第1章 章末重构拓展-【名师导航】2025-2026学年高中数学选择性必修第一册同步课件（人教A版）

章末重构拓展 第一章 空间向量与立体几何 巩固层·知识重构 章末重构拓展 提升层·题型探究 类型1　空间向量的概念及运算 1．空间向量可以看作是平面向量的推广，有许多概念和运算与平面向量是相同的，如模、零向量、单位向量、相等向量、相反向量等概念，加减法的三角形法则和平行四边形法则，数乘运算与向量共线的判断、数量积运算、夹角公式、求模公式等．向量的基底表示和坐标表示是向量运算的基础． 2．向量的运算过程较为繁杂，要注意培养学生数学运算的学科素养． 章末重构拓展 【例1】　(1)如图所示，在平行六面体ABCD-A1B1C1D1中，＝a，＝b，＝c．M是C1D1的中点，点N是CA1上的点，且CN∶NA1＝4∶1．用a，b，c表示以下向量： ①； ②． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 (2)如图所示，在平行六面体ABCD-A1B1C1D1中，以顶点A为端点的三条棱长都为1，且两两夹角为60°． ①求的长； ②求与夹角的余弦值． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 [解]　(1)①＝)＝[()＋()] ＝＋2＋2)＝a＋b＋c． ②＝＝) ＝＝a＋b＋c． (2)记＝a，＝b，＝c， 则|a|＝|b|＝|c|＝1， 〈a，b〉＝〈b，c〉＝〈c，a〉＝60°， ∴a·b＝b·c＝c·a＝． ①||2＝(a＋b＋c)2＝a2＋b2＋c2＋2(a·b＋b·c＋c·a) ＝1＋1＋1＋2×＝6， ∴||＝． ②＝b＋c－a，＝a＋b， ∴||＝，||＝， ＝(b＋c－a)·(a＋b) ＝b2－a2＋a·c＋b·c＝1， ∴cos 〈〉＝＝． 类型2　利用空间向量证明位置关系 1．用空间向量判断空间中位置关系的类型有：线线平行、线线垂直、线面平行、线面垂直、面面平行、面面垂直；判断证明的基本思想是转化为线线关系或者利用平面的法向量，利用向量的共线和垂直进行证明． 2．将立体几何的线面关系转化为向量间的关系，可以培养学生的逻辑思维和数学运算的学科素养． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 【例2】　如图所示，已知多面体ABC-A1B1C1，A1A，B1B，C1C均垂直于平面ABC，∠ABC＝120°，A1A＝4，C1C＝1，AB＝BC＝B1B＝2．证明：AB1⊥平面A1B1C1． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 [证明]　法一：由AB＝2，AA1＝4，BB1＝2，AA1⊥AB，BB1⊥AB，得AB1＝A1B1＝2，所以＝，故AB1⊥A1B1． 由BC＝2，BB1＝2，CC1＝1，BB1⊥BC，CC1⊥BC， 得B1C1＝， 由AB＝BC＝2，∠ABC＝120°，得AC＝2， 连接AC1(图略)，由CC1⊥AC，得AC1＝，所以＝，故AB1⊥B1C1． 又A1B1∩B1C1＝B1，A1B1，B1C1⊂平面A1B1C1，所以AB1⊥平面A1B1C1． 法二：如图所示，以AC的中点O为坐标原点，建立空间直角坐标系Oxyz． 由题意知，A(0，－，0)，A1(0，－，4)， B1(1，0，2)，C1(0，，1)， 则＝(1，，2)，＝(1，，－2)， ＝(0，2，－3)． 由＝0，得AB1⊥A1B1． 由＝0，得AB1⊥A1C1． 又A1B1∩A1C1＝A1，A1B1，A1C1⊂平面A1B1C1，所以AB1⊥平面A1B1C1． 法三：如法二建立空间直角坐标系，则A，A1，B1，C1，的坐标同法二． 设m＝(x，y，z)是平面A1B1C1的法向量， 则即令z＝1， 得m＝是平面A1B1C1的一个法向量，因为＝2m，所以AB1⊥平面A1B1C1． 类型3　利用空间向量求距离 1．空间距离的计算思路 (1)点P到直线l的距离：已知直线l的单位方向向量为u，A是直线l上的定点，P是直线l外一点，设＝a，则向量在直线l上的投影向量为＝(a·u)u，则点P到直线l的距离为PQ＝(如图1)． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 (2)点P到平面α的距离：设平面α的法向量为n，A是平面α内的定点，P是平面α外一点，则点P到平面α的距离为PQ＝(如图2)． 2．通过利用向量计算空间的距离，可以培养学生的逻辑思维能力和数学运算的学科素养． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 【例3】　如图，在长方体ABCD-A1B1C1D1中，A1A＝2AB＝2BC＝2，E为DD1的中点，F为BB1的中点． (1)求点A1到直线B1E的距离； (2)求点A1到平面AB1E的距离． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 [解]　(1)建立如图所示的空间直角坐标系． 则A1(0，0，2)，B1(1，0，2)，E(0，1，1)， 所以＝(－1，1，－1)，＝(－1，0，0)， 所以点A1到直线B1E的距离 d＝＝＝． (2)＝(1，0，2)，＝(0，1，1)，＝(0，0，2)， 设平面AB1E的法向量为n＝(x，y，z)， 则⇒ 取x＝2，则n＝(2，1，－1)， 所以点A1到平面AB1E的距离为＝＝． 类型4　利用空间向量求空间角 1．利用空间向量求夹角是空间向量的重要应用，利用向量方法求夹角，可不作出角而求出角的大小，体现了向量方法的优越性． 2．通过利用向量计算空间角，可以培养学生的逻辑推理和数学运算的学科素养． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 【例4】　如图所示，四棱锥P-ABCD的底面为矩形，各侧棱及底边BC，DA的长均为a，AB，CD的长为a，记AC与BD的交点为O，过底面对角线AC作与PB平行的平面交PD于点E． (1)求二面角E-AC-D的正弦值； (2)求EO与底面ABCD所成角的大小； (3)求DO与平面EAC所成角的正弦值． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 [解]　(1)因为PB∥平面ACE，平面PBD∩平面ACE＝OE，PB⊂平面PBD，所以PB∥OE．又O是BD的中点，所以E是PD的中点．连接PO，因为四边形ABCD为矩形，所以OA＝OC，又PA＝PC，所以PO⊥AC，同理可得PO⊥BD，又AC∩BD＝O，所以PO⊥底面ABCD． 以O为原点，OP所在直线为z轴，过点O平行于AD的直线为x轴，过点O平行于CD的直线为y轴，建立空间 直角坐标系，如图所示． 易知A，B，C，D，P，E，则＝． 显然，是平面ACD的一个法向量，设n＝(x，y，z)是平面ACE的法向量，则 即取y＝1，可得平面ACE的一个法向量n＝(，1，2)， 所以|cos 〈n，〉|＝＝．所以二面角E-AC-D的正弦值为． (2)设EO与底面ABCD所成的角为θ， 则sin θ＝|cos 〈〉|＝＝，又θ∈， 所以EO与底面ABCD所成角的大小为． (3)设DO与平面EAC所成的角为β， 则sin β＝＝，所以DO与平面EAC所成角的正弦值为． (时间：120分钟　满分：150分) 一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． 1．已知{a，b，c}是空间的一个基底，则下列各组向量中，不能构成空间的一个基底的是(　　) A．a＋b，b，c B．a，a－b，c C．a－c，b－c，a－b D．a，b，a＋b＋c 章末综合测评(一)　动量守恒定律 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 √ 14 15 章末综合测评(一)　空间向量与立体几何 16 17 18 19 24 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 C　[对于A，{a，b，c}是空间的一个基底，则a＋b，b，c不共面，所以这三个向量能构成空间的一个基底，故A选项不符合题意； 对于B，{a，b，c}是空间的一个基底，则a，a－b，c不共面，所以这三个向量能构成空间的一个基底，故B选项不符合题意； 对于C，a－b＝(a－c)－(b－c)，则a－c，b－c，a－b共面，所以这三个向量不能构成空间的一个基底，故C选项符合题意； 对于D，{a，b，c}是空间的一个基底，则a，b，a＋b＋c不共面，所以这三个向量能构成空间的一个基底，故D选项不符合题意．] 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 2．若向量a＝(1，λ，2)，b＝(2，－1，2)，且a与b的夹角的余弦值为，则λ＝(　　) A．2 B．－2 C．－2或 D．2或－ √ C　[由题意，得cos 〈a，b〉＝＝＝， 解得λ＝－2或λ＝．故选C．] 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 26 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 3．已知O是坐标原点，空间向量＝(1，1，2)，＝(－1，3，4)，＝(2，4，4)，若线段AB的中点为D，则||＝(　　) A．9 B．8 C．3 D．2 √ C　[由题意知A(1，1，2)，B(－1，3，4)，C(2，4，4)，则D(0，2，3)， 所以＝(－2，－2，－1)，所以||＝＝3．故选C．] 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 27 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 4．已知A(1，0，1)，n＝(1，0，1)是平面α的一个法向量，且B(－1，2，2)是平面α内一点，则点A到平面α的距离为(　　) A． C． √ D　[由已知得＝(－2，2，1)，又n＝(1，0，1)， ∴点A到平面α的距离为＝＝．故选D．] 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 28 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 5．(教材原题·P10习题1.1T5)如图，在平行六面体ABCD-A1B1C1D1中，AC与BD的交点为M．设＝a，＝b，＝c，则下列向量中与相等的向量是(　　) A．－a＋b＋c B．a＋b＋c C．a－b＋c D．－a－b＋c √ 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 29 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 A　[∵＝＝) ＝(－) ＝(－) ＝(－a＋b)， ∴＝＝ ＝c＋(－a＋b)＝－a＋b＋c．故选A．] 30 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 6．如图，斜三棱柱ABC-A1B1C1的所有棱长均为2，∠A1AB＝∠A1AC＝，点E，F满足＝＝，则||＝(　　) A． C．2 D． √ 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 31 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 D　[＝＝－)＝， ∴||2＝＝＋＋＋＝1＋1＋1＋×2×2×－2×1×－2×1×＝2，∴||＝． 故选D．] 32 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 7．如图，在四棱锥P-ABCD中，底面ABCD为直角梯形，AB⊥AD，BC∥AD，且AB＝BC＝2，AD＝3，PA⊥平面ABCD且PA＝2，则PB与平面PCD所成角的正弦值为(　　) A． C． √ 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 33 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 C　[依题意，以A为坐标原点，分别以AB，AD，AP所在直线为x，y，z轴，建立如图所示的空间直角坐标系， 因为AB＝BC＝2，AD＝3，PA＝2， 则P(0，0，2)，B(2，0，0)，C(2，2，0)，D(0，3，0)， 从而＝(2，0，－2)，＝(2，2，－2)，＝(0，3，－2)， 设平面PCD的法向量为n＝(a，b，c)， 则即 34 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 不妨取c＝3，则a＝1，b＝2， 所以平面PCD的一个法向量为n＝(1，2，3)， 所以PB与平面PCD所成角的正弦值为 |cos〈，n〉|＝＝．故选C．] 35 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 8．《九章算术》是古代中国乃至东方的第一部自成体系的数学专著，书中记载了一种名为“刍甍”的五面体(如图所示)，其中四边形ABCD为矩形，EF∥AB，若AB＝3EF，△ADE和△BCF都是正三角形，且AD＝2EF，则异面直线DE与BF所成角的大小为(　　) A． C． √ 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 36 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 A　[如图，以矩形ABCD的中心O为原点，的方向为x轴正方向建立空间直角坐标系． ∵四边形ABCD为矩形，EF∥AB，△ADE和△BCF都是正三角形，∴EF⊂Oyz平面，且Oz是线段EF的垂直平分线． 设AB＝3，则EF＝1，AD＝2，D，E，B，F． ∴＝(1，1，)，＝(－1，－1，)， ∴＝－1×1＋1×(－1)＋＝0， ∴⊥，∴异面直线DE与BF所成的角为．故选A．] 37 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分． 9．空间中三点A(0，1，0)，B(2，2，0)，C(－1，3，1)，O是坐标原点，则(　　) A．||＝ B．⊥ C．点C关于Oxy平面对称的点为(1，－3，1) D．与夹角的余弦值是 √ √ 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 38 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 AB　[A(0，1，0)，B(2，2，0)，C(－1，3，1)， 则＝(2，1，0)，＝(－1，2，1)，＝(－3，1，1)， 故||＝＝，故A正确；＝2×(－1)＋1×2＋0×1＝0， 故⊥，故B正确；点C关于Oxy平面对称的点为(－1，3，－1)， 故C错误； cos 〈〉＝＝－，故D错误．故选AB．] 39 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 10．已知空间三点A(1，0，3)，B(－1，1，4)，C(2，－1，3)．若∥，且||＝，则点P的坐标为(　　) A．(4，－2，2) B．(－2，2，4) C．(－4，2，－2) D．(2，－2，4) √ √ 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 40 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 AB　[设＝λ＝(3λ，－2λ，－λ)． 又||＝， ∴＝，解得λ＝±1， ∴＝(3，－2，－1)或＝(－3，2，1)． 设点P的坐标为(x，y，z)，则＝(x－1，y，z－3)， ∴或解得或 故点P的坐标为(4，－2，2)或(－2，2，4)．故选AB．] 41 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 11．如图，在四棱锥P-ABCD中，PD⊥底面ABCD，四边形ABCD是边长为1的菱形，且∠ADC＝120°，PD＝AD，则(　　) A．()·＝1 B．()·＝－ C．＝ D．＝－ √ √ 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 42 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 BD　[因为PD⊥底面ABCD，所以PD垂直于平面ABCD内的任何一条直线， 因为四边形ABCD是边长为1的菱形，且∠ADC＝120°，所以△ABD和△BCD是等边三角形．对于A，()·＝＝0，故A错误；对于B，()·＝＝0＋1×1×cos 120°＝－，故B正确； 43 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 对于C，＝()·()＝ ＝－1＋＝－，故C错误；对于D，＝·()＝ ＝||||cos 120°＝－，故D正确．故选BD．] 44 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分． 12．在空间直角坐标系中，已知A(m，n，1)，B(3，2，1)关于z轴对称，则m＋n＝________． －5　[∵B(3，2，1)关于z轴对称的点的坐标为(－3，－2，1)， 又对称点为A(m，n，1)，则m＝－3，n＝－2，∴m＋n＝－5．] －5 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 45 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 13．两个非零向量a，b，定义|a×b|＝|a||b|sin 〈a，b〉．若a＝(1，0，1)，b＝(0，2，2)，则|a×b|＝________． 2　[设向量a，b的夹角为θ，∵a＝(1，0，1)，b＝(0，2，2)， ∴|a|＝，|b|＝2，a·b＝2，∴cos θ＝＝＝， ∵θ∈[0，π]，∴sin θ＝，∴|a×b|＝|a||b|sin θ＝×2＝2．] 2 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 46 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 14．如图所示，在几何体ABCDEF中，AD∥BC，∠BAD＝，AB＝AD＝2BC＝4，AE∥CF，AE＝2CF＝2，AE⊥平面ABCD，则点E到直线DF的距离为________，直线EF与平面BDF所成角的正弦值为________． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 47 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 　[以A为原点，的方向分别为x轴、y轴、z轴的正方向建立如图所示的空间直角坐标系，则B(4，0，0)，D(0，4，0)，E(0，0，2)，F(4，2，1)，＝(0，－4，2)，＝(4，－2，1)，＝(－4，4，0)，＝(0，2，1)，＝(4，2，－1)． 所以cos 〈〉＝＝， 所以sin 〈〉＝，所以点E到直线DF的距离为 ||sin 〈〉＝2＝． 48 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 记平面BDF的法向量为n＝(x，y，z)， 则令x＝1，得n＝(1，1，－2)． 所以cos 〈n，〉＝＝＝，所以直线EF与平面BDF所成角的正弦值为．] 49 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 四、解答题：本题共5小题，共77分．解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤． 15．(13分)(教材原题·P9练习T3)如图，在平行六面体ABCD-A′B′C′D′中，AB＝4，AD＝3，AA′＝5，∠BAD＝90°，∠BAA′＝∠DAA′＝60°．求： (1)；(2)AB′的长；(3)AC′的长． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 50 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 [解]　(1)＝||·||·cos 60°＝5×4×＝10． (2)＝()2＝()2＝＋2＝25＋2×10＋16＝61， ∴||＝，即AB′的长为． (3)＝()2＝＋＋＋2()＝16＋9＋25＋2×＝85，∴||＝，即AC′的长为． 51 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 16．(15分)如图，正方形ADEF所在平面与梯形ABCD所在的平面互相垂直，AD⊥CD，AB∥CD，AB＝AD＝2，CD＝4，M为CE的中点． (1)求证：BM∥平面ADEF； (2)求证：BC⊥平面BDE． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 [证明]　(1)∵平面ADEF⊥平面ABCD，平面ADEF∩平面ABCD＝AD，AD⊥ED，ED⊂平面ADEF， ∴ED⊥平面ABCD． 以D为原点，分别为x轴、y轴、z轴的正方向，建立如图所示的空间直角坐标系． 则D(0，0，0)，A(2，0，0)，B(2，2，0)，C(0，4，0)，E(0，0，2)，F(2，0，2)． ∵M为EC的中点，∴M(0，2，1)，则＝(－2，0，1)，＝(－2，0，0)，＝(0，0，2)， ∴＝，故共面． 又BM⊄平面ADEF，∴BM∥平面ADEF． 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 (2)＝(－2，2，0)，＝(2，2，0)，＝(0，0，2)， ∵＝－4＋4＝0，∴BC⊥DB． 又＝0，∴BC⊥DE． 又DE∩DB＝D，DE，DB⊂平面BDE， ∴BC⊥平面BDE． 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 17．(15分)如图，在直三棱柱ABC-A1B1C1中，BA⊥BC，BA＝BC＝BB1＝2． (1)求异面直线AB1与A1C1所成角的大小； (2)求点B到平面A1B1C的距离． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 [解]　(1)在直三棱柱ABC-A1B1C1中，BA⊥BC，所以BA，BB1，BC两两互相垂直， 以B为原点，BA，BB1，BC所在直线分别为x，y，z轴，建立空间直角坐标系，如图所示， 则B(0，0，0)，A(2，0，0)，C(0，0，2)，A1(2，2，0)，B1(0，2，0)，C1(0，2，2)，所以＝(－2，2，0)，＝(－2，0，2)， 设异面直线AB1与A1C1所成角为θ，θ∈， 所以cos θ＝|cos 〈〉|＝＝＝， 所以θ＝，即异面直线AB1与A1C1所成角的大小为． 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 (2)由(1)知，＝(－2，0，0)，＝(－2，－2，2)，＝(0，0，2)，设平面A1B1C的法向量为n＝(x，y，z)， 则解得x＝0，令y＝1，则z＝1，所以n＝(0，1，1)， 所以点B到平面A1B1C的距离为＝＝． 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 18．(17分)如图，在四棱锥S-ABCD中，底面ABCD满足AB⊥AD，AB⊥BC，SA⊥底面ABCD，且SA＝AB＝BC＝1，AD＝． (1)求四棱锥S-ABCD的体积； (2)求平面SCD与平面SAB的夹角的余弦值． 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 [解]　(1)根据题意可得四棱锥S-ABCD的体积为 VS-ABCD＝×S直角梯形ABCD×SA＝×1×1＝． (2)根据题意可建立空间直角坐标系如图， 则D，C(1，1，0)，S(0，0，1)， ∴＝＝(1，1，－1)， 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 设平面SCD的法向量为m＝(x，y，z)， 则取m＝(2，－1，1)， 又易知平面SAB的一个法向量为n＝(1，0，0)， ∴平面SCD与平面SAB的夹角的余弦值为 |cos 〈m，n〉|＝＝＝． 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 19．(17分)如图，在平行四边形ABCD中，AB＝1，BD＝，∠ABD＝90°，将△ABD沿对角线BD折起，折后的点A变为A1，且A1C＝2． (1)求证：平面A1BD⊥平面BCD； (2)求异面直线BC与A1D所成角的余弦值； (3)E为线段A1C上的一个动点，当线段CE的长为多少时，DE与平面BCD所成角的正弦值为？ 章末综合测评 提升层 巩固层 章末重构拓展 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 [解]　(1)证明：在Rt△ABD中，AD＝＝． ∵四边形ABCD是平行四边形， ∴BC＝AD＝，CD＝AB＝1，又A1C＝2， ∴A1B2＋BC2＝A1C2，∴A1B⊥BC， 又A1B⊥BD，BC∩BD＝B， 且BC，BD⊂平面BCD， ∴A1B⊥平面BCD，又A1B⊂平面A1BD， ∴平面A1BD⊥平面BCD． 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 (2)如图，过点B作BD的垂线，以点B为坐标原点，建立如图所示的空间直角坐标系， 则B(0，0，0)，A1(0，0，1)，D(0，，0)，C(1，，0)，＝(1，，0)，＝(0，－，1)， |cos 〈〉|＝＝＝， ∴异面直线BC与A1D所成角的余弦值为． 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 (3)＝(1，0，0)，＝(－1，－，1)． 设＝λ，0≤λ≤1，则＝＝(1－λ，－λ，λ)， 易知平面BCD的一个法向量为n＝(0，0，1)． 设DE与平面BCD所成的角为θ，则 sin θ＝|cos 〈，n〉|＝＝＝， 解得λ＝或λ＝－1(舍去)，∴＝，即CE＝． ∴当线段CE的长为时，DE与平面BCD所成角的正弦值为． $$