考点19 电场力的性质-【红对勾】2026年高考物理一轮复习金卷

考点19电场力的性质 二刷小题·重基础 1.(2024·云南昆明模拟)关于电场强度，下列说法正确的是() A.若在电场中的某点不放试探电荷，则该点的电场强度为0 B真空中点电荷的电场强度公式E=69表明，点电有周围某点电 场强度的大小，与该点到场源电荷距离r的二次方成反比，在r 减半的位置上，电场强度变为原来的4倍 C电场强度公式E=E表明，电场强度的大小与试探电荷的电荷量 g成反比，若q减半，则该处的电场强度变为原来的2倍 D.匀强电场中电场强度处处相同，所以任何电荷在其中受力都 相同 2.(2024·江苏卷)在静电场中有a、b两点，试探电 F 荷在两点的静电力F与电荷量q满足如图所示 的关系，请问a、b两点的场强大 E等于( A.1:1 B.2:1 C.3:1 D.4:1 3.(2024·湖南岳阳模拟)某电场的电场线 分布如图所示，下列说法正确的是( A.c点的电场强度大于b点的电场强度 B.若将一试探电荷十q由a点静止释放， 它将沿电场线运动到b点 C.b点的电场强度大于d点的电场强度 D.a点和b点的电场强度的方向相同 4.(2024·贵州安顺模拟)如图所示，在一条直线上有两个相距0.4m 的点电荷A、B,A带电荷量为十Q,B带电荷量为一9Q。现引入第 三个点电荷C,恰好使三个点电荷均在静电力的作用下处于平衡状 态，则C的带电性质及位置应为 ( A.正电荷，B的右边0.4m处 B + B.正电荷，B的左边0.2m处 -0.4m C.负电荷，A的左边0.2m处 D.负电荷，A的右边0.2m处 5.(2024·广东河源模拟)两个半径均为r的相同金属球，球心相距 3r,分别带有电荷量一2Q和+4Q,它们之间库仑力的大小为F,现 将两球接触后再放回原处，两小球间距离保持不变，则两小球间库 仑力的大小 () A.等于后F 小于 C大于8F D.无法确定 6.(2024·江苏泰州调研)当空气中的电场强度超过E。时，空气会被 击穿。给半径为R的孤立导体球壳充电，球壳所带电荷量的最大 值为Q,已知静电力常量为k,则Q为 () EoR2 、ER2 B.k c EoR A.2k D.k 7.(2024·广东肇庆模拟)如图所示，三个固定的 带电小球a、b和c,相互间的距离分别为ab= 5cm,bc=3cm,ca=4cm。小球c所受库仑力a 。b 的合力的方向平行于a、b的连线。设小球a、b所带电荷量的比值 的绝对值为，则 () A.a、b的电荷同号，k=16 16 B.a、b的电荷异号，k= 9 9 64 64 C.a、b的电荷同号，k= 27 D.a、b的电荷异号，k=27 8.(2024·广西柳州三模)在某正点电荷形成的电场中有一条直线，直 线上各点中a点的场强最大，直线上另一点b的场强大小为a点的 ,则下列说法正确的是 () A.a、b两点的场强方向相同 B.a、b两点的场强方向的夹角为30° C.a、b两点的场强方向的夹角为60° D.a、b两点的场强方向的夹角为120° 9.(2025·山西临汾适应性训练)如图所示，在场强大 小为E的匀强电场中，A、B、C三个点构成等边三 角形。在B、C两点各放一个等量的正点电荷，A 点的场强刚好为零。若把B点的正电荷换成等量 ⊕ B 的负点电荷，则A点的场强大小为 ) B.3E C.E 10.(2024·安徽名校联考)如图所示，在平面直角坐标系xOy中，各 个圆环大小相同，所带电荷量均为十g,且电荷均匀分布，各个 考点19电场力的性质049 圆环间彼此绝缘。则坐标原点O处的电场强度最大的是( ↑y ↑y A B D 11.(2024·湖北武汉调研)如图所示，用五根完全相 同的均匀带电绝缘棒围成正五边形ABCDF,P 为该五边形的中心。AB、BC、DF、FA棒所带电 荷量均为+q,CD棒所带电荷量为一2q,此时P 处电场强度的大小为E。若移走CD棒而保持 其他棒的位置和电荷分布不变，则P点电场强度的大小为( A号 B号 c号 D. 12.(2025·江苏常州期中)如图所示，半径为R 的带电荷量为十Q的绝缘圆环，圆心为O,电 荷量均匀分布。A、B、C为圆环的三等分点， OD=2R。现将A、B两处长为△l的圆弧上 的电荷取走，D点放置一带电荷量为q的点电荷，O处电场强度恰 好为0，则 ( A.D点处的点电荷一定带正电B.C点电场强度为零 2△l C.q的绝对值为 ThQ D.A、B两点电场强度相同 13.(2025·广东名校联考)如图所示，半径为R的 OP 金属圆环固定在水平平面上，金属圆环均匀带 R 电，带电荷量为Q,另一个质量为m的带电小R0> 球，稳定悬浮在圆环圆心O点正上方R高度的位置P上，已知静 电力常量为k,重力加速度为g,若取无穷远为零电势点，则下列说 法正确的是 () A.将小球从P点向下移动至O点，电场力一直变小 B.金属圆环在P点产生的电场强度大小为 Q 2√2mgR2 C.小球的带电荷量为q= kQ D.将小球下压一小段距离后释放，小球会做简谐运动 14.(2024·广东佛山二模)如图所示，在直角三角形ABC中，∠A= 30°，BC=R。A、B两点各固定有点电荷，带电荷量分别为一4Q、 050红对内·高考一轮复习金卷物理 十Q,以C点为球心固定有不带电的金属球壳，球A? 壳半径为2R。已知静电力常量为k,则球壳表面 的感应电荷在球心C处产生的电场强度( A.为零 B.大小为 R,方向沿BA方向 C.大小为 是，方向与CB方向夹角为60 D.大小为2k ,方向沿∠ACB平分线 15.(2024·辽宁锦州模拟)如图所示，正方形的 两个顶点B、B'上固定两个等量正点电荷，将 一电子从顶点A由静止释放，电子仅在静电B& B 力的作用下运动到顶点A'的v-t图像可能 正确的是 D 16.(多选)(2024·山东临沂二模)如图甲所示，两个可看作点电荷的 带电绝缘小球紧靠着塑料圆盘边缘，小球A固定不动（图中未画 出)。小球B绕圆盘边缘在平面内从日=0沿逆时针缓慢移动，测 量圆盘中心O处的电场强度，获得沿x方向的电场强度E，随日 变化的图像（如图乙）和沿y方向的电场强度E,随0变化的图像 (如图丙)。下列说法正确的是 ( E,/V·m-) tE/(V·m-) 0.5m →grad 。小球B 圆盘 L50 θ/rad 0 0.5π2 甲 丙 A.小球A带负电荷，小球B带正电荷 B.小球A、B所带电荷量之比为1：2 C.小球B绕圆盘旋转一周过程中，盘中心O处的电场强度先增大 后减小 D.小球B绕圆盘旋转一周过程中，盘中心O处的电场强度最小值 为2V/m 17.(2024·北京海淀区一模)某种滴水起电机装置如图甲所示，滴水 装置左右相同的两管口形成的水滴分别穿过距管口较近的铝环 A、B后滴进铝筒C、D,铝环A用导线与铝筒D相连，铝环B用导 线与铝筒C相连，导线之间彼此绝缘，整个装置与外界绝缘。由于 某种偶然的原因，C筒带上微量的负电荷，则与之相连的B环也带 有负电荷，由于静电感应，B环上方即将滴落的水滴下端会带正电 荷，上端带负电荷，如图乙所示。水滴在落下瞬间，正、负电荷分 离，如图丙所示，带正电荷的水滴落下穿过B环滴入D筒，C、D两 筒之间产生电势差。为了研究问题方便，假设滴水装置中水足够 多，每滴水的质量相同，忽略筒内液面高度的变化，下列说法正确 的是 滴水装置 ↓ -司B 甲 乙 丙 A.滴水装置中会产生从左向右的电流 B.水滴下落到筒内的时间越来越短 C.C、D两筒之间的电势差会一直增大 D.在起电的过程中，水的重力势能完全转化为电能 18.(2024·河南名校三模)如图所示，MNPQ Q M'N'P'Q'为正方体，MQ和M'N'处有完全 M< 一样的、均匀带正电的绝缘棒，O为正方体的 中心。已知MQ产生的电场在O点处的场强 大小为E。,则O点处的合场强大小为( M A.Eo B.√2Eo C.√3Eo D.2E 19.(多选)(2024·福建漳州三模)如图所示，在倾 角为α（小于45°）的光滑绝缘斜面上固定一挡 板，一根与斜面平行的绝缘轻质弹簧一端固定 在挡板上，另一端与均匀带电小球A连接，等大的均匀带电小球B 置于图示位置。静止时A、B两球间的距离为L,弹簧长度为x。 下列说法正确的是 () A.A球共受到3个力的作用 B.斜面对B球的支持力大于B球所受库仑力 C.若A球电荷量加倍，适当调整B球位置，平衡时弹簧长度仍 为x D.若A球电荷量加倍，适当调整B球位置，平衡时A、B两球间的 距离为2L 20.(多选)(2025·湖北荆州模拟)如图所示，一 绝缘圆环固定在竖直平面内，三个点电荷固 定在圆环上的A、B、C三点，A、C两点的连 0. 60° 线刚好过圆心O,∠CAB=60°，B点处的点电C B 荷带电荷量为+Q,现测得圆心O处的电场 方向恰好平行于B、C连线。下列相关判断正确的是 A.圆心O处的电场方向平行于B、C连线，由B指向C B.圆心O处的电场方向平行于B、C连线，由C指向B C.A,C两点处点电荷的带电荷量一定为+Q、-Q D.A、C两点处点电荷的带电荷量可能为一Q、一2Q 21.(2024·湖南长沙模拟)如图所示，在真空 中固定两等量同种正点电荷，电荷量均 A010 -----⊕B 为十Q,分别位于同一水平线上的A、B两+Q 0 +0 点，O为连线AB的中点，C、D为连线AB D 的竖直中垂线上关于O点对称的两点，A、C两点的距离为 r,∠CAO=日。已知点电荷的电场中距离场源Q为x处的电势为 kQ(以无穷远处为零电势点)，静电力常量为k,重力加速度为 g。下列分析正确的是 () A.C点的电场强度大小为然口c0s0 2kQ B.一正试探电荷（不计重力），质量为、带电荷量为q,从C点给 一初速度竖直向下运动，要使它能到达O点，则给的初速度最 小值为2 IkQg(1-cos 0) mrcos 0 C.将一电子从C点移到D点过程中电势能先增大后减小 D.将一质量为M的带负电小球从D点以。向上抛出，恰能上升 到C点，则vo=√2 grsin0其中a6=12mg m 联立解得==，所以 ac to m =(2k-1)2 考点19电场力的性质 1.B电场强度由电场本身决定，与放不放试探电荷无关，故A 错误：公式E=号是真空中点电符电场强度的决定式，则点 电荷周围某点电场强度的大小，与该点到场源电荷距离的二 次方成反比，在”减半的位置上，电场强度变为原来的4倍，故 B正确；公式E= 一是电场强度的定义式，电场强度由电场本 身决定，电场中某，点的电场强度的大小与试探电荷所带的电荷 量无关，故C错误：电荷在电场中所受电场力F=E,电荷在电 场中所受电场力与9、E有关，匀强电场中的电场强度处处相 同，若电荷的电荷量。不同，则电荷在其中受力不同，故D错误。 2.D设F一q图像的横坐标单位长度电荷量为q。,纵坐标单位 长度的力大小为F。,根据E=二可知F-q图像斜率表示电场 强度，由题图可知E,=4F=4,E, 。 go 4。-,可得 4q090 4:1,故选D。 3.C从电场线的分布情况可知，b点处的电场线比c,点处的电场 线密集，所以℃点的电场强度小于b点的电场强度，故A错误： 正电荷所受电场力方向沿电场线切线方向，若将一试探电荷 十g由a,点释放，电荷将离开原电场线，不可能沿电场线运动到 b点，故B错误；由电场线的分布可知，b点处的电场线比d点 处的电场线密集，所以b点的电场强度大于d点的电场强度， 故C正确：由电场线的分布可知，a,点与b点位于同一条曲线 上，两点切线的方向不同，所以a点和b点的电场强度的方向 不相同，故D错误。 4.C根据库仑定律，只有当C在A的左侧时，C受到A、B库仑 力的合力才可能为0，则C在A的左边；为使A受到B、C的库 仑力的合力为0，C应带负电；设C在A左侧距A为x处，带电 荷量为9，由于C处于平衡状态，所以kQ 9kQ·q (0.4m+x),解 得x=0.2m,C正确。 5.B两金属球相距较近且开始时带异种电荷，电荷因吸引靠近， 则原来两球间库仑力大小F>k 3)两球接触后，两球均带 8Q 正电，电荷量均为Q,电荷因排斥远离，所以接触后两球间的库 <日F,故B正确A.CD错误 仑力大小F'<6Q 6.B均匀带电球壳在壳外某，点产生的场强，可以看作集中在球壳中 心的，点电荷在球外某点产生的场强，由E。一 kQ ,可得Q=ER 故A、C、D错误，B正确。 7.D对固定的小球c受到的库仑力 进行分析，要使C球受到的库仑力 F=k20 合力与a、b的连线平行，则在垂直 于a,b的连线方向小球c受到的库 仑力合力为零，则a、b所带的电荷 必须异号，若b、c所带电荷异号，如 图所示，则有Q,Q。 Bi.b s11a= r QiQ Q rie sin B 4X 5 64 sin3,故 Q rbesin a 3 27 ,若b、c所带电荷 32× 5 同号，情况相同，故D正确。 8.C直线上各点中α，点的场强最大，则 点电荷到直线的垂线的垂足为a点，如 图所示，设垂线段长为d,b点到点电 符的距房为，则有9-子X6 d, d 解得x=2d,则a、b两，点的场强方向的 夹角为60°，故选C。 9,D根据点电荷的场强公式E=k日 +Q 可知，B、C处所放正电荷在A处的场强大小相等，设为E1,两 电荷的合场强方向竖直向上，由于A,点的场强刚好为零，故匀 强电场方向竖直向下，满足2E,c0s30°=E,若把B,点的正电荷 换成等量的负点电荷，则两电荷的合场强大小等于E1,方向水 2树勾·高考一轮复习金卷物理 16 平向左，与匀强电场叠加后，A,点的场强大小为E= √E+E,联立解得E=25E,故选D。 3 10,B由于电荷均匀分布，则各圆环上的电荷等效集中手】 圆环的中心，设圆环在O点产生的场强大小为E,则A图 中场强大小为E,B图中场强大小为√2E,C图中场强大小为 E,D图中场强大小为0，则坐标原点O处的电场强度最大的 是B。 11.BAB、BC、DF、FA棒所带电荷量均为十q,其在P点产生 的场强大小设为E。,若CD棒所带电荷量也为十q,根据对称 性可知P点的场强应为0，由于CD棒所带电荷量为一2，可 等效为一3（电荷与十g电荷的叠加，由题意和，点电荷场强公 式E=k 产可知E=3E,若移走CD棒而保持其他棒的位置 Q 和电荷分布不变，则P点的电场强度大小相当于CD棒所带 电荷量为一9在P点产生的场强大小，即为E。= 3,故选B。 12.C圆环上的电荷在O点产生的电场强度为0，取走A、B两 处电荷后，A、B两点关于O点对称的两点分别为A'、B',在O 处产生的电场强度矢量和水平向右，与D点处的点电荷产生 的电场在空间叠加后，O点电场强度为0，所以D点处的点电 Q△L 2△Q,A错误， 荷一定为负电荷，由大4R=62R,解得g一 C正确；D点处的，点电荷一定带负电，故C点电场强度方向一 定向左，大小一定不为零，B错误；A、B两点电场强度方向不 同，D错误。 13.C在金属圆环上取电荷量为△q的一小段，则该小段电荷在 △g P,点产生的电场强度大小为E1=k (2R),则整个金属圆环 在P点产生的电场强度大小为Er=∑E1cos45°=)△9× 2R2 v2 -k 2 Q×巨_EkQ,B错误；由平衡条件可知mg=gEP, 2 2 4R2 可知小球的带电荷量为g 2v2mgR' ,C正确；小球在距离O kQ kQ 点x处产生的电场强度大小为E=2Ec0s日= 二，由数学知识可知E随x并非单调减小，可知将小 /R2+x 球从P点向下移动至O点，电场力不是一直变小，电场力F 随x变化不满足F=一kx关系，可知将小球下压一小段距离 后释放，小球不会做简谐运动，A、D错误。 14.CA处，点电荷在C点产生的电场强度沿CA方向，大小为 4Q E=k (2R)2=k ,B处点电荷在C点产生的电场强度沿 Q BC方向，大小为E2=k =E1,A、B两处点电荷分别在C 点产生的电场强度方向互成120°，大小相等，所以合电场强度 Q 大小为E=k ,方向与BC方向夹角为60°；由于金属球壳 内部电场强度处处为零，感应电荷在球心C处产生的电场强 度大小为Ec=k ,方向与CB方向夹角为60°，故选C。 Q 15.C如图所示，因为顶，点A、A'连线上 场强最大，点与B的连线和B、B连线 的夹角9的正切值为an9= 2,由 图可知∠ABB'=45°，得tan45=1,B日 明显tan45>tan0,可知电子是从小 于电场强度最大值位置释放，则电子 所受的合电场力先增大后减小再增 大最后减小，那么加速度也是先增大 y 后减小再增大最后减小，而)一t图像任意点切线斜率的绝对 值表示加速度大小，所以在运动过程中v一t图像切线斜率的 绝对值也应先增大后减小再增大最后减小，故选C。 16,BD由题图乙，丙切线可知，当9=受时，小球B在0点正上 方，此时E,=0,E,=一6V/m,则说明小球A一定在y轴上 固定；当8=0时，E,=一4V/m,小球B在O点正右侧，而水 平方向场强方向为x轴负向，则说明小球B为正电荷，此时 E,=一2V/m,竖直方向的场强方向为y轴负向，若小球A 2 在O,点正上方固定，则小球A带正电荷，若小球A在)，点正 下方固定，则小球A带负电荷，所以小球A的带电性质不能 确定，故A错误；由于两小球都紧靠在塑料圆盘的边缘，所以 到O点的距离”相同，当日=0时，E, -4V/m,E,= Q -2V/m,可知EA=2V/m,EB=4V/m,由E=k:,可得 QA:Q=EA:E=1:2,故B正确；圆盘中心O处的电场 强度为小球A和小球B在O点产生的场强的夫量和，随着小 球B从日=0转到2π的过程中，EA和E,大小都不变，当日= 是时，0处的合场强最大，当日时，0处的合场强最小，所 以小球B从日=0转到2π的过程中，中心O处的合场强先增 大后减小再增大，故C错误；小球B绕圆盘旋转一周过程中， 3 当日=2时，0处的合场强最小，其值大小为E=E一EA=(4 2)V/m=2V/m,故D正确。 17.A根据题意知，水滴在落下瞬间，正、负电荷分离，带负电荷 的水滴留在B环上方的滴水装置，水滴落入D后A、D带正 电，左右形成电势差，会产生从左向右的电流，故A正确：随着 落入D筒的水滴增加，D筒所带电荷量增加，则B、D间电场强 度变大，由牛顿第二定律得mg一qE=ma,水滴的加速度减 小，由x=)at知水滴下落到筒内的时间越来越长，故B错 误；随着滴落到铝筒的带电水滴在增加，水滴下落时受到的电 场力增大，直到水滴所受重力与电场力相等时，水滴不再滴落 到铝筒，之后C、D两筒之间的电势差不变，故C错误：在起电 的过程中，水的重力势能转化为电能和水的动能，故D错误。 18,A根据矢量的合成与分解，可将MQ产生的电场在O点处 的场强分解为平行于MN向右和平行于MM'向下的两个场 小均为二E:根据微元法可知，MN'产生的 点处的场强大小也为E。,同理可分解为平行于MM'向上和平 行于MQ向里的两个场强，大小电均为号E,故O点处的合 场强大小为四个分场强的矢量和的大小，即E=EX 2 E。= E。,故选A。 19.BCA球受到重力、弹簧的弹力、斜 面的支持力和B球的库仑斥力的作 用，故A错误；B球受到重力、斜面 的支持力F、和A球的库仑斥力F的 作用，如图所示，可得F=nugsin a, Fv=nugcos a,故斜面对B球的支 WWWWM 持力F、= >F,故B正确；以 tan o mng A、B两球整体为研究对象，由受力 平衡知，弹簧对A球的弹力F1=(A十u)gsin a,与A、B两 球所带电荷量均无关，若A球电荷量加倍，则平衡后弹簧长度 仍为，故C正确：由库仑定律知F=,可得A ug sin a,若A球电荷量加倍，设平衡后A、B两球间距为d, 则k299=mng sin a,解得d=2L,故D错误。 12 20.AD根据点电荷电场分布特点可 知，B点处的点电荷带电荷量为 十Q,其在O点处产生的电场强度 方向由B指向O,而A、C两，点的点 60° 电荷在O,点处产生的电场强度方向 E .309x)60 一定沿A、C两，点的连线，由于圆心 O处的电场方向恰好平行于B、C连 线，根据矢量合成规律，可知A、C 两点的，点电荷在)，点处产生的电场 强度方向一定沿A、C连线由O指向C,则圆心O处的电场方 向平行于B、C连线，由B指向C,故A正确，B错误；令A、C 两点的点电荷在O点处产生的电场强度大小为EA,B点的 点电荷在O,点处产生的电场强度大小为E,则有EB=k Q 根据矢量合成规律，作出合成示意图如图所示，则有E4C R,当A,C两点处点电荷的带电荷量分别为十2Q、 2 Q 2Q时，根据电场叠加有Ea=kR十k R2k Q R ·当 15 A、C两，点处点电荷的带电荷量分别为一Q、一2Q时，根据电 场叠加有EAc2=k 一k Q R: ,可知A,C两点处点电 荷的带电荷量可能为十 2Q、-2Q,也可能为-Q、-2Q,故 C错误，D正确。 21.B两点电荷均为正电荷且带 电荷量相等，则两点电荷在C 点处的电场强度方向均背离各 自电荷，电场强度如图所示，根 E 据电场强度的矢量合成法则可 得C点的场强大小为Ec sin9,A错误，C点的电势为A0 2kQ +o 0 =20Q.0点的电势为P0 D 2k rcos9,可得Uw=gc Q 9o= 2kQ(cos 0-1) rcos 0 若一个贡量为、带电荷量为十g的试 探电荷（重力不计）从C点以某一竖直向下的初速度运动恰好 能够到达O,点，则由动能定理有qU0=0一 2mvnm,解得 Umn=2 /kQg (1-cos 0) ,B正确；从C点到D,点，电势先增 mrcos 大后减小，电子带负电，根据E,=99可知电势能先减小后增 大，C错误；带负电的小球从D点到O点静电力做正功，从O 到C电场力做负功，根据对称性可知，小球从D点到C点的 过程中，静电力对小球所做功的代数和为零，则根据动能定理 有-2 Mgrsin8=0- Mu,解得uo=2√grsin可，D错误 考点20电场能的性质 1.D根据等差等势线越密，场强越大的特点，则a点的电场强度 小于b,点的电场强度，所以A错误；由曲线运动的特点知合外 力指向轨迹弯曲的一侧，所以粒子从点到b点的过程中，静 电力做负功，则粒子在Q点的动能比在b点的动能大，所以B 错误；a,点与c点处于同一等势线上，粒子在a,点和c点的速度 大小相等，但是方向不同，所以C错误：粒子从b,点到c点，静 电力做正功，则粒子在b点的电势能比在c点的电势能大，所以 )正确 2.D电场线的疏密表示电场强度的大小，所以三，点中A点场强 最大，A错误；沿电场线方向电势逐渐降低，则A点电势最低， B错误：将一带负电的试探电荷从A移动到B,电场力做正功， 电势能减小，C错误；因为B、C两点在同一等势面上，所以将一 带正电的试探电荷从A移动到B和从A移动到C,电场力做 的功相同，电势能变化相同，D正确。 3C两点电荷在E点产生的场强方向竖直向上，在F点产生的 场强方向竖直向下，与向右的场强矢量合成可知，E、F两，点的 场强大小相等、方向不同，故A错误；由于两电荷在E点产生 的场强大小未知，无法比较O,点和E点的场强大小，故B错 误：根据对称性可知E、F两点的电势相等，故C正确；若将正 试探电荷从E点沿直线移动至F点，电场力先向右上方，再向 右下方，则电场力先做负功后做正功，故D错误 4.AD根据U=E·ab·c0s60°，可得电场强度的大小E= ab·c0s60=200V/m,A正确；沿电场线方向电势遂渐降低， 可知b点的电势比d,点的电势高，B错误：将电子从c,点移到d 点，因电子所受的电场力方向与位移方向相反，可知电场力做 负功，C错误；因Q,点的电势低于c,点的电势，则电子在a,点的 电势能大于在c点的电势能，D正确。 5.D因为粒子的运动轨迹是抛物线，粒 子加速度恒定，粒子受力恒定，故该电 场一定是匀强电场，Q、b两点的电场强 度一定相等，故A错误；根据沿电场线 方向电势降低，可知a点电势高于b点 电势，故B错误；根据粒子做曲线运动 ◆b 过程中，受到的合力指向轨迹内侧，并且粒子带正电，受到的电 场力方向和电场线方向相同，故可知粒子的运动轨迹有图中1、 2所示两种情况，由图线2可知电场力一直做正功，动能增大， 电势能减小，由图线1可知电场力先做负功后做正功，电势能 先增大后减小，故C错误，D正确 6.AD在匀强电场中，平行且相等的两线段电势差相等，可得 PA =0 一PD,代入数据可得9p=0,故A正确，B错误：如 图所示，将CD分为8等份，则每一等份对应1cm,所以F点的 3 参考答案