精品解析：西藏自治区拉萨市2025届高三第二次联考理综试题-高中化学

拉萨市2025届高三第二次联考 高三理科综合试卷 试卷共14页，34小题，满分300分。考试用时150分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡指定位置上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3.考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，请将答题卡交回。 可能用到的相对原子质量：O-16 K-39 Mn-55 I-127 一、选择题：本题共13小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 化学与科学、技术、社会、环境息息相关。下列说法正确的是 A. 的发现为纳米科学提供了重要的研究对象，属于有机物 B. “嫦娥六号”月面采样器关键部件采用钛合金，钛合金属于新型无机非金属材料 C. 我国超高海拔地区光伏资源开发迈出新步伐，太阳能电池工作时，光能转化为化学能 D. 西藏是重要的国家生态安全屏障，使用可降解的一次性餐具有利于减少白色污染 2. Z是一种功能高分子材料，其合成片段如下： 下列叙述错误的是 A. 的分子式为 B. 可降解成2种小分子 C. Y是线型高分子材料 D. 反应1是加聚反应 3. 下列离子方程式书写正确是 A. 少量铁粉与过量稀硝酸反应： B. 通入足量氨水中 C. 使酸性溶液褪色： D 往纯碱溶液中滴加几滴稀盐酸： 4. X、Y、Z、W、V是原子序数依次增大的短周期主族元素，是组成富勒烯的元素，和V、Y和W同主族，是地壳中含量最多的元素，的一种单质是常见的半导体材料，五种元素形成的化合物常用作橡胶的黏合剂，其结构如图所示，下列说法错误的是 A. 原子半径： B. 最高价氧化物对应水化物的酸性：Y>W C. 熔点： D. 的VSEPR模型为三角锥形 5. 按如图装置进行实验，注入浓盐酸发生反应，一段时间后注入浓氨水，观察到试剂瓶内产生白烟。下列不同反应阶段的预期现象或说法不合理的是 A. 小试管内反应的离子方程式为 B. 实验过程中，①处试纸先变红后褪色、②处试纸变蓝、③处纸条无明显现象 C. 注入氨水后生成的白烟为盐酸小液滴 D. 烧杯中溶液吸收时，既不体现氧化性，也不体现还原性 6. 一种利用电化学原理制备吡啶-3-甲酸的装置如图所示，下列说法错误的是 A. 电极电势：a<b B. a电极表面发生还原反应生成H2 C. 阳极电极反应式：-4e-+2H2O=+4H+ D. 该装置工作时，双极膜解离出的OH-向b极移动 7. 常温下，向水溶液中滴加溶液，含硫微粒的分布系数随的变化关系如图所示。[已知] 下列说法正确的是 A. 曲线Ⅲ表示与溶液关系 B. 当时， C. 氢硫酸的的数量级为 D. 的平衡常数为 三、非选择题：共174分。 8. 电池随意丢弃会造成环境污染，一种从废旧碱性锌锰干电池中回收Mn制备的工艺如图所示。 （1）基态Mn原子的价层电子排布式为_____；“水溶”时，需将废旧干电池拆分粉碎，粉碎的目的是_____。 （2）“酸溶”时，难溶的会转化为可溶性的、，同时有气体生成，该反应的离子方程式为___________，该反应的还原剂为_____（填化学式）。 （3）除杂过后，获得溶液，已知的溶解度曲线如图所示。 ①从溶液中获得晶体的操作是蒸发浓缩、__________、洗涤、干燥。若想获得更高纯度的晶体，可以采取的措施有____________（写一条即可）。 ②在持续煅烧（），最终剩余固体的质量为，该固体为的氧化物，其化学式为___________。 （4）碱性锌锰干电池放电时的总反应为，其正极的电极反应式为___________。 9. KI广泛应用于分析试剂、感光材料、制药等。某化学兴趣小组利用如图装置，在实验室中制备并探究其性质。（已知：） 回答下列问题： （1）装置A中a管的作用是_________，仪器b的名称为_____。 （2）B中反应的离子方程式为__________。 （3）在C中滴入溶液加热搅拌并通入，有黄色固体生成，C中发生反应的化学方程式为__________。 （4）测定KI的纯度：称取样品配成溶液，取出溶液，滴入足量硫酸酸化的，充分反应后，加热除去过量的；滴加3滴淀粉溶液为指示剂，用的溶液进行滴定，消耗溶液。 滴定终点时的现象为__________，测得KI的纯度为_____（列出计算表达式即可）。 （5）探究KI的性质： 编号 实验操作 实验现象 实验Ⅰ 向的溶液中滴加滴溶液（混合溶液的） 溶液变为棕黄色，后棕黄色变深 实验Ⅱ 取实验Ⅰ充分反应后所得的棕黄色溶液，滴加2滴溶液 溶液变红 ①小组同学对实验Ⅰ中后棕色变深的原因提出猜想：被空气氧化。 设计实验验证：__________，若后溶液不变蓝，证明该假设不成立。 ②实验Ⅱ可以证明与发生可逆反应，原因是___________。 10. 、都是重要的工业原料。已知在时发生反应，回答下列问题： （1）的中心原子的杂化轨道类型为____________；比沸点高的原因：分子比分子极性更强、____________、____________。 （2）已知时几种化学键的键能： 化学键 键能/kJ·mol-1 946 436 391 _____。 （3）在恒温的刚性密闭容器中按和投料，发生反应a，其他条件不变，相同时间内的产率与温度（T）、催化剂CatM和CatN的关系如图所示： ，催化效率较好的催化剂是__________，点_____（填“达到”或“未达到”）平衡状态，原因是__________。 （4）以和作为原料，在刚性密闭容器中仅发生反应a，保持初始投入的的物质的量为，测得反应时的转化率与温度、初始氨碳比关系如图。 ①其他条件不变时，随着温度的升高，时的转化率先增大后减小的原因是____________。 ②时，则该反应中点平衡常数_________（列出计算表达式即可）。 11. G是合成某药物的中间体，以丙烯为原料合成环酮酯（G）的路线如图所示（Et-表示乙基）。 回答下列问题： （1）B的名称是__________，D中含氧官能团是__________（填名称）。 （2）B→C的反应类型是__________。 （3）久置的C自身发生聚合反应，所得聚合物具有较好的弹性，可用于生产织物和皮革处理剂，写出C发生聚合的化学方程式：___________。 （4）E分子含________个手性碳原子，1molF在催化剂、加热条件下，最多能与________molH2发生反应。 （5）在G的芳香族同分异构体中，同时具备下列条件的结构有________种（不考虑立体异构），其中，在核磁共振氢谱有六组峰且峰的面积比为1:1:2:2:2:6的结构简式为__________（写出一种即可）。 ①1mol该有机物最多能与2molNa2CO3反应，最多能与3molNa反应 ②含 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$ 拉萨市2025届高三第二次联考 高三理科综合试卷 试卷共14页，34小题，满分300分。考试用时150分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡指定位置上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3.考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，请将答题卡交回。 可能用到的相对原子质量：O-16 K-39 Mn-55 I-127 一、选择题：本题共13小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 化学与科学、技术、社会、环境息息相关。下列说法正确的是 A. 的发现为纳米科学提供了重要的研究对象，属于有机物 B. “嫦娥六号”月面采样器关键部件采用钛合金，钛合金属于新型无机非金属材料 C. 我国超高海拔地区光伏资源开发迈出新步伐，太阳能电池工作时，光能转化为化学能 D. 西藏是重要的国家生态安全屏障，使用可降解的一次性餐具有利于减少白色污染 【答案】D 【解析】 【详解】A．不是化合物，不属于有机物，A项错误； B．钛合金属于金属材料，B项错误； C．太阳能电池工作时，光能转化为电能，C项错误； D．可降解的一次性餐具‌是指在自然环境微生物（如细菌、霉菌、藻类）和酶的作用下，能够发生生物化学反应，最终分解成二氧化碳和水的餐具，使用可降解的一次性餐具有利于减少白色污染，D项正确； 故选D。 2. Z是一种功能高分子材料，其合成片段如下： 下列叙述错误的是 A. 的分子式为 B. 可降解成2种小分子 C. Y是线型高分子材料 D. 反应1是加聚反应 【答案】B 【解析】 【详解】A．由的结构简式可知，其分子式为，A项正确； B．根据Z的结构可知，其降解的产物之一为Y，仍属于高分子，B项错误； C．Y的链节含有饱和链烃的结构，是线型高分子材料，C项正确； D．反应1的反应物中含碳碳双键，该反应过程是由相对分子质量较小的化合物分子互相结合成相对分子质量较大的聚合物，无副产物，属于加聚反应，D项正确； 答案选B。 3. 下列离子方程式书写正确是 A. 少量的铁粉与过量稀硝酸反应： B. 通入足量氨水中 C. 使酸性溶液褪色： D. 往纯碱溶液中滴加几滴稀盐酸： 【答案】A 【解析】 【详解】A．少量的铁粉与过量稀硝酸反应生成、和，A项正确； B．通入足量氨水中的反应为，B项错误； C．使酸性溶液褪色的反应为，C项错误； D．往纯碱溶液中滴加几滴稀盐酸，由于盐酸不足，所以发生的反应为，D项错误； 故选A。 4. X、Y、Z、W、V是原子序数依次增大的短周期主族元素，是组成富勒烯的元素，和V、Y和W同主族，是地壳中含量最多的元素，的一种单质是常见的半导体材料，五种元素形成的化合物常用作橡胶的黏合剂，其结构如图所示，下列说法错误的是 A. 原子半径： B. 最高价氧化物对应水化物的酸性：Y>W C. 熔点： D. 的VSEPR模型为三角锥形 【答案】D 【解析】 【分析】X、Y、Z、W、V是原子序数依次增大的短周期主族元素，Y是组成富勒烯的元素，Y为C；Y和W同主族，且的一种单质是常见的半导体材料，为；是地壳中含量最多的元素，Z为O；和V同主族，V为S；根据X的成键情况可推出X为H。 【详解】A．一般来说电子层数越多半径越大；同周期从左往右，元素的原子半径递减，故原子半径：C>O>H，A正确； B．同主族从上往下，元素非金属性递减，故C的非金属性强于，最高价氧化物对应水化物的酸性碳酸强于硅酸，B正确； C．常温下为固体，熔点高于（为共价晶体、熔沸点较高，为分子晶体、熔沸点较低），C正确； D．的中心原子的价层电子对数，故的VSEPR模型为四面体形，D错误； 故答案选D。 5. 按如图装置进行实验，注入浓盐酸发生反应，一段时间后注入浓氨水，观察到试剂瓶内产生白烟。下列不同反应阶段的预期现象或说法不合理的是 A. 小试管内反应的离子方程式为 B. 实验过程中，①处试纸先变红后褪色、②处试纸变蓝、③处纸条无明显现象 C. 注入氨水后生成的白烟为盐酸小液滴 D. 烧杯中溶液吸收时，既不体现氧化性，也不体现还原性 【答案】C 【解析】 【分析】该装置利用浓盐酸和高锰酸钾反应制取氯气，方程式为：，然后利用瓶内的湿润的纸条、淀粉碘化钾试纸等检验其性质，多余的氯气用氢氧化钠溶液吸收。 【详解】A．小试管内生成，方程式为：，A合理； B．被无水干燥后不能使干燥的红色纸条褪色，所以③处纸条无变化。氯气能将氧化为，所以②处试纸变蓝。氯气溶于水生成和，次氯酸有漂泊性，所以①处试纸先变红后褪色，B合理； C．白烟为固体颗粒，与生成固体小颗粒，会有白烟产生，C不合理； D．与反应生成、和，既不是氧化剂也不是还原剂，D合理； 故选C。 6. 一种利用电化学原理制备吡啶-3-甲酸的装置如图所示，下列说法错误的是 A. 电极电势：a<b B. a电极表面发生还原反应生成H2 C. 阳极电极反应式：-4e-+2H2O=+4H+ D. 该装置工作时，双极膜解离出的OH-向b极移动 【答案】C 【解析】 【分析】由题干原电池装置中电子的移动方向可知，b为阳极，电极反应为：-6e-+2H2O=+6H+，，a电极为阴极，电极反应为：2H2O+4e-=H2↑+2OH-，据此分析解题。 【详解】A．由分析可知，b为阳极，a为阴极，阳极电势高于阴极电势，A正确； B．由分析可知，a极反应为2H2O+4e-=H2↑+2OH-，B正确； C．由分析可知，阳极电极反应式：-6e-+2H2O=+6H+，C错误； D．由分析可知，b为阳极，该装置即电解池工作时，阴离子向阳极移动，故双极膜解离出的OH-向b极移动，D正确； 故答案为：C。 7. 常温下，向水溶液中滴加溶液，含硫微粒的分布系数随的变化关系如图所示。[已知] 下列说法正确的是 A. 曲线Ⅲ表示与溶液的关系 B. 当时， C. 氢硫酸的的数量级为 D. 的平衡常数为 【答案】B 【解析】 【分析】随着增大，减小，先增大后减小，增大，则图中曲线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ分别表示和的分布系数随的变化，以此解题。 【详解】A．由分析可知，曲线Ⅲ表示与溶液的关系，A错误； B．根据电荷守恒得：，时，、，可得：，，B正确； C．点时，，，数量级为，C错误； D．点时，，，结合选项C可知，反应的平衡常数，D错误； 故选B。 三、非选择题：共174分。 8. 电池随意丢弃会造成环境污染，一种从废旧碱性锌锰干电池中回收Mn制备的工艺如图所示。 （1）基态Mn原子的价层电子排布式为_____；“水溶”时，需将废旧干电池拆分粉碎，粉碎的目的是_____。 （2）“酸溶”时，难溶的会转化为可溶性的、，同时有气体生成，该反应的离子方程式为___________，该反应的还原剂为_____（填化学式）。 （3）除杂过后，获得溶液，已知的溶解度曲线如图所示。 ①从溶液中获得晶体的操作是蒸发浓缩、__________、洗涤、干燥。若想获得更高纯度的晶体，可以采取的措施有____________（写一条即可）。 ②在持续煅烧（），最终剩余固体的质量为，该固体为的氧化物，其化学式为___________。 （4）碱性锌锰干电池放电时的总反应为，其正极的电极反应式为___________。 【答案】（1） ①. ②. 增大接触面积，加快水溶速率 （2） ①. ②. （3） ①. 趁热过滤 ②. 再次进行重结晶操作或控制结晶速率 ③. （4） 【解析】 【分析】废旧干电池加水溶解后过滤得KOH溶液，剩余固体经高温煅烧得和锌锰氧化物，加入稀硫酸和过氧化氢进行酸溶并过滤，滤液中含、、等，经过系列操作最终得。 【小问1详解】 Mn原子序数25，基态Mn原子的价层电子排布式：；“水溶”时，需将废旧干电池拆分粉碎，可以增大接触面积，加快水溶速率； 【小问2详解】 “酸溶”时，难溶的会转化为可溶性的、，过氧化氢作还原剂，被氧化生成氧气，反应的离子方程式：； 【小问3详解】 ①根据的溶解度曲线可知，要得到，不能将水分蒸干防止生成；需要在温度较高时过滤，此时不会生成且溶解度低，更易析出；若想获得更高纯度的晶体，可再次进行重结晶操作或控制结晶速率； ②的物质的量；设生成锰的氧化物的化学式为，根据锰守恒可知；求出，则该氧化物的化学式为； 【小问4详解】 放电时，为正极，发生还原反应：。 9. KI广泛应用于分析试剂、感光材料、制药等。某化学兴趣小组利用如图装置，在实验室中制备并探究其性质。（已知：） 回答下列问题： （1）装置A中a管的作用是_________，仪器b的名称为_____。 （2）B中反应的离子方程式为__________。 （3）在C中滴入溶液加热搅拌并通入，有黄色固体生成，C中发生反应的化学方程式为__________。 （4）测定KI的纯度：称取样品配成溶液，取出溶液，滴入足量硫酸酸化的，充分反应后，加热除去过量的；滴加3滴淀粉溶液为指示剂，用的溶液进行滴定，消耗溶液。 滴定终点时的现象为__________，测得KI的纯度为_____（列出计算表达式即可）。 （5）探究KI的性质： 编号 实验操作 实验现象 实验Ⅰ 向的溶液中滴加滴溶液（混合溶液的） 溶液变为棕黄色，后棕黄色变深 实验Ⅱ 取实验Ⅰ充分反应后所得的棕黄色溶液，滴加2滴溶液 溶液变红 ①小组同学对实验Ⅰ中后棕色变深的原因提出猜想：被空气氧化。 设计实验验证：__________，若后溶液不变蓝，证明该假设不成立。 ②实验Ⅱ可以证明与发生可逆反应，原因是___________。 【答案】（1） ①. 平衡气压，使盐酸顺利流下 ②. 三颈（口）烧瓶 （2） （3） （4） ①. 当滴入最后半滴硫代硫酸钠溶液后，溶液蓝色褪去且内不恢复原色 ②. （5） ①. 向试管中加入的溶液和两滴淀粉溶液，加稀硫酸调至溶液 ②. 实验Ⅰ中过量，取充分反应后的溶液加入仍变血红色，说明溶液中仍有，证明和的反应是可逆的（合理表述即可） 【解析】 【分析】利用装置A制取硫化氢气体，方程式为：，由于挥发出来氯化氢气体，需除去氯化氢，利用装置B除去氯化氢，发生的反应为：，硫化氢气体进入C装置制取，方程式为：，最后利用装置除去多余的有毒气体硫化氢。 【小问1详解】 装置A中a管的作用是平衡气压，使盐酸顺利流下；根据装置图可知b为三颈（口）烧瓶。 【小问2详解】 B中NaHS的目的是除去中的，反应的离子方程式为。 【小问3详解】 在碱性加热条件下，和发生反应生氧化还原反应，化学方程式为。 【小问4详解】 淀粉做指示剂，用溶液滴定，当滴入最后半滴溶液，溶液蓝色褪去且半分钟内不恢复原色，说明达到终点。根据关系式：，可知样品中的纯度。 【小问5详解】 ①要和实验Ⅰ形成对比实验，应选用相同的试剂并控制溶液pH相同，应向试管中加入的KI溶液和两滴淀粉溶液，加稀硫酸调至溶液pH=5；②实验Ⅰ中KI过量，取反应后的溶液加入KSCN仍变血红色，说明溶液中仍有，证明和的反应是可逆的。 10. 、都是重要的工业原料。已知在时发生反应，回答下列问题： （1）的中心原子的杂化轨道类型为____________；比沸点高的原因：分子比分子极性更强、____________、____________。 （2）已知时几种化学键的键能： 化学键 键能/kJ·mol-1 946 436 391 _____。 （3）在恒温的刚性密闭容器中按和投料，发生反应a，其他条件不变，相同时间内的产率与温度（T）、催化剂CatM和CatN的关系如图所示： ，催化效率较好的催化剂是__________，点_____（填“达到”或“未达到”）平衡状态，原因是__________。 （4）以和作为原料，在刚性密闭容器中仅发生反应a，保持初始投入的的物质的量为，测得反应时的转化率与温度、初始氨碳比关系如图。 ①其他条件不变时，随着温度升高，时的转化率先增大后减小的原因是____________。 ②时，则该反应中点的平衡常数_________（列出计算表达式即可）。 【答案】（1） ①. ②. 比形成的氢键强度大 ③. 分子比分子形成氢键的数目多 （2）-92 （3） ①. CatM ②. 未达到 ③. 时，Q点的产率高于点 （4） ①. 温度较低时，时反应a未达到平衡，随温度升高，反应速率加快，内的转化率增大；达到一定温度后，内反应达到平衡，由于反应是放热反应，温度升高，平衡逆向移动，平衡转化率减小，即内的转化率减小 ②. 【解析】 【小问1详解】 的中心C原子的价层电子对数为2，中心原子杂化轨道类型为；比沸点高的原因是分子比分子极性更强，比元素的电负性强，比形成的氢键强度大，分子比分子形成氢键的数目多； 【小问2详解】 △H=E反应物的总键能-E生成物的总键能，； 【小问3详解】 由图像可知在相同的温度下，催化剂CatM比CatN的催化效率高，催化剂能改变反应速率，但不改变平衡状态，对平衡时产物的产率没有影响，而时，Q点的产率高于点，说明点不是平衡状态； 【小问4详解】 ①由图像可知该反应是放热反应，温度较低时，时反应a未达到平衡，随温度升高，反应速率加快，内的转化率增大；达到一定温度后，内反应a达到平衡，反应a是放热反应，温度升高，平衡逆向移动，平衡转化率减小，即内的转化率减小； ②点初始氨碳比为3，初始投入的物质的量为，列出三段式：，。 11. G是合成某药物的中间体，以丙烯为原料合成环酮酯（G）的路线如图所示（Et-表示乙基）。 回答下列问题： （1）B的名称是__________，D中含氧官能团是__________（填名称）。 （2）B→C的反应类型是__________。 （3）久置的C自身发生聚合反应，所得聚合物具有较好的弹性，可用于生产织物和皮革处理剂，写出C发生聚合的化学方程式：___________。 （4）E分子含________个手性碳原子，1molF在催化剂、加热条件下，最多能与________molH2发生反应。 （5）在G的芳香族同分异构体中，同时具备下列条件的结构有________种（不考虑立体异构），其中，在核磁共振氢谱有六组峰且峰的面积比为1:1:2:2:2:6的结构简式为__________（写出一种即可）。 ①1mol该有机物最多能与2molNa2CO3反应，最多能与3molNa反应 ②含 【答案】（1） ①. 丙烯酸 ②. 酮羰基和酯基 （2）取代反应或酯化反应 （3）nCH2=CHCOOCH2CH3 （4） ①. 1 ②. 1 （5） ①. 6 ②. 或 【解析】 【分析】由题干合成流程图可知，A即丙烯经催化氧化转化为丙烯酸，丙烯酸和乙醇发生酯化反应生成C即丙烯酸乙酯，丙烯酸乙酯和发生反应生成E，E和CH3CH2ONa以及CH3I反应生成F，F和CH3CH2ONa反应经水化之后生成G，据此分析结合各小题实际解题。 小问1详解】 由题干流程图中B的结构简式可知，B的名称是丙烯酸，根据D的结构简式可知，D中含氧官能团是酮羰基和酯基，故答案为：丙烯酸；酮羰基和酯基； 【小问2详解】 由题干流程图信息可知，B→C即丙烯酸和乙醇发生酯化反应生成丙烯酸乙酯和水，该反应反应类型是酯化反应或取代反应，故答案为：酯化反应或取代反应； 【小问3详解】 由题干流程图C的结构简式可知，C含碳碳双键，能发生加聚反应合成高分子化合物，该反应的化学方程式为：nCH2=CHCOOCH2CH3，故答案为：nCH2=CHCOOCH2CH3； 【小问4详解】 已知同时连有4个互不相同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子，故E分子含1个手性碳原子，如图所示：，酯基不能与氢气反应，羰基能与氢气发生加成反应，结合F的结构简式可知，1molF在催化剂、加热条件下，最多能与1molH2发生反应，故答案为：1；1； 【小问5详解】 依题意，的不饱和度为4，其同分异构体应含1个苯环、2个羟基且与苯环直接相连，1个醚键、1个基团即苯环上连有三个取代基即两个-OH和一个，两个羟基有邻、间、对三种位置异构，然后第三个基团有分别有2种、3种和1种，故符合条件的同分异构体一共有2+3+1=6种，其核磁共振氢谱有六组峰且峰的面积比为1：1：2：2：2：6的有机物的结构简式为、，故答案为：6；、。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$