2024-2025学年度学科素养月度测评（二）-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养月度测评（湖南专版）

·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2024一2025学年度学科素养月度测评（二）物理 一、选择题 1.B【解析】对石块分析，设石块质量为m,车斗 动摩黎力的表达∫一N=后N,对能块的 的倾角为0，翻斗车对石块的支持力为N= 压力和摩擦力受力分析，水平方向上有 mgc0s日，由牛顿第三定律可知，石块对翻斗车的 fcos30°=Nsin30°，故物块的压力和摩擦力 压力为FN=N=mgcos0,所以车斗的倾角越 的合力竖直向下，无论F大小和方向如何，斜 大，石块对翻斗车的压力越小，A错误；在石块开 面均保持静止，且地面对斜面的摩擦力始终为 始加速下滑时，有向下的加速度，则系统处于失 零，C错误，D正确。 重状态，所以地面对翻斗车的支持力小于翻斗车 4.C【解析】因W=Fx,故Wx图像的斜率等 和车上石块的总重力，B正确：翻斗车始终处于静 于拉力F,可知建材在前6s所受的拉力恒定 止状态，所以其受到的合外力为零，C错误；在石 不变，则建材做匀加速直线运动，拉力为F 块开始加速下滑时，石块有水平向左的加速度， 所以对整体受力分析，翻斗车受地面水平向左的 △W_5400N=900N,对建材受力分析，由动 △.x6 摩擦力，D错误。 能定理可知w-mr如37=名mi-0,代 1 2.D【解析】根据位移与时间的关系x=t十 入数据解得v1=6m/s,所以发动机的领定功率为 可得后=警十号，站合图像的针率和我是可知 Pm=F1=900×6W=5400W,A、B错误：从 x=0到x=6m过程中，由运动学公式x= w=k-0.2m/s=20m/s,又号-4m/g,解得 4生 了02可知，建材向上运动的时间为1=2s,所 a=一8m/s2,A、B错误；根据牛顿第二定律， 以在此过程中，发动机的平均功率为P=”= mg sin0-mg cos日=ma,可得物体与斜面的动 摩擦因数4=1.75，C错误；物体停止运动的时间 5400 2 W=2700W,C正确，D错误。 :=0-00=2.5s<48,所以物体0~48的位移 a 5.D【解析】P、Q间的距离为2l。,而弹簧的原长 x-0,6=25m,系统损失的机械能Ea= 为L。,故弹簧的弹力为F=kl,,根据合力与分力 2a 构成的失量三角形可知，静摩擦力具有最小值 umg cos0·x=350J,D正确。 时沿轨迹切线方向与弹力沿切线方向的分力平 3.D【解析】物块能沿斜面匀速下滑，则 mg sin30°=mg cos30°，解得4=tan30°= 衡，为/。=F60530°_5，此时物块随国盒 2 3,A错误：对物块受到的力进行沿斜面和垂直于 转动需要的向心力为弹力沿半径方向的分力F向= 斜面的正交分解得∫=：(mgcos30°+Fcos60), mw2X2l。=Fsin30,解得u=√mA错误：当 根据牛顿第二定律，可得mg sin30°十 0= 3m 时，可得物块随圆盘转动需耍的向心力 Fsn60°-f=ma,联立解得a=3F 0,B 3m 错误：对斜面受力分析，受自身的重力、地面的 为F。=m2X2弘，-2，由力的三角形和余弦 支拆力、物块对斜面的压力和摩擦力，根据滑 定理可知，f=F2十F一2FF南·c0s60°，解得 1 5 真题密卷 学科素养月度测评（二） 7.AD【解析】由分析可知，小物块恰要滑动时，处 f-7L≠FB错误：当w三 时，可得物块 2m 于最低点位置，设小物块质量为m,重力加遮度 随圆盘转动需要的向心力为F向=mw2X2l。 为g,则根据牛顿第二定律得mg cos30° l。,由力的三角形可知静摩擦力等于1。<√3L。, ng sin30°=m@2L,解得g=2m2L,在天体表面 此时物体和圈盘还未相对滑动，物体所受的合力 、满是mg=G,解得M=G一，A正确：根 提供向心力，故物体所受的合力也为L。,C错 G 误：P、Q两物块刚要滑动时所受的静摩擦力达到 最大时，恰好最大静摩擦力与弹力垂直，此时F向一 据牛顿第二定律得mg=mR,解得u=u√2LR, kl。 mm×2弘，=00解得a= 二，D正确。 B错误：根据M=p· 3TR',M=2o'R'L G ，解得 p=2GmR,C错误：设离此行星表面距离为R的 30L 6.B【解析】由于小车缓授向右运动，B的速度可 视为全程不变，且接近0，故B在运动过程中，动 Mm 能EkB不变，而重力势能EB在逐渐增大，所以 位置的重力加速度为g',则有mg'=G (2R)' 机械能不守恒，A错误，设弹簧的劲度系数为k, 初，末状态形变量分别为x1、x?,初始时刻B物 解得g-兴-之L,D正角。 块处于平衡状态，恰没有沿斜面向上运动，且轻 8.AC【解析】人对车的推力为F,在推力F方向 绳拉力为零，对其分析受力得2 ng sin30°十 上车行驶了L,则推力F做功为FL,A正确：在 [2 mg cos30=z1,解得kx1=乙mg,当玩具小 水平方向上，由牛领第二定律可知，车对人在水 平方向上的作用力大小为ma,方向向左，则人对 车缓慢向右运动距离1时，A恰好离开挡板，此 车在水平方向上的作用力大小为ma,方向向右， 过程中A的动能E“和重力势能EA保持不变， 车向左运动了L,故人对车做功为一maL,B错 挡板对A的支持力为零，对A受力分析可得x?= 误：在竖直方向上车对人的支持力大小为mg,则 3mgn30-mg,由此可知，朝，木执高时，译 车对人的作用力的合力F'=√(mg)+(ma)下， 簧的形变量相等，即弹簧的弹性势能不变，把A、 D错误；人在水平方向上受到推力F的反作用力 B看作一个整体，由动能定理可知，Wa一 F'和车对人向左的摩擦力，则F:一F=ma,则车 2mgc0s30°·x一2mgh=0,由几何关系可知， 对人的摩擦力做的功为W:=(F+ma)L,C 正确。 x=(2-101,h=x·sim30=2- 24,联立可 9.ABD【解析】A、B两点的距离为货物速度图像与 得Wu=3(2-1 mgl,B正确，当小车追度为 横坐标所围成的面积，即； xa2m+2告× 2 2 (1.2-0.2)m=3.2m,A正确：对货物沿传送带 √g时，且运动距离也为L时，根据连接体速度大 运动方向受力分析，前0.2s,mgsin0十mg cos0= 小的关系可知，B的速度大小为=√gl sin45° ma1,0.2 s~1.2 s,mg sin 0-umg cos 0=ma: √2g 二，所以此过程中B的机械能的增量为△E 图像可知a:=10m/s2,a2=2m/s2,故前后加速 2 度大小之比为5：1，并解得u=0.5,B、D正确： 2·2m2,代入数据得AE=2,2-1D 2mgh 前0.2s的痕迹（即货物相对于传送带的位移）为 2 C错误；小车向右匀速运动√5l时，由几何关系可 1=2X0.2m-2X0.2m=0.2m,0.2s~1.28 得，轻绳与竖直方向夹角an9--5,g 的痕篷为红-2生×1,2-0.2)m-2X 60°，根据连接体速度大小的关系可得，B的速度 1m=1m,由于开始传动带运动快，后来货物运 大小为和=√gin0=y3 动快，所以痕迹重叠，划痕长度为1m,C错误。 2,D错误。 10.BD【解析】抛出后两物体在竖直方向上做自 二、选择题 由落体运动，运动时间分别为11、t2,由h= 5 ·2 ·物理· 参考答案及解析 1 8可知，若A,B两点在同一水平面上，则1： (4)对A、B、C整体分析，根据牛顿第二定律有 12M (M十m)g一Mg=(2M+m)a,整理得二= t红=1：1，由几何关系得tan37°= a g gt1 1 28好 + m g ，由题意可知6-解释g一行 g 解得12=2：1，A错误，B正确：若甲、乙在 水平方向的分位移相等，则1t1=v2t2,由几何 13.(1)mg cosa (2)2mg mgtana (3)3mg 关系得an37=”=,解得61：=反：2， 【解析】(1)对小球B在坚直方向受力分析有 gt 1 Tcos a=mg (1分】 28明 C错误；若甲、乙两小球的位移大小相等，则 解得T-品。 (1分) /1 m37,由几何关系得 Valz (2)对小球B在水平方向上受力分析有 F=Tsin a=mgtan a (1分) 1 红，解得号1t=5:23, 把A、B和细线看作整体，在竖直方向上受力分 tan37°= gt: 28月 析，杆对A、B和细线组成的整体的摩擦力为 f-2mg (1分) D正确。 杆对A,B和细线弹力N=F 三、非选择题 解得N=mg tan a。 (1分) 11.(1)1(2分)(2)0.1(2分)(3)C(2分) (3)把A、B和细线看作一个整体，设F与水平 【解析】(1)设小物块滑到圆孤最低，点时速度为 方向夹角为日，在竖直方向上受力分析有 ,运动到桌面边缘时速度为v,根据运动学公 Fsin0+f=2mg (1分) 式有v2一v=一2以gL,小物块飞出后做平抛运 在水平方向受力分析有N'=Fcos0 (1分) 2h 话1 (1分) 动，有x=t=v, ,联立解得L= 又f'=aN √3mg 结合题图乙，解得4=0.1，vo=1m/s。 解得F= (1分)》 sin(0+30) (2)由(1)分析可得4=0.1。 当0=60时，Fmm=V3mg。 (1分】 (3)根据上迷L与x2的关系式可知，若将小物 14.(1)40N15N(2)10.2s163J 块的释放点活圆弧往上移，小物块到达圆孤最 【解析】(1)货物放上传送带后，对货物进行受 低，点速度。增大，图像的斜率不变，与纵轴交 力分析，传送带对货物支持力为N:,货物底面 点的纵坐标增大，C正确，A,B、D错误。 所受滑动摩擦力为∫：，挡板对货物支持力为 12.(1)1.05(2分)(2)偏小(2分)(3)mgh= N:,货物侧面所受滑动摩擦力为f2,由力的平 22M+m)(3分)（④3分） 衡条件有 N1=mg cos 0,N:=mg sin 0 (1分) 【解析】(1)打B点时重锤的瞬时速度等于打 由滑动摩擦力计算公式有 A,C两点间的平均速度，即g=2T 1 f1=1N1,f2=41Ng (1分) 代入数据可得 42.0×10-3 2×0.02 m/s=1.05m/s。 f1=40N,f=15N。 (2分) (2)如果本实验室电源频率大于50Hz,则计算 (2)货物刚放上传送带时，f1与运动方向相同， 醉时速度时所代入的T值比实际值偏大，从而 ?与运动方向相反，货物将由静止开始沿传送 使瞬时逸度的测量值偏小。 带做匀加速直线运动，若能与传送带共速，则此 (3)整个过程中只有重力做功，根据机械能守恒 后做匀速运动，由牛顿第二定律可得 定律有M+m)gh-号（2M+m)n十Mgh,费 fi-f:=ma (1分) 解得a1=2.5m/s (1分) 1 设货物匀加速至与传送带共速所用时间1，对 理得mgh=2(2M+m)o. 地位移为x1,由运动学公式得 3 5 真题密卷 学科素养月度测评（二） 4--04s 设物体B从静止到经过木板中点这段时间为 (1分) t1,由运动学知识 货物匀加递阶段的对地位移为 1 工A=20A -=0.2m (1分) 1 因x1<L,故货物能够与传送带共速。共速后， xn=2a号 货物做匀速直线运动，直至被取下，设此段匀速 直线运动时间为12，位移为x2,由运动学公式得 xB-xA一2 -2-4=9.8s 又ta=aBt1,vA=aAt (1分) 解得t1=1s,UA=2m/8,vB=6m/s 货物运动总时间为 则物体B经过木板A的中点时的速度为 t=t1十t2=10.25 (1分) v月=6m/8。 (1分) 传送装置多消耗的电能等于货物与传送装置之 (3)在第(2)问的基础上，连接B、C绳断裂后， 间由于摩擦产生的内能和货物增加的动能之 设物体B沿木板向上做匀减速运动的加速度为 和。货物与传送带之间由于摩擦产生的内能为 a,根据牛顿第二定律可得 Q=f(-2w）=8J um ag cos 0++mng sin 0=m na (1分) (1分) 解得 货物与挡板之间由于摩擦产生的内能有 ab=10 m/s2 (1分) Q:=f:L=150J (1分) 设经过时间12物体B与木板A共速口1，物体B 货物增加的动能 位移为x日，木板A位移为x人 Emo-5] (1分) va-aBtz=vA十aat2 1 传送装置多消耗的电能 解得t2=38 (1分) E电=Q1+Q2十△E.=163J. (1分) 8 (1分) 128 15.(1)43m/8(2)6m/s(3)-3J =0n十aA-3m/s 13 【解析】(1)固定木板，从同时释放物体B和C 2-9m 到物体B脱离木板这个过程中，由动能定理 xA=A十 7 可得 2 t=gm 物体B相对木板A的相对位移为 mcgL-mBgL sin 0-um agL cos 0= 2(mB+ 2 (2分) mc)v2-0 (1分) △x=xi-xi=3m<2m 解得v=43m/s。 (1分) 所以，物体B在共速前未滑下木板A。假设之 (2)解锁木板A,释放物体B、C后，对木板A和 后物体B和木板A能够以共同的加速度一起沿 物体B、C受力分析，物体C向下加速，木板A 斜面向上做匀减速运动，加速度为 沿斜面向上加逸，物体B沿木板A向上加速。 ax=gsin0=6 m/s? (1分) 根据牛顿第二定律可得，对木板A受力分析有 分别对物体B和木板A受力分析，假设成立 um ng cos 0-mAg sin 0=mAaA (1分) A、B一起减速到0后，再一起反向以6m/s2的 设物体B,C之间轻绳拉力为T,对物体B受力 加速度向下加速运动直到木板A碰到挡板速度 分析有 减为O,物体B向下继埃加递直到就离木板。 T-um ag cos 0-mag sin 0=mBan (1分) 整个过程A、B之间产生的热量为 对物体C受力分析有 Q-mmco (1分) meg-T=mcac (1分) 解得 (1分) an=2 m/s',an=ac=6 m/s? (1分) 5 4 ·物理· 参考答案及解析 精典评析 TIANSHUJIAOYU 1.如图所示（俯视图），用自然长度为。、劲度系数为k的轻质弹簧将质量都为m的两个小物块P、Q连接 在一起，放置在能绕O点在水平面内转动的圆盘上，P,Q两物块和O点恰好组成一个边长为2！。的正 三角形。已知P、Q两物块和圆盘间的最大静摩擦力均为√5k。,现使圆盘带动两个物块以不同的角速 度做匀速圆周运动，则 ( A.当圆盘的角速度为m=√2m 时，P、Q两物块受到的摩擦力最小 B,当圆盘的角速度为w一√3m 时，P,Q两物块受到的摩擦力都等于弹簧弹力的大小 C当圆盘的角速度为如一√2时，P,Q两物块受到的合力大小均为更分 k D.当P、Q两物块刚要滑动时，圆盘的角速度为w= 【试题解读】 该题从力的失量三角形的角度巧妙地考查了圆周运动的相关知识，能很好的检验学生的知识迁移能 力与综合分析问题的能力。 2.如图所示，水平路面上有一辆质量为m。的汽车，车厢中有一质量为m的人正用恒力F向前推车厢，在车 以加速度α向前加速行驶距离L的过程中，下列说法正确的是 () A.人对车的推力F做的功为FL B.人对车做的功为maL C.车对人的摩擦力做的功为(F+ma)L D.车对人的作用力大小为ma 【试题解读】 本题是一道看上去较为传统的题目，但是承载了学生对于功的概念的理解深度的考查，同时对于作用 力与反作用力的关系，以及对于研究对象的正确选取，都在题目中设置了降阱，是一道看似简单但对能力 要求又较高的题目。 3.图甲为成都天府国际机场某货物传送装置实物图，简化图如图乙所示，该装置由传送带ABCD及固定 挡板CDEF组成，固定挡板CDEF与传送带上表面垂直，传送带上表面ABCD与水平地面的夹角为 0=3?°，CD与水平面平行。传送带匀速转动时，工作人员将质量分布均匀的正方体货物从D点由静止 释放，货物相对地面发生位移L一10m后被取走，货物在传送带上运动时的剖面图如图丙所示。已知 传送带匀速运行的速度v=1m/s,货物质量m=10kg,其底部与传送带ABCD的动摩擦因数41 0.5,其侧面与挡板CDEF的动摩擦因数：=0.25。已知sin37°-0.6，cos37°-0.8，重力加速度g取 10m/s2,不计空气阻力。 (1)货物刚放上传送带时，求其底面所受滑动摩擦力的大小及侧面所受滑动摩擦力的大小。 (2)求货物在传送带上所经历的时间及传送装置多消耗的电能。 【试题解读】 本题在学生已有的认知水平上同时考查了既有静摩擦力又有滑动摩擦力的情况，题目设置的角度较 为新颗，要求学生能对摩擦力产生的条件有深入的理解，同时以生活中常见的传送带为模型，考查学生的 模型建构能力，传送装置多消耗电能这一问法打破了传统的只求单一摩擦力的形式，能较好地检验学生对 摩擦力掌握情况。 ·5 S 真题密卷 学科素养月度测评（二） 命题要素细目表 题号 分值 题型 考查内容 难度 单选题 受力分析、牛顿第三定律 易 2 单选题 图像的运用、运动学公式、牛顿第二定律、 易 3 单选题 力的合成与分解、牛顿第二定律 中 单选题 动能定理、功和功率 易 单选题 圆周运动、胡克定律 中 6 单选题 连接体模型、能量守恒、动能定理 难 7 5 多选题 圆周运动、万有引力定律 中 8 5 多选题 功的概念、牛顿运动定律 中 9 5 多选题 t图像、牛顿第二定律 中 10 5 多选题 平抛运动、运动学公式 第 11 6 实验题 匀变速直线运动、平抛运动 易 12 10 实验题 机械能守恒定律、牛顿第二定律 中 13 10 计算题 受力分析、正交分解 易 14 14 计算题 传送带模型、功能关系 中 15 16 计算题 牛顿第二定律、运动学公式、功能关系、动能定理 5 ·6✉2024一2025学年度学科素养月度测评（二） 物理 本试卷总分100分，考以时同5分钟。 注意事项： 1.答金前，考生务必指自已的姓名，准考证号填可在答题卡上， 2.国答选择莲时，选出每小题客案日，用督笔把答题卡上对应螺日的答案标号锋黑， 如署改动，用橡皮整于冷后，再远常其他答案标号。同答丰选牦题时，将答睾写在答延卡 上，写在本试上无效， 3。考试结束后，将奉试参和答题卡一并交回 一，选择感：本慧共6小蓝，每小赠4分，共24分。在每小题始出的西个选项中，凡有一项 符合那日要求。 1,如图新示，翻华车军华的联部是一个平面，司机正准备将率上运送的一块大石块（图中 未函出)卸下。司机将车停稳在水平施面上，通过操纵液压杆使车斗帐部领斜，直到石 块开始相速下滑，保持车4桶斜角不变，则在石块沿车年靠面匀相速下滑的过程中，想 斗车（包括司机）始终静止，侧下列说法正确的是 A.军斗的细角越大，石块对翻斗车的压力叟塔大 县地面对翻斗军的支持力小于翻斗军和军上石欢的总 重力 C题斗车受到的合外力不为零 D脏斗车不登地面的摩擦力 2.如图甲断示，质量为知一1kg的物体沿着领角6一3了的醒定斜面向下滑动。物体运动 到0点（圆中未国由）开始计时，尚体的后盟像：为运动的时闻江是物体到0点的 平离)如图乙所示，已知重力相速度g取10m/,m3-Q.6,s3护一0.8，以沿年 面向下为正方向，则下列说法正确的是 A.物体在0点的速度=4n/ 玉物体的如速度大小。一5m/ C物体与斜直的动摩擦因数：一1.5 D.0一44内，系晚机失的机械能为350J 物星试丽（二】第1页《热8氨） 真丽密移·学手 3,一倾角为0的斜而置于粗视水平面上，斜面足够长，一物坎能沿斜面匀建下滑。现给 肝级 物块随加个与整直方向夹角为30的力F,F随加过塑中，物块继域下滑，如图所示， 下到说法中正确的是 姓名 】A物块与斜面阿动摩擦因数为号 B.物块朝沿斜面匀速闻动 得分 C,若F逐渐增大，则随着F的增大斜面最饶会沿水平方向发生带动 D.若物块一直保持船解靠下滑状态，则无论F沿何方向篮加在物块上，地面对容面的 摩擦力始终为零 4,如图甲历示，某水电站建航工地同发动机沿领斜凳带机道将建材拉到大圳面上：已包轨 直的顿角8一37，每次从大摸雀铺由静止向上拉建材的过程中，发动机所做的功与位移 的关系如图乙所录，图乙中图线为直线，当x一6m时发动机达到丽定功率。已知每个 建材的质量m=100kg,重力加违度x取10m/3,in37”=0,6,w37=0,8。下判说 去正确的是 A.发动惧的额定功率为5600四 且.发对税的额宽功率为9432W 54 C.从x=0到x=年m过程中，发动机的 平均功率为200W D从=到x=6m过程中，发动机的 学均功率为4671W 5.如图所示（角视图），用自露长度为。.跑度系数为表的轻质弹簧将质量富为m的两个小 物块P,Q差接在一起，线置在健烧)点在水平面内转动的测盘上，P,Q两物块和0点 给好组成一个边长为。的正三角彩。已知P,Q两物块和则盘可的量大静摩擦力均为 三，观使图盘带动两个物块以不司的角速度敏创速圆渊超动，侧 A.当缘的角速度为m :时，PQ周物块受到的摩擦力最小 B,当醒盘的角违度为一 时，P,Q两物块受到的摩驱力都等于弹簧 3m 算力的大小 C.当底的角速度为w 2w 时，P,Q两物块爱到的合力大小均为号 A当P,Q两物挽脂要滑特时，风结的角连度为一店 米养月度测评 物握试最{二)第2西(8页) 后，如图所示，周定粗慧足够长斜面的倾角=0°，下端有一因定挡板，A,B两物块成在斜 面上，中间用轻质弹簧相连。A物块表面光滑，其质量为3m:B物块与斜面间的动摩擦 因数为管，其质量为，可栈为质点的电动玩具小本道进冷注光滑轻小定滑枪的轻绳 与B物块相连。初始时刻B物块恰好没有沿斜重向上运动，带轮左侧轻绳与斜面平 行，右鳄轻绳竖直，附轮距趋高度为了且轻绳中无拉力。当配具小车援慢本平向右运动 !时，A始好离开挡板。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加逸度为x,下列说法正确 的是 AB物块的机候能守恒 我轻的拉力对厅物块数功为3，反-1》m .若小车以水平向右的速度√反匀迷运动1时，B物块机械衡的增如量为(，巨一1)mg! 几看小车以水平向右的速度，匀速运动，1时，B物块的速皮大小为 二，选择蓝：本题共4小孤，每小露5分，共20分。在每小题恰出的因个选面中，有多项两 合整目要求。全都选对的得5分，进对但不全的得3分，有选植的得0分， 7,如图所示，在某行星表面上有一顿斜的网盘：圆盘与水平而的文角为3对，盘雍上与转轴匝离 L处有一小将块与测盘保持相对静止，圆盘绕亚直下盘面的闲定较帕以定角速度转动，角 速度为一时，小指块怡要滑动，小多块与盐而风的达学靠因数为设最大静学路力等于有 动摩擦力》，此行厘的疑量为M,半径为R,引力章量为G,下列说法面确的量 A此行显的质量为2如R工 G 玉此行星的第一字猫流度。一2R C此行星的者度是月=之 EGR 口高此行盈表面矩离为R的位爱的氟力加速成为好2 5 物星试丽（二】第3页《热8氨》 离丽密参·学 品，如周所示，水平路面上有一辆质量为丽。的汽车，车厢中有一质量为m的人正用丽力F病 前推车和，在车以加速度4向前加速行驶影离L的过程中，下列说法正确的是() A.人对车的雄力F能的功为F 我人对车做的功为mL C,车对人的摩力做的功为(F+)儿卫，车对人的作用力大小为 B,大型物藏货场广泛泡利用传送花爱途货物。如图甲所示，领解的传透带以复定速率匀 追写动，皮管始峰是佩紧的，将一1kg的货物点在传送带上的A点，经过1,2”可达 传送梦的B点。用速度传多墨测得货物与传送带的速度彩植时间变化的阁像如图乙 所示，已知重力加速度塔取10m/,由-1图像可知 A,A,B两点的距离为3,2m B.贵物与传遗带何的动摩擦国数为0.5 C,资将从A点运赫到B点的过程中，传送带上O 痕连长度为，2m D.货物从A点运动到B点的过型中，的后加速度大小之比为5·1 10.知图断示，领角为37的料面故置在水平面上，小球甲从A点以水平初遮度，抛 出，经过时间：落到斜面上的P点，差发正好垂直平斜面，小球乙从B点以水平 初速度地出，经过时间：也落列料面上的P点，已知B,P两点的连线与解面 直，不计空气阻力，重力加重度慧取10m/,in3了'0,6,437'=0.8，下列 说法正确的晶 《 68 0 A.若A,B两点在同一水平面上，则1t:=112 乱若·t=1·1,期1·的=2·1 C,若甲，乙两小球在水平方向的分位移相等，可：1柱=1"2 D若甲，乙两小球的位移大小相等，期H:川一5：2可 素养月度测评 物握试最{二)第4西(8页) 三、非选择题：本题共5小圆，共6分。 11,《6分》为了海量“小物块与水平桌面之间的动摩擦因数”，某可学设计了如图甲所示的 宾验。与水平桌声平滑连接的四分之一帽氧黛幕挡板尸，挡板成端适过幽力吸世可以 吸附在桌直的任登位置。将小物块从解氯上的A点由静止释故，小物块活动至桌面边 缘后水平飞出，用那度尺测出圆甄量低点到桌面边缘的距离L和小物块落胞点到桌 面边缘的水平乐离￥，堂变西板在水平桌面上的吸附位置，意复上述过程。限帮西量 数据给制的L-上2图像如图乙历示，已知桌面到水平地而的高度A一0.8m,重力加违 度g最10m/3,小物肤与水平桌而问的用摩擦因数为产。 《1》小物块从A点由静止释货后，滑至阅最低点时的速度大小为 m/s. (2》小物块与水平桌面之间的动摩擦因数为 《3)若将小物块的释故在沿圆无维上移，根靴多次实验测量的数站绘函出的L一图像 如医中孝线所示，则正确的图像是 (填写阁像询面正确的字母》， D. 12.(10分)在验证机械能守红定律的实静中，某闻学采用如图甲所京装置，绕过定滑轮的 组线上悬挂质量相等的重将A和B,在君下面再挂钩码C。已知打点计时器所用交液 电源的领率为50出 打点时日 物星试丽（二】第5面《热8氨》 离丽密参·学 〔1)某次实检结表后，打出的纸带的一那分如图乙所示，A,B,C为三个相第计时点。 侧打下B点时重绿的魂度，一 血/（结果架留三饮有效教字）。 (2)如聚本实检室电源须率大于0H,测泵时渔度的测量值 〔这填“偏大"或 “偏小)。 (3)已知重物A和B的质量均为M,钩码C的质量为m,某次实粉中从纸带上测量重 物A由静止上升高度为k时对夜计对点的速度为D。已知重力加速度为g,期酸狂 系烧机城能好园定律的表达式为 (4)为了测定当地的重力加通厦，改变斯屑C的质量出，西得多组知和对皮的加通度ù，门 西}图像如脂丙所示，周线与线结线距为6，则当地销重力加速度为一。 1这0分)如闲所不，质量为器的小环A餐在一动障源阀数一停的竖直阴定杆上，所受 最大静摩擦力等于滑动岸擦力。另一爱量为两的小球B与小环A用轻质相线相连： 观用一本平向右的国力F作用在个球B上使整个系能保持静止，已知细线与竖直杆 夹角为a: (1)录解线AB的控力大小， (2)米小环A断受的摩整力大小及杆对其弹力的大小 (3)政用斜向右上方的国力卡作用于小球日上，要使系统别好能禄持静 止，小环A恰不沿竖直杆下滑，F量小为多大？ 素养月度测评 物握试最{二)第6西(8页) 14,《14分)图甲为成都天府国际机场某货物传送装置实将图，算化周如图乙所示，演装置 由传远掩ABCD及圆定挡版CDEF组成，墨定药板CDEF与传送带上表面垂直，传 送带上表真ACD与水平地能的爽角为日=37，CD与水平闻平行，传递带匀速转动 时，工作人员辞质量分布均句的正方体货物从D点由静止际直，货物相对地面控生位 移L,10m后被最走，货物在传送带上运动时的制角图如国丙箭示。已目传送带匀速 运行的迷度e一1m/s,货物质量m=10g,其底部与传送帮ACD的动摩擦因数 1-0.5,北侧指与挡板CDEF的动摩擦因数1-25。已知加37-，8，ms37广- 0,8,重力相速度g敷10m/,不计空气阻力。 《1》货物刚较上传送带时，求其底面所受滑动摩擦力的大小及侧面乐受滑动摩探力的 大小 (2)求货物在传运懂上所经历的时间及传送装置多消斯的电能， 6 物星试丽（二】第7面《热8氨》 离丽密参·学可 15,(15分)如周所示，顿角8=37”的足够长的光滑斜面感瑞有一质量际A=1k,长度L= (m的木板A,斜面底暗垂直国定一个与本板等高、厚度可忽略不计的挡板，当木板A 与挡板相硬时，木版速度立印戒为0。木服上表面的下边缘处有一质量a=?这，可 税为质点的物体B,物体B与木板A上表面之间的动厚擦因数一0.5：物体B与质量 m8kg的物体C酒过烧过定滑轮的轻蝇相连，C离地面是够高。初始时刻使系统 处于静止状卷。重力加速度x取10m/,对m37=0,6,om3=Q.8. (1)国完木反A,间时释故物体B,C,求物体B眼离木板A时的速度， (?)解镇术颤A,同时释较物结B、C,求当物体B经过木板A的中点时的速度。 (3)在第(2)同的基础上，当物体B轻过木板A的中点时，逢接B.C两物体的经绳断 裂，求从整放物体B、C到物体B题离木数A的整个过程中A,B之间产生的 烤量， 素养月度测评 物握试最{二)第8页(8页」2024一2025学年度学科素养月度测评（二） 物理 准考证号 姓名： 姓名x×× 准考证号××××× 四西四面四西四四四面 考场号： 工o co mco cnc①D1 贴条形码区 四☒四☑四☒四团四四 座位号： 团团团团团团团团团团 考场号×× 座位号×× 团田田国田田④④团田 II图I图图II 正确填涂 填涂范例 a团图面面d面面 ■ I刀11刀TI团 错误填涂 缺考 (筑涂说明缺考考生由监考员川2B 刚的II四I四四 ☒铝四 标记 船笔填涂准考证号及左边缺考标记】 四四四四回四四四四 开考15分钟以后，缺考考生由监考员粘贴条形码，并用2B铅笔填涂上方的缺考标记 选择题 1四团图 5四B田N四 9四田0四 2四围@回 6▣田四团 10D图四 3四团@可 7和B田四D四 4团围四四 8I面四团 非选择题 11.(6分) (1) (2) (3) 12.(10分) (1) (2) (3) (4】 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 答题纸·物理（二）第1页（共2页） 5 请在各题目的答题区域内作容，超出答题区城的答案无效 13.(10分) 14.(14分) 15.(16分) 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 5 答题纸·物理（二）第2页（共2页）2024一2025学年度学科素养月度测评（二） 物理 准考证号 姓名： 姓名x×× 准考证号××××× 四四面四四四四四 考场号： 血四D田D田血四D四 贴条形码区 四☑I☑I四四I四☑ 座位号： 图团团团团团I团团团 考场号×× 座位号×× ④④田田④④田田田④ IIII 正确填涂 填涂范例 ad面aa的的 ■ mmmmmm 错误填涂 缺考 口 (筑涂说明缺考考生由监考员川2B 8☒8WB图8 留B铝D 标记 船笔填涂准考证号及左边缺考标记)】 四四四四四四四四四可 开考15分钟以后，缺考考生由监考员粘贴条形码，并用2B船笔填涂上方的缺考标记 选择题 1四田四D四 5四B图四 9四田D四 2团田四四 6团B团四 10B图CD 3四田@四 7IB田C四 4四田四四 8团B团四 非选择题 11.(6分) (1) (2) (3) 12.(10分) (1) (2) (3) (4) 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 答题纸·物理（二）第1页（共2页） 5 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 13.(10分) 14.(14分) 15.(16分) 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 5 答题纸·物理（二）第2页（共2页）