广西壮族自治区贵港市“贵百河”联考2024-2025学年高二下学期5月月考物理试题

●2023级“贵百河”5月高二年级新高考月考测试 物理 (考试时间：75分钟满分：100分) 注意事项： 1.本试卷分选择题和非选择题两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题 卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需 改动，用橡皮擦千净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。 3.回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。第1~7题，每小题4分，只有一项符合题目要求：第8~10 题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的 得0分。 1.根据高中物理所学知识，下列生活中的现象属于干涉现象的是() A.水中的气泡看上去特别明亮 B.肥皂膜看起来常常是彩色的 C.屋外的人隔着墙也能听到屋子里面人大声说话的声音 D.街上的警车响着警笛从行人旁疾驰而去，行人听到警笛声的音调由高变低 2.小张在显微镜下观察水中悬浮的细微粉笔末颗粒的运动。他把某一颗粒每隔一定时间的位置记录 在坐标纸上，然后用线段把这些位置按时间顺序依次连接起来，得到一条颗粒位置连线，如图1 所示，则下列说法正确的是（) A连线就是颗粒的运动轨迹，说明颗粒的运动是不规则的 B.颗粒沿着笔直的折线运动，说明水分子的运动是规则的 C.颗粒的这种运动不能发生在固体中 D.当温度降到0℃时（还未结冰），颗粒的这种运动将会停止 图1 3.图2甲所示为LC振荡电路，其电流随时间变化的规律如图乙所示。其中a、c时刻电流最大，b、 d时刻电流为0，下列描述正确的是() A.a时刻电容器开始放电 B.c时刻线圈中磁场能为0 合 C,增大电容器的电容，可以增大震荡电路的频率 D.b时刻电容器中电场能最大 图2 高二物理第1页共6页 CS扫描全能王 亿人■在用的扫描A 4.如图3所示是一个简单的门窗防盗报警装置示意图，门的上沿嵌入一块 拟碧儿路 水磁体，当门窗紧闭时，蜂鸣器不响，指示灯亮；打开时，蜂鸣器响， 传感器 指示灯灭。为实现上述功能，最适合的传感器是() A.干簧管 B.光敏电阻 图3 C.热敏电阻 D.电阻应变片 5.如图4所示，虚线内有垂直纸面向里的匀强磁场区域，磁感应强度大小为B。边长为L、电阻为 R的正方形导体线框A以恒定的速度ⅴ沿x轴正方向穿过磁场区域。以顺时针方向为感应电流的 正方向，线框在图示位置的时刻作为时间的起点。则线框A中产生的感应电流i随时间1变化的 图线是() R R B. ×××× 3 45 xx×× R R XXX XI ××× BLv 3L C D 123 45 图4 6.图5甲是某燃气灶点火装置的原理图。转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交流电压，并加 在一理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为n、2,电压表为理想交流电表。 当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体。 开关闭合后，下列说法正确的是() 转 ×102) 器 钢针 (甲 金属板 (Z) 图5 A若2、1 21000, 则可以实现燃气灶点火 B.若没有转换器，则变压器副线圈输出的是直流电 C.副线圈电流方向每秒改变50次 D.电压表的示数为2.5√2V 高二物理第2页共6页 CS扫描全能王 1亿人在用的扫描Ap 7.如图6所示，将乒乓球放在装有水的水杯中，随水杯由静止下落并与地面发生碰撞后，乒乓球将 会被弹射到很高的地方。原因是在水杯撞击地面的极短时间内，杯中水对乒乓球产生极大的等效 浮力，使乒乓球被加速射出。已知等效浮力给乒乓球的冲量大小为1，乒乓球质量为m,下落高 度为H,当地重力加速度为g,且mg远远小于等效浮力，忽略空气阻力，下列说法正确的是 () 电钱 A.水杯落地时，乒乓球的速率为2√gH B.脱离水面时，乒乓球的速率为{-√2g C.从开始下落到上升至最高点的过程中，乒乓球的动量变化大小为I 地而 D.从开始下落到上升至最高点的过程中，乒乓球重力的冲量大小为2/ 图6 8.如图7所示，在水平放置的条形磁铁的N极附近，一个闭合线圈始终竖直向下加速运动，并始 终保持水平。在位置B时N极附近的磁感线正好与线圈平面平行，A、B之间和B、C之间的距 离相等，且都比较小。下列说法正确的是() A.线圈在位置A时感应电流的方向为逆时针（俯视） B.线圈在位置C时感应电流的方向为顺时针（俯视） C.线圈在位置B时线圈中无感应电流 D.线圈在位置C时的感应电流比在位置A时的大 图7 9.两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x=-0.2m和x=1.2m处，两列波 的波速均为0.4m/s,波源的振幅均为2cm,如图8为1=0时刻两列波的图像，此刻平衡位置在 x=0.2m和x=0.8m的P、2两质点刚开始振动。质点M的平衡位置处于x=0.5m处() M o2-0.100i20.30.400.60.70o.91ii2im 图8 A.t=0时刻，质点a的速度等于质点b的速度 B.1=0时刻之后，质点a的比质点b先回到平衡位置 C.仁1.5s时刻，两列波恰好相遇 D.0-1.5s质点M运动的路程为12cm + XB 10.我国空间站的霍尔推进器某局部区域可抽象成如图9所示的 模型。xOy平面内存在竖直向下的匀强电场和垂直坐标平面 + 向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B、质量为m、电荷量 为e的电子从O点沿x轴正方向水平入射，入射速度为o时， R 电子沿x轴做直线运动：入射速度为v(<0)时，电子的运 图9 动轨迹如图中的虚线所示，且在最高点与在最低点所受的合力 大小相等。不计重力及电子间相互作用，下列说法正确的是() A.电场强度的大小E=BvO B.电子运动到最高点的速度大小为2vo叶v C.电子运动到最高点的速度大小为2v0v D.电子向上运动的过程中动能逐渐减少 高二物理第3页共6页 CS扫描全能王 亿人在用的扫描A 二、非选择题：本大题共5小题，共54分。 11.洛伦兹力演示仪用于观察运动电子在磁场中的运动，结构如图10所示。不考虑地磁场和重力的 影响。 玻璃泡 励磁线圈 (前后各一个) 励磁线圈 玻璃泡 B. 电子相 电子运动径迹 励磁电流 莲度日 加速电压 选择档 选择档 甲实物照片 乙结构图 图10 (1)不加磁场时电子束的运动是 (填选项前的字母)。 A.直线运动 B.平抛运动 C.圆周运动 (2)加磁场并调整磁感应强度可使电子束径迹形成一个圆周。保持磁感应强度不变，增大出射 电子的速度，电子束圆周的半径 。(选填“增大”、“减小”、“不变”或“不能确 定”) (3)保持出射电子的速度不变，要减小电子束圆周的半径，应 磁感应强度。（选填“增 大”、“减小”、“不变”或“不能确定”) 12.用如图11所示实验装置可以验证动量守恒定律，即研究两个半径相同的小球在轨道水平部分碰 撞前后的动量关系。图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影点。实验时先让质量为m,的入 射小球A从斜槽轨道上某一固定位置S由静止开始滚下，从轨道末端抛出，落到位于水平地面 的复写纸上，在下面的白纸上留下痕迹。重复上述操作10次，得到10个落点痕迹，P为落点 的平均位置。再把质量为m,的被撞小球B放在斜槽轨道末端，让A球仍从位置S由静止滚下， 与B球碰撞后，分别在白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作10次，M、N分别为落点的平均 位置。 射小球A 被碰小球B 图11 (1)实验中，必须测量的物理量是 (填选项前的符号)。 A.小球m,开始释放高度h B.两个小球的质量m1、m2 C.抛出点距地面的高度H D.平抛的水平射程OP、OM、ON E.两小球做平抛运动的时间t 高二物理第4页共6页 CS扫描全能王 亿人■在用的扫描Apn (2)关于本实验，下列说法正确的是 (填选项前的符号)。 A.斜槽轨道必须光滑 B.斜槽轨道末端切线必须水平 C.入射小球的质量m,必须大于被撞小球的质量m2 D.实验过程中，白纸可以移动 (3)实验的相对误差定义为：6= 碰后总动量-碰前总动量×100% 若6≤5%即可认为动量守恒。 碰前总动量 某次实验中小球落地点距O点的距离如图12所示，已知m1=20g,m2=5g,则本次实验相 对误差6= (结果保留两位有效数字)，可以判定两球碰撞的过程中，水平方向 动量 (选填“守恒”、“不守恒”)。 单位：cm 15.50 25.50 38.80 图12 13.(10分)负折射率材料是一种折射率为负值的材料，当光从空气照射到负折射率材料界面时， 光波的折射与常规折射相反，入射光线和折射光线分布在法线的同侧。如图13为一负折射率 材料制成的棱镜横截面，截面为一直角三角形，其中顶角A为37°，BC边长为3.6cm。一束 单色光在截面所在平面内，从中点D射入棱镜，入射角为45，正好从界面的中点E射出，不 考虑光线在棱镜中的反射，己知真空中光速为c-3×108m/s,sin37°-0.6，cos37°-0.8：求： (1)该棱镜的折射率： (2)光在棱镜中的传播时间。 图13 高二物理第5页共6页 CS扫描全能王 亿人在用的扫描Ap 14.(12分)如图14所示，质量为2m的小物块B和质量为m的小物块C均静止在足够长的光滑 水平而上，小物块C左端固定一轻质弹簧，弹簧处于原长状态。质量为2m的小球A以初速 度，沿水平而向右运动，与小物块B发生弹性正碰（碰撞时间极短）。A、B和C均可视为质 点，取重力加速度大小为g,不计空气阻力。求： (1)小球A与小物块B碰撞后，小物块B的速度阳的大小： (2)弹簧的最大弹性势能Em: (3)小物块C的最大速度心的大小。 00000H 图14 15.(18分)如图15所示，倾角为0-37的粗糙金属轨道固定放置，导轨间距L=1,电阻不计。 沿轨道向下建立x轴，O为坐标原点。OO'为两磁场分界线且OO'垂直于x轴。在x<0区域： 存在方向垂直轨道平面向下，磁感应强度大小为B1=0.5T的匀强磁场：在x20区域：存在方 向垂直轨道平面向上，磁感应强度大小B2=0.2+0.2x(T)。初始状态，U形框cdf锁定在轨道 平面上，c、f分别与O'、O重合，U形框质量为m1=0.2kg,由阻值R1=0.32的金属棒d和 两根绝缘棒cd、ef组成，三边长均为L=1m。另有质量为m2=0.1kg、长为L=1m、阻值R2=0.22 的金属棒αb在离OO'一定距离处获得沿轨道向下的初速度，金属棒及U形框与轨道间的动 摩擦因数均为μ=0.75。金属棒及U形框始终与轨道接触良好，形成闭合回路，不计金属轨道 及接触点的电阻，sin37-0.6,cos37°-0.8，重力加速度g=10m/s2。 (1)若金属棒ab的初速度为M=5m/s,求初始时刻流过金属棒ab的电流大小及金属棒de受到 安培力的大小： (2)若金属棒ab获得初速度2的同时，解除对U形框的锁定，为保持U形框仍静止，求2 的最大值： (3)若金属棒ab以初速度=5m/s从x=-0.4m处开始运动，同时解除对U形框的锁定，金 属棒αb与U形框会发生完全非弹性碰撞，求碰撞结束瞬间金属棒ab与U形框共同的速 度。 m 图15 高二物理第6页共6页 CS扫描全能王 亿人在用的扫描A1 2023级“贵百河”5月高二年级新高考月考测试 物理 参考答案 一、选择题 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C D A B D B AD BD AC 1.【答案】B 【详解】水中的气泡看上去特别明亮属于全反射现象；肥皂膜看起来常常是彩色的属于干涉现象。隔着墙也能听 到屋子里面人大声说话的声音属于衍射现象；街上警车尖叫着从行人旁疾驰而去，行人听到警笛声音由高变低属 于多普勒效应。 2. 【答案】C A、B：连线不是实际运动轨迹，故 A、B选项错误。 C、D：颗粒的运动是布朗运动，只能在气体和液体中发生，不能发生在固体中，C选项正确。布朗运动它是分 子无规则运动撞击引起的，分子的无规则运动永不停息，所以布朗运动永不停息， D选项错误 3. 【答案】D LC震荡电路中，电容器放电的过程，就是把电场能转化为磁场能的过程，a、c两个时刻电流最大，磁场最强， 所以磁场能最大，电场能为 0，此时放电结束。b、d时刻电流为 0，磁场能为 0，电场能最大。根据 2T LC ， 增大电容器的电容，震荡电路周期增大，震荡频率减小，故选 D 4. 【答案】A 干簧管的工作原理，就是让干簧管处于磁场中时，外部磁场使簧片磁化，使两个簧片变成异名磁极而产生相互吸 引的磁力，使得干簧管实现通断，故选 A 5【答案】B 【详解】线圈在0 L v  时间内还没进入磁场，则感应电流为零； 线圈在 2L L v v  时间内，线圈中产生的感应电流为 BLvI R  方向为逆时针方向，即负方向； 线圈在 2 4L L v v  时间内，线圈中磁通量不变，无感应电流； 线圈在 4 5L L v v  时间内，线圈中产生的感应电流为 BLvI R  方向为顺时针方向，即正方向。 故选 B。 6.【答案】D 【详解】A. 若 1 2 1 1000 n n  ，则， 22 1 1 1000 5V=5000Vm m nU U n    不可以实现燃气灶点火，选项 A错误 B.变压器只能改变交流电压，若没有转换器则变压器副线圈输出电压为零，选项 B错误； C.正弦式交流电一个周期电流方向改变两次，交流电周期 0.02s，故 1s中电流方向改变 100次，C错 D.电压表的示数为交流电的有效值，为 5 V 2.5 2V 2 U   选项 D正确； 7.【答案】B 【详解】A.水杯落地时，乒乓球的速率为 2v gH 选项 A错误； B.向上为正方向，从水杯落地到乒乓球脱离水面由动量定理 ' ( )I mv mv   解得脱离水面时，乒乓球的速率为 ' 2Iv gH m   2 选项 B正确； CD.从开始下落到上升至最高点的过程中，根据动量定理 0GI I p    可知乒乓球的动量变化大小为 0，乒乓球重力的冲量大小为 GI I 选项 CD错误 8.AD 【详解】A.在位置 A时，穿过线圈的磁感应强度斜向上，线圈向下运动，磁通量减小，根据“增反减同”和右手 螺旋定则，可判断出线圈中感应电流的方向为逆时针（俯视），A正确； B.线圈在位置C时，穿过线圈的磁感应强度斜向下，线圈向下运动，磁通量增加，根据“增反减同”和右手螺旋定 则，可判断出线圈中感应电流的方向为逆时针（俯视），B错误； C.线圈在位置 B时，线圈平面和磁场平行，磁通量为 0，但是磁通量的变化不为 0，所以依然有感应电流，C错 误； D.A、C两处磁通量大小相等，但是线圈加速下降，所以在 C处磁通量变化快，根据 E N t    可知，在 C时，线圈中感应电动势大，感应电流大，D正确。故选 AD。 9.BD 【详解】A.质点 a、b在各自平衡位置附近做简谐运动， 0t  时刻，质点 a距离平衡位置比质点 b距离平衡位置 远，质点 a的速度小于质点 b的速度，故 A错误； B.根据上下坡法可知，质点 a、b都向 x轴正方向振动，质点 a距离平衡位置比质点 b距离平衡位置远， 0t  时 刻之后，质点 a的比质点 b先回到平衡位置，故 B正确； C.两列波相遇的时间为 ( )x v v t   解得 0.75st  故 C错误； D.两列波经 0.75st  ，相遇在 P、Q的中点 M，故质点 M在 0.75st  时起振，两列波起振的方向都是 y轴负方向， 故两列波在质点 M处振动加强，M点的振幅为 2 4cmA A   两列波的周期为 1sT v    可知， 1.5st  质点 M振动了 3 4 T ,质点 M运动的路程为 3 12cms A  故 D正确。故选 BD。 10.AC 【详解】A.当入射速度为 v0时，电子沿 x轴做直线运动，则有 0eE ev B 可得电场场强大小为 0E v B A正确； BC.因为合力相等。在 O点合力 F=qE-qBv 在最高点的合力 F=qBv'-qE .解得 v'=2� � --v,即 v'=2v0-v B错误，C正确。 D.若入射速度小于 v0时，则 0qE qv B ，且电子向上偏转，则受到向上的电场力做正功，洛伦兹力不做功，故电 子向上运动的过程中动能逐渐增加，D错误； 故选 AC。 二、非选择题 11. A 增大 增大 【详解】（1）不加磁场时电子将做直线运动，即电子束做直线运动。 （2）根据洛伦兹力充当向心力 2vBev m R  解得 mvR eB  可知，保持磁感应强度不变，增大出射电子的速度，电子束圆周的半径将增大。 （3）根据 mvR eB  可知，若保持出射电子的速度不变，要减小电子束圆周的半径，则应增大磁感应强度。 12.(1) BD (2) BC (3) 1.2% 守恒 【详解】（1）A.小球 1m 开始释放高度相同，抛出点速度相同，故不需要测量小球开始释放的高度，故 A错误； B.根据动量守恒定律知 1 1 1 2 2m v m v m v  故需要测量两个小球的质量 1m 、 2m ，故 B正确； CDE.由于小球做平抛的高度相同，故下落的时间相等，由于小球平抛运动的时间相等，故可以用水平位移代替 速度进行验证，故需要测量平抛的水平射程 OP、OM、ON，故 CE错误，D正确；故选 BD。 （2）A.实验中，斜槽轨道不一定需要光滑，只须保证同一高度滑下即可，故 A错误； B.实验中，斜槽末端必须水平，保证小球做平抛运动，故 B正确； 3 C.为了防止碰撞后入射球反弹，入射小球的质量 1m 必须大于被撞小球的质量 2m ，故 C正确； D.实验中，复写纸和白纸的位置不可以移动，确保落地点位置精准，故 D错误； 故选 BC。 （3）[1][2]根据动量守恒定律知 1 1 1 2 2m v m v m v  由平抛运动知 0x v t 则 1 1 2 OP OM ONm m m t t t   解得 1 1 2mOP mOM m ON  碰撞前总动量为 1 510g cmmOP   碰撞后总动量为�1�� +�2�� = 504� ∙ �� 相对误差为δ = 510−504 510 ×100％=1.2% 故本次实验中两球的水平方向动量守恒。 13.【答案】（1）；− 5 2 6 （2） t=5 2 6 × 10−10s 【详解】（1）解法一：根据题意，在负折射率材料制成的棱镜中画出光路图， 如图所示 由几何关系可得，入射光在 D点的折射角为-37°，由折射定理可得，该材料的 折射率为 n = sin45° sin37° ……………………………………………… （2分） n‘ =− n ………………………………………………（1分） n‘ =− 5 2 6 ………………………………………………（1分） 解法二：根据题意，在负折射率材料制成的棱镜中画出光路图，如图所示 由几何关系可得，入射光在 D点的折射角为-37°，由折射定理可得，该材料的折射率为 n = sin45° sin（−37°） ………………………………………………（3分） n =− 5 2 6 ………………………………………………（1分） （2）由几何关系可得，光在棱镜中的传播距离为 DE=3cm由公式 n = c v …………………………………………………（2分） 可得，光在棱镜中的传播速度为 v = 3 2 5 c 则光在棱镜中的传播时间为 t = xDE v …………………………………………………（2分） xDE= xBD sin37° …………………………………………………（1分） 联立解得 t=5 2 6 × 10−10s …………………………………………………（1分） 14.【答案】（1）vB=v0；（2）Epmax = 1 3 mv02；（3）vC = 4 3 v0 【详解】（1）小球 A和物块 B碰撞过程中，根据动量守恒以及机械能守恒有 2mv0 = 2mvA + 2mvB …………………………………………………………（2分） 1 2 2mv02 = 1 2 2mvA2+ 1 2 2mvB2 …………………………………………………………（2分） 解得 vB=v0 …………………………………………………………（1分） （2）当 B，C共速时，弹簧压缩量最大，弹簧具有最大弹性势能，根据物块 B、C和弹簧组成的系统动量守恒、 机械能守恒有 2mvB =（2m+m）v共 …………………………………………………（1分） 1 2 2mvB2 = 1 2 （2m+m）v 共 2 + Epm …………………………………………………（2分） 解得Epm = 1 3 mv02 ……………………………………………………（1分） （3）当弹簧恢复原长时，物块 C达到最大速度，根据物块 B、C和弹簧组成的系统动量守恒、机械能守恒有 2mvB = 2mvB' +mvC …………………………………………………………（1分） 1 2 2mvB2 = 1 2 2mvB'2+ 1 2 mvC2 ………………………………………………………（1分） 4 解得vC = 4 3 v0 …………………………………………………………（1分） 15.【答案】(1)5A，2.0N (2) v2=6m/s (3)v共=1m/s 【详解】（1）根据法拉第电磁感应定律有E1 = B1Lv1 ① ……………………（1分） 根据闭合电路欧姆定律有I1 = E1 R1+R2 ② …………………………………（1分） 解得I1 = 5A ………………………………………………………（1分） 当 x=1m,B21=0.4T 则金属棒 de受到安培力的大小 F 安=B21I1L ③ …………………………………………………………（1分） F 安=2.0N …………………………………………………………（1分） （2）根据法拉第电磁感应定律有E2 = B1Lv2 ④……………………………（1分） 根据闭合电路欧姆定律有I2 = E2 R1+R2 ⑤ ……………………………（1分） 根据平衡条件有 B21I2L=m1gsinθ+μm1gcosθ ⑥………………………………（1分） 联立解得 v2=6m/s ………………………………………………………（1分） （3）因 v3=5m/s<v2=6m/s，所以 U型框仍静止 …………………………………（1分） 对 ab棒，从开始到与 U型框碰撞之前，根据动量定理有 (m2gsinθ − μm2gcosθ)t − B1ILt = m2v0-m2v3 ⑦…………………………………（3分） 又E = B1Lv ⑧……………………………………………………（1分） x = vt ⑨………………………………………………………（1分） � = △� � （等效⑧式） △� = �� △ � = ��� � （等效⑨式） 解得 v0=3m/s ab棒与 U型框碰撞，根据动量守恒定律有m2v0 = (m1 +m2)v共 ⑩……………（1分） 解得v共=1m/s …………………………………………………………（1分）