考点39 分子动理论 固体、液体与气体 实验 用油膜法估测油酸分子的大小-【红对勾】2026年高考物理一轮复习金卷

考点39分子动理论固体、液体与气体 实验：用油膜法估测油酸分子的大小 刷小题·重基础 1.(多选)(2024·云南曲靖模拟)下列说法正确的是 ( A.金刚石、食盐、玻璃和天然水晶都是晶体 B.质量相等的两种理想气体，温度相同时内能一定相同 C.一切自发过程，系统总是自发地向无序度更大的方向发展 D.荷叶表面的水珠呈现球形，是由于水对荷叶不浸润，在表面张力 的作用下形成的 2.(2024·贵州遵义模拟)关于热学知识的理解，下列说法正确的是 A.单晶体的某些物理性质呈现各向异性 B.液体表面张力产生的原因是液体表面层分子间距离比较大，分子 间作用力表现为斥力 C.雨水没有透过雨伞是因为水和伞的不浸润现象 D.在熔化过程中，非晶体要吸收热量，但温度可以保持不变 3.(2024·甘肃酒泉模拟)将一个乒乓球浸没在水中，当水温升高时， 球内气体 A.分子热运动平均动能变小，压强变小 B.分子热运动平均动能变小，压强变大 C.分子热运动平均动能增大，压强变小 D.分子热运动平均动能增大，压强变大 4.(多选)(2024·广东揭阳模拟)墨滴入水，扩而散之，徐徐混匀。下 列关于该现象的分析正确的是 () A.混合均匀主要是炭粒和水分子发生化学反应引起的 B.混合均匀的过程中，水分子和炭粒都在做无规则运动 C.适当加热可以使混合均匀的过程进行得更迅速 D.使用炭粒更大的墨汁，混合均匀的过程进行得更迅速 5.（多选)(2025·福建三明模拟)小张在显微镜 下观察水中悬浮的细微粉笔末的运动。从A G 点开始，他把粉笔末每隔20s的位置记录在坐 0 标纸上，依次得到B、C、D…J点，把这些点连 线形成如图所示折线图，则关于该粉笔末的运 动，下列说法正确的是 考点39 A.该折线图是粉笔末的运动轨迹 B.粉笔末的无规则运动反映了水分子的无规则运动 C.经过B点后10s,粉笔末应该在BC的中点处 D.粉笔末由B到C的平均速度小于由C到D的平均速度 6.(2024·湖北十堰揠模拟)“空气充电宝”是一种通P1 过压缩空气实现储能的装置，可在用电低谷时储 存能量、用电高峰时释放能量。“空气充电宝”某 个工作过程中，一定质量的理想气体的卫一T图 C'。 像如图所示。该过程对应的力-V图像可能是 ( ) D b a A B C 7.(2024·贵州贵阳模拟)如图所示，一定质量的 V/m3 理想气体，从图示A状态开始，经历了B、C C B 状态，最后到D状态，下列判断正确的是 D A.A→B温度升高，压强变大 T/K B.B→C体积不变，压强变大 C.B→C体积不变，压强不变 D.C→D体积变小，压强变大 8.(2025·广东汕尾模拟)甲分子固定在坐标原↑E。 点O,乙分子从图中A点由静止释放，运动过 程中经过P、B两点。两分子间的分子势能 E。与分子间距离x的变化关系如图所示。 下列说法正确的是 A.乙分子在P点的动能大于在B点的动能 B.乙分子在P点的分子势能大于在B点的分子势能 C.乙分子在B点的加速度为零 D.乙分子从P点运动到B点过程中两分子间的作用力减小 9.(2024·江西宜春模拟)两个分子M、N,固 U 定M,将N由静止释放，N仅在分子间作用 力作用下远离M,其速度和位移的图像如图o 所示，则 A.N由x=0到x=x2过程中，M、N间作用力先表现为引力后表 现为斥力 分子动理论固体，液体与气体实验：用油膜法估测油酸分子的大小05 B.N由x=x1到x=x2过程中，N的加速度一直减小 C.N由x=0到x=x2过程中，M、N系统的分子势能先减小后 增大 D.N在x=x1时，M、N间的作用力最大 10.(2025·河南许昌模拟)如图所示为一注 水的玻璃装置，玻璃管D、E上端与大气 空气 相通，利用玻璃管C使A、B两球上部相 通，D、C、E三管与两球接口处紧密封接。h,=l.5m B 当A、B、D的水面高度差如图所示时，E h m D 管内水相对B中水面的高度差h应等于 A () A.0.6m B.0.8m C.1.2m D.1.5m 11.(2024·山西太原模拟)如图所示，一导热 良好的足够长的汽缸水平放置在光滑水平 V277777277777 桌面上，桌面足够高，汽缸内有一活塞封闭 了一定质量的理想气体。一足够长轻绳跨 过定滑轮，一端连接在活塞上，另一端挂一重物，滑轮与活塞间的 轻绳与桌面平行，不计一切摩擦。已知当地重力加速度为g,大气 压强为p。,重物质量为m1,活塞质量为m2,汽缸质量为m3,活塞 横截面积为S。则由静止释放重物，汽缸稳定运动过程中，汽缸内 理想气体的压强为 () mim3g mim3g A.p。一(m1+m2十mg)S B.p0一(m2+mg)S C.po D.po一 mig S 12.(2024·山东枣庄模拟)如图所示，一定质量的 4224ZZL444224444441444 理想气体用质量可忽略的活塞封闭在导热性能 良好的质量m=1kg的汽缸中，活塞的密封性 良好，用劲度系数为k=200N/m的轻弹簧将 活塞与天花板连接。汽缸置于水平桌面上，开始 时弹簧刚好处于原长。已知活塞与汽缸底部的间距为L=0.1m, 活塞的横截面积为S=0.01m,外界环境的压强为p。=1.0× 105Pa,温度为T。=300K,忽略一切摩擦，重力加速度g取10m/s2。 缓慢降低环境温度，则当汽缸刚好要离开水平桌面时环境温度为 A.125.0K B.148.5K C.297.0K D.248.5K >1062对勾·高考一轮复习金卷物理 一刷大题·提能力 13.(2024·山西太原模拟)在“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验 中，有下列实验步骤： A.用注射器将事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待油膜 形状稳定 B.将画有油膜形状的玻璃板平放在坐标纸上，计算出油膜的面积 C.往浅盘里倒入约2cm深的水，待水面稳定后将适量的爽身粉均 匀地撒在水面上 D.将玻璃板放在浅盘上，然后将油膜的形状用彩笔描绘在玻璃 板上 E.根据一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积和油膜的面积计算出 油酸分子直径 (1)以上各实验步骤中正确的顺序是 (填写步骤前面的 字母)。 (2)实验中所用的油酸酒精溶液的体积百分比浓度为0.05%，每 滴溶液的体积为0.02L,描出油酸膜边缘轮廓如图所示。已知 玻璃板上正方形小方格的边长为1cm,则油酸膜的面积约为 m。由以上数据，可估算出油酸分子的直径为 m (以上结果均保留两位有效数字) (3)若实验时爽身粉撒得太厚，则所测的油酸分子直径会 (选填“偏大”或“偏小”)。 14.(2024·吉林长春模拟)如图所示为某同学设计的过压保护装置。 长度为L的竖直放置的绝热汽缸与面积为S的绝热活塞封闭一 定质量的理想气体，汽缸的顶端装有卡环，底端装有泄压阀，当压 强小于等于2饣。，泄压阀保持密闭，当压强大于2p。,就会自动排出 部分气体，以保持缸内压强2饣。不变。初始时，活塞距离缸底的距 离为汽缸长度的号，封闭气体的温度为不。，大气压强为0，活塞的 重力为0.2pS,当温度缓慢升高到T,时，活塞运动到卡环处。若 活塞厚度可忽略，不计活塞与汽缸间的摩擦。求： (1)温度T1; (2)当温度缓慢升至3T。,从泄压阀排出的气体在压强为p。、温度 为T。时的体积。 15.(2024·山东菏泽模拟)可可西里海拔4800m处，大气压强为 5.2×104Pa,游客小强在此出现了高原反应，随即取出一种便携式 加压舱使用。如图所示，该加压舱主要由舱体、气源箱组成。已知 加压舱刚取出时是真空压缩折叠状态，只打开进气口，气源箱将周 围环境中温度为一13℃、体积为5m3的大气输入到舱体中，稳定 后，舱内空气新鲜，且气压不变，温度维持在27℃，病人在舱内的 高压环境内吸氧。充气后的加压舱舱体可视为长2.0m、底面积 1.5m的圆柱体（之后再充气体积可视为不再变化，病人的体积 不计)，舱内外气体均可视为理想气体，舱外环境不变，T=t十 273K。 (1)求稳定后舱内气体的压强； (2)游客小强在舱内治疗一段时间后情况未见好转，他改设1.5× 105Pa、27℃的新模式，加压舱会自动充气，求这个过程中充入的 气体质量与新模式下气体总质量之比。 舱体 气源箱 16.(2024·安徽合肥模拟)自行车在生活中是一种普及程度很高的交 通工具。自行车轮胎气压过低不仅费力还很容易损坏内胎，轮胎 气压过高会使轮胎的缓冲性能下降，钢丝帘线易断裂或发生爆胎， 必须保持合适的轮胎气压来延长轮胎使用寿命和提升骑行感受。 某同学用打气筒给自行车打气，自行车轮胎容积为V=1.8L,胎 内原来空气压强等于标准大气压强p1=1×105Pa,温度为室温 27℃，设每打一次可打入压强为一个标准大气压的空气90mL。 打气过程中由于压缩气体做功，打了40次后胎内气体温度升高到 35℃。 (1)假设车胎因膨胀而增大的体积可以忽略不计，求此时车胎内空 气压强； (2)若自行车说明书规定轮胎气压在室温27℃下标准压强为 p。=2.8×105Pa,为使充气后车胎内气压在室温27℃下达标，试 经过计算判断此次充气量是多了还是少了？为达标应调整胎内气 体的质量，则调整气体的质量占轮胎内总气体质量的比例（车胎体 积变化可以忽略不计，调整胎压时温度不变)。16.A由题图乙可知，太阳光射入六角形冰晶时，a光的偏折角 小于b光的偏折角，由折射定律可知，六角形冰晶对α光的折 射率小于对b光的折射率，由u=二知b光的传播速度较小， 故A正确；由a光的折射率小于b光的折射率，可知a光的频 率小于b光的频率，所以a光的波长大于b光的波长，根据 △x=入可知，a光相邻条纹间距较大，故B错误；a光的折 射率较小，由临界角公式siC=工可知，a光的临界角较大， 故C错误：光的衍射现象中，波长越长，中央亮条纹越宽，故a 光的中央亮条纹更宽，故D错误。 17.C光在真空中传播速度c大于在介质中传播速度0，深紫外 线进入液体后传播速度变小，故A错误；设传播L距离，在真 空中的时间=上，在液体中所需的时间=上 ,t>t,故B 错误；深紫外线进入液体频率不变，根据E=y可知光子能量 不变，故C正确；深紫外线进入液体后频率不变，传播速度变 小，波长变短，更不容易发生明显衍射，故D错误。 18.D因为α单色光的偏折程度大于b单色光，所以根据折射定 律知玻璃砖对a单色光的折射率大于对b单色光的折射率， 所以a单色光的频率比b单色光的频率大，故A错误；根据全 反射临界角公式sinC=工，可知a单色光的折射率大，则a 单色光的临界角小于b单色光的临界角，故B错误：对于任一 光束，入射角i相同，设折射角为？，玻璃砖的半径为R,则折 射率为n= ,光在玻璃砖中的传播速度为口=C,光在玻 sin r 璃砖中的传播距离为s=2 Rsin r,光在玻璃砖中的传播时间 为1=言，联立以上可得t=2迟，Rc均相等，所以在玻 璃砖中α单色光从O到A的传播时间等于b单色光从O到B 的传播时间，故C错误；a单色光的折射率大于b单色光的折 射率，则a单色光在真空中的波长小于b单色光在真空中的 波长，根据双缝千涉条纹间距公式△x= d,可知a单色光产 生的千涉条纹间距比b单色光小，故D正确。 19.(1)15.02(2)2.31660 解析：(1)由游标尺的读数规则可知x2=(15十1×0.02)mm 15.02mm。 (2)题图乙(a)中条纹与题图丙(a)中条纹间的间隔为6个，故 △x=x2=2.31mm, 6 由△r三入可知，入=，兰=660nm 20.(1)S(2)6×103(3)AC 解析：(1)通过洛埃德镜在屏上可以观察到明暗相间的干涉条 纹，这和双缝干涉实验得到的干涉条纹一致。如果S被视为 其中的一个缝，则S′相当于另一个“缝” (2)第3条亮条纹中心到第12条亮条纹中心的间距为22.78mm, 则相邻亮条纹间距为△x=22.78X10 -m≈2.53X10-m, 12-3 等效双缝间的距离为d=2h=0.30mm=3.0×101m,根据 双缝干涉条纹间距公式△x= ,则有入=dA虹 D d D 3.0×10-1×2.53×10- 1.2 -m≈6X10-7m。 D (3)根据双缝干涉条纹间距公式△x= 可知，仅增大D、仅 减小d、仅增大波长入，都能够增大光屏上相邻两条亮条纹之 间的距离，所以A、C正确。 考点39分子动理论固体、液体与气体 实验：用油膜法估测油酸分子的大小 1.CD金刚石、食盐、天然水晶都是晶体，玻璃是非晶体，A错 误；温度相同，两种气体的分子平均动能相同，虽然质量相同， 但气体分子数不一定相同，故内能不一定相同，B错误；根据熵 增加原理可知，在自发过程中，系统总是自发地向无序方向发 展，C正确；荷叶表面的水珠呈现球形，是由于水对荷叶不浸 润，在表面张力的作用下形成的，D正确。 2.A单晶体的某些物理性质呈现各向异性，A正确；液体表面张 力产生的原因是液体表面层分子间距离比较大，分子间作用力 2利勾·高考一轮复习金卷物理 18 表现为引力，B错误：雨水没有透过雨伞是因为液体表面张力， C错误；在熔化过程中，非晶体要吸收热量，温度升高，D错误。 3.D当水温升高时，乒乓球内的气体温度升高，气体分子热运动 平均动能增大，分子对单位器壁的平均撞击作用力变大，气体 压强变大，D正确。 4.BC混合均匀主要是炭粒受到来自各个方向的液体分子的撞 击作用不平衡引起的，不是炭粒和水分子发生化学反应引起 的，故A错误；混合均匀的过程中，水分子做无规则的运动，炭 粒的布朗运动也是无规则的，故B正确：温度越高，液体分子运 动越剧烈，所以适当加热可以使混合均匀的过程进行得更迅 速，故C正确；做布朗运动的微粒越小，布朗运动越明显，所以 要使混合均匀的过程进行得更迅速，需要使用炭粒更小的墨 汁，故D错误。 5.BD折线图是每隔20s记录的粉笔末的位置的连线图，并非 粉笔末的运动轨迹，A错误；粉笔末的无规则运动反映了水分 子的无规则运动，B正确：由于布朗运动的无规则性，我们不能 确定经过B,点后10s时粉笔末的具体位置，C错误；由U= 因为t<xcD,tx=tcD,则Ve<UcDD正确。 6.B根据y-C,可得D=号不，从a到6，气你压强不变，强度 C 升高，则体积变大：从b到c,气体压强减小，温度降低，因c点 与原，点连线的斜率小于b点与原点连线的斜率，则从b到c气 体体积变大，故选B。 7.D由题图可知，在AB的过程中，气体温度升高，体积变大， 且体积与温度成正比，由=C可知，气体压强不变，故A错 误；由题图可知，在B→C的过程中，体积不变而温度降低，由 T=C可知，压强p变小，故B,C错误；由题图可知在CD 的过程中，气体温度不变，体积变小，由 下=C可知，压强力变 大，故D正确。 8.A乙分子在P点时，分子势能最小，由能量守恒定律可知，分 子的动能最大，所以乙分子在P点的动能大于在B点的动能， 乙分子在P点的分子势能小于在B点的分子势能，故A正确， B错误；由题图可知，乙分子在P点时，分子势能最小，此时分 子处于平衡位置，分子引力与分子斥力大小相等，合力为零，加 速度为零，则乙分子在B点的加速度不为零，故C错误；乙分子 在P,点时，分子处于平衡位置，乙分子从P,点运动到B点过程 中，分子间作用力表现为斥力，随着分子间距离减小，两分子间 的作用力增大，故D错误。 9.C 由题图可知，在x=x1处N分子的 动能最大，则分子间作用力做功最多，分 子势能最小，则工=x1处为平衡位置，此 时分子间作用力为零，当x<x1时，分子 间作用力表现为斥力，x>x1时，分子间O \c b d 作用力表现为引力。作F一x图像如图 所示，N由x=0到x=x2过程中，M、V 间作用力先表现为斥力后表现为引力， A、D错误；由于x=x1处为平衡位置，则根据F-x图像，可知 x1相当于F-x图像的c点，则由x=x1到x=x2过程中，N 所受的分子间作用力F先增大后减小，则加速度先增大后减 小，B错误；N由x=0到x=x2过程中，M、N系统的分子势 能先减小后增大，C正确。 10.D利用玻璃管C使A、B两球上部相通，可得pA=pu:根据 压强关系有PA =p。十Pgh1,pB=p。十Pgh,联立可得h h1=1.5m,故选D。 11.A设汽缸稳定运动时轻绳的拉力为T,重物下落的加速度为 a,则对重物有m1g一T=m1a,对活塞和汽缸整体有T (m2十m3)a;对汽缸有poS一pS=ma,联立解得p=p。 m1十m十m)S,故A正确。 mim3g 12.B当汽缸刚好要离开水平桌面时，弹簧的弹力为g,则 mg=k.x,解得弹簧仲长量为x=g=1X10 m=0.05m,则 b 200 当汽缸刚好要离开水平桌面时，活塞与汽缸底部的间距为 L1=L一x=0.05m,当汽缸刚好要离开水平桌面时，汽缸内 气体压强p1=p。-"g=1.0X10Pa 1×10 S 0.01 Pa=0.99× 10P,对汽缸内气体由理想气体状态方程得PLS-pLS 解得当汽缸刚好要离开水平桌面时环境温度为T,=148.5K, 故选B。 6 13.(1)CADBE(2)1.1×10-29.1×10-18(3)偏大 解析：(1)“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验步骤如下： 准备浅水盘(C)→形成油膜(A)→描绘油膜形状(D)→测量油 膜面积(B)→计算油酸分子直径(E),故正确的顺序为 CADBE (2)油骏膜的面积约为S=110×1cm2=110cm=1.1×102m, V0.02×0.05% 则油酸分子的直径d= cm≈9.1X108cm= 110 9.1×101°m。 (3)若实验时爽身粉撒得太厚，油膜无法完全展开，测得的油 膜面积偏小，则测得的油酸分子的直径偏大。 14. (2)3 解析：(1)温度由T。升高到T1的过程中，气体做等压变化， 有 T ,解得T=3江 2 (2)初态时封闭气体的压强为p1（p1=1.2p。),设排出的气体 在2p。、3T。时的体积为V,在温度由T。升高到3T。的过程 p1·3LS 2p(LS+V) 中，由理想气体状态方程得 To 3T。 设排出的气体在p、T。时的体积为V 则有2p.y ,联立解得V-忌LS。 15.(1)1.0×10Pa(2)3 解析：(1)环境温度与稳定后舱内空气温度分别为 T。=-13K+273K=260K,T1=27K+273K=300K, 输入到舱体中气体的体积与稳定后舱内空气体积分别为 Vo=5m3,V1=2.0×1.5m3=3m3, 根据理想气体状态方程有D,儿_ T T 解得p1=1.0×105Pa。 (2)小强改设p2=1.5×10P、27℃的新模式后，舱内气体体 积V1不变，令充入的气体体积为△V,根据理想气体状态方程 有PAy-D-D,,解得AV=2.5m, T。 T T 则充入的气体质量与新模式下气体总质量之比意 m斯恶 AV AV中V,解得m在= m断3。 1 16.(1)3.08×10Pa(2)充气量多了15 解析：(1)气体初态：p1=1×10°Pa,V1=(1.8十40×0.09)L= 5.4L,T1=(27+273)K=300K:末态=p,？V,=1.8L, T,=(35十273)K=308K。根据理想气体状态方程有 PIVI P:V: T T2 代入数据得p2=3.08X10°Pa (2)p。=2.8X10Pa,温度由35℃降到室温27℃过程中轮胎 内气你发生等家变化，有号一气 代入数据解得p3=3×10°Pa>po=2.8×10°Pa, 胎压过大，此次充气量充多，需要放出部分气体。放出气体 时，根据等温变化，有pV=Va, 气体密度不变，则有VV_pV二pV_△m,解得m=月 V, m m15 所以放出气体的质量占轮胎内总气体质量的： 考点40热力学定律与能量守恒定律 实验：探究等温情况下一定 质量气体压强与体积的关系 1,A气泡上升的过程中，外部的压强逐渐减小，气泡膨胀对外做 功，由于外部恒温，在上升过程中气泡内空气的温度始终等于 外界温度，则内能不变，根据热力学第一定律△U=W十Q知， 气泡内能不变，同时对外做功，所以必须从外界吸收热量，且吸 收的热量等于对外界所做的功，故A正确。 2.B由题意可知，汽缸内气体先等压变化，到活塞运动到挡板处 再发生等容变化，等压变化过程外界对气体做负功，做功为 W=一p。Sx=-1X10°×0.04×0.2J=一800J,由热力学第 一定律可知，封闭气体的内能变化量为△U=W十Q=(一800 2000)J=1200J,故A、C、D错误，B正确。 18 DV 3,BCD因题图中a到b的线段的延长线过原点，由厂=C可 知，从α到b气体的体积不变，则从a到b气体不对外做功，A 错误；因从α到b气体温度升高，则气体内能增加，B正确：因 W=0,△U>0,根据热力学第一定律△U=W十Q可知，气体 直从外界吸热，且气体吸收的热量等于内能增加量，C、D正确。 4.AD依题意，中心部位为热运动速率较低的气体，与挡板相碰 撞后反弹，从A端流出，而边缘部位热运动速率较高的气体从 B端流出。同种气体分子平均热运动速率较大的、其对应的温 度也就较高，所以A端为冷端，B端为热端，故A正确；A端流 出的气体分子热运动速率较小，B端流出的气体分子热运动速 率较大，则从A端流出的气体分子平均动能小于从B端流出 的气体分子平均动能，但内能的多少还与分子数有关，依题意， 从A端流出的气体内能不一定大于从B端流出的气体内能， 故B错误；该装置将冷热不均的气体进行分离，喷嘴处有高压， 即该过程是通过外界做功而实现的，并非自发进行的，没有违 背热力学第二定律，该过程也符合能量守恒定律，故C错误，D 正确 5,BC对处于平衡状态的活塞进行受力分析，受到大气压力、重 力和气体向上的压力，则有mg十巾S一p1S=0,解得p1= 十p。,故A错误；活塞缓授上升过程中气体压强不变，根据 S 盖-吕萨克定律有 LS 2LS ,解得T=2T。,故B正确；外界对 气体做功W=一p1SL=一mgL一poSL,根据热力学第一定律 可知△U=Q一mgL一poSL,故C正确，D错误。 6.AD对一定质量的理想气体，内能的大小取决于温度的高低， 两个过程中的初末温度相同，故内能的增加量相同，即△U2 △U1=400J,故D正确；等压过程中，根据热力学第一定律有 △U2=W+Q2,其中△U2=400J,Q2=600J,故W=-200J, 故气体对外界做功W'=200J,由W'=p1△V,解得△V=2L, 故B错误：在等压过程中，有 VV1+△V ,其中T1=300K, △V=2L,T2=400K,解得V1=6L,故A正确；等压过程中， 气休体积增加了原体积的y了，故C辑说。 7.Dbc过程，气体体积不变，气体不做功，W=0,压强增大， 根据查理定律可知温度升高，内能变大，△U>0,根据热力学第 一定律△U=Q十W可知，Q>0,气体吸收热量，故A错误； c→α过程，气体压强不变，体积减小，所以温度降低，内能减 少，故B错误：报据理想气休状态方程D-DV ,代入数据 T T. 可得T,:T6=2:3,故C错误，D正确。 8.A罐内气体的压强等于外界大气压强，则油柱向外移动时，管 V 内气体压强不变，体积变大，根据元=C可知，环境温度升高。 内能变大，△U>0,罐内气体对外做正功，W<0,根据△U=W Q可知Q>0,罐内气体从外界吸热，故选A。 9.C在c→a过程中，气体体积增大，气体对外界做功，故A错 误：根搭理超气休状态方程有=”，根据题图可知 T. pV。=pV。=2poV。,可知T。=T6,则状态a与状态b处于 同一条等温线，即处于同一条双曲线上，根据等温线的分布规 律可知，则在a→b过程中，气体温度先升高后降低，则气体内 能先增大后减小，故B错误；在c→α过程中，气体压强不变，体 积增大，根据盖一吕萨克定律可知，气体温度升高，则分子运动 的平均速率增大，分子撞击器壁的平均作用力增大，由于压强 不变，则单位时间内气体分子对器壁单位面积的碰撞次数逐渐 减少，故C正确；气体状态a与状态b的温度相等，状态a与状 态b的内能相等，c→a过程气体温度升高，内能增大，故b→c 过程气体温度降低，内能减少，则气体在c→α过程中的内能增 加量等于气体在bc过程中的内能减少量，故D错误。 10.B气体温度降低，根据统计规律可知，分子运动的平均速率 减小，但是具体到某一个分子，其速率可能变大、可能变小、也 可能不变，故A错误；由于短时间内快速放出适量气体，此时 气体与外界没有发生传热，放出气体过程，原有的总的气体体 积增大，气体对外做功，根据热力学第一定律可知，气体内能 减小，气体温度降低，故B正确：轮胎体积不变，由于放出一部 分气体，气体分子分布的密集程度减小，气体温度降低，分子 运动的平均速率减小，则轮胎内的气体分子单位时间内撞击 轮胎的次数减少，故C错误；根据理想气体状态方程有 pV_pV,其中p1=3.20atm,T=(47+273)K=320K, T T, 参考答案