精品解析：吉林省长春市北湖学校2025-2026学年上学期九年级开学考数学试卷

长春北湖学校2025-2026学年度九年级上学期 假期成果验收 数学学科试卷 满分：120分 时长：90分钟 一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分） 1. 要使分式 有意义，x必须满足的条件是（ ） A. B. C. D. 2. 石墨烯（）是人类已知强度最高的物质，据科学家们测算，要施加牛顿的压力才能使米长的石墨烯断裂．其中可用科学记数法表示为（ ） A. B. C. D. 3. 点在第二象限，则点在（ ） A. 第一象限 B. 第二象限 C. 第三象限 D. 第四象限 4. 如图，四边形的对角线交于点，已知，添加下列其中一个条件，能判定四边形为平行四边形的是（    ）     A. B. C. D. 5. 如图，将矩形纸片沿折叠，若，则的大小为（ ） A. B. C. D. 6. 小区新增了一家快递店，第一天揽件200件，第三天揽件242件，设该快递店揽件日平均增长率为，根据题意，下面所列方程正确的是（ ） A. B. C. D. 7. 根据图像，可得关于x的不等式的解集是（ ） A. B. C. D. 8. 在功一定的条件下，功率与做功时间成反比例，与之间的函数关系如图所示．当时，的值可以为（　　） A. 24 B. 27 C. 45 D. 50 二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分） 9. 计算______． 10. 若关于x的一元二次方程有两个相等的实数根，则实数_________． 11. 在学校的卫生检查中，规定各班的教室卫生成绩占，环境卫生成绩占，个人卫生成绩占．八年级一班这三项成绩分别为70分，80分和90分，求该班卫生检查的总成绩________分． 12. 如图，在平行四边形ABCD中，E、F分别是AD、BC边上的点，AF与BE相交于点G，DF与EC相交于点H，若S△ABG＝16，S△DHC＝7，则四边形EGFH的面积为 ___． 13. 如图，四边形是菱形，，，于，则_____． 14. 如图，是正方形的对角线上一点，于点，于点，连接，给出下列结论：①；②；③；④若正方形的边长是，则的最小值是．其中正确的结论是______．（填序号） 三、解答题（本大题共10小题，共78分） 15. 解下列方程． （1）（配方法）； （2）（公式法）． 16. 先化简：，再从1，2，3中选择一个合适的数作为的值代入求值． 17. 随着我国科技事业的发展，国产无人机大量进入快递行业．现有甲、乙两种型号的无人机被用来运送快件，甲型机比乙型机平均每小时多运送20件，甲型机运送840件所用时间与乙型机运送600件所用时间相等．求甲种型号无人机平均每小时运送快件的数量． 18. 图①、图②、图③均是的正方形网格，每个小正方形的顶点称为格点，每个小正方形的边长均为1，点A、B均在格点上．只用无刻度的直尺，在给定的网格中按下列要求画图，所画图形的顶点均在格点上． （1）在图①中以线段为边画一个面积为6的平行四边形； （2）在图②中以线段为边画一个面积为12的菱形； （3）在图③中以线段为边画一个正方形. 19. 如图，的对角线、相交于点．求证：是菱形． 20. 为落实“双减”政策，培养德智体美劳全面发展的时代新人，某校组织调研学生体育和美育发展水平，现从七年级共180名学生中随机抽取20名学生，对每位学生的体育和美育水平进行测评后按百分制分数量化，并进行等级评定（成绩用x表示，分为四个等级，包括优秀：；良好：；合格：；待提高：）．对数据进行整理，描述和分析，部分信息如下． 信息一：体育成绩的人数（频数）分布图如下． 信息二：美育成绩的人数（频数）分布表如下． 分组 人数 m 7 2 7 信息三：20位学生的体育成绩和美育成绩得分统计如下（共20个点）． 根据以上信息，回答下列问题： （1）填空：______； （2）下列结论正确的是______；（填序号） ①体育成绩低于80分的人数占抽取人数的； ②参与测评的20名学生美育成绩的中位数对应的等级是“合格”； （3）请结合以上信息，估计七年级全体学生中体育和美育两项成绩均属于“优秀”等级的人数． 21. 随着我国人工智能科技的快速发展，智能机器人已经走进我们的生活．某快递公司使用甲、乙两台不同型号的智能机器人进行快递分拣工作，它们工作时各自的速度均保持不变．已知某天它们同时开始工作，甲机器人工作一段时间后、停工保养．保养结束后又和乙机器人一起继续工作．甲、乙两台机器人分拣快递的总数量（件）与乙机器人工作时间（分钟）之间的函数关系如图所示． （1）甲机器人停工保养的时间为 分钟， ； （2）求所在直线对应的函数表达式； （3）若该快递公司当天分拣快递的总数批为5450件，则乙机器人工作时间为 分钟． 22. （1）[教材呈现]如图是华师版八年级下册数学教材第77页的部分内容． 平行四边形的性质定理3平行四边形的对角线互相平分． 我们可以用演绎推理证明这个结论． 已知：如图的对角线和相交于点． 求证：． 请根据教材提示，结合图1，写出完整的证明过程． （2）[性质应用]如图2，在中，对角线、相交于点，过点且与边、分别相交于点、，求证：． （3）[拓展提升]在[性质应用]的条件下，连接，若，的周长是13，则的周长是___________． 23. 如图，在四边形中，，点是边的中点．点是边上的动点（点不与点重合），连结，将线段绕点逆时针旋转得到线段，连结、． （1）判断四边形的形状，并说明理由； （2）点到边的距离是否为定值；请说明理由； （3）当点到边的距离是时，线段的长为_________． 24. 如图，在平面直角坐标系中，为坐标原点，直线（为常数）的图象经过点，点在直线上一动点，且的横坐标为，以为对角线构造，分别在轴、轴上． （1）求的值； （2）当点纵坐标为，求点的坐标； （3）当在第一象限时，的面积是的面积的倍，求点的坐标； （4）的面积为，直接写出的值． 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 长春北湖学校2025-2026学年度九年级上学期 假期成果验收 数学学科试卷 满分：120分 时长：90分钟 一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分） 1. 要使分式 有意义，x必须满足的条件是（ ） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】本题考查了分式有意义的条件，当分母不等于0时，分式才有意义． 由分式有意义的条件，得，求解即可． 【详解】∵要使分式 有意义， ∴ ∴． 故选：D． 2. 石墨烯（）是人类已知强度最高的物质，据科学家们测算，要施加牛顿的压力才能使米长的石墨烯断裂．其中可用科学记数法表示为（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】用科学记数法表示较小的数，一般形式为，其中，为整数，据此判断即可． 【详解】解：． 故选：A． 【点睛】此题主要考查了用科学记数法表示较小的数，一般形式为，其中，为由原数左边起第一个不为零的数字前面的的个数所决定，确定与的值是解题的关键． 3. 点在第二象限，则点在（ ） A. 第一象限 B. 第二象限 C. 第三象限 D. 第四象限 【答案】A 【解析】 【分析】根据第二象限的点的横坐标是负数，纵坐标是正数求出x、y的正负情况，然后判断即可． 【详解】解：∵点在第二象限， ∴，， ∴， ∴点在第一象限． 故选A． 【点睛】本题是对坐标系中的点的坐标的考查，熟练掌握象限内点的坐标特点及不等式性质是解决本题的关键． 4. 如图，四边形的对角线交于点，已知，添加下列其中一个条件，能判定四边形为平行四边形的是（    ）     A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】本题考查了平行四边形的判定，熟记“一组对边平行且相等的四边形为平行四边形”是解题的关键．由平行四边形的判定定理即可得出结论． 【详解】解：添加，能判定四边形是平行四边形的是，理由如下： ， 又， 四边形是平行四边形， 只有B选项符合题意，其他选项不能判定四边形是平行四边形， 故选：B． 5. 如图，将矩形纸片沿折叠，若，则的大小为（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】根据矩形的性质，得出，再根据两直线平行，同位角相等，得出，再根据折叠的性质，得出，再根据角之间的数量关系，计算即可得出答案． 【详解】解：∵四边形是矩形， ∴， ∴， 又∵矩形纸片沿折叠， ∴， 又∵， ∴． 故选：A 【点睛】本题考查了矩形的性质、平行线的性质、折叠的性质，解本题的关键在熟练掌握相关的性质． 6. 小区新增了一家快递店，第一天揽件200件，第三天揽件242件，设该快递店揽件日平均增长率为，根据题意，下面所列方程正确的是（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】平均增长率为x，关系式为：第三天揽件量＝第一天揽件量×（1＋平均增长率）2，把相关数值代入即可． 【详解】解：由题意得：第一天揽件200件，第三天揽件242件， ∴可列方程为：， 故选：A． 【点睛】此题考查一元二次方程的应用，得到三天的揽件量关系式是解决本题的突破点，难度一般． 7. 根据图像，可得关于x的不等式的解集是（ ） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】写出直线y＝kx在直线y＝−x＋3上方所对应的自变量的范围即可． 【详解】解：根据图象可得：不等式kx＞−x＋3的解集为：x＞1． 故选：D． 【点睛】本题考查了一次函数与一元一次不等式，根据两个函数的交点坐标及图象确定不等式的解集是解题的关键． 8. 在功一定的条件下，功率与做功时间成反比例，与之间的函数关系如图所示．当时，的值可以为（　　） A. 24 B. 27 C. 45 D. 50 【答案】C 【解析】 【分析】本题主要考查反比例函数与实际问题的综合，掌握待定系数法求反比例函数解析式，代入求值的计算方法是解题的关键． 先求出关于的函数解析式，再分别求出，时的函数值，然后根据反比例函数的性质求出的取值范围，即可判断． 【详解】解：由题意设关于的函数解析式为：， 代入点得：， 解得：， ∴关于的函数解析式为， 当时，；当时，， ∵， ∴在第一象限内，随着的增大而减小， ∴， ∴的值可以为， 故选：C． 二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分） 9. 计算______． 【答案】0 【解析】 【详解】解：． 10. 若关于x的一元二次方程有两个相等的实数根，则实数_________． 【答案】1 【解析】 【分析】本题考查了一元二次方程的，方程有两个不相等的实数根；当，方程有两个相等的实数根；当，方程没有实数根．根据一元二次方程根的判别式的意义，方程有两个相等的实数根，则有，得到关于的方程，解方程即可． 【详解】解：关于的一元二次方程有两个相等的实数根， ，即， 解得． 故答案为：1． 11. 在学校的卫生检查中，规定各班的教室卫生成绩占，环境卫生成绩占，个人卫生成绩占．八年级一班这三项成绩分别为70分，80分和90分，求该班卫生检查的总成绩________分． 【答案】80 【解析】 【分析】本题主要考查了加权平均数，根据加权平均数的计算公式求解即可． 【详解】解：该班卫生检查的总成绩（分）． 故答案为：80． 12. 如图，在平行四边形ABCD中，E、F分别是AD、BC边上的点，AF与BE相交于点G，DF与EC相交于点H，若S△ABG＝16，S△DHC＝7，则四边形EGFH的面积为 ___． 【答案】23 【解析】 【分析】连接EF，因为四边形ABCD是平行四边形，所以，根据两平行线间的距离处处相等，进而得到等底等高的两三角形面积相等，易证∆EFG的面积和∆ABG的面积，即可解决． 【详解】连接EF，如图所示： 四边形ABCD是平行四边形， ， ， ， ， 同理， ， 四边形EGFH的面积， 故答案为：23． 【点睛】本题主要考查了三角形面积公式的综合应用，以及等底等高的两三角形面积相等，解题关键是注意∆EFG的面积和∆ABG的面积的关系． 13. 如图，四边形是菱形，，，于，则_____． 【答案】 【解析】 【分析】此题考查了菱形的性质以及勾股定理．注意菱形的面积等于对角线积的一半或底乘以高． 由四边形是菱形，，，可求得此菱形的面积与的长，求得答案． 【详解】解：设与交于， ∵四边形是菱形，，， ∴，， ， ∴，， ∵， ∴ ． 故答案为：． 14. 如图，是正方形的对角线上一点，于点，于点，连接，给出下列结论：①；②；③；④若正方形的边长是，则的最小值是．其中正确的结论是______．（填序号） 【答案】①②③ 【解析】 【分析】利用正方形的性质，得出，结合，得出，由勾股定理列式，再证明四边形为矩形，则，故；利用正方形的性质，得证，则，因为四边形为矩形，进行边的等量代换，故；先作图：延长交于点，延长交于点，再证明四边形为正方形，则，，得出，然后证明，再进行角的等量代换得，因为，故当取最小值时，取得最小值，因为点是对角线上一点，根据垂线段最短，则当，即点为对角线的中点时，的值最小；本题主要考查了正方形的性质，矩形的性质等腰直角三角形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，熟练应用正方形和矩形的性质是解题的关键． 【详解】解：四边形为正方形， ， ， ∴ ， ，，， 四边形为矩形， ， ． ②的结论正确； 连接，如图 四边形为正方形， ，， 在和中， ， ， ， 四边形为矩形， ， ． ①的结论正确； 延长交于点，延长交于点，如图， 四边形为正方形， ，， ，， ， 四边形为正方形， ，， ． ，， ， ， ， 在和中， ， ， ， ， ， ， ， ③的结论正确； ， 当取最小值时，取得最小值， 点是对角线上一点， 当，即点为对角线的中点时，的值最小，此时， 的最小值为， ④的结论不正确， 综上，正确结论的序号为：①②③， 故答案为：①②③． 三、解答题（本大题共10小题，共78分） 15. 解下列方程． （1）（配方法）； （2）（公式法）． 【答案】（1）， （2）， 【解析】 【分析】本题考查的是解一元二次方程，掌握一元二次方程的解法是解题关键． （1）利用配方法解方程即可； （2）利用公式法解方程即可． 【小问1详解】 解：， ， ， ， ∴， 解得：，； 【小问2详解】 解：， ∵，，， ∴， ∴， ∴，． 16. 先化简：，再从1，2，3中选择一个合适的数作为的值代入求值． 【答案】； 【解析】 【分析】本题考查了分式化简求值；先根据分式的加减计算括号内的，同时将除法转化为乘法，再根据分式的性质化简，最后根据分式有意义的条件，将字母的值代入求解． 【详解】解： ∵ ∴当时，原式 17. 随着我国科技事业的发展，国产无人机大量进入快递行业．现有甲、乙两种型号的无人机被用来运送快件，甲型机比乙型机平均每小时多运送20件，甲型机运送840件所用时间与乙型机运送600件所用时间相等．求甲种型号无人机平均每小时运送快件的数量． 【答案】甲型无人机平均每小时运送快件70件 【解析】 【分析】本题考查分式方程的应用，理解题意，找准等量关系是解答的关键．设甲型无人机平均每小时运送快件x件，根据题意列分式方程求解即可． 【详解】解：设甲型无人机平均每小时运送快件x件，乙型无人机平均每小时运送快件件， 根据题意，得， 解得， 经检验是原方程的解，且符合题意， 答：甲型无人机平均每小时运送快件70件． 18. 图①、图②、图③均是的正方形网格，每个小正方形的顶点称为格点，每个小正方形的边长均为1，点A、B均在格点上．只用无刻度的直尺，在给定的网格中按下列要求画图，所画图形的顶点均在格点上． （1）在图①中以线段为边画一个面积为6的平行四边形； （2）在图②中以线段为边画一个面积为12的菱形； （3）在图③中以线段为边画一个正方形. 【答案】（1） 解：如图①中，四边形即为所求； ； （2） 解：如图②中，四边形即为所求； ； （3） 解：如图③中，四边形即为所求． 【解析】 【分析】本题考查作图-应用与设计作图，涉及平行四边形，菱形，正方形的判定． （1）根据平行四边形的判定以及题目要求画出图形即可； （2）根据菱形的判定以及题目要求画出图形即可； （3）根据正方形的判定画出图形即可． 【小问1详解】 理由：由作图可得：，， ∴四边形是平行四边形，且面积为； ∴四边形即为所求； 【小问2详解】 由作图可得：， ∴四边形为菱形，面积为， ∴四边形即为所求； 【小问3详解】 由作图可得：， 连接， ∴， ∴， ∴， ∴四边形为正方形； ∴四边形即为所求. 19. 如图，的对角线、相交于点．求证：是菱形． 【答案】见解析 【解析】 【分析】本题考查了菱形的判定，勾股定理逆定理，熟练掌握菱形的几种判定定理是解题的关键． 先由勾股定理逆定理得到，再根据对角线垂直的平行四边形是菱形即可证明． 【详解】证明：∵， ∴，， ∴， ∴， ∴， ∵四边形是平行四边形， ∴四边形是菱形． 20. 为落实“双减”政策，培养德智体美劳全面发展的时代新人，某校组织调研学生体育和美育发展水平，现从七年级共180名学生中随机抽取20名学生，对每位学生的体育和美育水平进行测评后按百分制分数量化，并进行等级评定（成绩用x表示，分为四个等级，包括优秀：；良好：；合格：；待提高：）．对数据进行整理，描述和分析，部分信息如下． 信息一：体育成绩的人数（频数）分布图如下． 信息二：美育成绩的人数（频数）分布表如下． 分组 人数 m 7 2 7 信息三：20位学生的体育成绩和美育成绩得分统计如下（共20个点）． 根据以上信息，回答下列问题： （1）填空：______； （2）下列结论正确的是______；（填序号） ①体育成绩低于80分的人数占抽取人数的； ②参与测评的20名学生美育成绩的中位数对应的等级是“合格”； （3）请结合以上信息，估计七年级全体学生中体育和美育两项成绩均属于“优秀”等级的人数． 【答案】（1）4 （2）① （3）18人． 【解析】 【分析】本题主要考查了条形统计图的相关知识，个体占比，中位数定义，用样本估计总体等知识，掌握这些知识是解题的关键． （1）用样本总体减去良好成绩的人生，合格成绩的人数，待提高成绩的人数即可得出答案； （2）①用体育成绩低于80分的人数8除以样本总体20即可得出判断；②用中位数的定义判断即可； （3）用样本估计总体即可求解． 【小问1详解】 解：， 故答案为：4． 【小问2详解】 解：①根据20位学生的体育成绩和美育成绩得分统计图可知： 体育成绩低于80分的人数有8人， ∴体育成绩低于80分的人数有占抽取人数的，故①正确． ②∵一共有20人，成绩从小到大排序，中位数为第10位和第11位的平均数， ∴中位数位于之间， 即参与测评的20名学生美育成绩的中位数对应的等级是“良好”，故②错误． 故有①正确， 故答案为：①． 【小问3详解】 解：根据信息三，可知：美育和体育成绩都在90分以及以上的只有2人． 故七年级全体学生中体育和美育两项成绩均属于“优秀”等级的人数有（人）． 21. 随着我国人工智能科技的快速发展，智能机器人已经走进我们的生活．某快递公司使用甲、乙两台不同型号的智能机器人进行快递分拣工作，它们工作时各自的速度均保持不变．已知某天它们同时开始工作，甲机器人工作一段时间后、停工保养．保养结束后又和乙机器人一起继续工作．甲、乙两台机器人分拣快递的总数量（件）与乙机器人工作时间（分钟）之间的函数关系如图所示． （1）甲机器人停工保养的时间为 分钟， ； （2）求所在直线对应的函数表达式； （3）若该快递公司当天分拣快递的总数批为5450件，则乙机器人工作时间为 分钟． 【答案】（1）， （2） （3）该快递公司当天分拣快递的总数批为5450件，则乙机器人工作时间为分钟. 【解析】 【分析】本题考查的是一次函数的实际应用； （1）由图象可得：甲机器人停工保养的时间，再计算甲乙机器人的工作效率，再列式计算求解的值即可； （2）由甲乙机器人的效率为每分钟件，可得所在直线对应的函数表达式为：，再化简即可； （3）把代入，进一步即可得到答案. 【小问1详解】 解：由图象可得：甲机器人停工保养的时间为分钟； ∵， ∴（件）； 【小问2详解】 解：∵甲乙机器人的效率为每分钟件， ∴所在直线对应的函数表达式为：； 【小问3详解】 解：当时， ∴， 解得：， ∴该快递公司当天分拣快递的总数批为5450件，则乙机器人工作时间为分钟. 22. （1）[教材呈现]如图是华师版八年级下册数学教材第77页的部分内容． 平行四边形的性质定理3平行四边形的对角线互相平分． 我们可以用演绎推理证明这个结论． 已知：如图的对角线和相交于点． 求证：． 请根据教材提示，结合图1，写出完整的证明过程． （2）[性质应用]如图2，在中，对角线、相交于点，过点且与边、分别相交于点、，求证：． （3）[拓展提升]在[性质应用]的条件下，连接，若，的周长是13，则的周长是___________． 【答案】 （1）证明：四边形是平行四边形， ， ， ， ； （2）证明：四边形是平行四边形， ， ， ， ； （3）26 【解析】 【分析】本题考查了平行四边形的性质、全等三角形的判定与性质、垂直平分线的性质；熟练掌握以上性质是解题的关键． （1）由平行四边形的性质得出，则，再证，即可得出结论 （2）由平行四边形的性质得出，则，再证，即可得出结论 （3）由，得出，根据垂直平分线的性质得出，则，进而得出的周长，再由平行四边形的性质即可得出结果． 【详解】（1）略 （2）略 （3）解：如图2， ， ， ， ， ， 的周长， 四边形是平行四边形， ， 的周长． 故答案为：26． 23. 如图，在四边形中，，点是边的中点．点是边上的动点（点不与点重合），连结，将线段绕点逆时针旋转得到线段，连结、． （1）判断四边形的形状，并说明理由； （2）点到边的距离是否为定值；请说明理由； （3）当点到边的距离是时，线段的长为_________． 【答案】（1） 解：四边形是矩形，理由如下： ∵， ∴四边形是平行四边形， ∵， ∴四边形是矩形． （2） 解：点到边的距离是定值，理由如下： 如图，过点作于， ∵点是边的中点， ∴， ∵将线段绕点逆时针旋转得到线段， ∴，， ∴， ∵， ∴， ∴， 在和中，， ∴， ∴， ∴点到边的距离是定值． （3）或 【解析】 【分析】本题主要考查了旋转的性质、矩形的判定和性质及三角形全等的判定和性质，解题的关键是作出辅助线，熟练掌握相关的判定定理和性质，注意分类讨论． （1）先证明四边形是平行四边形，根据即可证明四边形是矩形； （2）过点作于，根据旋转的性质得出，利用证明，根据全等三角形的性质得出，即可得出点到边的距离是定值； （3）分点在左侧和点在右侧两种情况，分别画出图形，利用全等三角形的性质求解即可． 【小问1详解】 略 【小问2详解】 略 【小问3详解】 解：如图，当点在左侧时，过点作于， ∵点到边的距离是， ∴， ∵， ∴四边形是矩形， ∴， ∴， 由（2）可知：， ∴， ∴． 如图，当点在右侧时，过点作于，于，交延长线于， 同理可得：四边形是矩形， ∴， ∴， ∵， ∴， ∴． 综上所述：线段的长为或． 故答案为：或． 24. 如图，在平面直角坐标系中，为坐标原点，直线（为常数）的图象经过点，点在直线上一动点，且的横坐标为，以为对角线构造，分别在轴、轴上． （1）求的值； （2）当点纵坐标为，求点的坐标； （3）当在第一象限时，的面积是的面积的倍，求点的坐标； （4）的面积为，直接写出的值． 【答案】（1）； （2）点； （3）点； （4）或或． 【解析】 【分析】本题考查了一次函数的图象及性质，平行四边形的性质和解一元二次方程，熟练掌握知识点的应用是解题的关键． （）利用待定系数法即可求解； （）根据一次函数的性质和平行四边形的性质即可求解； （）由的面积是的面积的倍，得，求出的值即可； （）由，的面积是，得，整理得：，然后解方程即可． 【小问1详解】 解：∵直线的图象经过点， ∴， 解得：； 【小问2详解】 由（）得：， ∵点纵坐标为， ∴，解得：， ∴点， ∵四边形是平行四边形， ∴， ∴， ∴点； 【小问3详解】 由题意得：， ∴， ∵的面积是的面积的倍， ∴， ∴，即， 解得：， ∴点； 【小问4详解】 ∵， ∴，， ∵的面积是， ∴，整理得：， ∴或， 解得：或或． 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $