)2m/s (2)8N (3)会 【难度】0.65 【知识点】有外力接触面粗糙的板块模型 【详解】（1）当F=5N时，书本和抽屉一起向右运动的加速： （1分） 抽屉与挡板碰前瞬间的速度大小： （1分） （2）要使书本和抽屉不发生相对滑动， 则对书本由牛顿第二定律 （1分） 对整体 （1分） 联立解得 （1分） （3）当F=9.8N>Fm，可知书本相对抽屉发生相对滑动，书本的加速度为（1分） 对抽屉 （1分） 当抽屉碰到挡板时由 （1分） 联立解得，此时书本的位移：（1分） 因x1>2s可知，书本不会碰到抽屉左端，又2x1−2s+s>d可知，书本会碰到抽屉右端。 14．(1)48N (2) (3)297J 【难度】0.65 【知识点】物块在倾斜传送带上运动分析、能量守恒定律在传送带模型中的应用 【详解】（1）设传送带对物体的摩擦力为f1，传送带对货物的支持力为N1， 挡板对货物的支持力为N2， 则，，， （四式共2分） 代入数据解得：，（1分） （2）设货物由静止放上传送带获得的加速度为a， 对货物有：（1分） 设货物在传送带上经时间t1达到共速，所走的位移为s1， 由运动学公式得： （1分） （1分） 联立以上三式，解得：， （1分） 所以物体能在传送带上达到共速，共速后，货物做匀速直线运动，直至被取下，设再经过时间t2到达目的地，则有： （1分） 货物匀速阶段所用的时间为： （1分） 货物运动的总时间为： （1分） （3）货物动能的增加量： （1分） 传送带和货物之间产生的热量： （1分） 挡板和货物之间产生的热量： （1分） 电动机多消耗的电能转化为货物的动能和产生的热量，则 （1分） 15．(1) (2)粒子不能穿出极板，落在PQ极板上离P端的距离为 (3)（n=0，1，2，3…）或，（n=0，1，2，3…） 【难度】0.4 【知识点】带电粒子在匀强电场中做类抛体运动的相关计算、带电粒子在周期性变化的电场运动（初速度垂直电场） 【详解】（1）粒子在A、B间电场加速过程中，由动能定理得：  （2分）      粒子在两极板MN、PQ间匀速运动时： （1分） 解得带电粒子的比荷为： （1分） （2）假设不能穿出，则根据牛顿第二定律有： （1分） 又 （1分） 粒子类平抛运动，根据类平抛运动规律有： （1分） （1分） 联立以上式子解得： （2分） 则粒子不能穿出极板，落在PQ极板上离P端的距离为。 （3）当UDC=18U时，在时刻，射入极板间的粒子，经过时间， 由（1）（2）中公式可知   会被极板吸收； （1分） 假设0~的时间内，在时刻射入的粒子恰好不碰下板。 粒子以此加速度在竖直方向上先向下加速（）时间，再向下减速（）时间，则： （2分） 解得： （1分） 由交变电流的周期性得以下时刻射入的粒子恰好不碰到PQ板时应满足： （n=0，1，2，3…） 或 （n=0，1，2，3…） （2分） 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $2025年廉江中学高二级学科竞赛 物理试题 学校： 姓名： 班级： 考号： 本试卷满分100分，考试时间75分钟 注意事项： 1.答卷前，考生要务必填写答题卷上的有关项目. 2选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答案涂在答题卷相应的位置上， 3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卷各题目指 定区域内，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔 和涂改液，不按以上要求作答的答案无效。 4.请考生保持答题卷的整洁.考试结束后，将答题卷交回. 第一部分选择题（共46分） 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个 选项中，只有一个选项符合题目要求，选对得4分，错选、不选得0分) 1.如图所示，水平面内有两条相互垂直且彼此绝缘的通电长直导线，以它们为坐标轴构成 一个平面直角坐标系。四个相同的圆形闭合线圈在四个象限内完全对称放置，两直导线中的 电流大小与变化情况完全相同，电流方向如图所示，当两直导线中的电流都增大时，闭合线 圈a、b、c、d中感应电流的情况是() A.线圈a中有感应电流 B.线圈b中有感应电流 C.线圈c中无感应电流 D.线圈d中有感应电流 2.为了方便在医院输液的病人及时监控药液是否即将滴完，有人发明了一种利用电容器原 理实现的输液报警装置，电容器C的两极板夹在输液管两侧，实物图和电路原理如图所示。 闭合开关，当药液液面降低时，两极板之间介质由液体改变为气体，蜂鸣器B就会因通过 特定方向的电流而发出声音，电路中电表均为理想电表.根据以上说明，下列选项分析正确 的是() A.液面下降后，电容器两端电压变小 B.液面下降后，电容器所带电量增大 C.液面下降时蜂鸣器电流由b流向α D.输液管较粗时，电容器容值会变大 3.如图所示为一网球发球机，可以将网球以不同的水 网球出口孔P 墙 d688 平速度射出，打到竖直墙上。O、A、B是竖直墙上三点， 网球发球机 O与出射点处于同一水平线上，A、B两点分别为两次试 验时击中的点，OA=hu,OB=2,出射点到O点的距离 为L,当地重力加速度为g,空气阻力忽略不计，网球 水平地面 试卷第1页，共6页 可看作质点。下列说法正确的是() A.出射速度足够大，网球可以击中O点 B.发球间隔时间足够短，两个网球在下落过程中可相遇 C.击中A点的网球的初速度大小为， 2h g 1g+2gh. D.网球击中B点时速度大小为 4.北斗导航系统又被称为双星定位系统”，具有导航、定位 卫星1 等功能。“北斗”系统中两颗工作卫星1和2均绕地心O做匀速 卫星2 圆周运动，轨道半径均为，某时刻两颗工作卫星分别位于轨 600 道上的A、B两位置，如图所示。若卫星均顺时针运行，地球 表面处的重力加速度为g,地球半径为R,不计卫星间的相互 作用力。以下判断正确的是() 地球 A.两颗卫星的角速度相同，它们之间的距离为 3 B.两颗卫星所受的向心力大小一定相等 C,卫星1由位置4运动到位置B所需的时间可能为数\{ D.如果要使卫星2追上卫星1，一定要使卫星2加速 5.如图所示，为某静电透镜的示意图，图中实线K、 G是电极板，K板电势为120V、带孔的G板电势为 30V,虚线为等势线，从K板中心附近沿水平方向向 1209060 右发射的带电粒子最终都汇聚到B点。不计粒子重力， 5442、3432 关于从A点发射的粒子其从A点到B点的过程，下列 说法中正确的是() A.粒子带正电 B.粒子在A点时的动能大于在B点时的动能 C.粒子在A点时的电势能大于在B点时的电势能 U=30V D.粒子加速度大小一直不变 6.如图所示，运动员将冰壶（可视为质点）从点（冰壶已离手）以一定的速度v沿水平 冰面推出，冰壶离手后依次经过a、b、c三点后在d点与竖直墙壁发生碰撞，碰撞后立即 以原速率反向弹回，最终停在℃点。已知冰壶在碰撞前、后均做加速度大小相等的匀减速直 线运动，ab=bc=cd=L,碰撞时间忽略不计，则下列说法正确的是() a 0 A.冰壶离手后运动的加速度大小为 6L B.冰壶离手后运动的时间为8乙 C.冰壶从c点运动到d点的时间和从d点返回到c点的时间之比为1：（√2-1） 试卷第2页，共6页 D.冰壶与竖直墙壁碰撞前的瞬时速度大小为； 7.如图所示，三根质量均为m的通电直导线沿垂直纸面水平放置，导线甲放在水平桌面上， 乙、丙固定在甲的上方且连线水平，三根导线的截面连线列好构成正三角形，现在三根导线 中通有大小相等的电流，甲、丙的电流方向向里，乙的电流方向向外，已知相邻两导线间的 作用力大小均为”坚，此时甲刚好静止，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小 2 为g。则下列说法正确的是() 乙⊙ ⑧丙 A甲对泉面的压力大小为g B。甲与水平桌面间的动摩擦因数为 甲☒ 2 C.仅将丙中电流反向，甲所受的摩擦力变为0 D,仅撤走乙，甲在水平桌面上开始滑动 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分在每小题给出的四个选 项中，有两个或两个以上选项符合题目要求，全选对的得6分，漏选的得3分， 错选、不选得0分) 8.如图所示，水平转台绕竖直轴匀速转动，穿在水平光滑直杆上的小球A和B由轻质弹簧 相连并相对直杆静止。已知A、B小球的质量分别为2和，它们之间的距离为3L,弹簧 的劲度系数为k、自然长度为L,下列分析正确的是() A.小球A、B受到的向心力之比为2：1 B B.小球A、B做圆周运动的半径之比为1：2 C.小球A匀速转动的角速度为 V D.小球B匀速转动的周期为2π， 9.如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘，两个带有同种电荷的小球A、B分别处 于竖直墙面和水平地面，且共处于同一竖直平面内。若用图示方向的水平推力F作用于B, 则两球静止于图示位置，如果将B稍向左推过一些，两球重新平衡时的情况与原来相比 () A.推力F将增大 B.地面对B的弹力减小 C.墙面对A的弹力将减小 D.两小球之间的库仑力减少 77777777777777777777 10.如图(a),倾角为的光滑斜面上，轻弹簧平行斜面放置且下端固定，一质量为m的小 滑块从斜面上O点由静止滑下。以O点为原点，作出滑块从O下滑至最低点过程中的加速 度大小α随位移x变化的关系如图(b)。弹簧形变始终未超过弹性限度，重力加速度大小为 试卷第3页，共6页 8。下列判定正确的是() a m wwMW gsino X1 X2 x3 x 图(a) 图b) A.弹簧的劲度系数为"gs血日 X2-X B.下滑过程中，在x=x2处，滑块的机械能最大 C.在x~x2和2~x?两段过程中，弹簧弹性势能的增量相等 D.在x~x2和x2~x3两段过程中，-x图线斜率的绝对值均等于 gsine x2-x) 第二部分非选择题（共54分） 三、实验题与解答题（本大题共5小题，共54分。按题目要求作答。解答题应 写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分有 数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) (6分)11.某研究性小组用如图1所示装置来测定当地的重力加速度，一条轻绳跨过轻质定 滑轮，绳的两端连接质量都为M的物块，开始时装置静止。现在左侧的物块上叠加一个质 量为m的环形砝码，左侧物块上端距离挡板的高度为，物块穿过挡板时环形砝码将架在挡 板上。挡板下方安装一个光电门，可测出物块通过光电门的时间t。 2 环形砝码 物块 挡板 光电门 1 2 主尺 3cm 物块入 L山山山 TTTTTTTI 10 图1 图2 图3 (1)用游标卡尺测左侧物块的厚度d时，刻度如图2所示，其读数为 1nm。 (2)物块通过光电门时的速度表达式为 ，逐次改变左侧物块下落的高度，并测 试卷第4页，共6页 出对应高度下物块通过光电门的时间t,描绘出 宁-h图像，如图3所示，图像斜率为。则 重力加速度g的表达式为 二。（用题中所给物理量的字母表示） (9分)12.管道天然气的主要成分是甲烷，当空气中天然气浓度()达到5%15%，遇火就 会引发爆炸，使用时要谨防泄漏。某同学想自己组装一个天然气浓度测试仪，其中传感器R 的电阻随天然气浓度的变化规律如图甲所示，测试仪电路如图乙所示。实验室提供的器材有： 1R./Q ■■■ 801 传感器R 50 40 20 o →7%) 5 10 15 电源 甲 A.传感器R; B.直流电源（电动势为8V,内阻约12）： C.电压表（量程为06V,内阻非常大）； D.电阻箱（最大阻值为999.92）： E.定值电阻R(阻值为102)： F定值电阻R,(阻值为502)： G单刀双掷开关一个，导线若干。 (1)请根据图乙测试仪的电路图，在图丙中完成实物连线： (2)欲通过电压表示数反映天然气浓度，以判断是否达到爆炸极限，图乙中应选用定值电 阻 (填“R”或“R”): (3)按照下列步骤调试测试仪： ①电路接通前，将电阻箱调为30.0，开关拨至b端，把此时电压表指针对应的刻度线标记 为天然气浓度值 %: ②逐步减小电阻箱的阻值，电压表的示数不断 (填“变大”或“变小”)，结合甲图 数据把电压表上“电压”刻度标为对应的天然气浓度值： ③将开关拨至a端，测试仪即可正常使用。 (4)根据图甲可知，采用此测试仪检测天然气浓度，当浓度较 （填“高”或“低”)时 其检测灵敏度较高： (5)使用一段时间后，由于电源的电动势略微变小，内阻变大，致使天然气浓度的测量结果 （填“偏大”、“偏小”或“不变)。 四、解答题 (9分)13.图甲为某学生的书桌抽屉。已知抽屉的质量MF1.8kg,长度d0.8m,其中放有质 量=0.2kg,长s=0.2的书本，书本的四边与抽屉的四边均平行。书本的右端与抽屉的右 端相距也为5，如图乙所示。不计柜体和抽屉的厚度以及抽屉与柜体间的摩擦，书本与抽屉 间的动摩擦因数=0.4。现用水平力F将抽屉抽出，抽屉遇到柜的挡板时立即锁定不动。重 力加速度g=10m/s2。 试卷第5页，共6页 柜体 挡板 抽屉 甲图 乙图 (1)当-5N时，书本和抽屉一起向右运动，求抽屉与挡板碰前瞬间的速度大小v: (2)要使书本和抽屉不发生相对滑动，求F的最大值Fm: (3)当F-9.8N时，通过计算说明书本是否会撞到抽屉。 (14分)14.图(a)为某国际机场的货物传送装置实物图，简化图如图(b),该装置由传送 带ABCD及固定挡板CDEF组成，固定挡板与传送带上表面垂直，传送带上表面ABCD与 水平台面的夹角=37°，传送带匀速转动时，工作人员将正方体货物（可视为质点）从D点 由静止释放，在L=10处取下货物，货物运动时的剖面图如图(c)所示，已知传送带匀速 运行的速度v=3m/s,货物的质量n=10kg,其底部与传送带上表面ABCD间的动摩擦因数 0.6,其侧面与挡板CDEF间的动摩擦因数u=0.3,重力加速度g取10m/s2,sim37°-0.6 c0s37-0.8,不计空气阻力。求： 传送带的 上表面 固定挡板 固定挡板 D (a) (b) (c) (1)传送带上表面对货物的滑动摩擦力大小： (2)货物在传送带上运动的时间t: (3)由于传送该货物传送带电动机多消耗的电能E。 (16分)15.有一研究粒子运动的设备，内部构造如图甲所示。电极K不断释放出带负电的粒 子（初速度为零，不计重力），经电压为U的A、B间电场加速后，能沿着MN板的下边缘 射入正对的两极板MN、PQ之间。当C、D两极未加电压时，测得粒子穿过两板间区域的 运动时间为t。。己知MW、PQ两板的板长和间距均为d,粒子打在极板上会被极板吸收， 不考虑极板电荷量的变化。 C K 18U 0 2 180 (1)求带电粒子的比荷； (2)若Uc=18U,粒子能否从两极板的右侧穿出？若不能穿出，计算出粒子落在P9极板上 离P端的距离；若能穿出，计算出粒子射出板间时，在垂直于极板方向上的位移大小： (3)若Uc的变化如图乙所示，求哪些时刻射入的粒子恰好不碰到PQ 试卷第6页，共6页 2025年高二级学科竞赛 物理试题 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 本试卷满分100分，考试时间75分钟 注意事项： 1.答卷前，考生要务必填写答题卷上的有关项目. 2.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答案涂在答题卷相应的位置上. 3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卷各题目指定区域内，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液，不按以上要求作答的答案无效。 4.请考生保持答题卷的整洁.考试结束后，将答题卷交回. 第一部分 选择题（共46分） 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对得4分，错选、不选得0分） 1．如图所示，水平面内有两条相互垂直且彼此绝缘的通电长直导线，以它们为坐标轴构成一个平面直角坐标系。四个相同的圆形闭合线圈在四个象限内完全对称放置，两直导线中的电流大小与变化情况完全相同，电流方向如图所示，当两直导线中的电流都增大时，闭合线圈a、b、c、d中感应电流的情况是（   ） A．线圈a中有感应电流 B．线圈b中有感应电流 C．线圈c中无感应电流 D．线圈d中有感应电流 2．为了方便在医院输液的病人及时监控药液是否即将滴完，有人发明了一种利用电容器原理实现的输液报警装置，电容器C的两极板夹在输液管两侧，实物图和电路原理如图所示。闭合开关，当药液液面降低时，两极板之间介质由液体改变为气体，蜂鸣器B就会因通过特定方向的电流而发出声音，电路中电表均为理想电表．根据以上说明，下列选项分析正确的是（　　） A．液面下降后，电容器两端电压变小 B．液面下降后，电容器所带电量增大 C．液面下降时蜂鸣器电流由b流向a D．输液管较粗时，电容器容值会变大 3．如图所示为一网球发球机，可以将网球以不同的水平速度射出，打到竖直墙上。O、A、B是竖直墙上三点，O与出射点处于同一水平线上，A、B两点分别为两次试验时击中的点，OA=h1，OB=h2，出射点到O点的距离为L，当地重力加速度为g，空气阻力忽略不计，网球可看作质点。下列说法正确的是（　　） A．出射速度足够大，网球可以击中O点 B．发球间隔时间足够短，两个网球在下落过程中可相遇 C．击中A点的网球的初速度大小为 D．网球击中B点时速度大小为 4．北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能。“北斗”系统中两颗工作卫星1和2均绕地心O做匀速圆周运动，轨道半径均为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，如图所示。若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力。以下判断正确的是（　　） A．两颗卫星的角速度相同，它们之间的距离为 B．两颗卫星所受的向心力大小一定相等 C．卫星1由位置A运动到位置B所需的时间可能为 D．如果要使卫星2追上卫星1，一定要使卫星2加速 5．如图所示，为某静电透镜的示意图，图中实线K、G是电极板，K板电势为120V、带孔的G板电势为30V，虚线为等势线，从K板中心附近沿水平方向向右发射的带电粒子最终都汇聚到B点。不计粒子重力，关于从A点发射的粒子其从A点到B点的过程，下列说法中正确的是（　　） A．粒子带正电 B．粒子在A点时的动能大于在B点时的动能 C．粒子在A点时的电势能大于在B点时的电势能 D．粒子加速度大小一直不变 6．如图所示，运动员将冰壶（可视为质点）从点（冰壶已离手）以一定的速度沿水平冰面推出，冰壶离手后依次经过、、三点后在点与竖直墙壁发生碰撞，碰撞后立即以原速率反向弹回，最终停在点。已知冰壶在碰撞前、后均做加速度大小相等的匀减速直线运动，，碰撞时间忽略不计，则下列说法正确的是（    ） A．冰壶离手后运动的加速度大小为 B．冰壶离手后运动的时间为 C．冰壶从点运动到点的时间和从点返回到点的时间之比为 D．冰壶与竖直墙壁碰撞前的瞬时速度大小为 7．如图所示，三根质量均为m的通电直导线沿垂直纸面水平放置，导线甲放在水平桌面上，乙、丙固定在甲的上方且连线水平，三根导线的截面连线刚好构成正三角形，现在三根导线中通有大小相等的电流，甲、丙的电流方向向里，乙的电流方向向外，已知相邻两导线间的作用力大小均为，此时甲刚好静止，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g。则下列说法正确的是（　　） A．甲对桌面的压力大小为 B．甲与水平桌面间的动摩擦因数为 C．仅将丙中电流反向，甲所受的摩擦力变为0 D．仅撤走乙，甲在水平桌面上开始滑动 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求，全选对的得6分，漏选的得3分，错选、不选得0分） 8．如图所示，水平转台绕竖直轴匀速转动，穿在水平光滑直杆上的小球A和B由轻质弹簧相连并相对直杆静止。已知A、B小球的质量分别为2m和m，它们之间的距离为3L，弹簧的劲度系数为k、自然长度为L，下列分析正确的是（　　） A．小球A、B受到的向心力之比为2∶1 B．小球A、B做圆周运动的半径之比为1∶2 C．小球A匀速转动的角速度为 D．小球B匀速转动的周期为 9．如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘，两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面，且共处于同一竖直平面内。若用图示方向的水平推力作用于B，则两球静止于图示位置，如果将B稍向左推过一些，两球重新平衡时的情况与原来相比（　　） A．推力将增大 B．地面对B的弹力减小 C．墙面对A的弹力将减小 D．两小球之间的库仑力减少 10．如图（a），倾角为θ的光滑斜面上，轻弹簧平行斜面放置且下端固定，一质量为m的小滑块从斜面上O点由静止滑下。以O点为原点，作出滑块从O下滑至最低点过程中的加速度大小a随位移x变化的关系如图（b）。弹簧形变始终未超过弹性限度，重力加速度大小为g。下列判定正确的是（　　） A．弹簧的劲度系数为 B．下滑过程中，在x=x2处，滑块的机械能最大 C．在x1～x2和x2～x3两段过程中，弹簧弹性势能的增量相等 D．在x1～x2和x2～x3两段过程中，a-x图线斜率的绝对值均等于 第二部分 非选择题（共54分） 三、实验题与解答题（本大题共5小题，共54分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） (6分)11．某研究性小组用如图1所示装置来测定当地的重力加速度，一条轻绳跨过轻质定滑轮，绳的两端连接质量都为M的物块，开始时装置静止。现在左侧的物块上叠加一个质量为m的环形砝码，左侧物块上端距离挡板的高度为h，物块穿过挡板时环形砝码将架在挡板上。挡板下方安装一个光电门，可测出物块通过光电门的时间t。 (1)用游标卡尺测左侧物块的厚度d时，刻度如图2所示，其读数为 mm。 (2)物块通过光电门时的速度表达式为 ，逐次改变左侧物块下落的高度h，并测出对应高度下物块通过光电门的时间t，描绘出图像，如图3所示，图像斜率为k。则重力加速度g的表达式为 。（用题中所给物理量的字母表示） (9分)12．管道天然气的主要成分是甲烷，当空气中天然气浓度（η）达到5%~15%，遇火就会引发爆炸，使用时要谨防泄漏。某同学想自己组装一个天然气浓度测试仪，其中传感器的电阻随天然气浓度的变化规律如图甲所示，测试仪电路如图乙所示。实验室提供的器材有： A．传感器； B．直流电源（电动势为，内阻约）； C．电压表（量程为0~6V，内阻非常大）； D．电阻箱（最大阻值为）； E.定值电阻（阻值为）； F.定值电阻（阻值为）； G.单刀双掷开关一个，导线若干。 (1)请根据图乙测试仪的电路图，在图丙中完成实物连线； (2)欲通过电压表示数反映天然气浓度，以判断是否达到爆炸极限，图乙中应选用定值电阻 （填“”或“”）； (3)按照下列步骤调试测试仪： ①电路接通前，将电阻箱调为，开关拨至端，把此时电压表指针对应的刻度线标记为天然气浓度值 %； ②逐步减小电阻箱的阻值，电压表的示数不断 （填“变大”或“变小”），结合甲图数据把电压表上“电压”刻度标为对应的天然气浓度值； ③将开关拨至端，测试仪即可正常使用。 (4)根据图甲可知，采用此测试仪检测天然气浓度，当浓度较 （填“高”或“低”）时其检测灵敏度较高； (5)使用一段时间后，由于电源的电动势略微变小，内阻变大，致使天然气浓度的测量结果 （填“偏大”、“偏小”或“不变”）。 四、解答题 (9分)13．图甲为某学生的书桌抽屉。已知抽屉的质量M=1.8kg，长度d=0.8m，其中放有质量m=0.2kg，长s=0.2m的书本，书本的四边与抽屉的四边均平行。书本的右端与抽屉的右端相距也为s，如图乙所示。不计柜体和抽屉的厚度以及抽屉与柜体间的摩擦，书本与抽屉间的动摩擦因数μ=0.4。现用水平力F将抽屉抽出，抽屉遇到柜的挡板时立即锁定不动。重力加速度g=10m/s2。 (1)当F=5N时，书本和抽屉一起向右运动，求抽屉与挡板碰前瞬间的速度大小v； (2)要使书本和抽屉不发生相对滑动，求F的最大值Fm； (3)当F=9.8N时，通过计算说明书本是否会撞到抽屉。 (14分)14．图（a）为某国际机场的货物传送装置实物图，简化图如图（b），该装置由传送带ABCD及固定挡板CDEF组成，固定挡板与传送带上表面垂直，传送带上表面ABCD与水平台面的夹角θ=37°，传送带匀速转动时，工作人员将正方体货物（可视为质点）从D点由静止释放，在L=10m处取下货物，货物运动时的剖面图如图（c）所示，已知传送带匀速运行的速度v=3m/s，货物的质量m=10kg，其底部与传送带上表面ABCD间的动摩擦因数µ1=0.6，其侧面与挡板CDEF间的动摩擦因数µ2=0.3，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力。求： (1)传送带上表面对货物的滑动摩擦力大小f1； (2)货物在传送带上运动的时间t； (3)由于传送该货物传送带电动机多消耗的电能E。 (16分)15．有一研究粒子运动的设备，内部构造如图甲所示。电极不断释放出带负电的粒子（初速度为零，不计重力），经电压为的、间电场加速后，能沿着板的下边缘射入正对的两极板、之间。当、两极未加电压时，测得粒子穿过两板间区域的运动时间为。已知、两板的板长和间距均为，粒子打在极板上会被极板吸收，不考虑极板电荷量的变化。 (1)求带电粒子的比荷； (2)若，粒子能否从两极板的右侧穿出？若不能穿出，计算出粒子落在极板上离端的距离；若能穿出，计算出粒子射出板间时，在垂直于极板方向上的位移大小； (3)若的变化如图乙所示，求哪些时刻射入的粒子恰好不碰到 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $