安徽省阜阳市临泉县临化高级中学2024-2025学年高二下学期6月月考物理试题

临化中学2024-2025学年度（下）高二年级5月教学质量检测 物理 本试卷满分100分，考试用时75分钟。 命题人：李伟 注意事项： 1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 4．本试卷主要考试内容：高考全部内容。 一、选择题（1-8为单选，9-10为多选，每题4分，共40分) 1. 下列关于甲、乙、丙、丁四幅图所涉及的光现象的说法中正确的是（　　） A. 甲图是利用光的衍射来检查工件的平整度 B. 乙图中内窥镜所用的光导纤维利用了光的全反射 C. 丙图中的玻璃利用了光的色散现象增加乘员的视野 D. 丁图中的泊松亮斑是由于光的偏振引起的 2. 节日庆典离不开气球，国家气象总局发布的《升放气球管理办法》规定，灌装气球必须使用氦气。对于完成灌装的气球内的氦气（视为理想气体），下列说法正确的是（　　） A. 气体产生压强的原因是受到地球的吸引 B. 当所处环境温度升高时，所有的气体分子速率都增大 C. 当所处环境温度升高时，气体的内能一定增大 D. 气体分子的速率大小分布规律为“中间少、两头多” 3. 如图，在厨房中，为了方便使用吸油纸，用一个固定于墙上顶端可转动的挂钩将吸油纸卷挂起，使用过程中吸油纸卷始终与挂钩挡板接触且有挤压，若不计挡板与吸油纸卷间的摩擦，使用过程中，当吸油纸卷逐渐减少时，则（　　） A. 挡板对吸油纸卷作用力减小 B. 挂钩对吸油纸卷作用力变大 C. 挂钩对吸油纸卷作用力方向竖直向上 D. 挡板和挂钩对吸油纸卷的合力保持不变 4. 汽车自动驾驶技术依赖于传感器，实时感知周围环境并进行决策。在一次测试中，一辆自动驾驶汽车因感知到前方存在障碍物而紧急刹车，刹车过程可看作匀减速直线运动。以开始刹车时为计时零点，自动驾驶汽车的图像如图所示，则自动驾驶汽车（　　） A. 前4s内平均速度大小为20m/s B. 0~4s内和0~8s内平均速度大小相等 C. 前4s内刹车的加速度大小为3.75m/s² D. 时的速度大小为25m/s 5. 空间存在一沿x轴方向的电场，一电荷量为-q的试探电荷只在电场力作用下从坐标原点沿x轴正方向运动，其受电场力随位置变化的图像如图。以x轴正方向为电场力正方向，无穷远处电势为零。下列说法正确的是（　　） A. 0~x1区域的电场方向沿x轴负方向 B. 从x1到x2，该试探电荷的电势能增大 C. 从0到x2，该试探电荷动能先减小后增大 D. 该试探电荷在x1处的加速度大于x2处 6. 2025年1月13日11时00分，由中国航天科技集团有限公司研制的捷龙三号运载火箭，在山东省海阳市近海海域点火升空，采用“一箭十星”方式，将10颗卫星顺利送入650公里高度、倾角为的轨道上，绕地球做匀速圆周运动，发射任务取得圆满成功。关于此次发射，下列说法正确的是（　　） A. 火箭发射卫星加速上升过程中，卫星处于超重状态 B. 卫星在轨运行时处于完全失重状态，受到的合外力为零 C. 卫星的在轨线速度大于地球的第一宇宙速度 D. 卫星绕地球一周所用时间大于地球自转周期 7. 某交变电流电压随时间变化的规律如图所示（初始部分为正弦函数的四分之一周期），下列说法正确的是（　　） A. 该交变电流的周期为2s B. 该交变电流电压的有效值为200V C. 将该交变电流加在交流电压表两端时，电压表读数为 D. 将该交变电流加在启辉电压（达到或超过启辉电压后氖管会发光）为200V的氖管上，氖管未被击穿，氖管1秒钟内发光次数为100次 8. 如图所示，振幅分别为3cm、4cm的甲、乙两列简谐横波在同一均匀介质中沿x轴相向传播，t=0时在x=2cm处的P点相遇。已知两列波的波速均为2cm/s，则位于x=3cm处的Q点在0~5s内的通过的路程为（　　） A. 13cm B. 30cm C. 40cm D. 70cm 9. 如图所示，倾角为30°的光滑固定斜面顶端固定有轻质光滑滑轮，A、B两可视为质点的小球用跨过滑轮的不可伸长的轻质细绳连接，滑轮与A球之间的轻绳与斜面平行、与B球之间的轻绳竖直。由静止释放两球，释放后的瞬间B球的加速度大小为，已知重力加速度为g，则A、B两球的质量之比可能是（　　） A. 2∶5 B. 4∶5 C. 4∶1 D. 8∶1 10. 如图，两条光滑且足够长的直金属导轨、平行放置，两导轨与水平面间夹角均为，间距为L，导轨所在空间存在垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B。两相同导体棒a、b垂直导轨放置，质量均为m，接入电路的电阻均为R，b棒靠在绝缘挡杆上保持静止。a棒在沿导轨向上的拉力作用下由静止开始做加速直线运动，将b棒刚要离开挡杆时刻设为0时刻，在时刻，拉力大小减为，直到运动稳定。导轨电阻不计，运动过程中两导体棒与导轨始终垂直且接触良好。关于a、b棒从静止到最终稳定运动的过程，下列说法正确的是（　　） A. b棒离开挡杆前，a棒做匀加速直线运动 B. b棒刚要离开挡杆时，a棒速度大小为 C. b棒最终速度大小为 D. a棒最终速度大小为 二、实验题（每空2分，共16分） 11. 某实验小组的同学利用如图1所示装置做“用单摆测重力加速度”的实验，进行了如下操作步骤： （1）测量摆球的直径如图2所示，则摆球的直径为___________cm； （2）在测量单摆周期时，为了减小实验误差，该组同学先测量了完成多个周期所需要的时间，实验时应从摆球经过___________（选填“最低点”或“最高点”）时开始计时； （3）该组同学正确操作后，测出多组摆长L与周期T的数据，根据实验数据，作出了T2-L的关系图像如图3所示，造成该图像不过坐标原点的最可能原因是（　　） A. 用绳长加小球的直径代替摆长 B. 用绳长代替摆长 12. 为尽可能准确测量电源的电动势和内阻，实验室提供有下列器材： 灵敏电流计G（内阻约为150Ω）； 电压表V（0~3V，内阻约为10kΩ）； 电阻箱（0~9999Ω）； 滑动变阻器（0~100Ω，1.5A）； 旧干电池一节； 导线、开关若干。 （1）某实验小组先测灵敏电流计的内阻，电路如图甲所示，测得电压表示数为2.40V，灵敏电流计示数为4.00mA，电阻箱旋钮位置如图乙所示，则灵敏电流计内阻为______Ω（结果保留到整数）； （2）实验小组将电阻箱与灵敏电流计并联，将灵敏电流计的量程扩大为原来的20倍。并连接成如图丙所示的电路测量干电池的电动势和内阻，调节滑动变阻器读出几组电压表和电流计的示数如下表，其对应的图线如图丁所示； 0.80 0.90 1.00 1.10 1.20 /mA 3.00 2.49 2.01 1.51 1.00 （3）由图丁可求得干电池的电动势______V，内阻______；（结果保留到小数点后2位） （4）从系统误差角度分析：本实验测出的电源电动势与真实值相比______；测出的电源内阻与真实值相比______。（选填“偏大”“偏小”或“相等”） 四、解答题(13题12分，14题14分，15题18分，共44分) 13. 某探究小组设计了一个汽缸如图甲，开口向上并竖直放置，其上端装有固定卡环，汽缸导热性能良好且内壁光滑。质量kg，横截面积的活塞将一定质量气体（可视为理想气体）封闭在汽缸内。现缓慢升高环境温度，气体从状态A变化到状态C的图像如图乙所示，已知大气压强Pa，重力加速度m/s²。求： （1）状态C时气体的压强； （2）气体从A到C的过程中气体内能增加了72J，则这一过程中气体吸收的热量是多少？ 14. 如图，在y≥0，0≤x≤L的I区域存在竖直向上的匀强电场，在y≥0，x>L的II区域存在垂直纸面向外的匀强磁场。置于坐标原点O的粒子发射源可沿x轴正方向发射初速度为v0、质量为m、带电量为+q的粒子，一段时间后与两区域边界成45°角斜向右上方进入II区域，经磁场偏转后垂直击中x轴，不计重力。求： （1）匀强电场的电场强度大小E； （2）匀强磁场的磁感应强度大小B。 15. 如图所示，风洞实验室可以产生竖直向上的恒定风力。在风洞中O点将一个质量为m=1kg的小球以初速度v0=4m/s水平向右抛出，一段时间后小球经过右上方的P点。已知OP=5m，OP与水平方向的夹角为θ=37°，sin37°=0.6，重力加速度g取10m/s2。求： （1）小球到P点时的速度大小； （2）小球从O到P的过程中恒定风力的冲量大小； （3）小球从O到P的过程中到OP的最远距离。 临化中学2024-2025学年度（下）高二年级5月教学质量检测 物理 本试卷满分100分，考试用时75分钟。 命题人：李伟 注意事项： 1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 4．本试卷主要考试内容：高考全部内容。 一、选择题（1-8为单选，9-10为多选，每题4分，共40分) 【1题答案】 【答案】B 【2题答案】 【答案】C 【3题答案】 【答案】A 【4题答案】 【答案】C 【5题答案】 【答案】C 【6题答案】 【答案】A 【7题答案】 【答案】D 【8题答案】 【答案】A 【9题答案】 【答案】BD 【10题答案】 【答案】BC 二、实验题（每空2分，共16分） 【11题答案】 【答案】（1）1.240 （2）最低点 （3）A 【12题答案】 【答案】 ①. 152 ②. 1.40 ③. ④. 相等 ⑤. 相等 四、解答题(13题12分，14题14分，15题18分，共44分) 【13题答案】 【答案】（1） （2） 【14题答案】 【答案】（1） （2） 【15题答案】 【答案】（1） （2）16N∙s （3）0.6m 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $临化中学2024-2025学年度（下）高二年级5月教学质量检测考试 物理试题参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C A C C Y D A BD BC 1.B 【详解】A.甲图是利用光的干涉来检查工件的平整度，选项A错误； B.乙图中内窥镜所用的光导纤维利用了光的全反射，选项B正确： C.丙图中的玻璃利用了光的折射现象增加乘员的视野，选项C错误： D.丁图中的泊松亮斑是由于光的衍射引起的，选项D错误。 故选B。 2.C 【详解】A.气体压强产生的原因是大量气体分子对容器壁的持续的、无规则撞击产生的，A错误 B.分子运动是统计规律，温度升高，并不是所有分子运动的速率都增大，故B错误； C.理想气体的内能仅与温度有关，温度升高，内能必然增加，故C正确： D.根据统计规律，气体分子无论在什么温度下，分子速率都呈现“中间多、两头少”的分布特点，故D错 误。 故选C。 3.A 【详解】设挂钩对卷纸的作用力为F,方向指向左上方，挡板对卷纸的作用力为，，则卷纸的受力情况如 图所示 vmg 当卷纸逐渐减少时，F与竖直方向的夹角减小，重力减小，由图可知，F减小，减小，挡板和挂钩对卷 纸的合力与重力大小相等，所以合力减小。 故选A。 4.C 【详解】A.由图可知，前4秒内的位移为x=40m-10m=30m,则前4秒内平均速度大小为 答案第1页，共6页 下=-30m=7.5m/6,故A不符合题意： t 4s B.根据图像可知0~4s内和0~8s内位移相等，由于时间不等，故平均速度不等，故B不符合题意： CD.设t=0时的速度大小为。，加速度大小为a,前4s内刹车的位移为x=40m-10m=30m,将刹车的 过程逆向来看，根据x=一at可得，a= 2=3.75m/g2;由g2=2x可得，t=0时的速度大小为0-15ms, 故C符合题意，故D不符合题意。 故选C。 5.C 【详解】A.由图可知，0~x1区域，试探电荷受到的电场力沿负方向，而试探电荷带负电，所受电场力的 方向与试探电荷受力方向相反，故0~x区域的电场方向沿x正方向，A错误： B.从x到x2,电场力沿正方向，试探电荷受力方向与位移方向相同，电场力对试探电荷做正功，动能增 大，电势能减小，B错误： C.同理可知，从0到x2,电场力对试探电荷先做负功后做正功，故动能先减小后增大，C正确： D.由图可知，试探电荷在x处受到的电场力为零，在x2处受到的电场力沿正方向最大，根据牛顿第二定 律可知，该试探电荷在x?处的加速度小于在x2处的加速度，D错误。 故选C。 6.A 【详解】A.火箭发射卫星加速过程中，加速度向上，卫星处于超重状态，A正确： B.卫星在轨运行时合外力为万有引力不为零，万有引力完全提供向心力，处于完全失重状态，B错误： C.根据G-,2 GM =m一，可得v= 卫星的在轨半径大于地球的半径，则卫星的在轨线速度小于地球 的第一宇宙速度，C错误： D.已知地球静止卫星离地高度约36000km,由开普勒第三定律 9 可知该卫星绕地球一周所用时间小于地球静止卫星的周期；而地球静止卫星的周期与地球自转周期相等， 所以该卫星绕地球一周所用时间小于地球自转周期，D错误。 故选A。 7.D 【详解】A.由图像可知，该交变电流的周期为0.02s,故A错误： 200W5、2 B.根据电流的热效应计算电压的有效值，则有 T(2002)2TU2 二？，解得该交变电流电 4 R 2 R 答案第2页，共6页 压的有效值为U=100√5V,故B错误： C.交流电压表读数为交变电流电压的有效值，所以电压表读数为100√5V,故C错误： D.只有当交流电压大于或等于启辉电压200V时，氖管才能发光，由图像可知，一个周期发光两次，而 交变电流的周期为0.02s,则1秒内发光100次，故D正确。 故选D。 8.A 【详解】波的周期=2=4s=2s,0时刻Q点在乙波的波谷：甲波传到0点的时间1=)s=0.5s,此时 1 v2 2 Q点到达平衡位置，即在0~0.5s时间内Q点的路程s一4c;甲波传到Q点时振动减弱，则振幅为 A-4cm-3cm=1cm,则在0.5-5s时间内即2二T内的路程为5，=8A+A=9cm,则位于x3cm处的Q点在0-~5s 4 内的通过的路程为5=S1+S2=13cm 故选A。 9.BD 【详解】由静止释放两球，释放后的瞬间B球的加速度大小为 3 若B球的加速度方向竖直向下，以B球为对象，根据牛顿第二定律可得%g-T=m 8 以A球为对象，根据牛顿第二定律可得T-8si30°=心号 联立可得A、B两球的质量之比为a:阳=4：5 若B球的加速度方向竖直向上，以B球为对象，根据牛顿第二定律可得T一m8=仙。· 以A球为对象，根据牛顿第二定律可得g5i血30°-T'=,号 8 联立可得A、B两球的质量之比为ms:2=8:1 故选BD。 10.BC 【详解】A.b棒离开挡杆前，对a有P-B-ngsin0=F_B -ngsin=,可知v增大，加速度 2R α减小，即b棒离开挡杆前，α棒做加速度减小的加速直线运动，故A错误： B.b棒刚要离开挡杆时，对b有ng sin=BLL,对a有I1= ,联立解得y= 2ngRsin 0 ,故B正确： 2R BT CD、在时刻，拉力大小减为？=2g$im日，可知系统合外力为零，系统动量守恒，最终两棒以相同的速 度做匀速运动，设t时刻，α棒和b棒的速度分别为Y。、。,最终两棒的共同速度为v。在0-t时间内， 答案第3页，共6页 取沿导轨向上为正方向，对b棒整体，因两棒受到的安培力大小相等，方向相反，所以安培力对整体的 冲量为零，由动量定理得-2gsin8x=。+。,从t时刻直到运动稳定，取沿导轨向上为正方 向，对ab棒系统，根据动量守恒定律得wa+。=2,联立解得v=Sin8,故C正确，D错误。 故选BC。 11.(1)1.240 (2)最低点 (3)A 【详解】(1)游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以摆球的直径为 12mm+8×0.05m=12.40mm=1.240cm (2)实验时应从摆球经过最低点时开始计时； (3)A.若用绳长加小球的直径代替摆长，根据单摆的周期公式可得T=2元 所以2 4x2(L- g 此时P-L图线不过原点，且纵截距为负值，故A正确； d B.若用绳长代替摆长，则T=2π L+ 2,所以T2= 4π2(L+) ,此时PL图线不过原点，且纵截距为 % 正值，故B错误。 故选A。 12. 152 1.40 2.40 相等 相等 【详解】(1)[1]由图乙所示电阻箱可知，电阻箱示数为R=8×12+4×102+4×1002+0×10002=4482 由欧姆定律可得R,+R1= 7=4202=60m,解得R,=6002-R=1522 (3)[1][2]由题知，实验小组将电阻箱与灵敏电流计并联，将灵敏电流计的量程扩大为原来的20倍，根据 20IcRa=IcR,可得扩大后电流的内阻为R=7.62 根据丙图的电路图，可得E=U+201c(R+),变形得U=E-201c(R+) 根据电源U-I图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.40，电源电动势E=1.40V △UU 1.20-0.80 图象斜率为k= △I 1.00-3.00)x102=202 根据k=Ra+r,电源内阻r=2.402 (4)[1][2]由题知，通过电源的电流是安培表测得的电流20倍，根据丙图可得E=U+IR。+20I/ 上述公式中电压表和电流表的示数均为电路的真实值，因此本实验测出的电源电动势与真实值相等，所测 出的电源内阻与真实值相等。 答案第4页，共6页 13.(1)1.76×103Pa (2)98.4J 【详解】1)在A状态气体压强为P4=P+”坚 气体由B状态变化到C状态，气体发生等容变化，则有行元 PB-Pc 又PA=PB 联立解得pc=1.76x10Pa (2)气体从A状态到B状态为等压过程，外界对气体做功为W=-P4(V。-V4) 根据热力学第一定律△U=Q+W 联立解得Q=98.4J 14.(L)B=mn6 (2)B=2, gL gL 【详解】(1)粒子在电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，则有L=t 解得粒子平抛运动的时间t=马 结合题意可知，粒子进入磁场中速度与竖直方向的夹角为45°，则有y,=tan45° 由于粒子在竖直方向做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律则有qE= 结合匀变速直线运动规律则有y,=t 联立解得E=6 L 。。。 ● 。●● O vo L (2)根据上述分析可知，粒子在电场中，竖直方向的位移h=a'=1L 2 2 粒子进入磁场中的速度v=√2 作出粒子在磁场中运动轨迹，根据题意可知，粒子圆周运动的轨道半径，：V=2L 粒子圆周运动时，洛伦兹力提供圆周运动的向心力，则有B=w 联立解得B= 21l'0 9 答案第5页，共6页 ● 15.(1)2W13m/s (2)16Ns (3)0.6m 【详解】(1)根据题意可知小球做类平抛运动，设经过时间t运动到P点，则OP=L 水平向右做匀速直线运动，则Lcos0=t 代入数据得t=1s 竖直向上做初速度为零的匀加速直线运动Lsin0=1 代入数据得a=6ns2 到P点时竖直方向的速度y,=t=6/s 小球在P点时的速度v=√号+=23ms (2)设恒定风力为F,竖直方向根据牛顿第二定律得F-g=a 代入数据得F=16N 小球从O到P的过程中恒定风力的冲量I=吐=16Ns (3)小球的运动可以分解为沿OP方向和垂直OP方向，如图所示 p ● 0b 0 风 垂直OP方向的初速度？=osin8 垂直OP方向的加速度a=acos0 设垂直oP方向的速度减为0时的位移为，则x=二=0.6m 24 小球从O到P的过程中离OP的最远距离0.6m。 答案第6页，共6页