2025年黑龙江省哈尔滨市剑桥三中中考物理四模试卷

2025年黑龙江省哈尔滨市剑桥三中中考物理四模试卷 一、选择题（每题2分，共50分） 1．（2分）从冰箱里取出的冰棍会“冒”“白气”。关于“白气”下列说法正确的是（　　） A．冒出的“白气”向上飘 B．“白气”是水蒸气发生凝华的结果 C．冒出的“白气”向下飘 D．“白气”是小水珠发生汽化的结果 2．（2分）1978年，曾侯乙编钟在湖北随州出土，它比欧洲十二平均律的键盘乐器的出现要早将近2000年，至今还能发出清脆悦耳的声音，现藏于湖北省博物馆，如图所示。下列关于曾侯乙编钟声现象的说法正确的是（　　） A．用相同的力敲击不同编钟，声音的音色不同 B．用不同的力敲击同一编钟的同一位置，声音的音调不同 C．我们能听到编钟的声音，说明声音能传递能量 D．人们敲打编钟时发出的声音是编钟振动产生的 3．（2分）4月26日我省举行了首届中学生自制水火箭比赛。参赛选手对水火箭打气，拉开气阀，水向下喷出，水火箭一飞冲天。在水火箭上升过程中，下列说法正确的是（　　） A．水火箭能起飞是受到水对它向上的推力 B．水火箭受到的重力不变 C．水火箭的动能一直增大 D．水火箭的重力势能一直增大 4．（2分）关于信息的传递与能源的利用，下列说法中不正确的是（　　） A．手机既能接收电磁波，也能发射电磁波 B．卫星通信利用超声波传递信息 C．人类认识到涉及热现象的能量转化过程是有方向性的，所以必须节约能源 D．煤、石油、天然气等常规能源有限，因此我们需要寻找可再生能源来替代常规能源 5．（2分）如图所示，这是用导体棒AB、CD、开关和灵敏电流计组成的电路，且导体棒AB、CD分别位于两个蹄形磁体中。下列说法正确的是（　　） A．断开开关，若使AB棒左、右运动，CD棒会运动 B．闭合开关，若使AB棒上、下运动，CD棒会运动 C．闭合开关，使AB棒自右向左运动，再对调图中标出的N、S极，使AB棒自左向右运动，灵敏电流计指针偏转方向不变 D．闭合开关，若AB棒运动时，CD棒也随之运动，则图中虚线框内体现了发电机原理 6．（2分）小明利用如图所示的电路“探究通过导体的电流与导体电阻的关系”，已知电源电压为6V且保持不变，实验时，小明将电阻箱的阻值调为10Ω后，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为3V，记下电流表示数；分别将电阻箱R阻值调为20Ω和30Ω继续完成该探究实验。下列说法中正确的是（　　） A．该探究实验的自变量是通过导体的电流 B．该探究实验中滑动变阻器作用是改变导体两端的电压 C．该探究实验可选用最大阻值为50Ω的滑动变阻器 D．R的阻值由10Ω调为20Ω后，需要将滑片P向A端移动 7．（2分）对以下几个物理情景判断正确的是（　　） A．甲图，容器中漂浮在水面上的冰熔化完后水面会下降 B．乙图，水平面上的圆台容器内一块底面平整且面积与容器内底面等大的冰，熔化完后对容器内底面压力不变 C．丙图，两支完全相同的试管分别装有质量相等的液体，如图放置，则液体对两试管底的压强相等 D．丁图，将装满水的小试管用薄片盖住管口，倒置在水中，拿掉薄片，管中的水不会从管口流出 8．（2分）天地万物，五光十色。关于光，下列说法错误的是（　　） A．太阳光是由多种色光组成的 B．可通过三棱镜使太阳光发生色散 C．光是一种电磁波 D．白光是单色光 9．（2分）2024年3月举行的蹦床世锦赛上，山西选手周杰与搭档获得男子同步项目冠军。如图所示是监测运动员运动数据的压力传感器原理图，电源电压不变，R1为定值电阻，R为阻值随所受压力发生变化的压力传感器。当运动员从与蹦床接触至下落到最低点时，电流表的示数逐渐变大。下列说法正确的是（　　） A．压力传感器R的阻值随压力增加而增大 B．接触蹦床并下落时，电压表的示数逐渐变小 C．从最低点上升时，电压表与电流表示数的比值变大 D．从最低点上升时，电路消耗的总功率逐渐变小 10．（2分）一轻质不等臂杠杆AOB的左右两端分别吊着一实心铝块和铜块，此时杠杆在水平位置平衡。现将铝块、铜块同时浸没在水中，如图所示。已知ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ铝＝2.7×103kg/m3，ρ铜＝8.9×103kg/m3，则下列判断正确的是（　　） A．A端下降 B．B端下降 C．仍然平衡 D．无法判断 （多选）11．（2分）如图所示是近年来悄然兴起的一种新能源电动汽车，汽车的构造设计中蕴含了许多物理规律，以下是关于汽车构造设计的一些物理知识，其中正确的是（　　） A．为了扩大司机的视野，汽车后视镜可以使用凸面镜 B．关上车窗，车内会变得安静很多，是在声源处减弱噪声 C．汽车倒车雷达利用超声波来测量距离，说明声音可以传递信息 D．挡风玻璃是倾斜的，目的是使车内物体所成的虚像位于司机斜上方，不妨碍司机视线 （多选）12．（2分）如图所示电路，闭合开关S后，移动滑动变阻器滑片（滑动变阻器连接正确），小灯泡始终不发光，用电压表判断电路故障，下列说法中正确的是（　　） A．将电压表接在A、B两点间，若电压表无示数，一定是L短路 B．将电压表接在A、B两点间，若电压表有示数，一定是L断路 C．将电压表接在B、C两点间，若电压表有示数，可能是R断路 D．不能把电压表直接接在A、D两点间 三、物理非选择题（每空1分，共46分） 13．（2分）手机是现代生活或工作中通信重要设备。手机通话是利用 　 　 （选填“电磁波”或“超声波”）传递信息的，通话中利用声音的 　 　 来分辨是哪位熟悉的人。 14．（2分）物理学是认识世界、改变世界的科学，它推动着人类社会的不断进步和发展。历史上许多重大科学发现源于科学家的不懈探索，物理学家 　 　 发现电磁感应现象，开辟了人类的电气化时代，司南自由静止时S极指向地理位置的 　 　 （选填“南极”或“北极”）。 15．（2分）小明身高1.7m，距离平面镜3m，像到平面镜的距离是 　 　 m。当他向平面镜缓慢走近时，他在平面镜中像的大小 　 　 （选填“变大”“不变”或“变小”）。 16．（2分）如图所示，用球拍击球时，如果以球为研究对象，施力物体是　 　 ，受力物体是　 　 。 17．（2分）如图是小津同学设计的汽车尾气中CO排放量的检测电路。当CO浓度高于某一设定值时，电铃发声报警。图中气敏电阻R1阻值随CO浓度的增大而减小，则电铃应接在 　 　 之间（选填“AC”或“BD”），电磁铁的上端是 　 　 极。 18．（2分）小明在做“探究影响液体内部压强的因素”的实验，如图甲所示，他用手按压金属盒上的橡皮膜，观察U形管两侧的液面是否发生变化，其目的是 　 　 ；如图乙所示，金属盒进水中的深度越深，U形管两侧的液面高度差越大，说明 　 　 。 19．（2分）先在溢水杯中装满水（水面与溢水口齐平），水深为10cm，水的质量为5kg，再放入一块重6N的木块，溢出的水全部用小烧杯接住（如图所示），则木块浸在水面下的体积为　 　 m3，小烧杯中水的重力等于　 　 N。 20．（2分）小明利用手表和电能表测量家中空调的实际功率，电能表的表盘如图所示，该表盘上显示已用电 　 　 kW•h。他只让空调工作，观察到5min内电能表的表盘转过200转，则空调的实际功率为 　 　 W。 21．（2分）边长10cm的均匀正方体，重为20N，放在水平桌面中央，则正方体对桌面的压强为 　 　 Pa；如图所示，若沿水平方向截下一部分a，立放在水平桌面上，且使a对桌面压强为剩余部分b对桌面压强的1.25倍，则剩余部分b的高度为 　 　 cm。 22．（2分）如图甲所示，已知电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V，滑动变阻器R2的规格为“50Ω 0.5A”，闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P，得到电流表与电压表的示数关系如图乙所示（部分图象），在保证电路安全的前提下，电源电压为 　 　 V，滑动变阻器可以调到的最小阻值是 　 　 Ω。 23．（2分）如图是一辆汽车沿平直公路向右行驶，车顶A处滴落的水滴最终落在B处。车厢地板上的木箱C始终相对车厢静止。请画出木箱C的受力示意图。 24．（2分）如图所示，小亮用滑轮组将装修材料运到楼上，请用笔画线帮他组装最省力的滑轮组。 25．（5分）小明发现橙子在水中下沉，他用实验测量它的密度。 （1）将托盘天平放在水平桌面上，把游码放到标尺左端的零刻度线处，调节 　 　 直到指针指在分度盘中线处。 （2）用调节好的天平称橙子的质量，当天平重新平衡时，所用砝码和游码在标尺上的位置如图所示，则橙子的质量是 　 　 g。利用排水法测出橙子体积是150cm3，则橙子的密度为 　 　 g/cm3。 （3）做完实验整理器材时，小明发现天平上的砝码有一个生锈了，这会导致测量的质量 　 　 。（选填“偏大”或“偏小”） （4）小明换了一种测量方法，在薄壁透明小水槽中注入适量的水，将其置于水平桌面上。让空烧杯漂浮在水面上，测出水的深度为h；再将橙子放入烧杯中，此时烧杯仍漂浮在水面上，测出水深为h1；最后将橙子取出放入水槽中，烧杯仍漂浮在水面上，橙子沉底后，浸没在水中，测出水深为h2，由此可求出橙子密度ρ橙＝　 　 （用字母表示）。（整个过程中水没有溢出，且橙子不吸水） 26．（5分）利用如图进行“探究凸透镜成像的规律”的实验。 （1）如图甲所示，将A、B两块透镜分别正对太阳光时，在光屏上出现了不同的光斑，由此判断需要用 　 　 （填“A”或“B”）透镜完成实验； （2）正确调节蜡烛和光屏的位置，直到光屏上出现烛焰清晰的像，如图乙所示，将蜡烛向左移动，适当调节光屏的位置再次得到清晰的像，此时所成像将 　 　 （填“变大”、“变小”或“不变”）； （3）如图丙所示，小羽将另一光源AB平行于主光轴平放于凸透镜前，A′B′是AB的像。下列关于AB所成像的示意图中，正确的是 　 　 ； （4）联想到如图丁所示光的色散现象，小羽推断：若分别用红光和紫光平行于同一个凸透镜的主光轴射入，红光对凸透镜的焦距 　 　 紫光对凸透镜的焦距（选填“大于”或“小于”或“等于”），推断的理由是：　 　 。 27．（6分）在“探究小灯泡在不同电压下工作时功率是否相同”的实验中，实验室提供了如下器材：电源电压U恒为8V，滑动变阻器规格为“20Ω 2A”，小灯泡额定电压U额＝2.5V，额定功率小于1.2W，两个阻值分别为10Ω、20Ω的定值电阻R0可供选择。 （1）为使小灯泡两端电压有一较大的调节范围，小聪设计了如图甲所示电路，正确连接电路后，进行实验，记录的数据如下表所示，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，小灯泡的额定功率为　 　 W； 实验次数物理量 1 2 3 4 5 电压V 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 电流/A 0.24 0.32 0.38 0.44 电功率/W （2）根据数据可以判断出，小葱在实验中选用的R0＝　 　 Ω的定值电阻； （3）完成实验后，爱动脑筋的小葱又想了一种测量小灯泡额定功率的方法，设计了如图丙所示的电路，所用电压表量程为0～15V，请将以下实验步骤补充完整： ①检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片，直至电压表示数为　 　 V； ②滑片不动，再将开关S1拨至“2”，读出电压表示数U0； ③小灯泡的额定功率，P额＝　 　 （用U额、U0、R0表示）。 若实验步骤②中，在将开关S1拨至“2”时，不小心将滑片向右移动了少许，其他操作正确，则测出的小灯泡额定功率比真实值　 　 （选填“偏大”或“偏小”）； ④滑动变阻器的滑P移动一段距离，设小灯泡与滑动变阻器两端的电压变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2，则ΔU1　 　 （＞/＝/＜）ΔU2。 28．（6分）哈尔滨冰雪大世界的冰灯享誉中外，其内部镶嵌由半导体材料制成的节能灯。某座冰灯作品总重为2×104N，与水平地面接触面积为2m2。 （1）计算此冰灯作品对水平地面的压强。 （2）冰灯作品内某一组节能灯标有“220V，22W”，计算这组节能灯正常发光时的电流。 （3）此组节能灯与标有“220V，200W”的白炽灯均正常发光时亮度相同，如果每天正常工作10小时，请计算用节能灯比白炽灯每天节约多少kW•h电能。 2025年黑龙江省哈尔滨市剑桥三中中考物理四模试卷 参考答案与试题解析 一．选择题（共10小题） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D A B C C D D D B 二．多选题（共2小题） 题号 11 12 答案 AD BC 一、选择题（每题2分，共50分） 1．（2分）从冰箱里取出的冰棍会“冒”“白气”。关于“白气”下列说法正确的是（　　） A．冒出的“白气”向上飘 B．“白气”是水蒸气发生凝华的结果 C．冒出的“白气”向下飘 D．“白气”是小水珠发生汽化的结果 【答案】C 【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。 【解答】解：“白气”的形成是水蒸气液化变成的小水珠，需要放热； “白气”是漂散在空气中的小水滴，密度大于空气的密度，所以“白气”向下飘。 故选：C。 2．（2分）1978年，曾侯乙编钟在湖北随州出土，它比欧洲十二平均律的键盘乐器的出现要早将近2000年，至今还能发出清脆悦耳的声音，现藏于湖北省博物馆，如图所示。下列关于曾侯乙编钟声现象的说法正确的是（　　） A．用相同的力敲击不同编钟，声音的音色不同 B．用不同的力敲击同一编钟的同一位置，声音的音调不同 C．我们能听到编钟的声音，说明声音能传递能量 D．人们敲打编钟时发出的声音是编钟振动产生的 【答案】D 【分析】（1）（2）声音的高低叫音调，影响因素是发声体的振动频率；声音的大小叫响度，影响因素是发声体的振动幅度和距离发声体的远近； （3）声能传递信息和能量； （4）声音是由物体振动产生的。 【解答】解：A．用相同的力敲击不同编钟，编钟不同，振动频率不同，发出声音的音调不同，故A错误； B．用不同的力敲击同一编钟的同一位置，编钟的振动幅度不同，发出声音的响度不同，故B错误； C．我们能听到编钟的声音，说明声音能传递信息，故C错误； D．物体振动发声，人们敲打编钟时发出的声音是编钟振动产生的，故D正确。 故选：D。 3．（2分）4月26日我省举行了首届中学生自制水火箭比赛。参赛选手对水火箭打气，拉开气阀，水向下喷出，水火箭一飞冲天。在水火箭上升过程中，下列说法正确的是（　　） A．水火箭能起飞是受到水对它向上的推力 B．水火箭受到的重力不变 C．水火箭的动能一直增大 D．水火箭的重力势能一直增大 【答案】A 【分析】力的作用是相互的；物体受到的重力的大小跟物体的质量成正比；动能与物体的速度及质量有关；重力势能与物体的高度及质量有关。 【解答】解：A、拉开气阀，水向下喷出时，水会对火箭产生一个反作用力，故水火箭能一飞冲天，故A正确。 B、水不断向下喷，故水火箭受到的重力会改变，故B错误； CD、水火箭向上升的时候，它的质量及高度、速度都会发生变化，故无法确定它的动能、重力势能的变化情况，故CD错误。 故选：A。 4．（2分）关于信息的传递与能源的利用，下列说法中不正确的是（　　） A．手机既能接收电磁波，也能发射电磁波 B．卫星通信利用超声波传递信息 C．人类认识到涉及热现象的能量转化过程是有方向性的，所以必须节约能源 D．煤、石油、天然气等常规能源有限，因此我们需要寻找可再生能源来替代常规能源 【答案】B 【分析】（1）手机就是靠发射和接收电磁波来传递信息的； （2）卫星导航系统是依靠电磁波来传递信息的； （3）能量的转移与转化是有方向性的； （4）像动能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源； 像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。 【解答】解：A、手机既可以发射电磁波，也可以接收电磁波，故A正确； B、卫星导航系统靠电磁波来传递信息，故B错误； C、人类认识到涉及热现象的能量转化过程是有方向性的，是不可逆的，所以必须节约能源，故C正确； D、煤、石油、天然气等常规能源有限且是不可再生能源，因此，未来的理想能源是太阳能、水能和风能等可再生能源，故D正确。 故选：B。 5．（2分）如图所示，这是用导体棒AB、CD、开关和灵敏电流计组成的电路，且导体棒AB、CD分别位于两个蹄形磁体中。下列说法正确的是（　　） A．断开开关，若使AB棒左、右运动，CD棒会运动 B．闭合开关，若使AB棒上、下运动，CD棒会运动 C．闭合开关，使AB棒自右向左运动，再对调图中标出的N、S极，使AB棒自左向右运动，灵敏电流计指针偏转方向不变 D．闭合开关，若AB棒运动时，CD棒也随之运动，则图中虚线框内体现了发电机原理 【答案】C 【分析】产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感应运动时，电路中就会产生感应电流；通电导体在磁场中受力运动。 【解答】解：A．闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感应运动时，电路中就会产生感应电流，断开开关，整个电路为断路，若使AB棒左、右运动，也不会产生电流，CD棒不会受力运动，故A错误； B．闭合开关，若使AB棒上、下运动，AB棒没有切割磁感线，不会产生电流，CD棒不会受力运动，故B错误； C．闭合开关，使AB棒自右向左运动，再对调图中标出的N、S极，使AB棒自左向右运动，同时改变了导体切割磁感线方向和磁场方向，所以产生电流方向不变，即灵敏电流计指针偏转方向不变，故C正确； D．闭合开关，若AB棒运动时，CD棒也随之运动，则图中虚线框内体现了电动机原理，AB部分体现了发电机的原理，故D错误。 故选：C。 6．（2分）小明利用如图所示的电路“探究通过导体的电流与导体电阻的关系”，已知电源电压为6V且保持不变，实验时，小明将电阻箱的阻值调为10Ω后，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为3V，记下电流表示数；分别将电阻箱R阻值调为20Ω和30Ω继续完成该探究实验。下列说法中正确的是（　　） A．该探究实验的自变量是通过导体的电流 B．该探究实验中滑动变阻器作用是改变导体两端的电压 C．该探究实验可选用最大阻值为50Ω的滑动变阻器 D．R的阻值由10Ω调为20Ω后，需要将滑片P向A端移动 【答案】C 【分析】（1）因为通过导体的电流与导体两端的电压、导体电阻大小均有关系，因此根据控制变量法原则，在“探究通过导体的电流与导体电阻的关系”的实验中，应控制电阻两端电压不变，通过改变接入的电阻阻值大小来改变通过导体的电流据此分析； （2）根据串联分压原理，定值电阻的阻值越大，所需滑动变阻器的阻值越大，计算出定值电阻的阻值为30Ω时的滑动变阻器的阻值； （3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。 【解答】解：AB、根据控制变量法原则，在“探究通过导体的电流与导体电阻的关系”的实验中，应利用滑动变阻器控制导体两端电压不变，通过改变接入的导体的阻值大小来改变通过导体的电流，由此可知自变量是导体电阻，故A错误，B错误； C、当电阻的阻值为30Ω时，所需滑动变阻器的阻值最大，根据串联分压的知识：，即 解得：R滑＝30Ω，即滑动变阻器的最大阻值不小于30Ω，由此该探究实验可选用最大阻值为50Ω的滑动变阻器，故C正确； D、将10Ω的电阻改装成20Ω的电阻，由分压原理，电阻两端电压增大，为保持电阻两端电压不变，应使电阻两端电压变小，根据串联电路的电压规律可知，应增大滑动变阻器分压，故增大滑动变阻器接入电路的阻值，应向B节滑动变阻器滑片，直到电压表示数不变，故D错误。 故选：C。 7．（2分）对以下几个物理情景判断正确的是（　　） A．甲图，容器中漂浮在水面上的冰熔化完后水面会下降 B．乙图，水平面上的圆台容器内一块底面平整且面积与容器内底面等大的冰，熔化完后对容器内底面压力不变 C．丙图，两支完全相同的试管分别装有质量相等的液体，如图放置，则液体对两试管底的压强相等 D．丁图，将装满水的小试管用薄片盖住管口，倒置在水中，拿掉薄片，管中的水不会从管口流出 【答案】D 【分析】（1）冰漂浮于水面上，要想判断冰熔化之后，水面是否变化，则需要比较冰块排开液体的体积跟冰熔化成水后的体积大小．若二者体积相等，则水面不变；若增大，则水面上升；若减小，则水面下降； （2）冰产生的压强是固体类压强，压力等于其重力； （3）根据题意可知甲、乙中液体的质量相等，由图可知甲试管倾斜则液体的体积较大，由密度公式判断两试管中液体的密度关系，再根据p＝ρgh比较液体对两试管底的压强关系； （4）一标准大气压大约是1.0×105Pa，它相当于10m高的水产生的压强，比较试管内水产生的压强和大气压强的大小得出答案。 【解答】解：A、因为冰漂浮于水面上，所以F浮＝ρ水gV排＝G冰﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①， 又因为冰熔化成水后，其质量不变，重力不变， 所以G水＝ρ水gV水＝G冰﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 由①②可得：ρ水gV排＝ρ水gV水， 所以V排＝V水， 即：冰熔化为水的体积等于冰排开水的体积，所以容器中的水面高度不变，故A错误； B、设冰的重力为G，容器底面积为S，则冰块对容器底的压力F1＝G；冰熔化后，质量不变，水的重力不变，也为G，根据题目中容器的形状，液体对容器底的压力是容器底正上方那一块圆柱形的水的重力，而其他的水压到了容器的侧壁上，水产生的压力F2＜G，即F1＞F2，故B错误； C、由题意可知，两试管中所装的液体的质量相等，即m左＝m右， 由图可知，右管是倾斜的，则右管中所装的液体体积比较大，即V左＜V右， 由ρ可知，ρ左＞ρ右， 因液体的深度相同， 所以，由p＝ρgh可知，p甲＞p乙，故C错误； D、一标准大气压大约是1.0×105Pa，它相当于10m高的水产生的压强，试管倒置在水中后，大气压强远大于试管内水产生的压强，所以管中的水不会从管口流出，故D正确。 故选：D。 8．（2分）天地万物，五光十色。关于光，下列说法错误的是（　　） A．太阳光是由多种色光组成的 B．可通过三棱镜使太阳光发生色散 C．光是一种电磁波 D．白光是单色光 【答案】D 【分析】（1）太阳光经过三棱镜被折射，色散为七色光。 （2）由于三棱镜对不同颜色的光的折射能力不同，所以以相同的入射角入射到三棱镜的太阳光折射角不同，从而形成由红到紫的彩色光束，成为光的色散； （3）根据课本电磁波谱可知：γ射线、X射线、紫外线、可见光、红外线等都是电磁波； （4）白光是由七种颜色的光复合而成的。光的色散现象证明了白光是复色光，由七种单色光组成； 【解答】解：A、太阳光经过三棱镜后，能分解成各种色光，可见太阳光是由多种色光组成的。说法正确，不符合题意。 B、太阳光是由多种色光组成的，三棱镜对不同颜色的光的折射能力不同，所以可通过三棱镜使太阳光发生色散。说法正确，不符合题意。 C、光是一种电磁波。说法正确，不符合题意。 D、白光是由七种颜色的光复合而成的，所以叫复色光。此选项说法错误，符合题意。 故选：D。 9．（2分）2024年3月举行的蹦床世锦赛上，山西选手周杰与搭档获得男子同步项目冠军。如图所示是监测运动员运动数据的压力传感器原理图，电源电压不变，R1为定值电阻，R为阻值随所受压力发生变化的压力传感器。当运动员从与蹦床接触至下落到最低点时，电流表的示数逐渐变大。下列说法正确的是（　　） A．压力传感器R的阻值随压力增加而增大 B．接触蹦床并下落时，电压表的示数逐渐变小 C．从最低点上升时，电压表与电流表示数的比值变大 D．从最低点上升时，电路消耗的总功率逐渐变小 【答案】D 【分析】利用欧姆定律和串联电流电流规律。 【解答】由题意可知：当运动员从与蹦床接触至下落到最低点时，电流表的示数逐渐变大，说明下落过程中，弹力变大，电阻变小，电流变大。 压力传感器R的阻值随压力增加而减小。故A答案错误。 电压表是测量R1的电压，由公式U1＝IR1得，R1的电压的变大。故B答案错误。 当运动员从最低点上升时，弹力变小，电阻变大，电流变小。由公式P＝UI，（U不变，I变小，则P变小），故D答案正确。 电压表与电流表示数的比值是R1的电阻大小，比值应该保持不变。故C答案错误。 所以选：D。 10．（2分）一轻质不等臂杠杆AOB的左右两端分别吊着一实心铝块和铜块，此时杠杆在水平位置平衡。现将铝块、铜块同时浸没在水中，如图所示。已知ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ铝＝2.7×103kg/m3，ρ铜＝8.9×103kg/m3，则下列判断正确的是（　　） A．A端下降 B．B端下降 C．仍然平衡 D．无法判断 【答案】B 【分析】根据G＝mg＝ρVg，结合杠杆平衡条件列出平衡方程，铝块、铜块同时浸没在水中，由阿基米德原理得出此时作用在杠杆左、右两端的力FA和FB； 根据已知条件比较FA×OA﹣FB×OB与0的大小，若差值等于0，则杠杆平衡，若大于0，则左端下沉，若小于0，则右端下沉。 【解答】解： 如图，杠杆处于平衡状态，根据杠杆平衡条件得， G铝×OA＝G铜×OB， ρ铝gV铝×OA＝ρ铜gV铜×OB﹣﹣﹣﹣①， ρ铝＜ρ铜， V铝×OA＞V铜×OB﹣﹣﹣﹣②， 现将铝块、铜块同时浸没在水中，由阿基米德原理F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV物， 故此时作用在杠杆左、右两端的力分别为： FA＝ρ铝gV铝﹣ρ水gV铝， FB＝ρ铜gV铜﹣ρ水gV铜， FA×OA﹣FB×OB＝（ρ铝gV铝﹣ρ水gV铝）×OA﹣（ρ铜gV铜﹣ρ水gV铜）×OB＝ρ铝gV铝×OA﹣ρ水gV铝×OA﹣ρ铜gV铜×OB+ρ水gV铜×OB， 由①知，FA×OA﹣FB×OB＝ρ水gV铜×OB﹣ρ水gV铝×OA＝ρ水g（V铜×OB﹣V铝×OA）﹣﹣﹣﹣③。 由②③知，FA×OA﹣FB×OB＜0， FA×OA＜FB×OB， 故B端下沉，只有B正确。 故选：B。 （多选）11．（2分）如图所示是近年来悄然兴起的一种新能源电动汽车，汽车的构造设计中蕴含了许多物理规律，以下是关于汽车构造设计的一些物理知识，其中正确的是（　　） A．为了扩大司机的视野，汽车后视镜可以使用凸面镜 B．关上车窗，车内会变得安静很多，是在声源处减弱噪声 C．汽车倒车雷达利用超声波来测量距离，说明声音可以传递信息 D．挡风玻璃是倾斜的，目的是使车内物体所成的虚像位于司机斜上方，不妨碍司机视线 【答案】AD 【分析】（1）生活中的面镜有三种：凸面镜对光线有发散作用，可以扩大视野；凹面镜对光线有会聚作用；平面镜能成像，能改变光的传播方向； （2）减弱噪声的途径：从噪声的产生处减弱噪声——消声；在传播过程中，用柔软多孔的物质来吸收声波——吸声；在传播过程中，用真空玻璃等办法来隔断声波的传播——隔声； （3）倒车雷达应用了超声波来工作； （4）小轿车前方的挡风玻璃相当于平面镜，像与物体关于平面镜对称。 【解答】解：A、凸面镜特点：以球面的外表面为反射面，对光线起发散作用，能够扩大视野，故A正确； B、关上车窗后，车内会变得安静很多，是因为玻璃在传播过程中隔声，故B错误； C、汽车的倒车雷达是利用了超声波来测距离，故C错误； D、汽车挡风玻璃是倾斜的，目的是使车内物体所成的虚像位于玻璃的上方，不妨碍司机视线，故D正确。 故选：AD。 （多选）12．（2分）如图所示电路，闭合开关S后，移动滑动变阻器滑片（滑动变阻器连接正确），小灯泡始终不发光，用电压表判断电路故障，下列说法中正确的是（　　） A．将电压表接在A、B两点间，若电压表无示数，一定是L短路 B．将电压表接在A、B两点间，若电压表有示数，一定是L断路 C．将电压表接在B、C两点间，若电压表有示数，可能是R断路 D．不能把电压表直接接在A、D两点间 【答案】BC 【分析】电压表检测电路故障时，当电路发生断路时，电压表与电源两极相连时，电压表有示数，否则，电压表无示数。 电压表可以直接测量电源电压。 【解答】解：A．将电压表接在A、B两点间，若电压表无示数，可能是灯泡L短路，也可能是A点到电源负极、B点到电源正极存在断路，故A错误； B．将电压表接在A、B两点间，若电压表有示数，说明A点到电源负极、B点到电源正极为通路，且电压表没有被短路，则灯泡L不亮，一定是灯泡L断路，故B正确； C．将电压表接在B、C两点间，若电压表有示数，可能是R断路，也可能是灯泡L短路，故C正确； D．电压表可以直接测量电源电压，所以可以把电压表直接接在A、D两点间，故D错误。 故选：BC。 三、物理非选择题（每空1分，共46分） 13．（2分）手机是现代生活或工作中通信重要设备。手机通话是利用 　电磁波　 （选填“电磁波”或“超声波”）传递信息的，通话中利用声音的 　音色　 来分辨是哪位熟悉的人。 【答案】电磁波；音色。 【分析】手机是通过电磁波传递信息的；音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。 【解答】解：手机是现代生活或工作中通信重要设备。手机通话是利用电磁波传递信息的，通话中利用声音的音色来分辨是哪位熟悉的人。 故答案为：电磁波；音色。 14．（2分）物理学是认识世界、改变世界的科学，它推动着人类社会的不断进步和发展。历史上许多重大科学发现源于科学家的不懈探索，物理学家 　法拉第　 发现电磁感应现象，开辟了人类的电气化时代，司南自由静止时S极指向地理位置的 　南极　 （选填“南极”或“北极”）。 【答案】见试题解答内容 【分析】（1）英国科学家法拉第首先发现的电磁感应现象，这一发现进一步揭示了电与磁之间的联系，证明了磁可以生电； （2）指南针是根据地磁场的作用工作的，地磁的南极在地理的北极附近，而地磁的北极在地理的南极附近，再根据磁极间的作用规律，可判断司南指向。 【解答】解：1831年，英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，该发现进一步解释了电与磁的联系，开辟了人类的电气化时代； 指南的南极用S表示，司南自由静止时S极所指的方向是地球磁场的北极，而地磁的北极在地理的南极附近。 故答案为：法拉第；南极。 15．（2分）小明身高1.7m，距离平面镜3m，像到平面镜的距离是 　3　 m。当他向平面镜缓慢走近时，他在平面镜中像的大小 　不变　 （选填“变大”“不变”或“变小”）。 【答案】3；不变。 【分析】物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，像的大小跟物体的大小有关，跟物体距离平面镜的远近没有关系。像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离。 【解答】解：像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离，所以当小明站在平面镜前3m处时，像距离平面镜也是3m； 因像和物的大小总是相等的，人的大小与像的大小一样，所以当他向平面镜缓慢走近时，他在平面镜中像的大小不变。 故答案为：3；不变。 16．（2分）如图所示，用球拍击球时，如果以球为研究对象，施力物体是　球拍　 ，受力物体是　球　 。 【答案】见试题解答内容 【分析】力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。 【解答】解：球拍击球时，球拍对球施加力的作用，因此施力物体是球拍，受力物体是球。 故答案为：球拍；球。 17．（2分）如图是小津同学设计的汽车尾气中CO排放量的检测电路。当CO浓度高于某一设定值时，电铃发声报警。图中气敏电阻R1阻值随CO浓度的增大而减小，则电铃应接在 　BD　 之间（选填“AC”或“BD”），电磁铁的上端是 　N　 极。 【答案】BD；N。 【分析】已知气敏电阻R0的阻值随CO浓度的增大而减小，根据I可知CO浓度升高时控制电路中电流的变化，由影响电磁铁磁性强弱的因素可知其磁性的变化，当电流达到一定值时，电磁铁会吸引衔铁向下运动，电铃发声报警，据此可知电铃应接什么位置； 根据安培定则可判断电磁铁的N、S极。 【解答】解：因气敏电阻R0的阻值随CO浓度的增大而减小，所以CO浓度升高时，气敏电阻R0的阻值减小，由I可知控制电路中的电流增大，则电磁铁的磁性增强，当电路中电流增大到一定值时，电磁铁会吸引衔铁向下运动，电铃发声报警，所以电铃应接在B和D之间； 根据图中控制电路中的电流方向，利用安培定则可知电磁铁的上端为N极，下端为S极。 故答案是：BD；N。 18．（2分）小明在做“探究影响液体内部压强的因素”的实验，如图甲所示，他用手按压金属盒上的橡皮膜，观察U形管两侧的液面是否发生变化，其目的是 　检验装置气密性　 ；如图乙所示，金属盒进水中的深度越深，U形管两侧的液面高度差越大，说明 　同一液体，深度越深，液体压强越大　 。 【答案】检验装置气密性；同一液体，深度越深，液体压强越大。 【分析】（1）实验前先检验装置的气密性； （2）实验中，通过U形管液面高度差来反映液体压强的大小；同一液体，深度越深，液体压强越大。 【解答】解：他用手按压金属盒上的橡皮膜，观察U形管两侧的液面是否发生变化，其目的是检验装置的气密性； 如图乙所示，金属盒进入水中的深度越深，U形管两侧的液面高度差越大，说明深度越深，液体压强越大。 故答案为：检验装置气密性；同一液体，深度越深，液体压强越大。 19．（2分）先在溢水杯中装满水（水面与溢水口齐平），水深为10cm，水的质量为5kg，再放入一块重6N的木块，溢出的水全部用小烧杯接住（如图所示），则木块浸在水面下的体积为　6×10﹣4　 m3，小烧杯中水的重力等于　6　 N。 【答案】见试题解答内容 【分析】（1）根据阿基米德原理公式：F＝ρ液gV排计算木块水面下的体积； （2）木块浸入水中排开的水流入小烧杯中，小烧杯中水的重力就等于木块排开水的重，根据阿基米德原理求木块排开水的重，即小烧杯中水的重力。 【解答】解： （1）因为木块漂浮，所以木块受到的浮力：F浮＝G＝6N， 根据F浮＝ρ液gV排可得，木块浸在水面下的体积： V浸＝V排6×10﹣4m3； （2）由阿基米德原理可知，木块排开水的重力：G排＝F浮＝6N， 由于木块浸入水中排开的水全部流入小烧杯中， 所以小烧杯中水的重力：G溢水＝G排＝6N。 故答案为：6×10﹣4；6。 20．（2分）小明利用手表和电能表测量家中空调的实际功率，电能表的表盘如图所示，该表盘上显示已用电 　1469.5　 kW•h。他只让空调工作，观察到5min内电能表的表盘转过200转，则空调的实际功率为 　1200　 W。 【答案】1469.5；1200。 【分析】（1）电能表的读数：最后一位是小数，单位是kW•h； （2）2000r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转2000转，据此求出转盘转动200转时，空调消耗的电能，已知空调工作时间，根据P求出空调的实际功率。 【解答】解：电能表的表盘如图所示，电能表最后一位数字为小数，该表盘上显示已用电1469.5kW•h。 2000r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转200转，电能表转盘转动200转消耗的电能为： WkW•h＝0.1kW•h； 空调的实际电功率为： P1.2kW＝1200W。 故答案为：1469.5；1200。 21．（2分）边长10cm的均匀正方体，重为20N，放在水平桌面中央，则正方体对桌面的压强为 　2000　 Pa；如图所示，若沿水平方向截下一部分a，立放在水平桌面上，且使a对桌面压强为剩余部分b对桌面压强的1.25倍，则剩余部分b的高度为 　8　 cm。 【答案】故答案为：2000；8。 【分析】（1）正方体对桌面的压力等于重力，根据p计算正方方体对桌面的压强； （2）因为是规则物体，所以根据pρgh结合截下一部分后a对桌面压强（立放）为剩余部分b对桌面压强的1.25倍，列出关系式可求得剩余部分b的高度。 【解答】解：由于正方体放在水平桌面中央，所以正方体对桌面的压力为 F＝G＝20N，受力面积为S＝（0.1m）2＝1×10﹣2m2， 压强为p2000Pa； 因为是规则物体，沿水平方向截下一部分a， 根据pρgh可知a立放时对桌面压强：pa＝ρgha， b对桌面压强：pb＝ρghb， 已知pa＝1.25pb，即：ρgha＝1.25ρghb， 所以，ha＝1.25hb， 正方体的棱长L＝ha＝10cm， 解得hb＝8cm，即剩余部分b的高度为8cm。 故答案为：2000；8。 22．（2分）如图甲所示，已知电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V，滑动变阻器R2的规格为“50Ω 0.5A”，闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P，得到电流表与电压表的示数关系如图乙所示（部分图象），在保证电路安全的前提下，电源电压为 　6　 V，滑动变阻器可以调到的最小阻值是 　2　 Ω。 【答案】6；2。 【分析】由甲图可知，闭合开关S后，R1与R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路的电流； （1）根据图象，利用串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压，联立方程组可求出电源电压和电阻R1的阻值； （2）串联电路中电流处处相等，根据变阻器的铭牌和电流表的量程可知电路中的最大电流，由欧姆定律求出电路的最小总电阻，根据串联电路的电阻特点求出滑动变阻器接入电路的最小阻值。 【解答】解：由甲图可知，闭合开关S后，R1与R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路的电流； （1）由图乙可知，当电流表的示数I＝0.1A时，R2两端的电压U2＝5V， 当电流表的示数I′＝0.3A时，R2两端的电压U2′＝3V， 由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压： U＝U2+U1＝U2+IR1＝5V+0.1A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣① U＝U2′+U1′＝U2′+I′R1＝3V+0.3A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 联立①②可解得：U＝6V，R1＝10Ω； （2）串联电路中电流处处相等，由电流表的量程为0～0.6A和滑动变阻器R2的规格为“50Ω 0.5A”可知电路中的最大电流为0.5A，根据欧姆定律可知此时总电阻最小，变阻器接入电路的电阻最小， 由欧姆定律可得，电路的最小总电阻：R总小12Ω， 因串联电路总电阻等于各分电阻之和， 所以，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R滑小＝R总小﹣R1＝12Ω﹣10Ω＝2Ω。 故答案为：6；2。 23．（2分）如图是一辆汽车沿平直公路向右行驶，车顶A处滴落的水滴最终落在B处。车厢地板上的木箱C始终相对车厢静止。请画出木箱C的受力示意图。 【答案】 【分析】根据A下落时的运动状态判定汽车的运动状态，然后对C受力分析，根据力的示意图的画法做出示意图。 【解答】解： 由题和图示可知，车顶A处滴落的水滴最终落在靠前的B处，相对于A的位置，B的位置更靠前，根据惯性知识可知汽车做的是减速运动； 物体C在竖直方向上受到重力和支持力的作用，这两个力是一对平衡力；由于汽车做减速运动，木箱C由于惯性有向前运动的趋势，故小车对C的摩擦力的方向水平向左，如图所示： 24．（2分）如图所示，小亮用滑轮组将装修材料运到楼上，请用笔画线帮他组装最省力的滑轮组。 【答案】如图见解答。 【分析】滑轮组可以省力也可以改变力的方向，根据题目对拉力方向的要求进行解答。 【解答】解：由图可知，小亮站在地面上，要想运用滑轮组将装修材料运输到楼上，拉力方向向下，一个动滑轮最多绕三股绳子，所以要从动滑轮的上挂钩绕起，依次绕过下面的定滑轮、动滑轮和上面的定滑轮，如图所示： 25．（5分）小明发现橙子在水中下沉，他用实验测量它的密度。 （1）将托盘天平放在水平桌面上，把游码放到标尺左端的零刻度线处，调节 　平衡螺母　 直到指针指在分度盘中线处。 （2）用调节好的天平称橙子的质量，当天平重新平衡时，所用砝码和游码在标尺上的位置如图所示，则橙子的质量是 　162　 g。利用排水法测出橙子体积是150cm3，则橙子的密度为 　1.08　 g/cm3。 （3）做完实验整理器材时，小明发现天平上的砝码有一个生锈了，这会导致测量的质量 　偏小　 。（选填“偏大”或“偏小”） （4）小明换了一种测量方法，在薄壁透明小水槽中注入适量的水，将其置于水平桌面上。让空烧杯漂浮在水面上，测出水的深度为h；再将橙子放入烧杯中，此时烧杯仍漂浮在水面上，测出水深为h1；最后将橙子取出放入水槽中，烧杯仍漂浮在水面上，橙子沉底后，浸没在水中，测出水深为h2，由此可求出橙子密度ρ橙＝　　 （用字母表示）。（整个过程中水没有溢出，且橙子不吸水） 【答案】见试题解答内容 【分析】（1）使用天平之前，首先把天平放在水平台上，把游码放到标尺左端的零刻度线处，然后调节平衡螺母使天平的横梁水平平衡； （2）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；知道物体的质量和体积，根据密度公式求出物体的密度； （3）生锈的砝码质量变大，当测量同一物体的质量时，需要减少砝码或少移动游码，就能使天平重新平衡，据此可知测得质量与物体实际质量的关系； （4）橙子放入烧杯中，根据排开的液体体积增加量，利用阿基米德原理求出橙子的重力G橙＝ΔF浮，即可求其质量，将该橙子取出放入水中，此时排开的液体体积增加量，即为橙子的体积，最后即可根据ρ求出橙子的密度； 【解答】解： （1）把托盘天平放在水平台面上，把游码放到标尺左端的零刻度线处，调节天平的平衡螺母使天平水平平衡； （2）橙子的质量为：m＝100g+50g+10g+2g＝162g， 橙子的密度为：ρ1.08g/cm3； （3）砝码生锈后，自身质量变大；当测量同一物体的质量时，需要减少砝码或少移动游码，就能使天平重新平衡，所以测得的质量小于物体的实际质量； （4）根据题意可作图如下（乙丙图中的小物体代表橙子）： 设盛有水的水槽底面积为S， 由甲、乙两图可知，当装有橙子的烧杯漂浮在盛有水的水槽中漂浮时，排开水的体积的增加量为ΔV排＝S（h1﹣h）， 则由漂浮条件可得橙子的重力为：G橙＝ΔF浮＝ρ水ΔV排g＝ρ水S（h1﹣h）g， 橙子的质量为：m橙ρ水S（h1﹣h）， 由甲、丙两图可知，橙子的体积V橙＝ΔV排′＝S（h2﹣h）， 则橙子的密度为：ρ橙； 故答案为：（1）平衡螺母； （2）162；1.08；（3）偏小；（4）。 26．（5分）利用如图进行“探究凸透镜成像的规律”的实验。 （1）如图甲所示，将A、B两块透镜分别正对太阳光时，在光屏上出现了不同的光斑，由此判断需要用 　B　 （填“A”或“B”）透镜完成实验； （2）正确调节蜡烛和光屏的位置，直到光屏上出现烛焰清晰的像，如图乙所示，将蜡烛向左移动，适当调节光屏的位置再次得到清晰的像，此时所成像将 　变小　 （填“变大”、“变小”或“不变”）； （3）如图丙所示，小羽将另一光源AB平行于主光轴平放于凸透镜前，A′B′是AB的像。下列关于AB所成像的示意图中，正确的是 　D　 ； （4）联想到如图丁所示光的色散现象，小羽推断：若分别用红光和紫光平行于同一个凸透镜的主光轴射入，红光对凸透镜的焦距 　大于　 紫光对凸透镜的焦距（选填“大于”或“小于”或“等于”），推断的理由是：　红色光较紫色光偏折能力弱　 。 【答案】（1）B；（2）变小；（3）D；（4）大于；红色光较紫色光偏折能力弱。 【分析】（1）凸透镜对光有会聚作用，凹透镜对光有发散作用； （2）根据物远像近像变小分析； （3）根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答； （4）不同颜色的光经凸透镜的折射本领不同。 【解答】解：（1）图中的A对光起发散作用，是凹透镜，B对光起会聚作用，是凸透镜，探究凸透镜成像规律应该选择B透镜进行实验； （2）将蜡烛向左移动，根据物远像近像变小可知，此时所成像将变小； （3）将AB点到主轴的距离看成是物体的高度，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，B点所成的像B'到主轴的距离小于A点所成的像A'到主轴的距离，故ABC错误，D正确，故选：D； （4）用红光和紫光平行于同一个凸透镜的主光轴射入，红光、紫光对凸透镜的焦距不相同；红色光对凸透镜的焦距大，这是因为红色光较紫色光偏折能力弱。 故答案为：（1）B；（2）变小；（3）D；（4）大于；红色光较紫色光偏折能力弱。 27．（6分）在“探究小灯泡在不同电压下工作时功率是否相同”的实验中，实验室提供了如下器材：电源电压U恒为8V，滑动变阻器规格为“20Ω 2A”，小灯泡额定电压U额＝2.5V，额定功率小于1.2W，两个阻值分别为10Ω、20Ω的定值电阻R0可供选择。 （1）为使小灯泡两端电压有一较大的调节范围，小聪设计了如图甲所示电路，正确连接电路后，进行实验，记录的数据如下表所示，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，小灯泡的额定功率为　1.05　 W； 实验次数物理量 1 2 3 4 5 电压V 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 电流/A 0.24 0.32 0.38 0.44 电功率/W （2）根据数据可以判断出，小葱在实验中选用的R0＝　10　 Ω的定值电阻； （3）完成实验后，爱动脑筋的小葱又想了一种测量小灯泡额定功率的方法，设计了如图丙所示的电路，所用电压表量程为0～15V，请将以下实验步骤补充完整： ①检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片，直至电压表示数为　5.5V　 V； ②滑片不动，再将开关S1拨至“2”，读出电压表示数U0； ③小灯泡的额定功率，P额＝　U额•　 （用U额、U0、R0表示）。 若实验步骤②中，在将开关S1拨至“2”时，不小心将滑片向右移动了少许，其他操作正确，则测出的小灯泡额定功率比真实值　偏小　 （选填“偏大”或“偏小”）； ④滑动变阻器的滑P移动一段距离，设小灯泡与滑动变阻器两端的电压变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2，则ΔU1　＜　 （＞/＝/＜）ΔU2。 【答案】（1）1.05；（2）10；（3）①5.5V；③U额•；偏小；④＜。 【分析】（1）由图丙读出灯泡正常发光时的电流，由P＝UI计算额定功率； （2）由表中数据可知，第5次实验电流最大，此时电路总电阻最小，根据欧姆定律求出第5次实验时电路总电阻，进而得到R0的电阻； （3）要测量小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压，根据串联电路电压规律可得出电压表的示数；滑片不动，再将开关S1拨至“2”，求出此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流，根据P额＝U额I额求出小灯泡的额定功率； 由串联电路特点和欧姆定律分析解答测量的中的差异； 根据电源电压不变、串联电路的电压特点以及欧姆定律进行分析。 【解答】解：（1）当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，电流表使用0﹣0.6A量程，分度值0.02A，此时通过的电流为0.42， 所以灯泡的额定功率：P＝UI＝2.5V×0.42＝1.05W； （2）由表中数据可知，第5次实验电流最大，此时电路总电阻最小， 由I可得，第5次实验时电路总电阻：R总18.2Ω＜20Ω， 而R总＝RL+R0+R滑，已知定值电阻R0的阻值为10Ω或20Ω，所以实验中选用的是R0＝10Ω。 （3）用如图丁所示的电路测量小灯泡额定功率，所用电压表量程为0～15V， 要测量该小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压2.5V， ①闭合开关S，将开关S1拨至“1”，小灯泡、R0和滑动变阻器串联，电压表测R0和滑动变阻器两端的总电压，调节滑动变阻器的滑片，当灯泡正常发光时， 电压表的示数：UV＝U﹣U额＝8V﹣2.5V＝5.5V； ②滑片不动，再将开关S1拨至“2”，电压表测R0两端的电压U0，此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流：I额。 ③则小灯泡的额定功率：P额＝U额I额＝U额•。 在实验步骤②中，在将开关拨至“2“时，不小心将滑片向右移动了少许，变阻器连入电路的阻值变大，由串联电路的分压原理知，变阻器分得电压变大，R0和灯泡分得的电压都会变小，由P额＝U额•知，测出的小灯泡额定功率比真实值偏小；、 在图甲中，假设将变阻器的滑片P向左移动一段距离，则变阻器接入电路的阻值减小，由串联分压的规律可知，变阻器两端的电压减小，变阻器接入电路的阻值减小时，总电阻减小，由欧姆定律可知电路中电流增大，则灯泡的电压增大、R0两端的电压也增大； 已知小灯泡与滑动变阻器两端的电压变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2，且电源电压不变，根据串联电路的电压特点可知ΔU1+ΔU0＝ΔU2（ΔU0为R0两端电压的变化量），所以ΔU1＜ΔU2（即变阻器两端电压的变化量大于灯泡两端电压的变化量），即可得出ΔU1＜ΔU2。 故答案为：（1）1.05；（2）10；（3）①5.5V；③U额•；偏小；④＜。 28．（6分）哈尔滨冰雪大世界的冰灯享誉中外，其内部镶嵌由半导体材料制成的节能灯。某座冰灯作品总重为2×104N，与水平地面接触面积为2m2。 （1）计算此冰灯作品对水平地面的压强。 （2）冰灯作品内某一组节能灯标有“220V，22W”，计算这组节能灯正常发光时的电流。 （3）此组节能灯与标有“220V，200W”的白炽灯均正常发光时亮度相同，如果每天正常工作10小时，请计算用节能灯比白炽灯每天节约多少kW•h电能。 【答案】（1）此冰灯作品对水平地面的压强为1×104Pa。 （2）这组节能灯正常发光时的电流为0.1A。 （3）用节能灯比白炽灯每天节约1.78kW•h的电能。 【分析】（1）根据压强公式进行计算。 （2）根据P＝UI进行计算。 （3）根据W＝Pt进行计算。 【解答】解：（1）此冰灯作品对水平地面的压强为：。 （2）这组节能灯正常发光时的电流为：。 （3）用节能灯比白炽灯每天节约的电能为：W＝W1﹣W2＝（P白﹣P）t＝（200W﹣22W）×10h＝0.178kW×10h＝1.78kW•h。 答：（1）此冰灯作品对水平地面的压强为1×104Pa。 （2）这组节能灯正常发光时的电流为0.1A。 （3）用节能灯比白炽灯每天节约1.78kW•h的电能。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$