2.3.4 圆与圆的位置关系-【金版新学案】2025-2026学年新教材高二数学选择性必修第一册同步课堂高效讲义教师用书word（人教B版）

2．3.4　圆与圆的位置关系 [学习目标] 知识层面 1.掌握圆与圆的位置关系及判定方法．　2.了解两圆相离、相交或相切时一些简单的几何性质的应用．　3.掌握利用圆的对称性灵活解决问题的方法. 素养层面 通过学习圆与圆的位置关系，培养直观想象核心素养；借助圆与圆的位置关系的应用，培养数学运算核心素养. 问题．观察下面这些生活中常见的图形，感受一下圆与圆之间有哪些位置关系． (1)圆与圆之间有几种位置关系？ (2)能否借助圆的方程来研究圆与圆的位置关系？ 提示：(1)5种. (2)可以，可以借助圆的方程通过代数法和几何法两种途径判断． 知识点　圆与圆的位置关系 圆C1：(x－a)2＋(y－b)2＝r与圆C2：(x－c)2＋(y－d)2＝r的位置关系的判定方法有几何法和代数法两种，如下表： 位置关系 几何法 代数法 图示 外离 |C1C2|＞r1＋r2 Δ＜0 外切 |C1C2|＝r1＋r2 Δ＝0 相交 |r1－r2|＜|C1C2| ＜r1＋r2 Δ＞0 内切 |C1C2|＝|r1－r2| Δ＝0 内含 |C1C2|＜|r1－r2| Δ＜0 微提醒 应用代数法判定两圆位置关系时应注意： 1．Δ＞0时，两圆有两个公共点，相交； 2．Δ＝0时，两圆只有一个公共点，包括内切与外切； 3．Δ＜0时，两圆无公共点，包括内含与外离．　　 学生用书↓第72页 [微思考1]　当两圆的方程组成的方程组无解时，两圆一定外离吗？ 提示：不一定，还可能两圆内含． [微思考2]　当两相交圆的方程相减，可得一条直线方程，这条直线方程具有什么特性？ 提示：该直线方程是两圆的公共弦所在的直线方程． 1．设圆C1：x2＋y2＝1与圆C2：(x－2)2＋(y＋2)2＝1，则圆C1与C2的位置关系是(　　) A．相交 B．外离 C．外切 D．内含 答案：B 解析：方法一：画出两圆，如图所示，由图可直观得出两圆外离． 方法二：根据题意，可知圆C1的半径r1＝1，圆C2的半径r2＝1，且圆C1与圆C2的圆心距d＝＝2>1＋1，即d>r1＋r2，故两圆外离． 方法三：将两圆的方程联立， 得到方程组 即消去x2，y2，得x－y－2＝0.将其代入圆C1的方程中消去y，得2x2－4x＋3＝0，所以Δ＝16－4×2×3＝－8<0，所以方程无实数解，即两圆相离．因为两圆半径相等，所以不会出现内含的情况，故两圆外离． 2．(多选)圆C1：(x＋2)2＋(y－m)2＝9与圆C2：(x－m)2＋(y＋1)2＝4外切，则m的值为(　　) A．2 B．－5 C．－2 D．5 答案：AB 解析：圆C1：(x＋2)2＋(y－m)2＝9的圆心为(－2，m)，半径为3，圆C2：(x－m)2＋(y＋1)2＝4的圆心为(m，－1)，半径为2.依题意有＝3＋2，即m2＋3m－10＝0，解得m＝2或m＝－5. 3．已知以C(－4，3)为圆心的圆与圆x2＋y2＝1外切，则圆C的方程为________． 答案：(x＋4)2＋(y－3)2＝16 解析：设圆C的半径长为r，则(x＋4)2＋(y－3)2＝r2.由题意得两圆圆心距d＝＝5.因为两圆外切，所以圆心距为两圆半径长之和，即5＝r＋1，解得r＝4.故圆C的方程为(x＋4)2＋(y－3)2＝16. 4．已知两圆x2＋y2＝10和(x－1)2＋(y－3)2＝20相交于A，B两点，则直线AB的方程为____________． 答案：x＋3y＝0 解析：两圆方程相减得x＋3y＝0. 题型一　圆与圆位置关系的判断 (链教材P119例1)已知圆C1：x2＋y2－2ax－2y＋a2－15＝0(a>0)， 圆C2：x2＋y2－4ax－2y＋4a2＝0(a>0)．试求a为何值时，两圆C1，C2的位置关系为： (1)相切；(2)相交；(3)外离；(4)内含． [思路点拨]求圆C1，圆C2的半径r1，r2→求|C1C2|→比较|C1C2|与|r1－r2|，r1＋r2的大小→得出结论 解：圆C1，C2的方程，经配方后可得 C1：(x－a)2＋(y－1)2＝16， C2：(x－2a)2＋(y－1)2＝1， 所以圆心C1(a，1)，C2(2a，1)，半径r1＝4，r2＝1. 所以|C1C2|＝＝a. (1)当|C1C2|＝r1＋r2＝5，即a＝5时，两圆外切； 当|C1C2|＝r1－r2＝3，即a＝3时，两圆内切． (2)当3<|C1C2|<5，即3<a<5时，两圆相交． (3)当|C1C2|>5，即a>5时，两圆外离． (4)当|C1C2|<3，即0<a<3时，两圆内含． 方法技巧 判断圆与圆的位置关系的一般步骤： 1．将两圆的方程化为标准方程(若圆的方程已是标准形式，此步骤不需要)． 2．分别求出两圆的圆心坐标和半径r1，r2. 3．求两圆的圆心距d. 4．比较d与|r1－r2|，r1＋r2的大小． 5．根据大小关系确定圆与圆的位置关系．　　 对点练1．当实数k为何值时，两圆C1：x2＋y2＋4x－6y＋12＝0，C2：x2＋y2－2x－14y＋k＝0相交、相切、相离？ 解：将两圆的一般方程化为标准方程， C1：(x＋2)2＋(y－3)2＝1， C2：(x－1)2＋(y－7)2＝50－k. 圆C1的圆心为C1(－2，3)，半径长r1＝1； 圆C2的圆心为C2(1，7)，半径长r2＝(k＜50)． 从而|C1C2|＝＝5. 当1＋＝5，即k＝34时，两圆外切； 当|－1|＝5，即k＝14时，两圆内切； 当|－1|＜5＜1＋， 即14＜k＜34时，两圆相交； 当1＋<5，即34<k<50时，两圆相离． 学生用书↓第73页 题型二　两圆相切问题 (1)圆C1：(x－m)2＋(y＋2)2＝9与圆C2：(x＋1)2＋(y－m)2＝4相外切，则m的值是________． (2)求半径为4，与圆(x－2)2＋(y－1)2＝9相切，且和直线y＝0相切的圆的方程． [思路点拨]　(1)利用|C1C2|＝r1＋r2建立方程来求出m的值． (2)两圆相切分外切与内切两种情况，与其他条件建立方程组，求出标准方程的三个参数值即可． 答案：(1)2或－5 解析：(1)由已知，得C1(m，－2)，r1＝3；C2(－1，m)，r2＝2. 由题意知|C1C2|＝r1＋r2＝5， 即(m＋1)2＋(m＋2)2＝25，解得m＝2或m＝－5. (2)设所求圆的方程为(x－a)2＋(y－b)2＝r2， 由圆与直线y＝0相切、半径为4，知|b|＝r＝4， 则圆心C的坐标为C1(a，4)或C2(a，－4)． 已知圆(x－2)2＋(y－1)2＝9的圆心A的坐标为(2，1)，半径为3. 由两圆相切，得|CA|＝4＋3＝7或|CA|＝4－3＝1. ①当圆心为C1(a，4)时， (a－2)2＋(4－1)2＝72或(a－2)2＋(4－1)2＝12(无解)， 故可得a＝2±2， 故所求圆的方程为(x－2－2)2＋(y－4)2＝16或(x－2＋2)2＋(y－4)2＝16. ②当圆心为C2(a，－4)时， (a－2)2＋(－4－1)2＝72或(a－2)2＋(－4－1)2＝12(无解)，解得a＝2±2， 故所求圆的方程为(x－2－2)2＋(y＋4)2＝16或(x－2＋2)2＋(y＋4)2＝16. 综上所述，所求圆的方程为(x－2－2)2＋(y－4)2＝16或(x－2＋2)2＋(y－4)2＝16或(x－2－2)2＋(y＋4)2＝16或(x－2＋2)2＋(y＋4)2＝16. 方法技巧 处理两圆相切问题的两个步骤 1．定性，即必须准确把握是内切还是外切，若只是告诉相切，则必须分两圆内切还是外切两种情况讨论． 2．转化思想，即将两圆相切的问题转化为两圆的圆心距等于两圆半径之差的绝对值(内切时)或两圆半径之和(外切时)．　　 对点练2．求与圆C：x2＋y2－2x＝0外切且与直线l：x＋y＝0相切于点M(3，－)的圆的方程． 解：圆C的方程可化为(x－1)2＋y2＝1，圆心C(1，0)，半径为1， 设所求圆的方程为(x－a)2＋(y－b)2＝r2(r>0)， 由题意可得 解得或 所以所求圆的方程为(x－4)2＋y2＝4或x2＋(y＋4)2＝36. 题型三　两圆相交问题 (链教材P119例2)已知圆C1：x2＋y2＋6x－4＝0和圆C2：x2＋y2＋6y－28＝0. (1)求两圆公共弦所在直线的方程； (2)求经过两圆交点且圆心在直线x－y－4＝0上的圆的方程； (3)求两圆公共弦长及公共弦的中垂线的方程； (4)求过两圆的交点且半径最小的圆的方程． [思路点拨]　(1)两圆方程相减求出公共弦所在直线方程． (2)可求出两圆的交点坐标，结合圆心在直线x－y－4＝0上求出圆心坐标与半径，也可利用圆系方程求解． (3)构造直角三角形求解． (4)画图后数形结合解答． 解：(1)设两圆交点为A(x1，y1)，B(x2，y2)， 则A，B两点坐标是方程组 的解． ①－②，得6x－6y＋24＝0，即x－y＋4＝0. 因为A，B两点坐标都满足此方程， 所以x－y＋4＝0即为两圆公共弦所在直线的方程． (2)方法一：解方程组 得两圆的交点A(－1，3)，B(－6，－2)． 设所求圆的圆心为(a，b)，因圆心在直线x－y－4＝0上，故b＝a－4. 则 ＝， 解得a＝，故圆心为，半径为 . 故圆的方程为＋＝， 即x2＋y2－x＋7y－32＝0. 方法二：设所求圆的方程为x2＋y2＋6x－4＋λ(x2＋y2＋6y－28)＝0(λ≠－1)， 其圆心为，代入x－y－4＝0， 解得λ＝－7. 故所求圆的方程为x2＋y2－x＋7y－32＝0. (3)由(1)知道x－y＋4＝0是公共弦所在的直线的方程． 因为圆C1的圆心为(－3，0)，r＝， C1到直线AB的距离d＝＝， 所以|AB|＝2＝2 ＝5. 即两圆的公共弦长为5. 弦AB的中垂线也就是C1C2所在的直线． 因为C1(－3，0)，C2(0，－3)， 所以AB的中垂线方程为＋＝1，即x＋y＋3＝0. (4)根据条件可知，所求的圆就是以AB为直径的圆． 因为AB所在直线方程为x－y＋4＝0， C1C2所在直线方程为x＋y＋3＝0. 所以由得圆心为. 又因为|AB|＝5，所以半径r＝， 故所求圆的方程为＋＝. 学生用书↓第74页 方法技巧 1．求两圆公共弦长的方法 一是联立两圆方程求出交点坐标，再用距离公式求解； 二是先求出两圆公共弦所在的直线方程，再利用半径长、弦心距和弦长的一半构成的直角三角形求解． 2．过两圆的交点的圆的方程 已知圆C1：x2＋y2＋D1x＋E1y＋F1＝0与圆C2：x2＋y2＋D2x＋E2y＋F2＝0相交，则过两圆交点的圆的方程可设为x2＋y2＋D1x＋E1y＋F1＋λ(x2＋y2＋D2x＋E2y＋F2)＝0(λ≠－1)．　　 对点练3．圆心在直线x－y－4＝0上，且经过圆x2＋y2－4x－6＝0与圆x2＋y2－4y－6＝0的交点的圆的方程为________________． 答案：(x－3)2＋(y＋1)2＝16(或x2＋y2－6x＋2y－6＝0) 解析：方法一：由 解得 所以圆x2＋y2－4x－6＝0与圆x2＋y2－4y－6＝0的交点分别为A(－1，－1)，B(3，3)，连接AB，则线段AB的垂直平分线的方程为y－1＝－(x－1)． 由解得 所以所求圆的圆心坐标为(3，－1)，半径为＝4， 所以所求圆的方程为(x－3)2＋(y＋1)2＝16. 方法二：同方法一求得A(－1，－1)，B(3，3)， 设所求圆的方程为(x－a)2＋(y－b)2＝r2， 由解得 所以所求圆的方程为(x－3)2＋(y＋1)2＝16. 方法三：设所求圆的方程为x2＋y2－4x－6＋λ(x2＋y2－4y－6)＝0，其中λ≠－1，化简可得x2＋y2－x－y－＝0，圆心坐标为(，)． 又圆心(，)在直线x－y－4＝0上， 所以－－4＝0，解得λ＝－， 所以所求圆的方程为x2＋y2－6x＋2y－6＝0. 易错点　对圆与圆的位置关系理解不清致错 (2024·武汉调研)已知圆C1：x2＋y2＝81和圆C2：x2＋y2－6x－8y＋9＝0，则这两圆的位置关系是(　　) A．相离 B．相交 C．内切 D．外切 [正解]　圆C1的圆心C1(0，0)，半径r1＝9，圆C2的方程化为标准形式为(x－3)2＋(y－4)2＝42，圆心C2(3，4)，半径r2＝4，所以|C1C2|＝＝5.又|r1－r2|＝5，所以|C1C2|＝|r1－r2|，所以圆C1和圆C2内切． 答案：C [易错探因]　本题在求出r1＝9，r2＝4，|C1C2|＝5后，很容易走入以下误区：因为r1＋r2＝13，则|C1C2|<r1＋r2，所以圆C1和圆C2相交，故选B. 事实上，在判断两圆的位置关系时，不仅要比较|C1C2|与r1＋r2的大小关系，还应比较|C1C2|与|r1－r2|的大小关系． [误区警示]　两圆的位置关系有五种，即内含、内切、相交、外切、外离，在用圆心距与两个圆的半径的和、差的绝对值之间的大小关系进行判断时，要特别注意两圆相交和内含成立的充要条件：相交时|r1－r2|<d<r1＋r2；内含时0≤d<|r1－r2|. 课时测评19　圆与圆的位置关系 (时间：40分钟　满分：100分) (本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！) (1—8每小题5分，共40分) 1．已知圆O1：x2＋y2＝1与圆O2：(x－3)2＋(y＋4)2＝16，则圆O1与圆O2的位置关系为(　　) A．外切 B．内切 C．相交 D．相离 答案：A 解析：圆O1的圆心为(0，0)，半径等于1，圆O2的圆心为(3，－4)，半径等于4，所以两圆圆心距为＝5，恰好等于它们的半径之和，所以两个圆外切．故选A. 2．圆x2－4x＋y2＝0与圆x2＋y2＋4x＋3＝0的公切线共有(　　) A．1条 B．2条 C．3条 D．4条 答案：D 解析：x2－4x＋y2＝0⇒(x－2)2＋y2＝22，圆心坐标为(2，0)，半径为2；x2＋y2＋4x＋3＝0⇒(x＋2)2＋y2＝12，圆心坐标为(－2，0)，半径为1，圆心距为4，两圆半径和为3，因为4>3，所以两圆的位置关系是外离，故两圆的公切线共有4条．故选D. 3．圆x2＋y2－4x＋6y＝0和圆x2＋y2－6x＝0交于A，B两点，则直线AB的方程是(　　) A．x＋y＋3＝0 B．3x－y－9＝0 C．x＋3y＝0 D．4x－3y＋7＝0 答案：C 解析：两圆方程相减，得公共弦所在直线的方程为x＋3y＝0. 4．圆x2＋y2－2x－5＝0与圆x2＋y2＋2x－4y－4＝0的交点为A，B，则线段AB的垂直平分线的方程是(　　) A．x＋y－1＝0 B．2x－y＋1＝0 C．x－2y＋1＝0 D．x－y＋1＝0 答案：A 解析：圆x2＋y2－2x－5＝0的圆心为M(1，0)，圆x2＋y2＋2x－4y－4＝0的圆心为N(－1，2)，两圆的相交弦AB的垂直平分线即为直线MN，其方程为＝，即x＋y－1＝0. 5．(多选)若圆C1：(x－a)2＋y2＝r2(r>0)与圆C2：x2＋y2＝4r2(r>0)相切，则实数a的值为(　　) A．±3r B．±r C．±4r D．±2r 答案：AB 解析：圆C1：(x－a)2＋y2＝r2(r>0)的圆心为(a，0)，半径为r，圆C2：x2＋y2＝4r2(r>0)的圆心为(0，0)，半径为2r.当两圆外切时，有|a|＝3r，此时a＝±3r(r>0)；当两圆内切时，有|a|＝r，此时a＝±r(r>0)．综上，当a＝±3r(r>0)时两圆外切；当a＝±r(r>0)时，两圆内切．故选AB. 6．已知圆C1：x2＋y2＋4ax＋4a2－4＝0和圆C2：x2＋y2－2by＋b2－1＝0只有一条公切线，则实数a，b的关系是________． 答案：4a2＋b2＝1 解析：圆C1：x2＋y2＋4ax＋4a2－4＝0，化为标准方程为(x＋2a)2＋y2＝4，圆心坐标为(－2a，0)，半径长为2.圆C2：x2＋y2－2by＋b2－1＝0，化为标准方程为x2＋(y－b)2＝1.圆心坐标为(0，b)，半径长为1.由于两圆只有一条公切线，所以两圆相内切，所以＝2－1＝1，整理得4a2＋b2＝1. 7．已知两圆(x＋2)2＋(y－2)2＝4和x2＋y2＝4相交于M，N两点，则|MN|＝________． 答案：2 解析：由题意可知直线MN方程为：(x＋2)2＋(y－2)2－x2－y2＝0，即MN：x－y＋2＝0. 圆x2＋y2＝4的圆心为(0，0)，半径r＝2， 则圆心(0，0)到x－y＋2＝0的距离d＝＝. 所以|MN|＝2＝2×＝2. 8．(一题两空)若⊙O：x2＋y2＝5与⊙O1：(x－m)2＋y2＝20(m∈R)相交于A、B两点，且两圆在点A处的切线互相垂直，则实数m＝________，线段AB的长度为________． 答案：±5　4 解析：如图所示，在Rt△OO1A中，由已知条件知|OA|＝，|O1A|＝2，所以|OO1|＝＝5，即|m|＝5，所以m＝±5.又AB⊥OO1，所以|AC|＝＝2.故|AB|＝4. 9．(10分)a为何值时，圆C1：x2＋y2－2ax＋4y＋a2－5＝0和圆C2：x2＋y2＋2x－2ay＋a2－3＝0. (1)外切；(2)相交． 解：将两圆方程写成标准方程． C1：(x－a)2＋(y＋2)2＝9，C2：(x＋1)2＋(y－a)2＝4. 所以两圆的圆心和半径分别为 C1(a，－2)，r1＝3；C2(－1，a)，r2＝2. 所以r1＋r2＝5，|r1－r2|＝1. 设两圆的圆心距为d， 则d2＝(a＋1)2＋(－2－a)2＝2a2＋6a＋5. (1)当d＝5，即2a2＋6a＋5＝25时，两圆外切，此时a＝－5或a＝2. (2)当1＜d＜5，即1＜2a2＋6a＋5＜25时，两圆相交，此时－5＜a＜－2或－1＜a＜2. 10．(10分)已知圆C：x2＋y2－6x－8y＋21＝0. (1)若直线l1过定点A(1，1)，且与圆C相切，求l1的方程； (2)若圆D的半径为3，圆心在直线l2：x－y＋2＝0上，且与圆C外切，求圆D的方程． 解：(1)圆C：x2＋y2－6x－8y＋21＝0化为标准方程为(x－3)2＋(y－4)2＝4， 所以圆C的圆心为(3，4)，半径为2. ①若直线l1的斜率不存在，即直线为x＝1，符合题意． ②若直线l1的斜率存在，设直线l1的方程为y－1＝k(x－1)． 即kx－y－k＋1＝0.由题意知，圆心(3，4)到已知直线l1的距离等于半径2， 所以＝2，即＝2， 解得k＝，所以直线方程为5x－12y＋7＝0. 综上，所求l1的方程为x＝1和5x－12y＋7＝0. (2)依题意，设D(a，a＋2)． 又已知圆C的圆心为(3，4)，半径为2， 由两圆外切，可知|CD|＝5， 所以＝5， 解得a＝－1或a＝6.所以D(－1，1)或D(6，8)， 所以所求圆D的方程为(x＋1)2＋(y－1)2＝9或(x－6)2＋(y－8)2＝9. 11．(5分)(多选)圆O1：x2＋y2－2x＝0和圆O2：x2＋y2＋2x－4y＝0的交点为A，B，则有(　　) A．公共弦AB所在直线的方程为x－y＝0 B．线段AB中垂线的方程为x＋y－1＝0 C．公共弦AB的长为 D．P为圆O1上一动点，则P到直线AB距离的最大值为＋1 答案：ABD 解析：对于A，由圆O1：x2＋y2－2x＝0与圆O2：x2＋y2＋2x－4y＝0的交点为A，B，两式作差可得4x－4y＝0，即公共弦AB所在直线方程为x－y＝0，故A正确；对于B，圆O1：x2＋y2－2x＝0的圆心为(1，0)，又kAB＝1，则线段AB中垂线的斜率为－1，即线段AB中垂线的方程为y－0＝－1×(x－1)，整理可得x＋y－1＝0，故B正确；对于C，圆O1：x2＋y2－2x＝0，圆心O1(1，0)到直线x－y＝0的距离d＝＝，半径r＝1，所以|AB|＝2＝，故C不正确；对于D，P为圆O1上一动点，圆心O1(1，0)到直线x－y＝0的距离为d＝，半径r＝1，即P到直线AB距离的最大值为＋1，故D正确．故选ABD. 12．(5分)如图，已知点A为圆O：x2＋y2＝9与圆C：(x－5)2＋y2＝16在第一象限内的交点．过A的直线l被圆O和圆C所截得的弦分别为NA，MA(M，N不重合)，若NA＝MA，则直线l的方程是________________． 答案：y＝x＋ 解析：由方程组得A.设OC的中点为S，则S.令AN的中点为D，AM的中点为E，连接OD，CE，则OD⊥AN，CE⊥AM，故OD∥CE.所以四边形CEDO是直角梯形．因为NA＝MA，所以DA＝EA，即A是线段DE的中点．所以SA∥OD，从而SA⊥MN.又kMN＝－＝，所以直线l的方程为y＝＋＝x＋. 13．(10分)已知圆O1的方程为x2＋(y＋1)2＝4，圆O2的圆心O2(2，1)． (1)若圆O2与圆O1外切，求圆O2的方程，并求内公切线方程； (2)若圆O2与圆O1交于A，B两点，且|AB|＝2，求圆O2的方程． 解：(1)由已知得O1(0，－1)，O2(2，1)， 则|O1O2|＝2.因为两圆外切， 所以|O1O2|＝r1＋r2，所以r2＝|O1O2|－r1＝2－2， 故圆O2的方程是(x－2)2＋(y－1)2＝12－8. 两圆的方程相减， 即得两圆内公切线的方程为x＋y＋1－2＝0. (2)设圆O2的方程为(x－2)2＋(y－1)2＝r. 圆O1的方程为x2＋(y＋1)2＝4，此两圆的方程相减，即得两圆公共弦AB所在直线的方程： 4x＋4y＋r－8＝0.① 作O1H⊥AB，则|AH|＝|AB|＝， |O1H|＝＝＝. 即圆心(0，－1)到直线①的距离为＝， 得r＝4或r＝20， 故圆O2的方程为(x－2)2＋(y－1)2＝4或(x－2)2＋(y－1)2＝20. 14．(5分)在平面直角坐标系xOy中，若圆C1：2＋2＝r2 (r>0)上存在点P，且点P关于直线x＋y－1＝0的对称点Q在圆 C2：x2＋2＝9上，则r的取值范围是(　　) A．(2，＋∞) B．[2，＋∞) C．(2，8) D．[2，8] 答案：D 解析：C1：2＋2＝r2圆心坐标C1，设关于直线x＋y－1＝0的对称点为，由可得所以圆C1：2＋2＝r2关于直线x＋y－1＝0对称圆的方程为C0：2＋y2＝r2，则条件等价为C0：2＋y2＝r2与C2：x2＋2＝9有交点即可，两圆圆心为C0，C2(0，－4)，半径分别为r，3，则圆心距＝＝5，则有≤5≤r＋3，由≤5得－2≤r≤8，由r＋3≥5得r≥2，综上可知2≤r≤8，所以r的取值范围是.故选D. 15．(15分)已知动点P与两个定点O(0，0)，A(3，0)的距离的比为. (1)求动点P的轨迹C的方程； (2)已知圆Q的圆心为Q(t，t)(t>0)，且圆Q与x轴相切，若圆Q与曲线C有公共点，求实数t的取值范围． 解：(1)设P(x，y)， 则|AP|＝2|OP|，即|AP|2＝4|OP|2， 所以(x－3)2＋y2＝4(x2＋y2)， 整理得(x＋1)2＋y2＝4. 所以动点P的轨迹C的方程为(x＋1)2＋y2＝4. (2)因为点Q的坐标为(t，t)(t>0)，且圆Q与x轴相切，所以圆Q的半径为t，所以，圆Q的方程为(x－t)2＋(y－t)2＝t2. 因为圆Q与圆C有公共点，又圆Q与圆C的两圆心距为 |CQ|＝ ＝， 所以|2－t|≤|CQ|≤2＋t， 即(2－t)2≤2t2＋2t＋1≤(2＋t)2， 解得－3＋2≤t≤3. 所以，实数t的取值范围是[－3＋2，3]． 学生用书↓第75页 学科网（北京）股份有限公司 $