章末综合测评2 机械振动（Word练习）-【学霸笔记·同步精讲】2025-2026学年高中物理选择性必修第一册（人教版）江苏专版

章末综合测评(二) 1．D　[飞机机翼振动的原因是气流使机翼振动的周期接近机翼的固有周期，机翼发生了共振现象，通过装置一个配重杆的方法改变机翼的固有周期，从而避免共振的发生，选项D正确。] 2．B　[做简谐运动的物体，当它每次经过同一位置时，位移x相同，回复力相同，加速度相同，可能不同的物理量是速度，故B正确。] 3．B　[重力沿圆弧切线方向的分力提供单摆做简谐运动的回复力，故A错误；摆动到最低点时回复力为零，故B正确；小球从最高点开始摆动过程中，小球的动能先增大后减小，到达另一侧最高点时动能为零，然后再重复，故其动能的变化周期为单摆振动周期的一半，C错误；单摆的周期T＝2π，与小球的质量无关，故D错误。] 4．B　[振子的最大加速度a＝，而mg＝kx，解得a＝，B项正确。] 5．D　[t1时刻，钢球位于平衡位置上方，位移为正，所以加速度为负，有向下的加速度，处于失重状态，故A错误；t2时刻，钢球位于平衡位置下方，正在远离平衡位置，速度方向向下，故B错误；t1～t2时间内，钢球的速度先增大后减小，动能先增大后减小，故C错误；t1～t2时间内，钢球一直向下运动，弹簧弹力一直向上，钢球需克服弹力做功，根据能量守恒定律可知，钢球的机械能逐渐减小，故D正确。] 6．D　[秒摆的周期由2 s变为1 s，周期变为原来的，由单摆周期公式T＝2π可知，应将摆长减为原来的，秒摆的周期与摆球的质量、振幅无关，故选项D正确。] 7．C　[根据共振的条件可知，驱动力的频率等于系统的固有频率时，系统发生共振，振幅达最大，故A、B错误；当“落网”昆虫翅膀振动的周期为0.005 s时，其频率f＝＝ Hz＝200 Hz，与丝网的固有频率相等，所以丝网的振幅最大，故C正确；受迫振动的频率等于驱动力的频率，所以昆虫“落网”时，丝网振动的频率由“落网”昆虫翅膀振动的频率决定，故D错误。] 8．C　[由共振曲线及共振的条件可知，图线Ⅰ和Ⅱ的两个单摆的固有频率分别为0.2 Hz和0.5 Hz，周期之比TⅠ∶TⅡ＝5∶2，A错误；由单摆的周期公式T＝2π可知，lⅠ∶lⅡ＝＝25∶4，B错误；同时可知lⅡ＝≈1 m，C正确；当摆长不变时，重力加速度越大，固有频率越大，月球表面重力加速度小于地球表面重力加速度，故D错误。] 9．C　[由题给的质点位移随时间变化的图像可知，振幅为A，周期T＝8 s，质点做简谐运动的方程为x＝A sin t＝A sin t，A错误；根据简谐运动的对称性可知质点在位置b与位置d时速度相同，B错误；质点从位置a到c与从位置b到d所用时间均为2 s，C正确；质点从位置a到b和从位置b到c所用的时间都是1 s，但位移大小不同，所以平均速度不相等，D错误。] 10．C　[不计空气阻力，小球在整个运动过程中机械能守恒，故运动到左侧时，最高点C与点A等高，与点B高度差为h，A、B错误；当小球从A点开始运动，再回到A点时为一个周期，是两个半周期之和，即T＝π＋π＝，C正确，D错误。] 11．C　[由简谐运动的对称性可知，在x＝0.1 m、0.3 m、0.5 m时木棒处于平衡位置，木棒受到的浮力等于重力，由题图(b)知x＝0.2 m时木棒受到的浮力最小，此时木棒在上方最大位移处，则x从0.2 m到0.3 m的过程中，木棒从最大位移处到达平衡位置，由于木棒受到的浮力逐渐增大，且小于重力，所以木棒的加速度方向竖直向下，逐渐减小，故A错误；在x＝0.35 m和x＝0.45 m时，由题图(b)知浮力大小相等，说明木棒在同一位置，根据简谐运动的对称性，可知两时刻木棒在竖直方向的速度大小相等，但速度方向相反，而木棒在水平方向速度相同，根据速度的合成可知合速度大小相等，但方向不同，故B错误；木棒沿竖直方向做频率为1 Hz的简谐运动，则其振动的周期为1 s，由题图(b)可知在一个周期内，木棒沿水平方向移动的距离为0.4 m，则河水流动的速度为v水＝＝ m/s＝0.4 m/s，故C正确；设木棒在平衡位置处浸没的深度为h，木棒做简谐运动的振幅为A，则浮力最大时，有F1＝ρgS(h＋A)，浮力最小时，有F2＝ρgS(h－A)，联立求得A＝，故D错误。] 12．解析：(1)用游标卡尺测量小球的直径，小球的直径为d＝19 mm＋6×0.1 mm＝19.6 mm＝1.96 cm。 (2)为了减小摆长的测量误差，摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且适当长一些，故A正确；摆球的周期与摆线的长短有关，但与摆角无关，且角度大于5°时，小球不能看作是做简谐运动，故B错误；为了减小测量摆球运动时间的误差，应该从摆球运动到最低点时开始计时，故C错误。 (3)单摆的周期为T＝，结合T＝2π，可得重力加速度表达式g＝。 (4)由单摆周期公式得T＝2π＝2π，解得T2＝l′＋r，结合图像斜率有k＝＝，解得重力加速度g＝。 (5)根据单摆周期公式T＝2π，解得g＝。测摆线长时摆线拉得过紧，会使摆长测量值偏大，根据g＝，可知测得的g值偏大，故A错误；开始计时时，停表过迟按下，测量的时间t偏小，则周期T偏小，根据g＝，可知测得的g值偏大，故B错误；摆角变小，周期不变，根据g＝，可知测得的g值不会受影响，故C错误；单摆的悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线增长了，则摆长的测量值偏小，根据g＝，可知测得的g值偏小，故D正确。 答案：(1)1.96　(2)A　(3)　 (4)　(5)D 13．解析：(1)设只挂A时弹簧伸长量x1＝。由(mA＋mB)g＝kx，得k＝，即x1＝x＝2.5 cm。 振幅A＝x－x1＝12.5 cm。 (2)剪断细绳瞬间，A受弹力最大，合力最大，加速度最大。 F＝(mA＋mB)g－mAg＝mBg＝mAam， 解得am＝＝5g＝50 m/s2。 答案：(1)12.5 cm　(2)50 m/s2 14．解析：(1)小球做受迫振动的频率等于驱动力的频率，所以小球振动达到稳定时周期为0.4 s，频率为f＝＝2.5 Hz。 (2)由题图乙可以看出，小球振动的固有频率为0.3 Hz，则单摆的固有频率为0.3 Hz，周期为 s，由单摆的周期公式T＝2π，解得l＝＝× m≈2.78 m。 答案：(1)2.5 Hz　(2)2.78 m 15．解析：(1)小球做简谐运动，则小球从释放到最低点所用的时间为t＝T＝。 (2)小球从释放到最低点，由动能定理有 mg(l－l cos θ)＝mv2。 根据牛顿第二定律，有FT－mg＝m。 联立解得FT＝3mg－2mg cos θ。 答案：(1)　(2)3mg－2mg cos θ 4 / 4 学科网（北京）股份有限公司 $ 章末综合测评(二)　机械振动 (总分：100分) 一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分。每题只有一个选项最符合题意。 1．在飞机的发展史中有一个阶段，飞机升空后不久，飞机的机翼很快就抖动起来，而且越抖越厉害。后来经过人们的探索，利用在飞机机翼前缘处装置一个配重杆的方法，解决了这一问题。在飞机机翼前缘处装置配重杆的目的主要是(　　) A．加大飞机的惯性 B．使机体更加平衡 C．使机翼更加牢固 D．改变机翼的固有频率 2．做简谐运动的物体，当它每次经过同一位置时，可能不同的物理量是(　　) A．位移 B．速度 C．加速度 D．回复力 3．单摆在摆动过程中，下列说法正确的是(　　) A．回复力由重力和细线拉力的合力提供 B．摆动到最低点时回复力为零 C．动能变化的周期等于振动周期 D．小球质量越大，周期越长 4．一根弹簧原长为l0，挂一质量为m的物体时伸长x。当把这根弹簧与该物体套在一光滑水平的杆上组成弹簧振子，且其振幅为A时，物体振动的最大加速度为(　　) A． C． 5．如图甲所示，轻弹簧上端固定，下端悬吊一钢球，把钢球从平衡位置向下拉下一段距离A，由静止释放。以钢球平衡位置为坐标原点、竖直向上为正方向建立x轴，当钢球在振动过程中某一次经过平衡位置时开始计时，钢球运动的位移—时间图像如图乙所示。已知钢球振动过程中弹簧始终处于拉伸状态，则(　　) 甲　　　　乙 A．t1时刻钢球处于超重状态 B．t2时刻钢球的速度方向向上 C．t1～t2时间内钢球的动能逐渐增大 D．t1～t2时间内钢球的机械能逐渐减小 6．将秒摆的周期由2 s变为1 s，下列措施可行的是(　　) A．将摆球的质量减半 　 B．将振幅减半 C．将摆长减半 　 D．将摆长减为原来的 7．蜘蛛会根据丝网的振动情况感知是否有昆虫“落网”，若丝网的固有频率为200 Hz，下列说法正确的是(　　) A．“落网”昆虫翅膀振动的频率越大，丝网的振幅越大 B．当“落网”昆虫翅膀振动的频率低于200 Hz 时，丝网不振动 C．当“落网”昆虫翅膀振动的周期为0.005 s时，丝网的振幅最大 D．昆虫“落网”时，丝网振动的频率由丝网自身的结构所决定，与昆虫翅膀振动频率无关 8．如图所示为两个单摆做受迫振动的共振曲线，则下列说法正确的是(　　) A．两个单摆的固有周期之比为TⅠ∶TⅡ＝2∶5 B．两个单摆的摆长之比lⅠ∶lⅡ＝4∶25 C．图线Ⅱ对应单摆摆长约为1 m D．若两条图线分别对应同一单摆在月球上和地球上的受迫振动，则图线Ⅱ是月球上的单摆的共振曲线 9．一个质点以O为中心做简谐运动，位移随时间变化的图像如图所示。a、b、c、d表示质点在不同时刻的相应位置，且b、d关于平衡位置对称，则下列说法正确的是(　　) A．质点做简谐运动的方程为x＝A sin t B．质点在位置b与位置d时速度大小相同，方向不同 C．质点从位置a到c和从位置b到d所用时间相等 D．质点从位置a到b和从b到c的平均速度相等 10．如图所示，长度为l的轻绳上端固定在O点，下端系一小球(小球可以看成质点)。在O点正下方，距O点处的P点固定一个小钉子。现将小球拉到点A处，轻绳被拉直，然后由静止释放小球。点B是小球运动的最低位置，点C(图中未标出)是小球能够到达的左侧最高位置。已知点A与点B之间的高度差为h，h≪l。A、B、P、O在同一竖直平面内，当地的重力加速度为g，不计空气阻力。下列说法正确的是(　　) A．点C与点B高度差小于h B．点C与点B高度差大于h C．小球摆动的周期等于 D．小球摆动的周期等于 11．下端附着重物的粗细均匀的木棒竖直浮在河面，在重力和浮力作用下，沿竖直方向做频率为1 Hz的简谐运动。与此同时，木棒在水平方向上随河水做匀速直线运动，如图(a)所示。以木棒所受浮力F为纵轴，木棒水平位移x为横轴建立直角坐标系，浮力F随水平位移x的变化如图(b)所示。已知河水密度为ρ，木棒横截面积为S，重力加速度大小为g。下列说法正确的是(　　) (a)　　　　　　　　　　(b) A．x从0.2 m到0.3 m的过程中，木棒的加速度竖直向下，逐渐变大 B．x＝0.35 m和x＝0.45 m时，木棒的速度大小相等，方向相同 C．河水流动的速度为0.4 m/s D．木棒在竖直方向做简谐运动的振幅为 二、非选择题：共4题，共56分。 12．(15分)小明用如图甲所示装置测量重力加速度g。 (1)用游标卡尺测量小球的直径，某次测量的结果如图乙所示，则小球的直径为________ cm。 (2)为使测量结果更加准确，以下操作中正确的有________。 A．摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且适当长一些 B．开始时拉开摆球，使摆线相距平衡位置有较大的角度 C．测量周期时应该从摆球运动到最高点时开始计时 (3)测出悬点O至小球球心的距离(摆长)L及单摆完成n次全振动所用的时间t，则重力加速度表达式g＝________(用L、n、t表示)。 (4)某同学在实验中改变摆长重复实验，他只测出了悬线的长度l′及对应的周期T，得到几组数据，再以l′为横坐标、T2为纵坐标作出T2-l′图线如图丙所示。已知图线与纵轴的截距为b1，图线上P点坐标为(a，b2)，则由此根据图线斜率计算重力加速度g＝______(用题给字母表示)。 (5)某同学测得的g值偏小，可能的一种原因是________。 A．测摆线长时摆线拉得过紧 B．开始计时时，停表过迟按下 C．实验时摆球摆动时间过长引起摆角变小 D．摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了 13．(13分)如图所示，轻弹簧的下端系着A、B两球，mA＝100 g，mB＝500 g，系统静止时弹簧伸长x＝15 cm，未超出弹性限度。若剪断A、B间绳，则A在竖直方向做简谐运动，问： (1)A的振幅为多大？ (2)A的最大加速度为多大？(g取10 m/s2) 14．(13分)如图甲所示，一个竖直圆盘转动时，固定在圆盘上的小圆柱带动一个T形支架在竖直方向振动，T形支架的下面系着一个弹簧和小球组成的振动系统，小球浸没在水中。当圆盘静止时，让小球在水中振动，小球将做阻尼振动。现使圆盘以不同的频率振动，测得共振曲线如图乙所示。(取g＝9.86 m/s2，π＝3.14) (1)当圆盘以0.4 s的周期匀速转动，经过一段时间后，小球振动达到稳定，它振动的频率是多少？ (2)若一个单摆的摆动周期与小球做阻尼振动的周期相同，该单摆的摆长约为多少？(结果保留三位有效数字) 甲　　　　　　　　　乙 15．(15分)如图所示，一质量为m的小钢球，用长为l的细丝线挂在水平天花板上(l远大于小钢球的半径)，初始时，摆线和竖直方向的夹角为θ(θ<5°)，重力加速度为g。释放小球后，求：(不计空气阻力) (1)小球摆到最低点所用的时间； (2)小球在最低点受到的拉力。 6 / 6 学科网（北京）股份有限公司 $