第13章 一题一实验 探究不同物质的吸热能力&专项训练1&专项训练2-【一本】2025-2026学年新教材九年级物理上册同步训练（人教版2024）

一题一实验探究不 为了比较水和沙子吸热本领的大小，小明做 了如下实验：在两个相同的烧杯中分别装入质 量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精 灯对其加热，记录的实验数据见下表。 加热时间/min 0 1 2 3 4 沙子的温度/℃ 20 22 24 26 28 水的温度/℃ 20 21 22 23 24 实验设计 (1)在设计实验方案时，需要确定以下控制的变 量，下列要求中不正确的是 (填字母)。 A.采用相同的加热方法（如酒精灯火焰的大小， 与烧杯底的距离等) B.烧杯中分别装入相同体积的水和沙子 C.使用相同的烧杯 (2)在实验过程中，应不停地用搅拌棒搅动水和 沙子，其目的是 (3)实验中用两个相同的酒精灯对物质加热的目 的是 (4)在此实验过程中，用加热时间的长短来表示 物质 的多少。 实验结论 (5)分析上表中的实验数据可知，质量相同的水和 沙子，升高相同的温度时，水的加热时间 沙子的加热时间，水吸收的热量 沙子吸收的 热量。（均选填“大于”或“小于”） (6)分析上表，还可以得出，质量相同的水和沙 子，加热相同的时间， （选填“沙子”或 “水”)升高的温度更多 (7)实验结论：相同质量的不同物质，升高相同的 温度，吸收热量 的吸热能力 ;相 同质量的不同物质，吸收相同的热量，升高温度 的吸热能力 (8)实验中小明发现，刚开始加热时，情况与(6) 中的结论不符。你认为可能的原因是 (9)通过表格数据可以估算出沙子的比热容为 J/(kg·℃)。[c水=4.2X103J/(kg·℃] 12一本·初中物理9年级全一册（上）J版 同物质的吸热能力 ?实验创新 (10)为了探究不同物质的吸热能力，小明又用质 量相等的A、B两种液体进行实验，并根据实验 数据绘制了温度与时间的关系图像，如图甲所 示。分析图像可知：质量相等的A和B两种液 体，在升高相同温度时， (选填“A”或 “B”)吸收的热量较多；质量相等的A和B两种 液体，在吸收相同热量时， （选填“A”或 “B”)升温较快。 温度/℃ 50H 40 30日 20 10 12345时间/mim 甲 (11)冬天，小华想自制一个暖手袋，若只能从A 或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质， 则应选择 (选填“A”或“B”)。 (12)分析图像可知， 液体的吸热能力 强；液体A、B的比热容之比为 (13)继续给两种液体加热，发现最终两种液体温 度不再升高，造成这种现象的原因是 (14)小华同学选用同种规格的电加热器，利用如 图乙所示的装置也完成了本实验，与小明的实验 装置相比，小华的装置效果更好，原因是 (写出一点即可)。 温度计 温度计 一液体A 液体B 乙 (15)下列事实能用上述实验结论解释的是 (填字母)。 A.夏天给教室地面洒水，感觉凉爽 B.用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸 C.长期堆放煤的水泥地面变成黑色 D.沿海地区昼夜温差比内陆地区小 专项训练个 物态变 类型1一种物质的物态变化图像与比热容综合 角度A物体升高温度相同 1.(2025·安徽滁州月考)用一个热量输出稳定的热 源给一个质量为1kg的物体均匀加热，得到 物体熔化时的温度-时间关系图像，如图所示， 已知该物体在固态时的比热容为2.1× 103J/(kg·℃)，则该物体在液态时的比热容 为 J/(kg·℃)。 1温度/C 20 10 D 24681012时间/min -10M 角度B物体加热时间相同 2.为探究固体熔化时的温度变化规律，小欢在绝 热容器内装人1kg某固体物质，其温度为 一15℃。把一个每分钟放出相同热量的电加 热器放入容器内的固体物质中，外接电源，闭 合开关，开始加热并计时。加热器在5min内 放出的热量为0.9×104J,由实验数据得到的 图像如图所示。该物质在0~10min内吸收 的热量是 J;该物质在固态时的比 热容是 J/(kg·℃)，在液态时的 比热容是 J/(kg·℃)。 +温度/℃ 15 10 5 51015202530 -5 时间/min -10 -15H 角度C物体升高温度和加热时间都不相同 3.某同学用一种发热均匀的电加热器将质量为 500g的冰持续加热熔化直至沸腾，记录并绘 制的温度随时间变化的图像如图所示，水在 CD段吸收的热量为 J。在一定气 压下，某种晶体熔化成同温度的液体时所吸收 的热量与其质量之比叫作该晶体的熔化热，据 化图像与比热容综合 此计算冰的熔化热约为 J/kg。 [c水=4.2×103J/(kg·℃)] ↑温度/℃ 100 D E 0 B C 81420时间/mim -50YA 类型2两种物质的物态变化图像与比热容综合 角度A定性比较不同物质比热容大小 4.用完全相同的加热装置给甲、乙两种质量相等的 不同晶体同时均匀加热，两种晶体熔化前后温度 随时间变化的图像如图所示。晶体熔化过程中， 温度不变，内能 (选填“变小”“变大”或 “不变”)。单位质量的两种晶体，在熔化过程中， 吸收热量的大小关系是Q甲 Qz;液态时 它们的比热容大小关系是c甲 c乙。（后 两空均选填“>”“<”或“=”) ↑温度/℃ 分 乙 时间/min 角度B定量比较不同物质比热容大小 5.小敏用如图甲所示的实验装置分别加热质量 同为100g的A、B两种液体，用测得的数据 绘制了温度随时间变化的图像，如图乙所示。 两者相比，沸点高的是 液体，沸腾前 吸收热量比较多的是 液体。若单位 时间内A、B两种液体吸收的热量相等，则A、 B两种液体的比热容之比为 +温度/℃ B 140 100 60 20￥ 0 4 810时间/min 乙 第十三章内能13 专项训练2栽 ·方法指导 两个温度不同的物体接触后，会进行热量的 传递，传递过程具有以下规律： (1)不计热量损失，高温物体放出的热量Q滋等 于低温物体吸收的热量Q爱。 (2)若热传递结束，则两物体的末温t*相同。 类型1加热或冷却类问题 1.一种新型的金属冰块如图所示，与普通冰块相 比，金属冰块使用起来更加方便，且可无限次 循环使用，既经济又耐用。现将300g金属冰 块冷冻后，迅速取出放入另一个装有初温为 30℃、质量为200g水的杯中，水温最终下降 到20℃。已知c水=4.2×103J/(kg·℃)， c金=0.7×103J/(kg·℃)，该过程不计热量 损失。 (1)金属冰块共吸收的热量是多少？ (2)需要把金属冰块冷却到多少摄氏度？ 2.(2025·安徽合肥庐阳区月考)为获得40℃的温 水，小华决定采用向冷水中掺热水的方法。已 知杯中有300g初温为20℃的冷水，热水壶 中有刚烧至沸腾的沸水。[设气压为标准大气 压，c水=4.2×103J/(kg·℃)] (1)冷水吸收的热量是多少？ 14一本·初中物理9年级全一册（上）RJ版 平衡的综合计算 (2)若不计热量损失，则需添加多少克沸水？ (3)若把这些沸水在上述过程中放出的热量用 来给80℃、200g的水加热，可使水温升高到 多少摄氏度？ 类型2热平衡类问题 3.为了测定炉内的温度，先把铜块放入炉内加热到 与炉温相同时取出，并立即放入水中，已知铜的 质量为50g,铜的比热容为0.9×103J/(kg·℃)， 水的质量为100g,初温为10℃，测得达到热 平衡时的温度为49℃，若不计热量损失，则炉 内温度为多少？[c水=4.2×103J/(kg·℃)] 4.为了测定铅的比热容，把质量为400g的铅块 加热到98℃，再浸没到160g的12℃的水中， 最终水的温度为18℃。若不计热量损失，求： [c水=4.2×103J/(kg·℃)] (1)水吸收的热量； (2)铅的比热容。参考答案 第十三章内能 第1节热量比热容 第1课时热量比热容 1.热量错误焦耳(J)2.D 3.(1)加热时间(2)①二②10③甲甲(3)乙弱(4)比热容 4.D5.A6.B7.A8.C 【变式1】1：2【变式2】1.4×10 9.C 10.<【解析】先后将甲、乙两金属球放入同一杯水中，因为水降低的温度相同， 所以水放出的热量相同。由Q厦=Q:可知，甲、乙两金属球吸收的热量相同，而 乙金属球比甲金属球温度少升高了△，即乙金属球的末温低，乙金属球升高的温 度少，因为两球质量相同，根据m。可知，乙金属球的比热容大。 第2课时比热容的应用及热量的计算 1.比热容多【变式】小2.B3.8.4×10 4.20【变式】10205.2.56.4.2 7.解：由题图可知，该物质10min内升高的温度 △t=50℃-20℃=30℃ 由Q。=cm△t可得，该物质的比热容 6-8a:-a70-24x1010e心) 8.B9.乙【变式】甲10.0.6×103 11.(1)1:1(2)3:2(3)3:212.1.4×1032.8×1032:3 13.解：由题意可知，热水与冷水混合后，末温是40℃。 (1)热水降低的温度 △t=90℃-40℃=50℃ 热水放出的热量Q=c*m△t=4.2×103J/(kg·℃)×4kg×50℃=8.4×105J (2)冷水升高的温度△t'=40℃-20℃=20℃ 因为没有热量损失，所以冷水吸收的热量等于热水放出的热量， 即Q。=Qt=8.4×105J 冷水的质量m'=Q 8.4×105J *Az4.2X10°J/(kg·C)X20℃=10kg 14.A【解析】因为C杯中水的初温为0℃，金属块A使C杯的水温度升高了 10℃，故C杯中水和金属块A的末温都为10℃； 对金属块A分析可得：cAmA(t。一tA)=c*m水△t1① 因为D杯中水的初温为0℃，金属块B使D杯的水温度升高了20℃，故D杯 中水和金属块B的末温都为20℃； 对金属块B分析可得：cBmB(t。一tB)=c水m泰△t2② 因为m4=m,联立①②两式可知A。-A)_=10℃_1 cg(t。-tB)△t,-20℃=2 第2节分子动理论的初步知识 1.C2.分子、原子不是3.A4.C【变式】扩散温度 5.变小间隙6.C7.引力8.乙类比 9.B10.B11.大气压力分子间引力 12.引力蒸发13.(1)引力(2)< 14.①用滴管同时在三杯盐水的底部滴加等量的红墨水②用秒表测量三杯盐水完 全变红所用的时间，并记录数据液体分子热运动的剧烈程度与液体的浓度 无关 第3节内能 1.B2.C3.d4.A5.(1)水减少牛奶增加(2)55等于 6.做功增加 7.(1)脱脂棉燃烧增加升高机械内(2)白雾减少降低液化内 机械 8.B9.D 10.D【解析】一切物体都具有内能，温度为0℃的冰块也有内能，A错误。热量 是一个过程量，不能说含有或具有热量，B错误。晶体在熔化时温度不变，但内能 增加，C错误。存在温度差的两个物体互相接触发生热传递时，热量总是从高温 物体传向低温物体，或者从同一物体的高温部分传向低温部分，D正确。 【变式】D【解析】热量从高温物体传向低温物体，A错误。物体内能增加，可能吸 收热量，也可能是外界对物体做功，B错误。晶体在熔化过程中，吸收热量，但温度 不变，C错误。因为物体的内能与质量、温度、状态等多个因素有关，不能只根据温 度判定内能的大小，所以温度相同的物体，内能不一定相同，D正确。 11.不等于大于 12.降低升高【解析】隔板向右移动时，A部分气体对外做功，气体的内能减 少，温度降低；外界对B部分气体做功，气体的内能增加，温度升高。 一题一实验探究不同物质的吸热能力 (1)B(2)使物质受热均匀 (3)使水和沙子在相同的时间内吸收相同的热量 (4)吸收热量(5)大于大于(6)沙子(7)多强少强 (8)水的导热性能好或沙子的导热性能不好（沙子里的温度计玻璃泡插入得比较浅， 或没有用搅拌器搅拌，合理即可) (9)2.1×103(10)AB(11)A(12)A2:1 (13)液体沸腾时吸热，但温度不变 (14)内部加热，热源相对稳定，便于控制相同时间内提供的热量相同 (15)D 专项训练1物态变化图像与比热容综合 1.4.2×1032.1.8×10°1.8×1033.6×1033.2.1×1053.15×10 4.变大<>5.BB2:1 专项训练2热平衡的综合计算 1.解：(1)水放出的热量Q数=c*m*(t一t。)=4.2×103J/(kg·℃)×0.2kg× (30℃-20℃)=8.4×103J 不计热量损失，则金属冰块吸收的热量Q=Q=8.4X103J (2)金属冰块升高的温度 Q 8.4×103J △=c+mt-0.7X10j70g·C)x0.3kg40℃ 所以需要把金属冰块冷却到t1=t。一△t=20℃一40℃=一20℃ 2.解：(1)冷水吸收的热量 Q&=c*m1△t1=4.2×103J/(kg·℃)×0.3kg×(40℃-20℃)=2.52×10J (2)沸水降低的温度△t2=100℃一40℃=60℃ 因为不计热量损失，所以沸水放出的热量Qt=Q=2.52×10J 热水和冷水的比热容相同，需添加沸水的质量 Q 2.52×10J m:-ck△t-4.2X10j70kg,℃)×60℃=0.1kg=100g (3)若把这些沸水在上述过程中放出的热量用来给80℃、200g的水加热，水吸收 的热量Q'=Q#=2.52×10J Q' 2.52×104J 水升高的温度△-c*m4.2X107kg:C)x0.2kg30℃ 所以水的末温t=t。十△t=80℃十30℃=110℃ 由于是在标准大气压下，故最终温度为100℃。 3.解：水吸收的热量Qa=c*m*(t-t*)=4.2×103J/(kg·℃)×0.1kg× (49℃-10℃)=1.638×10*J 因为不计热量损失，所以Q厦=Q数 1.638×10J 炉内温度t#=m十=0.9X10J/(kg·℃)X0.05kg十49℃=413℃ C锅m 4.解：(1)水吸收的热量Q复=c*m*△t*=4.2X103J/(kg·℃)×0.16kg×(18℃ 12℃)=4.032×103J 物理9年级全一册（上）RJ版⑦ (2)因为不计热量损失，所以铅块放出的热量Q#=Q=4.032×103J Q 4.032×103J 铅的比热容c。=m8△。0.4kgx(98C-18C=0.126X10J/(kg·℃) 章末复习 知识体系构建 ①分子②热③引力和斥力④动⑤势⑥高⑦低⑧Q=cm△t ⑨乘积⑩种类 易错二次闯关 1.DFH 2.D 3.C 4.A 考点真题演练 1.B 2.ACD 3.C 4.(1)秒表(2)加热时间(3)质量升高的温度(4)B66(5)水 5.D6.802.1×10A7.1×10 8.A9.D10.B11.B12.热传递增大压强 第十四章内能的利用 第1节能量的转化与守恒 1.D2.A3.A4.内电5.光（或太阳）机械6.D 7.(1)减少(2)内(3)内守恒不守恒 8.能量守恒定律减少9.B10.B 11.可行能量可以相互转化 【变式】不能；因为能量的转移和转化具有方向性，能量在转化过程中会有一部分转 化为内能或额外功，这些能量不能再重新利用，因此能利用的能量会减少，汽车不会 永远运动下去 12.(1)不变(2)减少(3)机械内(4)1000600 第2节热机 1.D2.内机械热机蒸汽机 【变式】化学内内燃机 3.B4.C5.做功6.①火花塞②空气③点燃式 7.B8.C9.D10.C11.增加升高压缩减少做功 12.152.7×10【变式】360013.D 第3节热机的效率 1.C2.C3.1.7×1084.D5.B 6.解：(1)水吸收的热量 Q=c*m*(t-to)=4.2×103J/(kg·℃)×2kg×(60℃一20℃)=3.36×10°J (2)木炭完全燃烧放出的热量 Q=qm*是=3.36×10'J/kg×100×10-3kg=3.36×10°J 大护是水的热发车)8-欲8-01-10% 7.B8.A9.CD10.减小 11.3.36×10333.6% 【变式】6.8×108.5【解析】燃料油完全燃烧释放出的热量Qt=qm=4.0× 107J/kg×0.17kg=6.8×10°J;水吸收的热量Q=Q#×42%=6.8×105J× 2.856×10°J 42%=2.856×10J5水的质量m*=。42X10/kg·℃)X000℃-20℃ 8.5kg。 12.解：(1)当车速为50km/h时，由题图可知，汽车所受的阻力f=4000N 由二力平衡的条件可知，汽车的牵引力F=f=4000N 汽车行驶的路程s=vt=50km/h×0.6h=30km=3×104m 汽车牵引力所做的功W=Fs=4000N×3×10m=1.2×108J (2)已知汽车行驶过程中消耗燃油的体积V=12.5×10-3m3