2025届云南省玉溪市高三下学期复习教学质量检测物理试卷

1考试时间：这年4月语日0：国-5】 4.4年。月s日，在巴糖奥必会女手得米我台走赛中，下岁的中间这手全红博卫超 二，多确选择题：本是典1小是，得小题分，共标种。在每小题哈出的阳个悬难中， 有基确有合题固题素。全题透对得6异，选对四不全的将】分，有程盛的湖0升。 2025高三复习数学质量校测 现时作为时起点，银整直下王方间，北比的-t用像 3，-1.，21-2T,内博线有自线，1-1内 物理试题金 观为确线，k有力如灌性=1口4，，不计空气刚为。周 七在0-0传04-时阅A,速度方鸭相区 :A唯过程中，气体处千马运的平均文维先减小容措大 生童事南： 1=L时，流度大小为4 C=L4叫，全打蝉有C到达最高或 BA一帮过图中。气体从并厚限位趋量 1.苏对减，考生冬运用其色成专笔样自己的城露。平其，里组，年确号，座位专 (。(过程中，单使时图内气体业子单位国积器字的植击文数 黑专切号位多是十上国耳诗复 5,形4情术，C友地月程席调见点，演点位T撞球托月球正线的就长线上，处丁此处 不 1每小是成由得线0，同用特笔起幕通十上对应是目的第果林号隆里女需代块， 物体在地相亮力的共风用下，可与月一起相具烧地面 同绿或解十净B，再远净其息专等根号。在通意上作茶无陆 党，H学家设塑在位格图用点A建立空间推，使其车川球同周离烧地球买动。巴切油 期如用参网余，本平面上图定两条星感花的平行亮州轨道，刺重直千平自整直向下。 人.专或准克香，请得等道卡克可.满合国分，华流同阳为分钟 闻消与月味的中心，地球中心呢商列男名，：川峰公挎周面 曲培绕位发■5开的)星壁条，轨道刊作A4,存相层有的值电阳骨和电寡 为T,有川力套为，则 L该空间站的周屏小丁地球门害卫显的具裹 G-20自电容西1的不布电，研量为4g.用蓝为？早作相d最直导镜 一，雕孩选弹期：本大髓共丁小理，每小酒4分。共道分。在每小始出的网个选填中： 该站的线度小了月公的线速置 置解，杆关s招，在名早力的州用下山上开早自室为 44,的1壁痛直线送通■.时测使去本平力F.开美 只有一领绳特会口要求的， 42￥行1R可的57 4 卫目餐是连条件，可风该发球的硬目 6摇2。氢路号杭用，周 1,气在弃感界中☆肆相对程高，是人为是国天然电有他时的品士罗来恩，对人数的班 南程“号是传国自上明及的首价形明京情大驻限信麦电装置。其想理用多甲丽 A,F是相为 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三，事选年题：本大艇共号小理，秀知炉。 5持单刀单得开关属，院室，单力买潭开兵人，院里工每梦电引箱层，足录电宽 5,(6分)细辉14展求，在价平坐标系内，多轴的右调有一整形权城视月有 山，(6非门某风学州用如国10甲所示的第置“深究速置与自体受合方的美系“。在 表A,:A:目家恒W,: 密墙比盛度大小当具。方门原直候自向里的创星楚场相电鳞度大小为无，方武量 气学装上安表中离为两个电门1,2，上定有度为d意 ()情触博甲的电贴图。膏知用乙等实阴用导规补凳连接老经 轴y轴自向订张电场：的左侧有友向，轴王的等气大小本) 条，轻是保笔烧过两个滑轮自同增出绢连接老换与弹销样￡，不计午礼与补龙之匀的 )租服实验格作实得性知，电线表是：” 将面量为海：电构量为，的正电较了风触上的风静上拜我程了价朝沿：轴述的 岸国力。 4)就5多得中的，工数刻养用缠每博内确和，明业意电的路本年 电 留久7过距e区域，已闻0m,4.0,=4(,貌子重为不什，皋： 厚 (1》,轴左侧]高包场的电场重民大小时 年《网分)传一小球感竿就，使用赖闪仅和明们机转运动的个球连打的圆，颗闪收国 (引若胶子城风静止师我时时址去展业场人，较佳都海直手y轴品过“点， 假ā发出一次闪克某大拍极时，小球在整程时间期闪这价好闪克，箱横的川 求酸子候向运动家第一松过彩点的时同： 细再加用1？规余，用中的第一个布球从围1后的影便。每幅等两个球之同减圆 (利若将积手从房，D止韩放1未值去电是场)，拉羊舒从化志出图思区城.素 去了4个图值养已短州的相选度大小.用力加建度大小像一， 性天度的可整植 复赔空气用力。求同中气F5,的大个 (1)实脸时。恢行像A丽滩内阴.成过气期，轻额情地他其从酰道石清间缩 6A,爱呢离是多通H无电门I的时同大于叠过无电门2能时间，■顶同学吃将周门 (2)弹楚件的余数用2将花，行台为 (3》低同学采取正确情临再市气座穿值骨，挂上指和所，接渔气夏，A格作管 像。程青块静止ǜ香无电门1简一型高处，再e平，到出带梁通过老电门，习 峰对同分绳为，上。明为西的如经大小考 ,(格是用题目中的已理男表余) 法(10计)某着承木引利用如用目甲新按的装置酵湖游量电荒表内L,电雨电动语 内阻。其中位值值为多，（的聚鸟用图团中们已量素 4:分1如相1)所元，中性为是、质量心的得分之一老隆剩舞肉衡静止在先准水 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π2sin (cm) 2 4 y x      即 λ = 4m；方法二：如图 1 所示， 将题目中的横坐标转化为角度，则有 180 451.5m 360     ，得 4m  ， 故 B 正确。由于该波的波速 2m/sv ，则 2 Hz 0.5Hz 4 f     v ，故 C 错误。由于 2sT    v ，题图为 t = 0 时刻的波形图，则 t = 2s 时刻振动形式和零时刻相同， 根据“上坡、下坡”法可知质点 A 向下运动，故 D 错误。 图 1 高三物理参考答案·第 2 页（共 7 页） 4．速度—时间图像斜率的正负表示加速度的方向，根据图像可知，在0 ~ 0.4s 和0.4 ~ 1.8s内时 间内，速度—时间图像的斜率未发生变化，因此可知其加速度方向未发生变化，故 A 错误； 由于 ~ tv 图线的斜率表示加速度，在0 ~ 1.8s 内的加速度为 2 21 0 ( 4) m/s 10m/s 0.4 a g    ， 1.8st  时，瞬时速度的大小 1.8 4m/s 10 1.8m/s 14m/s    v ，故 B 正确。分析图像可知， 在 0 ~ 0.4s 时间内全红婵做竖直上抛运动，在 0.4s 时刻上升到最高点，此时全红婵的重心 到达最高点，0.4 ~ 1.8s时间内，全红婵做自由落体运动，在 1.8s 时刻到达水面，故 C 错误。 2.1 ~ 2.7s内运动员的加速度方向向上，处于超重状态，故 D 错误。 5．处于拉格朗日点的空间站的轨道比地球同步卫星的轨道高，根据 2 2 2 4πMmG m R Tr  ，轨道半 径越大，周期越大，故 A 错误。因为空间站与月球一起同步绕地球做圆周运动，所以角速 度相等， Rv ，空间站的半径大，所以空间站的线速度就大，故 B 错误。设月球的质量 为 M 月，地球的质量为 M，空间站的质量为 m，对月球由 2 2 12 2 2 1 4π ( ) ( ) MM G M r r r r T    月 月 ，对 空间站 2 22 2 2 2 1 4M mMmG G m r r r T   月 ，可以解出 M 和 M 月，故 C 错误，D 正确。 6．副线圈两端的电压依赖于输入电压和匝数比，所以副线圈两端的电压不变，电阻增大，则 电流减小，副线圈的功率减小，最后使得输入功率减小，而输入电压不变，最后使得电流 减小，所以电流表的示数减小，故 A 错误。 cd 间的电压与原线圈的输入电压以及原、副 线圈的匝数比有关，与负载电阻无关，所以 cd 间的电压 cdU 不会随着负载电阻变化，故 B 错误。通过负载电阻的电流频率 n f ，海浪变大使得线框转速变成原来的 2 倍，则频率 变为原来 2 倍，故 C 正确。电动势有效值 2 NBSE  ，由于 2 n  变为原来 2 倍，设负 载电阻为 R ，原线圈等效电阻为 2 1 0 2 2 nR R n  ，则电流 0 EI R r   变为原来 2 倍，线框内阻的 发热功率 2P I r 变为原来 4 倍，故 D 错误。 7．小球由 Р 点到达 Q 点的过程，根据动能定理有 (1 cos ) sin 0 0mgl Eql        ，解得 60  ，故 A 错误。 P、Q 两点的电势差大小为 sin 60 2PQ mglU El q    ，故 B 正确。把小 球受到的重力和电场力等效为一个力，大小为 2 3 3 mg ，根据运动的对称性可知，小球 高三物理参考答案·第 3 页（共 7 页） 到达圆弧 PQ 的中点位置时速度最大，此时绳线中的拉力最大。小球的电势能减少 P 3sin 30 6 mglE ql    ，设最大速度为 mv ，根据动能定理有 (1 cos30 ) sin 30mgl Eql     2 m 1 0 2 m v ， 根 据 牛 顿 第 二 定 律 2 m2 3 3 T mg m l   v ， 轻 绳 对 小 球 的 最 大拉力 2 3 3 T mg ，故 C 错误，D 错误。 8．由气体状态方程 pV C T  ，有 1p CT V  ，由过原点的直线的斜率可知 TB>TC>TA，A→B 过 程温度逐渐升高，气体分子热运动的平均动能逐渐增大，故 A 错误，D 正确。A→B 过程 内能增加，体积增大，气体对外界做功，根据热力学第一定律可知，气体一直从外界吸收 热量，故 B 正确。B→C 过程为等容降温过程，压强降低，因分子数密度不变，温度降低， 分子热运动激烈程度减弱，单位时间内气体分子对单位面积器壁的平均撞击力减小，单位 时间内气体分子对单位面积器壁的撞击次数减少，故 C 错误。 9．开关 S 接 1 时，导体棒 ab 产生的电动势为 E BL v，其中 atv ，由闭合电路欧姆定律得 EI R r   ，对导体棒受力分析，由牛顿第二定律可得 F BIL ma  ，联立解得 BLatI R r   ， 2 2B L atF ma R r    ，可知水平拉力 F 随时间增大，故 A 错误。开关 S 接通 2 的瞬间，金属 棒切割磁感线时，根据右手定则可知电流方向由 b 流向 a，则电容器的上极板带正电，故 B 正确。开关 S 接 2 之后，导体棒对电容器充电，导体棒在安培力作用下做减速运动， 充电过程电流减小，所以安培力随时间减小，则导体棒先做加速度减小的减速运动，当 加速度减小到零时，导体棒匀速运动达到稳定，设此时电容器的电压为U ，导体棒的速 度 v ，则有U BL  v ，电容器充电电荷量为 q CU I t    ，对导体棒，由动量定理有 BIL t m m    v v，联立解得 02 2 mat m B L C    v =1m/s，故 C 正确，D 错误。 10．物块 B 受绳子拉力的作用，机械能不守恒，故 A 错误。解锁小球 A 之前，对 B 进行分析 有， 12 sin 30mg kx  ，小球 A 到达 N 点时，对 C 进行分析有， 22 sin 30mg kx  ，根据几 何关系有， 1 2x x R  ，解得， 2mgk R  ，故 B 正确。小球到达 N 点时，令物块 A、B 的 高三物理参考答案·第 4 页（共 7 页） 速度大小分别为 1 2、v v ，则有， 2 2 1 2 1 15 ( cos60 ) 2 sin 30 5 2 2 2 mg R R mgR m m       v v ，根 据速度分解有， 2 1 sin 60 v v ，解得， 1 2 6 9 13 26 gR gR  ，v v ，故 C 正确，D 错误。 三、非选择题：本大题共 5 小题，共 54 分。 11．（每空 2 分，共 6 分） （1）P （2）3.50 （3） 2 2 2 1 2 2 2 1 2 ( ) 4 d t t Lt t  【解析】（1）气垫导轨需要调至水平，由于遮光条通过光电门 1 的时间大于通过光电门 2 的时间，表明滑块通过光电门 2 时速度大一些，滑块在做加速运动，左侧过低，则该同 学应将调节旋钮 P 适当调高。 （2）弹簧秤的最小分度值为 0.1N，读数需要估读到分度值下一位，故图中弹簧秤的示数 为 3.50N。 （3）根据速度与位移的关系有 2 2 1 2 1 2d d a L t t              ，对钩码进行分析有 1 22a a ，解得  2 2 21 2 2 2 2 1 24 d t t a Lt t   。 12．（每空 2 分，共 10 分） （1）如图 2 所示 （2） 1 2R R 1 0R R （3） 1 abR a b 1 bR a b 【解析】（1）根据电路图作出实物图如图 3 所示。 （2）断开 K1，分别将单刀双掷开关 K2 旋至 1 与 2 时，电流表 A1 的示数均为 I0，则有 1 0 2AR R R  ，将 单刀双掷开关 K1 旋至 1，单刀双掷开关 K2旋至 2， 调节电阻箱 R，使电流表 A1、A2 的示数相同，记录 此时电阻箱的示数为 R2，则有 2 1 0 2A AR R R R   ， 解得 1 1 2AR R R  ， 2 1 0AR R R  。 图 2 图 3 高三物理参考答案·第 5 页（共 7 页） （3）步骤⑤有 2 0 1 1 2( ) ( )AI R R E I I r    ，由于 1 0 2AR R R  ，则有 1 1 21 REI I r r        ， 结合图乙有 E a r  ， 1 1 R a r b   ，解得 1 abRE a b   ， 1 bRr a b   。 13．（10 分） 解：照片中相邻两个小球之间的时间间隔是 5 5 0.04 0.2st T    ① 由图 4 可知： 由初位置影像到题图中第二张影像的 水平位移大小为 0 2 5 2 50.2 m 5 25 x t   v ② 竖直位移大小为 2 2 1 1 1 10 0.2 0.2m 2 2 h gt     ③ 由初位置到题图中第三张影像的 竖直位移大小为 2 2 1 2 1 1(2 ) 10 0.4 0.8m 2 2 h h g t      ④ 2 0.6mh  ⑤ 2 2 1 1 20 1 3 5 m 625 25 25 S x h     ⑥ 2 2 2 2 20 9 7 5 m 625 25 625 S x h     ⑦ 1 2 3 7S S ∶ ∶ ⑧ 评分标准：本题共 10 分。正确得出①、⑧式各给 2分，其余各式各给 1分。 14．（12 分） 解：（1）小球体运动至圆弧曲面最低点 B 过程，根据水平方向动量守恒有 1 210 0m m v v ① 根据机械能守恒定律有 2 2 0 1 2 1 1( ) 10 2 2 mg h R m m   v v ② 图 4 高三物理参考答案·第 6 页（共 7 页） 解得： 1 2 5gRv ， 2 5 5 gR v ③ 之后小球体与物块碰撞，根据动量守恒有 1 3 43m m m v v v ④ 根据机械能守恒定律有 2 2 2 1 3 4 1 1 1 3 2 2 2 m m m  v v v ⑤ 解得： 3 5gR v ， 4 5gRv ⑥ （2）小球体与物块碰撞反弹后的速度 3v 大于曲面圆弧的速度 2v ，假设小球体能够到达圆 弧曲面的最高点 A 位置，根据水平方向动量守恒，则有 3 2 5| | 10 ( 10 )m m m m  v v v ⑦ 小球体将冲出圆弧曲面最高点 A 做斜抛运动，水平分速度与曲面速度均为 5v ，令小球体 离开水平地面的最大高度为 maxh ，根据机械能守恒定律有 2 2 2 3 2 5 max 1 1 110 ( 10 ) 2 2 2 m m m m mgh    v v v ⑧ 解得： max 16 11 h R ⑨ 评分标准：本题共 12 分。正确得出⑦、⑧、⑨式各给 2分，其余各式各给 1分。 15．（16 分） 解：（1）粒子在 E1 中匀加速过程，根据动能定理有 2 1 0 1 2 qE d m v ① 粒子在 E0 中做匀速直线运动，则有 0 0 0q B qEv ② 解得： 2 0 1 2 02 mEE qdB  ③ （2）电场中加速过程有 21 3 1 2 qEd t m   ④ 高三物理参考答案·第 7 页（共 7 页） 粒子在磁场中做匀速圆周运动有 2 0 0 0 1 q B m R  vv ⑤ 1 1 0 2πRT  v ⑥ 解得： 1 0 2πmT qB  ⑦ 根据粒子运动的对称性与周期性，粒子从 O1 运动至第一次经过 M 点的时间 1 3(2 1) 2 Tt n t n    （n=1，2，3…） ⑧ 解得：   0 0 0 4 2n dB n mt E qB    （n=1，2，3…） ⑨ （3）粒子从 3O 释放加速至 O，根据动能定理有 2 1 1 14 2 qE d m v ⑩ 结合上述解得 0 1 0 0 2 2E B  v v ⑪ 将 1v 分解为大小均为 0v 的两个分速度，粒子以 0v 沿 x 轴做匀速直线运动的同时，以 0v 做 匀速圆周运动，依题意有 1 1t nT （n=1，2，3…） ⑫ OO2 的长度 1 0 1L t v ⑬ 解得： 01 2 0 2 πn mEL qB  （n=1，2，3…） ⑭ 评分标准：本题共 16 分。正确得出①、②式各给 2分，其余各式各给 1分。