2024届广西崇左市天等县高三下学期教学质量监测物理试题

2024年6月广西崇左市天等县高三物理教学质量监测试题 考生注意： 1,本试卷分选择题和非选择题两部分，满分100分，考试时间75分钟。 2,考生作答时，请将答案答在答题卡上，请用直径0.5毫米黑色签字笔在答题卡上各题的答题区域作答， 超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 一、选择题：本大题共10小题，共46分。第1~7题，每小题4分，只有一项符合题目要求，错选、多选 或未选均不得分：第810题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3 分，有选错的得0分。 1.一半圆形玻璃砖放置在转盘上，圆心在转轴处，玻璃砖右侧有一足够大的光屏。一束由单色光a、b组 成的光线从左侧沿着玻璃砖半径方向入射，光屏上有两个经圆心折射形成的亮点。使转盘从图示位置开始 顺时针匀速转动，光屏上单色光α的亮点先消失。下列说法正确的是() 入射光 光屏 A.a光的折射率小于b光的折射率 B.a光的频率小于b光的颜率 C.a光在玻璃砖内的传播速度大于b光在玻璃砖内的传播速度 D.用同样的装置做双缝干涉实验时，b光相邻亮条纹间距较大 2.某物理兴趣小组为了模拟机器人“手臂”，制作了如图所示装置，A、B类似于人手臂的关节，能在竖直面 内自由转动，前臂BC末端系一重物和一轻绳，轻绳另一端跨过滑轮牵拉前臂。初始时，关节A、B均锁定 前臂BC水平。小组成员解除关节A的锁定，通过拉绳缓慢提升重物，上臂AB转过60°。不计“手臂”重力 及一切摩擦，下列说法正确的是() A.绳CD拉力先减小后增大 B.绳CD拉力先增大后减小 C.前臂BC受到的压力大小不变 D.前臂BC受到的压力先减小后增大 3.迪拜空中餐厅号称世界上“最危险的餐厅”，可以容纳22名顾客、2名厨师与6名工作人员，餐厅运行时 试卷第1页，共7页 起重机要用四根对称分布的等长钢索将重1.2吨的水平餐厅匀速吊起至空中，如图所示。每根钢索与竖直方 向夹角为37°，假设每个人的体重平均为60kg:cos37°-0.8，sin37°-0.6，重力加速度g=10m/s2,则餐厅 满员时每根钢索受到的拉力F约为() OOO A.3750N B.7875N C.8250N D.9375N 4.地质勘探人员利用重力加速度反常（如地面下方有重金属矿时，重力加速度值比正常值大）可探测地面 下的物质分布情况。在地面下某处（远小于地球半径）有一区域内有一重金属矿，探测人员从地面上O点 出发，沿水平地面上相互垂直的x、y轴两个方向，测量不同位置的重力加速度值，得到重力加速度值随位 置变化如图甲、乙所示，图像的峰值坐标为别为(0，p)和(50，q)。由此可初步判断() g/(m-s2) 4g/(ms2) 9.8 x/km →y/km 50 甲 乙 A.重金属矿的地面位置坐标约为(0,50km),且图像中P>q B.重金属矿旷的地面位置坐标约为(50km,0),且图像中p>9 C.重金属矿的地面位置坐标约为0,50km),且图像中p<9 D.重金属矿的地面位置坐标约为(50km,0),且图像中P<q 5.如图所示，沿x轴正方向传播的一列简谐横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为100s,下列 说法中正确的是() y/cm x/m A.从图示时刻开始，质点a的加速度将增大 试卷第2页，共7页 B.从图示时刻开始，经过0.01s,质点a通过的路程为0.2m C.若此波遇到另一列波能发生稳定的干涉现象，则另一列波频率为50Hz D.若该波传播过程中遇到宽约4m的障碍物，不会发生明显的衍射现象 6.如图甲所示，空竹是中国民间传统玩具，两头为较大的空心轮，中间为细轴。现将空竹中间细轴放细绳 AB上，手持两侧A、B端拉动细绳，简化为图乙模型。不计空竹与细绳间的摩擦，细绳不可伸长，下列说 法正确的是(） B ⊙ 丹 乙 A.保持空竹静止，左侧细绳长度小于右侧长度，则左侧拉力小于右侧拉力 B.保持空竹静止，缓慢增大A、B端的水平距离，则细绳对空竹作用力减小 C.保持B端静止，仅将A端竖直向上缓慢移动，则细绳上拉力变大 D,保持B端静止，仅将A端水平向右缓慢移动，则细绳上拉力变小 7.物理学在军事、国防上有很多的应用，下列说法正确的是() A.炮弹从倾斜的炮口射出而炮身后退，这是因为它们组成的系统动量守恒 B,我国自主研发的空间站“天宫”里面的物体处于平衡状态 C.部队过桥时不能齐步走，是为了防止出现共振 D.航母上采用的电磁弹射”助力舰载机起飞过程，舰载机机械能守恒 8.如图所示，两小球M、N分别与两段轻绳A、B和一轻弹簧C连接。两小球静止时，轻绳A、B与竖直 方向的夹角分别为30°、45°，弹簧C沿水平方向，则下列说法正确的是() A50 ON 000000L M A.球M和球N的质量之比为(V5+1:2 B.轻绳A和弹簧C的弹力之比为1：2 试卷第3页，共7页 C.若小球N的质量为m,剪断轻绳B的瞬间，轻绳A的张力为5， mg D.若小球M的质量为m2,剪断轻绳B的瞬间，球M的合力大小为√2m8 9.2024年8月16日15时35分，我国在西昌卫星发射中心使用长征四号乙运载火箭，成功将遥感四十三 号01组卫星发射升空。如图为遥感四十三号01发射的示意图，首先将遥感四十三号01发射到低空轨道α， 然后在M点实施变轨经椭圆轨道b进入预定轨道c,己知遥感四十三号01在轨道a和轨道c的轨道半径之 比为r:r=2:3。下列说法正确的是() 、 A.遥感四十三号O1在实施变轨时在M点加速，在N点减速 B.遥感四十三号01在轨道a与轨道b的运行周期之比为8：5√5 C.遥感四十三号01在轨道b过M点的速度小于轨道c过N点的迭度 D.遥感四十三号O1在M点的加速度大于在N点的加速度 遥感四十三号01 10.如图所示，子弹垂直射入固定在地面上靠在一起的相同木板，穿过第10块木板后速度刚好变为零。可 以把子弹视为质点，子弹在各块木板中运动的加速度都相同。下列说法正确的是() -12378910 A.子弹穿过第1、2、3块木板后瞬时速度之比为9：8：7 B.子弹穿过第1、2、3块木板后瞬时速度之比为3：2√2：√7 C.子弹穿过第7、8、9块木板所用时间之比为2：√3：√2 D.子弹穿过第7、8、9块木板所用时间之比为(2-√5)：(W5-2):(2-1) 二、非选择题：本大题共5小题，共54分。其中第13~15题解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重 要的演算步骤，只有最后答案而无演算过程的不得分：有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位。 11.如图甲所示，实验小组用向心力演示仪探究影响向心力大小的因素。己知小球在槽中A、B、C位置做 圆周运动的半径之比为1：2：1 一标尺、 长槽短相 右塔轮 手柄《 ()本实验采取的主要研究方法是 试卷第4页，共7页 A.微元法 B.理想实验法 C,等效替代法 D.控制变量法 (2)某次实验时，选择两个体积相等的铝球和钢球分别放置于A、C位置，如上图所示变速塔轮的半径之比 为1：1，该实验是探究哪两个物理量之间的关系() A.探究向心力与角速度之间的关系 B.探究向心力与质量之间的关系 C.探究向心力与半径之间的关系 D.探究向心力与线速度之间的关系 (3)若上图中铝球和钢球的质量之比为2：5，左右变速塔轮的半径之比为2：1，则铝球与钢球的向心加速度 之比为，向心力之比为。 12.物理学习小组要测量一根电阻丝的阻值，进行了如下操作： mmfm A-V-2 图1 先用多用电表的欧姆挡初步测量电阻丝的阻值，先选倍率×10，再将红、黑表笔短接，进行欧姆调零，正确 调节后连接待测电阻，测得读数如图1，为2。 为进一步精确测量电阻的大小，学习小组成员采用如下实验器材： 电流表 图2 待测电阻丝R ①电源E,电动势3V,内阻约为22 ②电压表V,量程0-3V,内阻约为5000Q ③电流表G,量程0-10mA,内阻约为82 试卷第5页，共7页 ④电流表A,量程0-0.6A,内阻约为22 ⑤滑动变阻器，最大阻值102、额定电流0,1A ⑥单刀双掷开关一个，普通开关、导线若干 为了读数更精确，减小实验误差，电流表应选择（填写器材前的编号）。电路连接如图2所示，闭合 开关S,将单刀双掷开关接，得到电压表示数U,=2.78V,电流表示数1，=9.4mA,再将单刀双掷开关接 c,得到电压表示数U2=2.82V,电流表示数12=9.0m4,由此可知，应采用电流表（填“内”或外”） 接法，电阻丝的电阻为2（保留一位小数）。 13,如图甲，滑板运动深受部分年轻人的喜爱，他们在斜坡上冲上、滑下，享受着运动的乐趣。为研究此 运动过程，可以建立如图乙所示物理模型。物体由底端D点以=4s的初速度滑上固定的光滑斜面，途 经A、B两点，己知xB=x,由B点再经过0.5s物体滑到斜面最高点C时速度恰好为零。设斜面长度为 4m,求：（物体在光滑斜面上上滑与下滑的加速度大小相等） (1)物体运动的加速度： (2)物体经过B点时的速度大小： (3)物体两次经过A点的时间间隔。 14.如图所示，一光滑水平面上有一固定的光滑曲面，曲面与水平面平滑相接，水平面右侧有一水平传送 带，传送带的右端固定一挡板，挡板上固定有劲度系数k-20N/m的水平轻弹簧。现让一质量m=2kg的小物 块从曲面上离地高度h=5m的位置由静止释放，传送带的速度水平向右，大小为y.=10√2ms,弹簧初始时 最左端H到传送带与水平面连接点O的距离x。=12m,传送带与物块间的动摩擦因数u=0.5。已知最大静摩 擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2。 试卷第6页，共7页 (1)求物块运动到O点的速度大小： (2)从滑上传送带到物块压缩弹簧达到最大静摩擦力的过程中，求传送带对物体所做的功： ()从物块滑上传送带至弹簧压缩最短过程中，用时1=受V受，求此过程中电动机对传送带多做的功。（已知： 简谐运动周期公式上2√？) 0 wwwwW Ve 15.如图所示，足够长的平行光滑金属导轨倾斜放置，倾角0=37°，导轨间距离为L。导轨顶端接有阻 值大小为R的定值电阻，其余电阻忽略不计，当单刀双掷开关S接1时，电容为C的电容器与R申联， 质量为m、长度为L、电阻不计的导体棒垂直倾斜导轨放置，在运动过程中，导体棒始终与导轨保持垂 直。整个装置处于垂直导轨平面向上且磁感应强度为B的匀强磁场中。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8， 重力加速度为g。当电容器电压为U时，电容器储存的电场能为￡，- 1cU2。 (1)单刀双掷开关5接2，导体棒由静止释放，求导体棒的最大速度”m的大小： (2)单刀双掷开关S接2，导体棒由静止释放，当重力的功率为电阻R的功率的三倍时，求导体棒的速度 v的大小： (3)当导体棒的速度为第(2)问中的速度v时，立即将单刀双掷开关接1，同时村导体捧施加一个沿斜面 方向的外力F,使导体棒做匀速运动，当导体棒克服安培力做功的功率为电阻R的功率的三倍时，求此 时电容器两端的电压以及从单刀双掷开关接1到此刻电阻R上产生的焦耳热。 试卷第7页，共7页 2024年6月广西崇左市天等县高三物理教学质量监测试题答案 1.D 【详解】A.在图中的装置做顺时针转动时，入射光与法线的夹角增大，根据siC=】 可知先消失的光全反射临界角更小，折射率更大，所以α光的折射率大于b光，故A错误： B.在介质中，频率越大的光折射率越大，所以α光的频率大于b光，故B错误： C.由公式v=C可知，折射率越大的在介质中传播速度越小，所以a光的传播速度小于b光的传播速度， 故C错误：根据△x= D.根据公式4-，汝长大的间距更大，由于c=以，所以口光的波长小于6光，b光的干涉条纹间距 更宽，故D正确 故选D。 2.C 【详解】AB.对C点受力分析，沿轻绳的拉力T,竖直向下大小为重物重力的拉力mg,沿AC方向由A指 向C的支持力N,如图 D 根据三力平衡的特点可知力的三角形与边的三角形相似，有 mg DA T DC 依题意，上臂AB转过60°过程中，DA保持不变，DC减小。可知绳CD拉力减小。故AB错误： CD.同理，可得 上臂AB转过60过程中，DA保持不变，AC大小也保持不变。可知前臂BC对C点的支持力的大小不变 根据牛顿第三定律可知，前臂BC受到的压力大小不变。故C正确；D错误。 故选C。 3.D 【详解】根据平衡条件得 答案第1页，共7页 4Fcos37°=(1.2×1000+30×60)g 解得F=9375N 故选D。 4.C 【详解】由图可知在地面x=0,y=50km处的重力加速度最大，由于在(0,50km)处重金属矿产生的引力和 地球产生的引力直接相加，而在(0,0)处是金属和矿产生的引力分量和地球产生的引力相加，因此，在(0,50km) 处重力加速度比(0,0)处大，且无穷远处的加速度均为g,所以p<9。 故选C 5.B 【详解】A.从图示时刻开始，质点a向平衡位置振动，加速度减小，故A错误： B.由题可知，该波的波长入=4m 由题可知，该波的波速v=l00m/s 故该波的周期T=2=0.04s 当1=001sT时，质点a通过的路程=×41=A=02m,故B正确： 4 C。由题可知，该淡的频*了片25业 若与另一列波产生干涉现象，两列波的频率应相等，即另一列波的频率也应为25Hz,故C错误： D.当障碍物尺寸大小小于或等于波的波长时，波会发生明显的衍射现象，由于该波的波长也为4，障碍 物的宽度约为4m,近似等于该波的波长，可以产生明显的衍射现象，故D错误。 故选B 6.D 【详解】A.根据题意，左侧细绳拉力与右侧细绳拉力大小相等，故A错误： B.保持空竹静止，缓慢A、B端水平距离的过程中，细绳对空竹作用力始终等于空竹的重力，故B错误： C.保持B端静止，仅将A端竖直向上缓慢移动，如图所示 由受力平衡可知，平衡后两细绳与竖直方向夹角都为0，有2Tc0s8=mg 由几何关系可知(l+l,)sin0=sin0=d 答案第2页，共7页 将A端向上移动过程中A、B两端水平距离不变，故左右两侧细绳夹角不变，细绳上拉力不变，故C错误： D.保持B端静止，仅将A端水平向右缓慢移动，则A、B两端水平距离变小，由上述分析可知，snO变小， 左右两侧细绳夹角减小，由受力平衡可知细绳上拉力减小，故D正确。 故选D。 7.c 【详解】A.炮弹从倾斜的炮口射出而炮身后退，这是因为它们组成的系统水平方向动量守恒，故A错误： B。我国自主研发的空间站“天宫里面的物体随“天宫”一起绕地球敬匀速圆周运动，。=二，不是处于平衡 状态，故B错误： C.部队过桥时不能齐步走，是为了防止出现共振，故C正确： D.航母上采用的“电磁弹射”助力舰载机起飞过程，弹射器给舰载机做正功，舰载机机械能增加，故D错误： 故选C。 8.ACD 【详解】AB.设弹簧弹力为F,对两球整体受力分析，由平衡条件可得 Tsin30°=F T cos30°=(mM+m)g 对小球M受力分析且由平衡条件可得 Tasin45°=F Ta cos45°=mg 联立解得 m4=5+L,T-2 m、=2,= 故A正确，B错误： CD.剪断轻绳B的瞬间，轻绳A的张力为球N在径向的分力为 T'=m.g cos30=3 剪断轻绳B的瞬间，弹簧弹力不变，球M的合力大小为 Fe=r2+(mg)=(mg+(m2m 故CD正确 答案第3页，共7页