单元过关(十五)交变电流 传感器-【衡水真题密卷】2026年高考物理单元过关检测(安徽专版)

今天的劳力，是为了明天的不后悔 2025一2026学年度单元过关检测（十五） 2.如图所示，在恒压交流电源的两端接上电容器C、电感线圈L和光敏电阻R,稳定后，电路中 班级 三个相同的灯泡均发光，且亮度相同。已知光敏电阻的阻值随着光照强度的增加而减少，则 卺题 物理·交变电流传感器 () 姓名 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 L⑧⑧⑧ 得分 是符合题目要求的。 A.若抽掉电感线圈L内部的铁芯，则L2变亮 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 B.若增大电容器C两极板间距，则L1变亮 答案 C.若增大交流电源的频率，则L1比L:暗 1如图所示，在<受和>受区城中，存在事直0平面向里，酸悠应强度大小为B的 D,若增大照射在光敏电阻R上的光强，则L变暗 3.某同学利用压力传感器设计水库水位预警系统。如图所示，电路中的R:和R2,其中一 匀强磁场（阴影表示磁场的区域），边长为2d。的正方形金属线圈中心与坐标原点O重合， 个是定值电阻，另一个是压力传感器（等效为可变电阻）。水位越高，对压力传感器的压 ab边垂直于y轴。从图中位置（线圈位于xOy平面内）开始，线圈以y轴为转轴匀速转 力越大，压力传感器的阻值越小。当α、b两端的电压小于U1时，控制开关自动开启高 动，下列描述线圈内产生的交变电动势随时间变化的图线（实线）正确的是 () 水位预警；当a,b两端的电压大于U:时，控制开关自动开启低水位预警。已知U1,U 为定值，下列说法正确的是 () 预警系统 控制开关 A.01>U2 3 ER BR,为压力传感器 C.定值电阻的阻值越小，开启低水位预警时的水位越低 -E2 D.定值电阻的阻值越大，开启高水位预警时的水位越低 -V原2 4.在如图所示的电路中，M是理想自耦变压器，电表均为理想电表，R。是定值电阻，R为 滑动变阻器，在a,b两端加上电压为U的正弦交流电，则下列说法正确的是() B 原2 A.仅将滑片P,沿顺时针方向转动，电压表示数变大 - B.仅将滞片P,沿顺时针方向转动，整个电路消耗的功率变大 C.仅将滑片P2向下移动，电流表示数变大 D D.仅将滑片P向下移动，变压器的输入功率一定变大 单元过关检测（十五）物理第1页（共8页） 真题密卷 单元过关检测（十五）物理第2页（共8页） 5.如图甲所示为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器。升压变压器原线圈匝数为150 匝，副线圈匝数为1500匝，其输人电压如图乙所示，远距离输电线的总电阻为20Ω。降压 变压器右侧电路中R1为定值电阻，R,为滑动变阻器，则下列说法正确的是 () ↑LW 升压变压型 降压变压器 2502…7 远距离输电线 电站 R a 0.010.0g0.03 A.lanl-20 B1=4 250w/2../ C.变压器的最大输出功率为12.5W D.变压器的输出功率先增大后域小 8.如图所示为模拟远距离输电实验电路图，两理想变压器的匝数π1=n:<n?=na,四根模 A.降压变压器副线圈输出的交流电频率为100Hz 拟输电线的电阻R,、R2、R,、R,的阻值均为R,A1、A2为相同的理想交流电流表，L1、L B.若升压变压器的输入功率为75kW,远距离输电线路损耗功率为9kW 为相同的小灯泡，灯丝电阻R:>2R,忽略灯丝电阻随温度的变化当A、B端接入低压交 C.当滑片P向a端潜动时，电阻R:上的电压变小 流电源时 () D.当滑片P向a端滑动时，输电线上的电流变大 6.图甲是某小型发电机的简易图，图乙是线框的剖面图。N匝线框abcd的总电阻为r,以 角速度w在磁场中匀速转动，OO'为线据的对称轴，ab边的长度为L1,bc边的长度为 L2,线框处在如图乙所示的磁场中，且ab、cd边经过的磁感应强度大小均为B,导线框 A.A1、A2两表的示数相同 可在两金属半圆E、F内侧自由转动，E、F经导线和电阻R相连。当线框逆时针匀速 B.L,L:两灯泡的亮度相同 转动时，闭合开关S,其余电阻不计，下列说法正确的是 () C.R1消耗的功率小于R,消耗的功率 D,R:两端的电压大于R,两端的电压 二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题 目要求，全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 9 10 答案 9.如图所示为某台式电脑的电源部分电路图，变压器可视为理想变压器，已知变压器初级线 圈匝数为n1,两端接电压U1=220V的交流电源，次级有两个绕组，匝数分别为n2和n1, 输出电压分别为U=12V和U3=5V,电路工作时流过每个绕组的电流分别为I1、I: 甲 乙 Ia,两个绕组的输出功率分别为120W和60W。则下列说法正确的是 () A.产生的感应电动势e=NBL1L仙sin wt R线圈转动厂，电阻R产生的热量为NB比水 4(R+r)2 C.线圈转动T,通过R的电荷量为2NBLL: U, R+r A.初级线圈和次级线圈内的磁通量变化率不相同 D.线框转到图乙所示位置时，b边所受的安培力方向向左 B:12 7.在如图所示的电路中，c,d两端输人u=10,√2si100d(V)的正弦式交流电。理想变压器 n,5 的匝数比n1:n2=2:1,定值电阻R1=4n,R=12,滑动变阻器R的最大阻值为4n, C.1-号A,12=10A,l=12A 所有电表均为理想电表。在滑片P从a端滑到b端的过程中，电压表、电流表的示数变 化量分别为△U、△I,则下列说法正确的是 D.”。110 () :9 单元过关检测（十五）物理第3页（共8页） 真题密卷 单元过关检测（十五）物理第4页（共8页） 10.如图甲所示，在匀强磁场中，一闭合矩形金属线圈可绕与磁感线垂直的中心轴OO',逆 12.(10分)随着技术创新和产业升级，我国新能源汽车强势崛起实现“换道超车”，新能源 时针匀速转动，线圈两次以不同的转速转动产生的正弦式交变电动势图像如图乙中图 汽车对温度控制有非常高的要求，控制温度时经常要用到热敏电阻。物理实验小组找 线1、2所示，则 () 到两个热敏电阻，一个是PTC热缴电阻，其电阻随温度的升高而增大：另一个是NTC 热敏电阻，其电阻随温度的升高而减小。该实验小组想利用下列器材来探究这两个热 ,图线】 敏电阻（常温下阻值约为10.0Ω）的电学特性及作用。 ,图线2 x10's 0 甲 A.两次t=0时刻线圈平面均与磁场方向平行 B.图线甲、乙对应的线圈转速之比为2：1 C.将转轴移至与线圈αb边共线，则相同转速下交变电动势的峰值不变 D.若线圈电阻为0.1n,则线圈电动势按图线2规律变化时的发热功率为10W 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 A.电源E(电动势12V,内阻可忽略) 11,(6分)某同学要进行“探究变压器原，副线圈电压与匝数的关系”的实验。实物图如图 B.电流表A,(满偏电流10mA,内阻r1=102) 所示。 C.电流表Az(量程0一1.0A,内阻r2约为0.52) D.滑动变阻器R1(最大阻值为10Ω) E.滑动变阻器R:(最大阻值为500) F.定值电阻R,=9902 G.单刀单掷开关，单刀双掷开关各一个、导线若干 (1)关于实验，下列说法正确的是 (1)若要求热敏电阻两端的电压可以从零开始调节，应选择接入电路中的滑动变阻器 A.为确保实验安全，实验中要求原线圈匝数小于副线圈匝数 为（填器材前的字母），请在图甲中将电路图补充完整。 B.为了确保人身安全，只能使用低于12V的电源 (2)物理实验小组用I,表示电流表A,的示数，I:表示电流表A2的示数，通过实验画 C.通电情况下不可以用手接触裸露的导线、接线柱 出两个热敏电阻接人电路时的11-I2图线如图乙中α、b所示。若将图线b所代表 (2)为了探究n1一400匝、n2■200匝的变压器原、副线圈电压与匝数的关系，请用笔画 的元件直接接在一个电动势E=10V,内阻r=10n的电源两端，则该元件的实际 线代替连线，将图中的实物连接补充完整。 功率为W(结果保留2位有效数字)。 (3)在实验中，两个电压表的读数记录如表所示 +1/mA 电压次数 1 2 3 4 5 U/V 2.54.5 7.09.010.5 U:/V 1.22.23.44.4 5.2 该同学多次实验后发现原、副线圈的电压之比总是 (填“稍大于”“等于”或 者“稍小于”)原、副线圈的匝数之比，试分析其原因： 0 020.40.60.81.0 单元过关检测（十五）物理第5页（共8页） 真题密卷 单元过关检测（十五）物理第6页（共8页） (3)在汽车电路中常用热敏电阻与其他元件串联起来接入电路，用于防止其他元件两 15.(18分)推动绿色转型，发展绿色低碳产业，积极稳妥推进“碳达蜂”“碳中和”，牢固树立 端的电压过大，从而保护电路和设备，你认为应该选用 (填“PTC”或 和践行绿水青山就是金山银山的理念，草原上具有丰富的风能，因此草原上的风力发 “NTC”)热敏电阻，请简述该热敏电阻防止电压过大的原因： 电具有广阔的前景.如图甲所示为风力发电的简易图，通过变速箱，转轴的转速能达到 扇叶转速的5倍，转轴带动线框以恒定的转速在匀强磁场中做匀速圆周运动，已知线 13.(10分)如图所示是小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于匀强磁场方向的水平轴 框的匝数N=100匝，线框的面积S=2,5m,磁场的磁感应强度大小B-2T,结果 OO沿逆时针方向匀速转动，角速度为仙，匀强磁场磁感应强度大小为B,线圈匝数为 N,面积为S,总电阻为r,外接电阻为R,电压表V为理想交流电压表。在t=0时刻， 线框能从4、b间输出U1=250V的电压，且该电压输入升压变压器的原线圈，如图乙 穿过线圈的磁通量为零， 所示，升压变压器原、副线圈的匝数比为K,并通过电阻R=4的输电线向用户送 (1)写出发电机产生的电动势瞬时值表达式，并求交流电压表的示数。 电，到达用户端时通过匝数比K=4:1的降压变压器为额定电压U。=220V,额定功 (2)从t=0时刻开始线圈转过30°的过程中，求通过电阻R的电荷量. 率P。=4.4kW的用电器供电。求： (3)求电阻R上的热功率。 (1)扇叶的转速n; (2)K,的值： (3)远距离输电的输电效率（结果保留三位有效数字）。 匀强磁场 转轴× 变速器 用户 升压变压器 降压变压器 14.(14分)如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比n11n:=1:3,定值电阻R,接在原线 阁回路中，允许调节的最大阻值为100Ω的滑动变阻器R和定值电阻R:串联接在副 线圈回路中，已知R,=10Q,R:=202,原线图一侧接在输出电压U,=28V的正弦交 流电源上。开始时，调节滑动变阻器的滑片，使滑动变阻器接入电路的电阻值最大。 (1)求此时滑动变阻器消耗的功率。 (2)若调节滑动变阻器滑片，能够使变压器输出功率达到最大值，当变阻器接入电路的 阻值为多少时，变压器输出功率最大？最大值为多少？ 单元过关检测（十五）物理第7页（共8页） 真题密卷 单元过关检测（十五）物理第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 又Q甲3：Q元3=1：1 当乙锁定后，易证明金属杆甲离开宽为2L的磁 8 场区域后不会再回到该区域 解得Qps=87mg 1 32 设甲乙向左达到共速为2，有 Qs。=Qp+Qu:=2m1ui=729mgh(1分） m2v1=(m1+m2)v2 (1分) 又Qp5:Q25=1:2 解得u2=27g五 8 32 解得Q=2187mgh Qu=0+Q4=7m:时- 1 (m1+m2)ug= 则Q甲=Qp1十Q甲2+Q甲3十Q甲4+Q甲5= 644 16 2187mgh。 (1分) 243mgh (1分) 1 8 Qp4=2Q84-243mgh (1分) 2025一2026学年度单元过关检测（十五）】 物理·交变电流传感器 一、选择题 预警时，水位越低，压力传感器的阻值越大，压力 1.D【解析】从图中位置（线圈位于xOy平面内） 传感器两端电压越大，定值电阻两端电压越小，根 开始，线圈以y轴为转轴匀速转动，开始时刻穿 据串联电路分压特，点可知，R,为压力传感器，高 过闭合线圈的磁通量最大，线圈位于中性面，产 水位时压力传感器的电阻值较小，压力传感器R1 生正弦交流电，瞬时值表达式为e=Esin wt,当 两端电压较小，U2>U1,A、B错误；根据闭合电路 线圈转过60°时，此时线圈中产生感应电动势的 E 欧姆定律知，a,b两端的电压U=R,十R,R1 瞬时值e=Esin60°三E,在线圈转动一周的过 E 程中，线圈从60°转动到120°，240°到300°的过程 1十R,,足值电阻R?的阻值越小，a、b两端电压 中，穿过线圈的磁通量一直为0，根据法拉第电磁 为U2时，压力传感器R,阻值需要越小，则水位越 感应定律可知，线圈中无感应电动势产生，结合选 高，C错误；同理，定值电阻R2的阻值越大，a、b 项图像，D正确。 两端的电压为U1时，压力传感器R1阻值需要越 2.A【解析】若抽掉电感线圈L内部的铁芯，线圈 大，则水位越低，D正确。 的自感系数减小，由XL=2πfL可知，感抗减小， 4.A【解析】将变压器和副线圈负载看成一个等效 使得通过灯泡L2的电流增大，所以灯泡L2变 亮，A正确；若增大电容器C两极板间的距离， 电阻，则有R年=()R,仅将滑片P沿履时针 &据C知，电客器的电容减小，由Xc一 方向转动，副线圈匝数n2减小，由U=I1R。十 2元C可知，容抗增大，使得通过灯泡L的电流减 ()1R可知，原线周电流1减小，则R。两端 电压减小，电压表示数变大，整个电路消耗的功率 小，所以灯泡L1变暗，B错误；若增大交流电的频 P意=UI1,可知整个电路消耗的功率变小，A正 率，电容器容抗减小，电感线圈感抗增大，使得通 确，B错误；仅将滑片P2向下移动，R变大，根据 过灯泡L的电流将比L2的大，所以灯泡L1将比 L2更亮，C错误；若增大照射在光敏电阻R上的 U=1R十(%)1R,可知原线圈电流1，减小 光强，光敏电阻的阻值减小，通过L的电流变大， 根据=”2可知，副线图电路中的电流【，变小， L3变亮，D错误。 I2 ni 3.D【解析】由题意知，控制开关自动开启低水位 则电流表示数变小，变压器输入功率P=UI1一 ·19· 真题密卷 单元过关检测 IR。,由于P与I1是非单调关系，因此不能确定 为U2,故电流表A1示数I1 变压器输入功率如何变化，C、D错误。 U-U,解得U1= 5.D【解析】由题图乙知交流电的周期为0.02s, 1 U,1R成月为始-是一导所以一号山： 所以频率∫=下=50Hz,A错误；由题图乙知，升 1R则有-R-2a 压支压器输入瑞电压有效值U-2502V=250V, I2 nI √2 联立可得=U,-1,R,则有| 2 △I2 若升压变压器的输入功率为75kW,则11=U R11Q,A正确，B错误；变压器的输出功率 75×103 A=300A,根据理想变压器原、副线圈电 250 P-1,-(21:R)1,由数学知汉可 流与医数的关系有宁-是-器所以1山=的A 得I2=2.5A时，其最大功率Pmx=6.25W, 所以远距离输电线路损耗功率△P=IR=302X C错误；当I2=2.5A时，电压表的示数U2= 20W=18kW,B错误；对输电回路有U2=I2R十 U2 2.5V,故此时副线圈接入负载的电阻RA一。 U3,根据理想变压器原、副线圈电压与匝数的关系有 12=R2,根据上述结论可知，滑片P从a端滑到 -,根据理想变压器原、副线圈电流与匝数的关 Us ns b端的过程中，变压器的输出功率一直减小，D 错误。 系有--”，对用电回路有U=1(R十R2),8 8.C【解析】设变压器原、副线圈数比为K(K< 联立可得U=IR+()1:R+R:)-%1,R+ 1),A、B端接入的电压为U,则L2两端的电压 n3 URL U I,(R十R),当滑片P向a端滑动时，R,减小， U,=2R干R,电流表A的示数1如=2R十RL' 对于变压器电路，升压变压器副线圈两端的电压 升压变压器副线圈两端电压U2不变，则I2、I4增 大，电阻R1上的电压变大，C错误，D正确。 下，设通过L1的电流为1，则L两端的电压为 6.C【解析】由题图乙可知，线框转动的线速度方 I1RL,电流表A1的示数IA1=KI1,降压变压器原 向时刻与磁场方向垂直，故此发电机产生大小恒 定的感应电动势，大小E=NBSw=NBL1L2w, 线圈的电压为京R,则有只-2RK,=文，R, A错误：线周转动，根据然耳定律有Q=IRX U KU 解得1=2RK+R,则1N=K1=2RK于R E NBLL2@ C 4,又电流I=R十，=R+r ·其中1Γ一，关 R,(2RK+)-（2R+RL)→ 立解得电阻R产生的热量Q=NBLiLi元R 2RK+K 2(R+r)2, (K-1)(2RK-R) ,因为R>2R,K<1,可知 B错误；线圈转动时间T,根据q=IT,且电流I= K E NBLL2 R+r R+,,其中T=2 ，联立解得通过R (zRk-)-(2R+R.)-K-DaRK-R2 个 的电荷量q= 2NBLL,C正确；由题知，线框 Q,即有(2RK十>(2R+R,故1>1，A R+r 逆时针匀速转动，则线框转到题图乙所示位置时， 错误；(2RK2+RL)-(2R十RL)=2R(K2-1), ab边的线速度方向为水平向左，根据右手定则可 因为K<1,可知(2RK2+R)-(2R+RL)=2R 知，αb边的电流方向为垂直纸面向里，根据左手定 (K-1)<0,即有(2RK2++R)<(2R+R), 则，可知所受的安培力方向向右，D错误。 可得I1>IA2,B错误；电阻R1、R3相等，且IA2> 7.A【解析】由题可知，电源电压的有效值U有=10 IA1,根据公式P=IR,可知R1消耗的功率小于 V,设原线圈两端的电压为U1,副线圈两端的电压 R3消耗的功率，C正确；电阻R2、R4相等，且 7 ·20· ·物理· 参考答案及解析 IA>IA1,根据闭合电路欧姆定律知U=IR,可知 电安全规范，C正确。 R2两端的电压小于R4两端的电压，D错误。 (2)连接实物图如图所示。 二、选择题 铁芯横梁 9.BC【解析】由于初级线圈和次级线圈绕在同一 铁芯上，所以通过线圈的磁通量相等，即磁通量的 变化快慢一样，A错误；由法拉第电磁感应定律E -:会0可如号光-长5运痛：南P-可 知，绕组n2输出电流I2=10A,绕组n3输出电 ③原到线图的臣数比”8号，适这分折实 流I3=12A,理想变压器的输入、输出功率相 验数据发现原、副线圈的电压比总是稍大于原、 等，即P1=P2十Pg,所以绕组n1输入电流I1 副线圈匝数比，即说明副线圈的电压偏低，导致 9 =立A,C正确；由功率关系P,=P:十P,可知 这种现象的原因是漏磁、铁芯发热、导线发热等 能量损耗，使副线圈两端电压偏低。 1=1+l1,所以≠号-1g0,D错说。 ≠2=110， 12.(1)D(2分)图见解析(2分)(2)2.5（答案在 10.BC【解析】两次t=0时刻，感应电动势均为零， 2.4~2.6均可)(2分)(3)PTC(2分)在汽车 电路中，当温度升高，PTC热敏电阻的电阻会增 通过线圈的磁通量最大，线圈平面均与磁场方向 垂直，A错误；由题图乙可知T甲=4×102s, 大，由串联分压可知，可以防止其他元件两端的电 压过大，从而保护电路和设备(2分)（意思对即可） T2=8×1028根据n三2=，可知图线12 【解析】(1)因为要求热敏电阻两端的电压从零 开始逐渐增大，所以滑动变阻器采用分压接法， 时应的线图转速之比n甲：m2不。： -=2：1, 为了便于调节，应选用阻值较小的滑动变阻器，D B正确；交变电动势的峰值Em=NBSw= 正确，如图所示。 2πNBSn,可知将转轴移至与线圈ab边共线，则 PTC 相同转速下交变电动势的峰值不变，C正确；由 题图乙可知Um甲=2V,根据Em=NBSw= A 2 rNBSn,可得Um-n元 ,则Um2=1V,乙线圈 感应电动势的有效值U= Umz_√2 V,线圈电 √2 2 U (2)由测量电路，可知热敏电阻电压U 动势按图线2规律变化时的发热功率P一 R I1(R3+r1)=1000I1,热敏电阻的电流I=I2- 5W,D错误。 I1≈I2,把I1-I2图像转换为UI图像，并做出电 三、非选择题 动势E=10V,内阻r=102的电源的U-I图 11.(1)BC(1分)(2)图见解析(2分)(3)稍大于 线，如图所示。图像中电源的U-I图线与图线b (1分)变压器不是理想变压器或漏磁或涡流或 的交点坐标的乘积即为该元件的实际功率P 电阻等(2分)（意思对即可） UI=4.4×0.56W≈2.5W。 【解析】(1)为确保实验安全，实验中要求原线圈 ◆UW 匝数大于副线圈匝数，A错误；变压器的工作原 10 理是电磁感应，原线圈两端应接交流电，为了人 身安全，只能使用低压交流电源，所用电压应不 超过12V,B正确；连接好电路后，要先检查电 路是否正确，然后再接通电源，通电时，若用手接 触裸露的导线、接线柱，这样无形之中，将人体并 联在电路中，导致所测数据不准确，也不符合用 0.20.40.60.81.0 ·21· 真题密卷 单元过关检测 (3)在汽车电路中，当温度升高，PTC热敏电阻的 U。=U1+IR (1分) 电阻会增大，由串联分压可知，可以防止其他元 可得 件两端的电压过大，从而保护电路和设备，所以 I=1.2A (1分) 应该选用PTC热敏电阻。 此时滑动变阻器消耗的功率 NBSoR NBS 13.(1)e=NBSwcos wt (2) P=(号）)R=16w (1分) √2(R+r) 2(R+r) (3)N:B'S2o'R (2)设变阻器接入电路电阻为R,则有 2(R+r)2 【解析】(1)交流发电机产生的电动势最大值 U=U+R=1)°(R:+R:)+R,1分) Em=NBSw (1分) 变压器输出功率 电动势随时间的变化关系式为 P=(2I)'(R2+R) (1分) Anz e-Em cos wt (1分) 整理得 即e=NBSwcos wt (1分) U 线圈中电流的有效值 P= Em I= (1分) .n2 (R,+Rx)-R1] √2(R十r) +4R1 (R2十R) 交流电压表显示的是路端电压有效值，故示数 U=IR (1分) 当()R十R,)=R,时，变压器输出功率录大 NBSoR 解得U (1分) √2(R十r) (1分) (2)从t=0时刻开始线圈转过30°的过程中，通 即R=702 (1分) 变压器最大输出功率 过电阻R的电荷量 (1分) N△中 U哈 Pm- 4R, =19.6W。 (1分) E △t N△Φ g=I△1=R十，△1=R+ -△t= R+r (1分) 1.a4/s28 (3)97.8% 又△Φ=BSsin30°-0 【解析】(1)输入升压变压器原线圈的电压为 NBS 解得q=2(R十r) (1分) U1=250V,则风力发电产生感应电动势的最 (3)电阻R上的热功率 大值 P=IR (1分) Um=√2U1=250W2V (1分) 解得P= N2B2S202R 设转轴的转速为n,则由题意知 2(R+r)2 (1分) Um=NBSw (1分) 14.(1)16W(2)7019.6W w=2xn (1分) 【解析】(1)设原线圈中电流大小为I,则 解得n-20r/s (1分) I_m2 结合题意可知扇叶的转速 I2 n (1分) (1分) 解释1-号 (1分) -专4小 (2)由题意可知，降压变压器副线圈的电流 则副线圈两端电压 P。4400 1=U。=220 A=20A (1分) U2=(R+R2)3 (2分) 由变压器的工作原理知 设原线圈两端电压为U1 U3_3=K2 U1_ U.n (1分) U2n2 (1分) 得降压变压器原线圈的电压 对原线圈回路有 U3=880V (1分) ·22· ·物理· 参考答案及解析 站 △P=IR=52×4W=100W (1分) (1分) 用户得到的电功率 得I3=5A P。=4400W (1分) 输电线上损失的电压 发电机的输出功率 △U=I,R=5×4V=20V (1分) P=P。+△P=(4400+100)W=4500W 升压变压器副线圈的输出电压 (1分) U2=U3+△U=(880+20)V=900V (1分) 远距离输电的效率 ,U_ni 则由U:2 (1分) -号x10% (1分) 可知升压变压器原、副线圈的匝数比 代入数据解得 K-品 (1分) 7=97.8%。 (1分) (3)输电线上损失的功率 2025一2026学年度单元过关检测（十六） 物理·热学原子结构和波粒二象性原子核 一、选择题 关系图像，从T1变到r?的过程中，分子力先表现 1.B【解析】根据布朗运动的特点可知，炭粒越小， 为斥力，分子力逐渐减小到零，再变为引力，从2 温度越高，布朗运动越明显，A、D错误；小炭粒在 变到10r2的过程中，分子间的作用力先增大后减 不停地做无规则运动，这种运动就是布朗运动，B 小，D错误。 正确；水分子很小，在光学显微镜下看不到水分 子，C错误。 2.D【解析】由辐射强度图线可知，向外辐射相同 波长的电磁波的辐射强度随温度的变化而不同， 同一黑体在不同温度下向外辐射相同波长的电磁 波的辐射强度随温度的升高而增大，A、B错误； 同一黑体在不同温度下随温度的增加向外辐射的 5.A【解析】根据雪花具有形状规则的几何形状， 最大辐射强度的电磁波的波长向短波方向偏移，C 且雪花在熔化时，吸收热量温度不变，具有确定的 错误，D正确。 熔点，所以雪花是单晶体，则单晶体具有各向异性 3.D【解析】半衰期与元素的化学性质、物理环境 的物理性质，A正确，B错误；平均动能与温度有 均无关，可知发生火灾时温度升高，Am的半衰 关系，故0℃雪花的水分子的平均动能与0°C液 期不变，A错误；α射线贯穿本领弱，这种报警装置 态水分子的相同，C错误；雪花是固体颗粒，飞舞 应用了a射线电离能力强的特点，B错误；Am 时，是宏观上的机械运动，不能说明分子在做无规 发生α衰变过程中将要释放能量，C错误；根据电 则运动，D错误。 荷数、质量数守恒可知，2Am发生a衰变的核反 6.C【解析】直线AB对应的电压是在A、K两端 应方程为Am→3Np十He,D正确。 加不同频率光对应的遏制电压，由动能定理和光 4.B【解析】由题图像Epr可知，分子间距为r2 电效应方程有eU=Ek,Ek=hv一W。,解得eU= 时分子势能最小，分子间的作用力为零，A、C错 误；1变到r2的过程中，分子间距增大，分子间的 加W,支形得-只U+,由题意有片-， h 引力与斥力均减小，B正确；在r由r1变到10r2 的过程中，作分子间作用力F与分子间距离x的 、=0解得h三无w,=。,A错误；由题图乙☐ ·23·